2025年粤教版选择性必修2物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教版选择性必修2物理上册阶段测试试卷694考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，以下说法中正确的是()A.穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是10：1B.穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等C.原、副线圈每一匝产生的电动势瞬时值之比为10：1D.正常工作时原、副线圈的输入、输出功率之比为10：12、如图所示，轻弹簧上端固定，下端悬挂一质量为m的条形磁铁，磁铁穿过固定的水平闭合金属线圈。将磁铁托起到弹簧压缩x后由静止放开，磁铁会上下运动并逐渐停下来，静止时弹簧伸长x。不计空气阻力，重力加速度为g；弹簧始终在弹性限度内，则（）

A.弹簧处于原长时，磁铁的加速度可能大于gB.磁铁中央通过线圈时，线圈中感应电流最大C.磁铁向下运动时，线圈受到的安培力方向向上D.线圈在整个过程中产生的焦耳热为mgx3、某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动；产生交变电流的图像如图所示，由图中信息可以判断（）

A.在A和C时刻线圈处于垂直于中性面位置B.在B和D时刻穿过线圈的磁通量为零C.从A到D时刻线圈转过的角度为D.若从O到D时刻历时0.02s，则在1s内交变电流的方向改变50次4、如图，匝矩形导线恒以角速度绕对称轴匀速转动，线圈面积为S，线框电阻、电感均不计，在左侧有磁感应强度为的匀强磁场，外电路接有电阻理想电流表A；那么可以确定是（）

A.从图示时刻起，线框产生的瞬时电动势为B.交流电流表的示数C.两端电压的有效值D.一个周期内的发热量5、小型发电机，输出功率25kW，发电机的输出电压为U=350V，输电线总电阻为r=4Ω．为了使输电线上损失的功率为发电机输出功率的5%，须采用高压输电．设用户所需电压为220V，则下列判断正确的是A.升压变压器原副线圈匝数比约为1:6B.降压变压器原副线圈匝数比约为8:1C.输电导线上的电压损失约为286VD.可供593盏“220V，40W”的白炽灯正常工作评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)6、长为的水平极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，板间距离也为板不带电。现有质量为m、电荷量为q的带正电粒子（不计重力），从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场；欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是（）

A.使粒子的速度v<B.使粒子的速度v>C.使粒子的速度v>D.使粒子的速度<v<7、一只矩形线圈在磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动；穿过线圈的磁通量随时间变化的图象如图所示。下列说法中正确的是（）

A.t=0时，线圈平面与中性面垂直B.t=0.01s时，磁通量的变化率最大C.t=0.02s时，感应电动势最大D.t=0.03s时，感应电动势最大8、如图所示，两根光滑平行导轨水平放置，间距为L，其间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B。垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒。从t＝0时刻起；棒上有中通过金属棒的电流按如图所示的规律变化，则下列说法正确的是（）

A.金属棒的加速度随时间不发生变化B.金属棒的加速度随时间周期性变化C.t＝时刻金属棒距离出发点最远D.t＝T时刻金属棒距离出发点最远9、如图甲所示，光滑平行金属导轨所在平面与水平面成角，M、P两端间接有阻值为R的定值电阻。阻值为r的金属棒垂直导轨放置，其他部分电阻不计。整个装置处在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上．从时刻开始，棒受到一个平行于导轨向上的外力F作用，由静止开始沿导轨向上运动，运动中棒始终与导轨垂直，且接触良好，通过R的感应电流I随时间t变化的图象如图乙所示，下面分别给出了穿过回路的磁通量磁通量的变化率棒两端的电势差和通过棒的电荷量q随时间t变化的图象；其中正确的是（）

A.B.C.D.10、如图，为两个竖直面内平行放置的四分之一光滑圆形导体轨道，半径为r，相距为L。两轨道在最高点P、Q处，分别与两根足够长的光滑平行导轨平滑相连，构成水平轨道C、D端接有阻值为R的定值电阻，所有轨道的电阻均不计，整个装置置于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。一质量为m、长为L、阻值为的导体棒紧贴轨道，在外力F作用下从处开始，做角速度为的匀速圆周运动，到达圆形轨道与水平轨道的连接处时撤去外力，整个过程中导体棒始终与导轨垂直且接触良好。重力加速度为g；对于导体棒的整个运动过程，下列判断正确的是（）

A.整个过程中外力F做的功为B.导体棒从运动到的过程中，流过定值电阻R的电荷量为C.导体棒从运动到的过程中，定值电阻R上产生的焦耳热为D.导体棒最终静止的位置离的距离为11、如图所示，为两个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向里和向外，磁场宽度均为L，距磁场区域的左侧L处，有一边长为L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，线框一边平行于磁场边界，现用外力F使线框以图示方向的速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定：电流沿逆时针方向时的电动势E为正，磁感线垂直纸面向里时磁通量为正。则以下关于线框中的感应电动势E、磁通量感应电流I和电功率P随时间变化的图象中正确的（）

A.B.C.D.12、如图甲所示为某小区进口处的智能道闸系统，其简化示意图如图乙所示，两个车辆检测器的电感线圈分别铺设在自动栏杆前、后的地面下，检测器内部的电容器与电感线圈构成振荡电路；振荡电流如图丙所示。当汽车接近或离开线圈时，使线圈的自感系数发生变化，从而引起振荡电路中的电流频率发生变化，车辆检测器检测到这个变化就发出电信号，“通知”车牌识别器对车辆身份进行鉴别，然后控制自动栏杆抬起或落下。下列说法正确的（）

A.图丙中，时刻电容器两端电压为最大值B.图丙中，时间内，电容器上的电荷量增加C.汽车接近线圈时，线圈的自感系数增大，振荡电流的频率降低D.汽车离开线圈时，线圈的自感系数增大，振荡电流的频率升高13、如图所示；下列说法正确的是（）

A.图甲中，P、Q是偏振片，M是光屏，当P固定不动，缓慢转动Q时，光屏M上的光亮度将会变化，此现象表明光波是纵波B.图乙是双缝干涉示意图，若只减小屏到双缝间的距离L，两相邻亮条纹间距离将减小C.图乙中用白光进行实验，中央亮条纹是彩色的，两侧条纹也是彩色的D.利用红外线进行遥感主要是因为红外线的波长长，容易发生衍射评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示，用两条一样的弹簧吊着一根铜棒，铜棒所在的虚线框范围内有垂直纸面的匀强磁场，棒中通入自左向右的电流．当棒静止时，每个弹簧的拉力大小均为F1，若将棒中电流反向但不改变电流大小，当棒静止时，每个弹簧的拉力大小均为F2,且F2>F1，则磁场的方向为_________，安培力的大小为______________．

15、光敏电阻在自动化装置中有很多应用，街道路灯自动控制就是其应用之一，图示电路为其模拟电路，其中干电池的内阻可忽略不计，A处接电磁继电器，B为三极管（当时，间的电阻R可忽略不计，当时，R可视为无穷大），b点的电势由与的比值决定，中有一个是定值电阻；另一个是光敏电阻，阻值随光照强度增强而减小，C为电磁继电器，D为路灯。为了达到日出路灯熄，日落路灯亮的效果，请回答下列问题：

(1)是___________（选填“光敏电阻”或“定值电阻”）；

(2)请用笔画线代替导线，将实物连接成正确的电路。（________）16、矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，在中性面时，通过线圈的磁通量最大。______17、变化的电场产生磁场，麦克斯韦假设，既然变化的磁场能产生电场，那么变化的电场也会在空间产生_____________18、如图，电阻均匀的正方形闭合金属框在外力作用下，第一次以速率v向左匀速拉出匀强磁场、第二次以速率2v向右匀速拉出匀强磁场，则在金属框第一次和第二次移出磁场的过程中，边两端电压大小之比为______，外力做功的功率之比为______。

评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)19、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

20、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

21、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

22、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)23、小岩同学将废弃不用的玩具电源拆开；发现内部有一个变压器，她想在不拆变压器绕线的前提下测量其初级线圈的直流电阻，先用多用电表欧姆挡测得阻值约400Ω，然后再用伏安法精确测量其直流电阻。现有器材如下：

电流表A1（量程20mA，内阻r1约为3Ω，读数记为I1）；

电流表A2（量程5mA，内阻r2=20Ω，读数记为I2）；

电压表V（量程15V，内阻RV约为15KΩ，读数记为U）；

定值电阻R1=580Ω；

定值电阻R2=1180Ω；

滑动变阻器R（0~1000Ω）；

蓄电池E（电动势6V；内阻很小）；开关、导线若干。

（1）小岩利用以上的部分器材设计了如图1所示的电路图，请指出此电路设计不妥当的地方：___________。

（2）请利用提供的器材在图2的方框中画出改进后的电路图，并标出各器材的代号_________。

（3）测量初级线圈的电阻表达式为RL=___________（本结果均用题中所给的字母表示）。

（4）关于实验操作下列说法正确的是___________。

A.如图2，闭合K1前；应将滑动变阻器划片滑至最左端。

B.调整滑动变阻器电阻后立刻读出电表读数。

C.实验结束拆除电路时应先断开K2，稍等一会儿再断开K1参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【分析】

【详解】

AB．理想变压器无漏磁；故穿过原；副线圈每一匝磁通量相等，磁通量变化率也相同，故A错误，B正确；

C．理想变压器无漏磁；故穿过原；副线圈每一匝磁通量之比是1：1，故穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等，在每匝的线圈中，原、副线圈产生的电动势瞬时值是相等的，故C错误；

D．正常工作时变压器的输入；输出功率之比为1：1；故D错误。

故选B。2、A【分析】【分析】

【详解】

A．弹簧处于原长时，没有弹力，除受到重力外，若磁铁向上运动，则受到向下的安培阻力，若向下运动，则受到向上的安培阻力，因此磁铁的加速度可能大于g；选项A正确；

B．磁铁中央通过线圈时；线圈的磁通量变化率为零，则线圈中感应电流为零，最小，选项B错误；

C．当磁铁向下运动时；根据楞次定律来拒去留可知磁铁受到向上的安培力，那么线圈受到的安培力方向向下，选项C错误；

D．根据能量守恒定律，从静止至停止，弹簧的弹性势能不变，那么减小的重力势能转化为电能，从而产生焦耳热为

选项D错误。

故选A。

【点睛】

利用楞次定律判断线圈所受安培力的方向；并利用楞次定律力的角度“来拒去留”去分析安培力方向，最后依据能量守恒定律，即可求解产生的焦耳热是来自于重力势能的减小。

本题巧妙的考查了楞次定律的应用，只要记住“来拒去留”这一规律，即可判断受力方向以及运动方向；磁铁受到的阻碍，安培力方向向上，那么线圈受到的安培力则向下。3、A【分析】【分析】

【详解】

AB．由图象可知，在A、C时刻感应电流最大，此时线圈与中性面垂直，穿过线圈的磁通量为零；在B、D时刻；感应电流为零，此时线圈位于中性面上，穿过线圈的磁通量最大，故A正确，B错误；

C．从A到D，经历个周期，线圈转过的角度为

故C错误；

D．由图象可知，从O～D是一个周期；如果经历时间为0.02s，则1s是50个周期，一个周期内，电流方向改变两次，所以1s内电流方向改变100次，故D错误。

故选A。4、B【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知，线圈只有一半在磁场中，故产生的电动势的最大值为

故瞬时表达式为

A错误；

B．电流表的示数为

B正确；

C．两端电压的有效值

C错误；

D．一个周期内的发热量

D错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

Ａ．通过升压变压器原线圈的电流为I1==71.4A

输电电路上损失的功率至多为：P线=P×5%=I22r

得输电线上的电流为:I2≈17.7A

升压变压器原线圈与副线圈的匝数比为：n1：n2=I1：I2=17.7：71.4=1：4

则A错误；

Ｂ．升压变压器的输出电压为U2==1400V

流过降压变压器原线圈的电流为:I3=I2=17.7A

降压变压器原线圈两端的电压为：U3=U2-I2r=1329V

已知降压变压器的输出电压，即用户电压U4=220V，所以降压变压器原线圈与负线圈的匝数比为：n3：n4=U3：U4=1329:220=6:1

则B错误；

Ｃ．输电导线上的电压损失约为△U=I2r=70.8V

则C错误；

Ｄ．设可安装的白炽灯为n盏，则灯消耗的功率也即降压变压器的输出功率为：P4=nP灯

又对理想变压器有：P4=P出-P线n=593.75

所以取593，则D正确．二、多选题(共8题，共16分)6、A:B【分析】【详解】

欲使粒子不打在极板上，如图所示，带正电的粒子从左边射出磁场时，其在磁场中圆周运动的半径

粒子在磁场中做圆周运动由洛伦兹力提供向心力，根据

可得粒子做圆周运动的半径

所以粒子不打到极板上且从左边射出，则

即

带正电的粒子从右边射出，如图所示，此时粒子的最小半径为R，由上图可知

可得粒子圆周运动的最大半径

则

即

故欲使粒子不打在极板上，粒子的速度必须满足或

故选AB。7、B:D【分析】【详解】

A．t=0时；线圈磁通量最大，线圈平面与中性面平行，故A错误；

B．t=0.01s时；磁通量为0，感应电动势最大，磁通量变化率最大，故B正确；

C．t=0.02s时；磁通量最大，磁通量变化率为0，感应电动势为0，故C错误；

D．t=0.03s时；磁通量为0，磁通量变化率最大，感应电动势最大，故D正确。

故选BD。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．由左手定则可以判断金属棒所受的安培力的方向随电流周期性变化，而其大小F＝BIL

也随电流周期性变化；由牛顿第二定律得金属棒的加速度大小；方向周期性变化，故A错误、B正确；

CD．金属棒0～时间向右加速运动，～时间向右减速运动，时刻速度减为零，～时间向左加速运动，～T时间向左减速运动，T时刻速度减为零，金属棒回到出发点，时刻金属棒距离出发点最远；故C正确；D错误。

故选BC。9、B:C【分析】【详解】

A．由图看出，通过R的感应电流随时间t增大，根据法拉第电磁感应定律得知，穿过回路的磁通量是非均匀变化的，Φ-t应是曲线；A错误；

B．由电流图象得

k是比例系数

则

B正确；

C．a、b两端的电压

则Uab与t成正比；C正确；

D．根据

D错误。

故选BC。10、A:D【分析】【详解】

A．导体棒从运动到的过程中；瞬时速度分解如图所示。

感应电动势的瞬时值

产生的感应电流为正弦式交变电流，有效值

导体棒从运动到的过程中，由功能关系可知外力做的功

故A正确；

B．由

可知，导体棒从运动到的过程中，流过定值电阻R的电荷量

故B错误；

C．定值电阻R上产生的焦耳热

故C错误；

D．导体棒在水平轨道。上，从处以初速度在安培力作用下减速运动直至停下，这一过程中对导体棒由动量定理可得

由

联立可得导体棒在水平轨道上的位移

故D正确。

故选AD。11、B:C:D【分析】【详解】

A．在时间内，根据法拉第电磁感应定律得知，线框中产生的感应电动势

保持不变；在时间内，线框开始进入第二个磁场时，两端同时切割磁感线，电动势方向相同，串联，电路中总的感应电动势应为2BLv；故A错误；

B．在时间内，磁通量

随着时间均匀增大，在

时刻，线框完全进入第一个磁场，磁通量为在时间内，线框从第一个磁场开始进入第二磁场，磁通量存在抵消，磁通量均匀减小，在时刻，当线框从一种磁场进入另一种磁场正好处于一半时，磁通量为零；在时间内，磁通量反向均匀增大，在时刻，线框完全进入第二个磁场，磁通量反向最大为在时间内，线框穿出第二个磁场，磁通量均匀减小，在

时刻；磁通量为零，故B正确；

C．当线框运动L时，右边开始切割磁感线，产生

的电动势，电路中电流

根据右手定则判断可知，感应电流的方向沿逆时针，为正；当向右再运动L时，线框两边均切割磁感线，由于磁场反向，故回路中总的电动势大小为

此时电流的方向沿顺时针，为负，电流大小为

当线圈再向右运动L过程中，只有左侧切割磁感线，此时，电动势为

感应电流大小

方向沿正方向；故C正确；

D．在时间内，

在时间内

在时间内

故D正确。

故选BCD。12、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．图丙中，时间内电流在减小，说明电容器在充电，时刻充电结束；电容器两端电压为最大值，故A正确；

B．时间内电流在增大；说明电容器在放电，电荷量减少，故B错误；

C．汽车上有很多钢铁；当汽车接近线圈时，相当于给线圈增加了铁芯，所以线圈的自感系数增大；根据公式。

可知；线圈的自感系数增大时振荡电流的频率降低，故C正确；

D．同理；当汽车离开线圈时，线圈的自感系数减小，振荡电流的频率升高，故D错误。

故选AC。13、B:D【分析】【详解】

A．图甲是光的偏振现象；只有横波才能产生偏振现象，所以光的偏振现象表明光是一种横波，故A错误；

B．根据双缝干涉相邻两亮条纹的间距

可知只减小屏到挡板间距离L，两相邻亮条纹间距离Δx将减小；故B正确；

C．用白光做光源；正中央距离双缝的距离相等，所以各种单色光发生干涉后在正中央都是亮条纹，七色光又重新复合成白光，所以正中央的亮纹是白色的，故C错误；

D．红外线进行遥感主要是因为红外线的波长长；容易发生衍射，故D正确。

故选BD。三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【详解】

(1)因为电流反向时,弹簧秤的读数所以可以知道电流自左向右时,导体棒受到的磁场力方向向上,根据左手定则可以确定磁场的方向为垂直纸面向里;

(2)令铜棒的重力为G,安培力的大小为F,则由平衡条件得:①

当电流反向时,磁场力变为竖直向下,此时同样根据导体棒平衡有:②

由①和②可得:

棒的重力

安培力F的大小【解析】垂直纸面向里15、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由于光敏电阻阻值随着光照强度的增大而减小，为使路灯正常工作，在白天时电磁继电器的触点断开，电磁铁通电，变小或变大，而白天时光敏电阻阻值变小，所以是光敏电阻；

(2)[2]根据题述分析可知；A处与继电器相连，路灯与火线；零线相连接，开关应接在火线上，画导线时要避免交叉电路图如图所示。

【解析】光敏电阻16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，中性面是指线圈平面与磁感线垂直的位移，则在中性面时，通过线圈的磁通量最大。此说法正确。【解析】正确17、略

【解析】磁场18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]以速度v向左拉出线框时有

以速度2v向右拉出线框时有

所以两次过程ad边两端的电势差之比为3：2。

[2]因为是匀速拉出，所以外力做功的功率等于热功率，即

可见外力做功的功率与v2成正比，所以两次过程外力做功的功率之比为1：4。【解析】四、作图题(共4题，共32分)19、略

【分析】【详解】

根