2025年沪教新版高三物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年沪教新版高三物理下册阶段测试试卷829考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．下列有关对物理规律发现的描述中正确的是（）A.牛顿发现了万有引力定律，并用实验测出了引力常量GB.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象之间的联系C.洛伦兹发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系D.欧姆发现了欧姆定律，说明了热现象和电现象之间存在联系2、如图所示，一小球在光滑水平面上从A点开始向右运动，经过2s与距离A点6m的竖直墙壁碰撞，若碰撞时间极短可忽略不计，碰后小球原路原速率返回．设A点为计时起点，并且取水平向右的方向为正方向，则小球在5s内的位移和路程分别是（）A.3m，6mB.3m，15mC.0m，8mD.-3m，15m3、如图所示；甲是一个带正电的小物块，乙是一个不带电的绝缘物块，甲；乙叠放在一起静置于粗糙的水平地板上，地板上方空间有水平方向的匀强磁场．现用水平恒力拉乙物块，使甲、乙无相对滑动地一起水平向左加速运动，在加速运动阶段（）

A.乙物块与地之间的摩擦力不断增大。

B.甲；乙两物块间的摩擦力不断增大。

C.甲；乙两物块间的摩擦力大小不变。

D.甲；乙两物块间的摩擦力不断减少。

4、如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34eV；那么对氢原子在能量跃迁过程中发射或吸收光子的特征认识正确的是（）

A.用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应B.一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出4种不同频率的光C.一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eVD.用能量为10.3eV的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态5、某放射性元素经过11.4天有的原子核发生了衰变，该元素的半衰期是（）A.3.8天B.5.7天C.7.6天D.11.4天6、瑞典rm{ASES}公司设计的曾用于驱动潜艇的液氨一液氧燃料电池示意图如图所示，下列有关说法正确的是A.电极rm{2}发生氧化反应B.电池工作时，rm{Na^{+}}向负极移动C.电流由电极rm{1}经外电路流向电极rm{2}D.电极rm{1}发生的电极反应为7、“神九”载人飞船与“天宫一号”成功对接及“蛟龙”号下潜突破7000

米入选2012

年中国十大科技进展新闻.

若地球半径为R

把地球看做质量分布均匀的球体(

质量分布均匀的球壳对球内任一质点的万有引力为零).

“蛟龙”号下潜深度为d

“天宫一号”轨道距离地面高度为h

“蛟龙”号所在处与“天宫一号”所在处的重力加速度之比为(

)

A.R鈭�dR+h

B.(R鈭�d)2(R+h)2

C.(R鈭�d)(R+h)2R3

D.(R鈭�d)(R+h)R2

8、如图所示，边长为2L的正方形线圈共有n匝，其中心位置处边长为L的正方形虚线框内有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直线圈平面，则穿过线圈的磁通量为（）A.4BL2B.BL2C.4nBL2D.nBL29、下列说法正确的是（）A.牛顿发现万有引力定律并精确测出了引力常量B.哥白尼提出日心说，认为行星以椭圆轨道绕太阳运行C.牛顿在归纳总结了伽利略、笛卡尔等科学家结论的基础上，得出了牛顿第一定律D.亚里士多德提出了力是改变物体运动状态的原因评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)10、把1个电子从1节干电池内部正极搬运到电池的负极时非静电力所做的功=____J．11、原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为λ1的光子；原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为λ2的光子，已知λ1＞λ2．原子从a能级状态跃迁到c能级状态时____（填“吸收”或“辐射”）波长为____的光子．12、（1）在探究小车做匀变速直线运动的实验中，先计算出打下各计数点时的瞬时速度，为了求得小车的加速度，最合理的方法是____

A．根据任意两计数点对应的速度，用公式a=算出加速度。

B．根据实验数据画出v-t图象；量取其倾角θ，由a=tanθ，求出加速度。

C．依次算出通过连续两计数点间的加速度；然后求它们的平均值，作为小车的加速度。

D．根据实验数据画出v-t图象，由图象上相距较远的两点所对应的速度、时刻，用公式a=算出加速度。

（2）在“探究小车速度随时间均匀变化的规律”的实验中，得到一条纸带如图所示，A、B、C、D、E、F为相邻的6个计数点，若相邻计数点的时间间隔为t=0.1s，用刻度尺量得AB=1.50cm，EF=3.10cm，可估测小车的加速度大小为____m/s2，由此可进一步求出打下B点时小车的速度大小为____m/s．

13、将一质量为0.2kg的小球在空中静止释放，其离地高度与时间的关系H=3.2-3t2，式中H以m为单位，t以s为单位．则小球0.4s末离地高度为____m，克服空气阻力所做的功为____J．（g取10m/s2）14、一台电动机正常工作时线圈两端的电压为380伏，线圈的电阻为2欧，线圈中的电流为3安，若这台电动机正常工作10s，则此电动机消耗的电功W是____焦，产生的热量Q是____焦．15、导体切割磁感应线时产生感应电动势的数学表达式为____，即在____时，感应电动势等于____．16、两个电阻R1=1Ω，R2=2Ω，它们串联在电路中消耗的电功率之比P1：P2=____，它们并联在电路中消耗的电功率之比P1′：P2′=____，．若把它们串联接在9V的电源上（电源内阻不计）电路消耗的总功率为____W．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)17、当温度升高时，物体内部所有分子的动能都增加．____．（判断对错）18、电子手表中的液晶在外加电压的影响下能够发光．____．（判断对错）19、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）20、太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核聚变反应____（判断对错）21、火车转弯时，若转弯处内外轨道一样高，则转弯时，对外轨产生向外的挤压作用．____．22、用电器的额定功率与所加的电压无关．____．（判断对错）23、甲、乙两杯水，水中均有颗粒在做面朗运动，经显微镜观察后，发现甲杯的布朗运动比乙杯中的激烈，说明甲杯中水温高于乙杯．____．（判断对错）24、在磁场中，粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比____（判断对错）评卷人得分四、实验题(共4题，共40分)25、探究力对原来静止的物体做的功与物体获得的速度的关系，实验装置如图甲所示．实验过程中有平衡摩擦力的步骤，并且设法让橡皮筋对小车做的功以整数倍增大，即分别为W0、2W0、3W0、4W0

①实验中首先通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力，目的是____（填写字母代号）．

A．为了释放小车后小车能做匀加速运动。

B．为了增大橡皮筋对小车的弹力。

C．为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功。

D．为了使小车获得较大的动能。

②图乙是在正确操作情况下打出的一条纸带，从中截取了测量物体最大速度所用的一部分，已知相邻两点打点时间间隔为0.02s，则小车获得的最大速度vm=____m/s（保留3位有效数字）．

③几名同学在实验中分别得到了若干组橡皮筋对小车做的功W与小车获得最大速度vm的数据，并利用数据绘出了图中给出的四个图象，你认为其中正确的是____．

26、（2014秋•鸡西校级期末）（1）关于探究功与物体速度变化的关系实验中，下列叙述正确的是____．

A．每次实验必须设法算出橡皮筋对小车做功的具体数值。

B．每次实验中；橡皮筋拉伸的长度没有必要保持一致。

C．放小车的长木板应该尽量使其水平。

D．先接通电源；再让小车在橡皮筋的作用下弹出。

（2）用如图所示的装置；探究功与物体速度变化的关系．实验时，先适当垫高木板，然后由静止释放小车，小车在橡皮筋弹力的作用下被弹出，沿木板滑行．小车滑行过程中带动通过打点计时器的纸带，记录其运动情况．观察发现纸带前面部分点迹疏密不匀，后面部分点。

迹比较均匀；回答下列问题：

①适当垫高木板是为了____．

②通过纸带求小车速度时，应使用纸带的____（填“加速部分“或“匀速部分”）．

③若实验做了n次，所用橡皮筋分别为1根、2根n根，通过纸带求出小车的速度分别为v1、v2vn，用W表示橡皮筋对小车所做的功，作出的W-v2图线是一条过坐标原点的直线，这说明W与v的关系是____．27、（1）一组同学在做“用单摆测定重力加速度”的实验中；测了6组摆长L和周期T的对应值．为了求出当地的重力加速度g，4位同学提出了以下4种不同的处理方法：

A．从测定的6组对应值中任意选取1组，用公式g=求出g作为测量值．

B、先分别求出6个L值的平均值和6个T值的平均值，再用公式g=求出g作为测量值．

C．先分别取6组L、T的对应值，用公式g=求出6个对应的g值；再求这6个的平均值作为测量值．

D．在坐标纸上作出T2-L图象，利用图象计算出图线的斜率k再根据g=求出g作为测量值．

以上4种方法中，错误的是____．其余正确的方法中偶然误差最小的是____．

（2）在一次用单摆测定重力加速度的实验中，图A的O点是摆线的悬挂点，a、b两点分别是球的上沿和球心，摆长L=____cm．

（3）图B为测量周期用的秒表，长针转一周的时间为30s，表盘上部的小圆共15大格，每一大格为1min，该单摆摆动n=50次时，长短针的位置如图所示，单摆振动的周期为T=____s．28、关于多用电表的使用；请回答下列问题．

（1）用如图1所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T．请根据下列步骤完成电阻测量：

①旋动部件____；使指针对准电流的“0“刻线．

②将K旋转到电阻挡“×l00“的位置．

③将插入“十“、“-“插孔的表笔短接，旋动部件____，使指针对准电阻的____（填“0刻线“或“∞刻线“）．

④将两表笔分别与侍测电阻相接，发现指针偏转角度过小．为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按____的顺序进行操作；再完成读数测量．

A．将K旋转到电阻挡“×1k“的位置。

B．将K旋转到电阻挡“×10“的位置。

C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接。

D．将两表笔短接；旋动合适部件，对电表进行校准。

正确操作后，多用表的指针位置如图2所示，此被测电阻Rx的阻值约为____Ω．

（2）某同学利用多用电表的电阻档判断二极管的正负极，当红表笔接A端，黑表笔接B端时，电阻很小；当黑表笔接A端，红表笔接B端时，电阻很大，如图所示，则____端是二极管的正极．（填“A”或“B”）

（3）对于多用电表以下说法不正确的是____

A．电流始终是从“+”插孔流入多用电表的。

B．当使用电压表测电压时“+”通过红表笔接外电路的高电势点。

C．当使用欧姆挡测电阻时；如果红；黑表笔分别插在负、正插孔，会对测量结果有影响。

D．若将满偏电流为3mA的电流表改装成欧姆表，欧姆表中值电阻为500Ω，若测一未知电阻时，其指针指在1mA处，则被测电阻的阻值为1000Ω评卷人得分五、证明题(共1题，共10分)29、如图所示，一列平面波朝着两种介质的界面传播，A1A2是它在介质I中的一个波面，C1和C2位于两种介质的界面上，B1B2是这列平面波进入介质II后的一个波面；A1C1和A2C2是它的两条波线，入射角为θ1，折射角为θ2，波在I、Ⅱ介质中的传播速度分别为v1和v2．

（1）试根据惠更斯原理证明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的长度为0.6m，介质I和介质II中的波速之比为v1：v2=4：3，则：A1C1B1与A2C2B2的长度相差多少？评卷人得分六、画图题(共2题，共18分)30、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）31、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】本题比较简单考查了学生对物理学史的了解情况，在物理学发展的历史上有很多科学家做出了重要贡献，大家熟悉的牛顿、库仑、法拉第等，在学习过程中要了解、知道这些著名科学家的重要贡献，是解答类似问题的关键．【解析】【解答】解：A；牛顿发现了万有引力定律；卡文迪许通过扭秤实验测出了万有引力常量，故A错误；

B；奥斯特发现了电流的磁效应；揭示了电和磁之间存在联系，故B正确；

C；法拉第发现了电磁感应现象；揭示了磁现象和电现象之间的联系，故C错误；

D；欧姆发现的欧姆定律；是说明电流电压电阻之间的关系，说明热与电之间联系的是焦耳定律，故D错误；

故选：B2、D【分析】【分析】位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向，注意本题中小球运动的速率不变．【解析】【解答】解：小球运动的速率不变，则v=

由题意可知；小球4s末回到了出发点，第5秒内，小球向左运动，位移：x=-3×1m=-3m

5s内的路程s=vt=3×5=15m

故选D3、A|D【分析】

A；甲带正电；在向左运动的过程中，受到的洛伦兹力的方向向下，所以对乙的压力变大，乙与地面之间的为滑动摩擦力，压力变大，所以滑动摩擦力也变大，所以A正确；

B；甲、乙两物块间没有相对的滑动；是静摩擦力，由于乙与地面之间的滑动摩擦力的增大，整体的加速度减小，所以对于甲来说，静摩擦力作为合力产生加速度，由于整体的加速度减小，所以甲、乙两物块间的摩擦力减小，所以BC错误，D正确；

故选AD．

【解析】【答案】甲带正电；在向左运动的过程中，要受到洛伦兹力的作用，根据左手定则可以判断洛伦兹力的方向，根据受力再判断摩擦力的变化．

4、C【分析】【解答】A、氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的最小能量为10.2eV；照射金属锌板一定能产生光电效应现象，故A错误；

B、一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，根据可知；能放出3种不同频率的光，故B不正确；

C、氢原子从高能级向n=3的能级向基态跃迁时发出的光子的能量最小为E大=﹣1.51+13.6=12.09eV，因锌的逸出功是3.34eV，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为EKm=12.09﹣3.34=8.75eV；故C正确；

D、用能量为10.3eV的光子照射，小于12.09eV，不可使处于基态的氢原子跃迁到激发态，要正好等于12.09eV；才能跃迁，故D错误；

故选：C．

【分析】氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的最小能量与锌板的逸出功的关系判断是否发生光电效应现象．

要使处于基态的氢原子电离，照射光光子的能量应能使电子从基态跃迁到无限远处，最小频率的电磁波的光子能量应为：hγ=0﹣E1．5、A【分析】解：根据半衰期与质量变化的公式：可得：有的原子核发生了衰变，剩下所以有t=3T=11.4天，T=3.8天，即半衰期为3.8天。

故A正确；BCD正确．

故选：A．

本题考察了有关半衰期的运算，学生要明确剩余质量和衰变前的质量关系并会进行有关运算，即公式的应用；明确半衰期的含义．

本题比较简单，只要知道半衰期公式就能解答，原子物理中题目主要是加强记忆，没有很复杂的计算题．【解析】【答案】A6、D【分析】【分析】本题考查液氨rm{-}液氧燃料电池的工作原理的知识。燃料电池的工作原理和规律：负极上是燃料失电子的氧化反应，在正极上氧气发生得电子的还原反应。液氧燃料电池的工作原理的知识。燃料电池的工作原理和规律：负极上是燃料失电子的氧化反应，在正极上氧气发生得电子的还原反应。

【解答】根据电池的工作原理示意图，知道通氧气的电极rm{-}是正极，电极rm{2}是负极；

A.在燃料电池的负极上发生燃料失电子的氧化反应，在正极上氧气发生得电子的还原反应，所以电极rm{1}氧气为正极发生还原反应；故A错误；

B.原电池工作时，电解质中的阳离子向正极移动，即rm{2}向正极移动；故B错误；

C.原电池中，电流是从正极电极rm{Na^{+}}流向负极电极rm{2}故C错误；

D.在燃料电池的负极上发生燃料氨气失电子的氧化反应，则碱性环境下电极rm{1}发生的电极反应为：rm{1}故D正确。

故选D。

rm{2NH_{3}+6OH^{-}-6e^{-}=N_{2}隆眉+6H_{2}O}【解析】rm{D}7、C【分析】解：令地球的密度为娄脩

则在地球表面，重力和地球的万有引力大小相等，有：g=GMR2

由于地球的质量为：M=43娄脨R3娄脩

所以重力加速度的表达式可写成：g=43娄脨G娄脩R

．

根据题意有，质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零，固在深度为d

的地球内部，受到地球的万有引力即为半径等于(R鈭�d)

的球体在其表面产生的万有引力，故井底的重力加速度为：g隆盲=43娄脨G娄脩(R鈭�d)

所以有：g隆盲g=R鈭�dR

．

根据万有引力提供向心力为：GMm(R+h)2=ma

“天宫一号”的加速度为：a=GM(R+h)2

所以有：ag=R2(R+h)2

得：g隆盲a=(R鈭�d)(R+h)2R3

故C正确，ABD错误．

故选：C

根据题意知；地球表面的重力加速度等于半径为R

的球体在表面产生的加速度，深度为d

的地球内部的重力加速度相当于半径为R鈭�d

的球体在其表面产生的重力加速度，根据地球质量分布均匀得到加速度的表达式，再根据半径关系求解深度为d

处的重力加速度与地面重力加速度的比值.

卫星绕地球做圆周运动时，运用万有引力提供向心力可以解出高度为h

处的加速度，再求其比值．

抓住在地球表面重力和万有引力相等，在地球内部，地球的重力和万有引力相等，要注意在地球内部距离地面d

处所谓的地球的质量不是整个地球的质量而是半径为(R鈭�d)

的球体的质量m

．【解析】C

8、B【分析】【分析】线圈平面跟磁场方向相互垂直时，通过线圈的磁通量Φ=BS，S为包括磁场的有效面积．【解析】【解答】解：由题，线圈平面跟磁场方向相互垂直时，通过线圈的磁通量Φ=BS=BL2．故ACD错误；B正确．

故选：B．9、C【分析】【分析】万有引力定律是由牛顿发现的，而万有引力恒量是由卡文迪许测定的．哥白尼提出日心说，开普勒认为行星以椭圆轨道绕太阳运行；牛顿得出了牛顿第一定律；伽利略提出了力是改变物体运动状态的原因．【解析】【解答】解：A；万有引力定律是由牛顿发现的；万有引力常量是由卡文迪许测定的，故A错误．

B；哥白尼提出了日心说；但提出行星以椭圆轨道绕太阳运行规律的是开普勒，故B错误．

C；牛顿在归纳总结了伽利略、笛卡尔等科学家结论的基础上；研究得出了牛顿第一定律，故C正确．

D；伽利略利用理想斜面实验否定了亚里士多德“力是维持物体运动的原因”的观点；提出了力是改变物体运动状态的原因．故D错误．

故选：C二、填空题(共7题，共14分)10、2.4×10-19【分析】【分析】明确干电池的电动势及电子的电量，则由电动势的定义式可求得非静电力所做的功．【解析】【解答】解：干电池的电动势为1.5V；电子的电量为1.6×10-19C．

由W=Eq可知。

非静电力做功W=1.5×1.6×10-19C=2.4×10-19J．

故答案为：2.4×10-1911、吸收【分析】【分析】明确原子能级跃迁过程中产生或吸收光子能量与光子波长、频率之间关系．原子从高能级向基态跃迁放出能量，反之吸收能量．比较能级高低能级间能量关系列式求解．【解析】【解答】解：原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为λ1的光子；原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为λ2的光子，已知λ1＞λ2；

故：bc能级之间能量等于ac能级与ab能级之间能量之和，即有：，故从a能级状态跃迁到c能级状态时将要吸收波长为：12、略

【分析】

（1）A、在处理实验数据时，如果只使用其中两个数据，由于偶然误差的存在可能会造成最后误差较大；所以我们可以根据实验数据画出v-t图象，考虑到误差，不可能是所有点都整齐的排成一条直线，连线时，应该尽量使那些不能画在线上的点均匀地分布在线的两侧，这样图线上会舍弃误差较大的点，由图线上任意两点所对应的速度及时间，用公式a=算出加速度；所以误差小；故A错误，D正确．

B；根据实验数据画出v-t图象；当纵坐标取不同的标度时，图象的倾角就会不同，所以量出其倾角，用公式a=tanα算出的数值并不是加速度，故B错误．

C；这种方法是不对的；因为根本就不知道加速度是一个什么函数，如果是一个变化值这种方法完全是错误的，除非你能确定加速度是什么函数，故C错误．

故选D．

（2）根据则加速度a==0.4m/s2．

AB段中间时刻的速度则B点的瞬时速度vB=0.15+0.4×0.05m/s=0.17m/s．

故答案为：（1）D（2）0.4（或0.40）；0.17

【解析】【答案】（1）在探究小车做匀变速直线运动的实验中；在求解加速度最合理的方法是作出v-t图线，通过图线的斜率求出加速度．

（2）根据连续相等时间内的位移之差是一恒量求出小车的加速度大小；根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出AB段中间时刻的速度，根据速度时间公式求出B点的速度．

13、略

【分析】

根据H==3.2-3t2得，小球下落的加速度a=6m/s2，小球0.4s末离地高度为H=3.2-3×0.16m=2.72m．小球下降的高度h==0.48m．此时小球的速度v=at=2.4m/s

根据动能定理得，mgh-解得Wf=0.384J．

故答案为：2.72；0.384．

【解析】【答案】根据离地高度与时间的关系得出小球在0.4s末离地的高度；通过关系式得出加速度的大小，从而根据速度时间公式和位移时间公式求出小球在0.4s末的速度和下降的高度，根据动能定理求出克服空气阻力做的功．

14、11400180【分析】【分析】功反映电动机消耗电能的多少．根据公式W=UIt求出电功，得到电能．由焦耳定律求解热量．【解析】【解答】解：电动机正常工作10s消耗的电能是：

W=UIt=380×3×10J=11400J；

电动机正常工作10s产生的热量：

Q=I2Rt=32×2×10=180J

故答案为：11400；18015、E=BLvsinα导体的速度与磁场垂直E=BLv【分析】【分析】导体切割磁感应线时产生感应电动势的数学表达式为E=BLvsinα，α是导体的速度与磁场方向的夹角．【解析】【解答】解：导体切割磁感应线时产生感应电动势的数学表达式为E=BLvsinα；α是导体的速度与磁场方向的夹角．

当导体的速度与磁场垂直时；α=90°，则E=BLv

故答案为：E=BLvsinα，导体的速度与磁场垂直，E=BLv．16、1：22：127【分析】【分析】纯电阻电路消耗的功率为，串联电路的电流相等，选用P=I2R，所以串联电路的功率之比等于电阻之比．并联电路的电压相等，选择，所以并联电路的功率之比等于电阻的反比．【解析】【解答】解：1、因为P=I2R

又因为串联电路的电流相等。

所以

2、因为

又因为并联电路电压相等。

所以

3、串联的总电阻等于各个电阻之和，R=R1+R2=3Ω

所以

故答案为：1：2，2：1，27．三、判断题(共8题，共16分)17、×【分析】【分析】温度是分子的平均动能的标志，是大量分子运动的统计规律，由此分析解答即可．【解析】【解答】解：温度是分子的平均动能的标志；是大量分子运动的统计规律，对单个的分子没有意义；当温度升高时，物体内的分子的平均动能增加，不是物体内部所有分子的动能都增加．所以该说法是错误的．

故答案为：×18、×【分析】【分析】液晶像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质．液晶是介于液态与结晶态之间的一种物质状态；液晶在外加电压的影响下并不发光，而是由于液晶通电时，排列变得有秩序，使光线容易通过．【解析】【解答】解：液晶在外加电压的影响下并不发光；而是由于液晶通电时，排列变得有秩序，使光线容易通过．所以该说法是错误的．

故答案为：×19、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：T0=100℃=373K，末状态：T1=200℃=473K；所以温度从100℃升高到200℃时，它的体积改变为原来的倍．

故答案为：×20、√【分析】【分析】根据核反应的种类可知，太阳辐射的能量是核聚变反应．【解析】【解答】解：太阳辐射的能量主要来源于轻核聚变．所以以上的说法是正确的．

故答案为：√21、√【分析】【分析】火车在水平轨道上转弯时，需要有力提供指向圆心的向心力，若转弯处内外轨道一样高，只能轨道的压力提供．【解析】【解答】解：火车在水平轨道上转弯时；做圆周运动，需要有力提供指向圆心的向心力，即方向指向内侧，此时外轨对火车的压力提供向心力，根据牛顿第三定律可知，火车对外轨产生向外的压力作用，此说法正确。

故答案为：√22、√【分析】【分析】根据额定电压和额定功率的概念进行分析，即用电器正常工作时的电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率．【解析】【解答】解：因用电器正常工作时；电压为额定电压，在额定电压下的功率为额定功率，所以额定功率与实际电压无关，实际功率与工作时的电压有关；

故答案为：√23、×【分析】【分析】悬浮在液体（或气体）中固体小颗粒的无规则运动是布朗运动，固体颗粒越小、液体（或气体）温度越高，布朗运动越明显；布朗运动是液体（或气体）分子无规则运动的反应．【解析】【解答】解：布朗运动的激烈程度与液体的温度；悬浮颗粒的大小有关；温度越高，悬浮物的颗粒越小，布朗运动越激烈．所以发现甲杯的布朗运动比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水温高于乙杯．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×24、√【分析】【分析】粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动，写出牛顿第二定律的方程，导出粒子的半径公式即可做出判定．【解析】【解答】解：粒子在磁场中，由洛伦兹力提供向心力，故在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，有qvB=m，解得r=；粒子的比荷之比与轨道半径之比成反比．

故答案为：√四、实验题(共4题，共40分)25、C1.22D【分析】【分析】该实验的目的以及实验数据处理的方法；该实验平衡摩擦力的原因；该实验是如何确定外力做功以及如何通过纸带获取小车运动的最终速度大小；如何通过图象来处理数据等．【解析】【解答】解：①实验中通过调整木板倾斜程度平衡摩擦力；目的是为了使橡皮筋对小车所做功即为合外力对小车所做的功，故ABD错误，C正确．

故选：C．

②由所打的点可知；DG之间小车做匀速直线运动，速度最大，小车获得的最大速度为：

vm==m/s=1.22m/s

故答案为：1.22．

③橡皮筋对小车做的功W与小车的动能关系知：W=，即有：=•W；根据数学知识可知D正确．

故选：D．

故答案为：①C；②1.22；③D．26、D平衡摩擦力匀速部分W与速度v的平方成正比．【分析】【分析】利用橡皮筋探究功与速度变化关系的实验时，应选取几条完全相同的橡皮筋，为使它们每次做的功相同，橡皮筋拉伸的长度必要保持一致；小车的运动是先加速后匀速，最后匀速的速度为最大速度，即为所求速度．实验中小车和木板间存在摩擦，实验前需要平衡摩擦力．【解析】【解答】解：（1）A；橡皮筋完全相同；通过增加橡皮筋的条数来使功倍增，因此不需要计算橡皮筋每次对小车做功的具体数值，故A错误；

B；通过增加橡皮筋的条数来使功倍增；故橡皮筋每次拉伸长度必须保持一致．故B错误；

C；实验中小车和木板间存在摩擦；实验前需要平衡摩擦力，平衡摩擦力的方法是用一个小木块垫高长木板的一端．故C错误；

D；先接通电源；待打点稳定后再释放小车，故D正确．

故选：D．

（2）①适当垫高木板是为了平衡摩擦力．

②橡皮筋拉力对小车所做的功全部完成后；打出来的点才能反映物体的速度．所以应使用纸带的后面匀速部分．

③W-v2图线是一条过坐标原点的直线；根据数学知识可确定W与速度v的平方成正比．

故答案为：（1）D，（2）①平衡摩擦力，②匀速部分，③W与速度v的平方成正比．27、BD99.502.004【分析】【分析】（1）根据L与T是非线性关系；分析实验错误的方法．根据偶然误差的特点，采用图象法相当于大量数据取平均值，偶然误差偏大和偏小大多抵消，误差最小；

（2）悬点到球心的距离为摆长，由图示求出摆长；【解析】【解答】解：（1）A、从测定的6组数据中任意选取1组，用公式g=求出g作为测量值；误差较大，不合理，故A错误；

B、摆长L与周期T间不是一次函数关系，不能求出L的平均值和T的平均值，用公式g=求出g作为测量值；做法不合理．故B错误；

C、用6组L、T值，用g=求出6个g；再求这6个g的平均值作为测量值，可以减小实验误差，做法合理，故C正确；

D、在坐标纸上作出T2-L图象，从图象中计算出图线斜率K，根据g=求出g；应用图象法处理实验数据，减小了实验误差，做法合理，故D正确．

（2）摆长是悬点至摆球球心间的长度；由图可知，摆长L=99.50cm；

（