2025年粤教沪科版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教沪科版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、喷墨打印机的简化模型如图所示．重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上．则微滴在极板间电场中()A.向负极板偏转B.电势能逐渐增大C.运动时间与匀强电场无关D.运动轨迹与带电量无关2、关于摩擦起电与感应起电，下列说法正确的是()A.摩擦起电是因为电荷的转移，感应起电是因为产生了电荷B.摩擦起电是因为产生了电荷，感应起电是因为电荷的转移C.不论是摩擦起电还是感应起电都是因为电荷的转移D.以上说法均不正确3、两个质量相同的小球用不可伸长绝缘的细线连结；置于场强为E的匀强电场中，小球1带正电,电量为2q,小球2带负电，电量大小为q。将细线拉直并使之与电场方向平行，如图所示。若将两小球同时从静止状态释放，则释放后细线中的张力T为（不计重力及两小球间的库仑力）()

A.B.C.D.4、从水平水管中喷出的水柱显示了平抛运动的轨迹，由于水柱是向下弯曲的，所以（）A.水在竖直方向的速度越来越慢B.水在竖直方向的速度越来越快C.水在水平方向的速度越来越慢D.水在水平方向的速度越来越快5、如图所示，在一匀强磁场中有一U形导体框bacd，线框处于水平面内，磁场与线框平面垂直，R为一电阻，ef为垂直于ab的一根导体杆，它可以在ab、cd上无摩擦地滑动，杆ef及线框中导体的电阻都可不计．开始时，给ef一个向右的初速度，则()A.ef将减速向右运动，但不是匀减速B.ef将匀速向右运动，最后停止C.ef将匀速向右运动D.ef将做往复运动6、两波源S1、S2在水槽中形成的波形如图所示，其中实线表示波峰，虚线表示波谷，则（）A.在两波相遇的区域中会产生干涉B.在两波相遇的区域中不会产生干涉C.a点的振动始终加强D.a点的振动始终减弱7、如图所示，线圈自感系数很大，开关闭合且电路达到稳定时，小灯泡正常发光，则当闭合开关和断开开关的瞬间能观察到的现象分别是（）A.小灯泡慢慢亮，小灯泡立即熄灭B.且小灯泡立即亮，小灯泡立即熄灭C.小灯泡慢慢亮，小灯泡比原来更亮一下再慢慢熄灭D.小灯泡立即亮，小灯泡比原来更亮一下再慢慢熄灭8、一列简谐横波在t=0

时刻的波形图如图中实线所示，若波传播的速度为5m/s

从此时刻起，经0.2s

波形图如图中虚线所示.

下列说法正确的是()A.这列波沿x

轴正方向传播B.t=0

时刻质点a

沿y

轴正方向运动。

C.从t=0

时刻开始质点a

经0.2s

通过的路程为0.2m

D.x=4m

处的质点的位移表达式为y=0.2sin(2.5娄脨t)m

评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、下列说法正确的是（）A.液晶具有流动性，光学性质各向异性B.气体的压强是由气体分子间斥力产生的C.液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力D.气球等温膨胀，球内气体一定向外放热10、油酸的摩尔质量为M

密度为娄脩.

一滴油酸的质量为m

它在液面上扩散后的最大面积为S

已知阿伏加德罗常数为NA.

下面选项正确的是(

)

A.油酸分子的直径d=mPS

B.油酸分子的直径d=MPS

C.油滴所含的分子数n=mMNA

D.油滴所含的分子数n=mMNA

11、[[多选]]如图甲所示，静止在水平面CC上足够长的木板BB左端放着小物块AA某时刻，AA受到水平向右的拉力FF作用，FF随时间tt的变化规律如图乙所示。AABB间最大静摩擦力大于BBCC之间的最大静摩擦力，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。则在拉力逐渐增大的过程中，下列反映AABB运动过程中的加速度及AA与BB间摩擦力ff1、BB与CC间摩擦力ff2随时间变化的图线中正确的是(())

A.B.C.D.12、如图所示是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关S闭合。一带电液滴悬浮在两板间P点不动，下列说法正确的是（）A.断开S，减小两极板正对面积的过程中，液滴将加速上升B.断开S，减小两极板距离过程中，液滴静止不动C.带电液滴带正电D.增大两极板距离的过程中，电阻R中有从b到a的电流13、下列有关热力学现象和规律的描述正确的是（）A.在绝热条件下，压缩气体，其内能一定增加B.热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律C.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，并最终达到绝对零度D.热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，也能自发地从低温物体传递到高温物体14、下列说法正确的是（）A.医院中用于体检的“B超”属于电磁波B.铁路、民航等安检口使用“X射线”对行李箱内物品进行检测C.无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了干涉原理D.列车鸣笛驶近乘客的过程中，乘客听到的声波频率大于波源振动的频率15、如图所示，在倾角为娄脕=30鈭�

的光滑固定斜面上，有两个质量均为m

的小球AB

它们用原长为L

劲度系数为k

的轻弹簧连接，现对A

施加一水平向右的恒力F

使AB

均静止在斜面上，下列说法正确的是A.弹簧的长度为L+mg2k

B.水平恒力F

大小为33mg

C.撤掉恒力F

的瞬间小球A

的加速度大小为g

D.撤掉恒力F

的瞬间小球B

的加速度大小为g2

16、某电容式话筒的原理示意图如图所示，E

为电源，R

为电阻，薄片P

和Q

为两金属基板.

对着话筒说话时，P

振动而Q

可视为不动.

在PQ

间距增大过程中(

)

A.PQ

构成的电容器的电容减小B.P

上电荷量保持不变C.M

点的电势比N

点的低D.M

点的电势比N

点的高评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、把电流表G改装成量程2V电压表，满偏电流Ig=2mA，内阻Rg=10Ω，则串联____欧电阻．18、用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内阻。

（1）从以下器材中选择代号为____的器材完成测定工作；结果比较准确．

A．单刀单掷开关。

B．量程0～0.3A；内阻约10Ω的电流表。

C．量程0～300μA；内阻约100Ω的电流表。

D．量程0～3A；内阻约10Ω的电流表。

E．量程0～3V、内阻约104Ω的电压表。

F．量程0～3V、内阻约103Ω的电压表。

G．量程0～30mV、内阻约103Ω的电压表。

H．阻值0～100Ω的滑动变阻器。

I．导线。

（2）如图为某一同学根据他设计的实验，绘出的U-I图线，由图线可求得被测电池的电动势E=____V，内电阻r=____Ω．

19、在“用双缝干涉测光的波长”的实验中，使分划板中心刻线对齐某条条纹的中心时，手轮上的测量头如图所示，读数是____mm．20、将一个电荷量为1.0×10－8C的正电电荷从电场中的A点移到B点，电场力做的功为2.4×10－6J，则A.B间的电势差为UAB＝________V，A.B两点中________点的电势高。21、学校开展研究性学习，某研究性学习小组的同学根据所学的光学知识，设计了一个测量液体折射率的仪器，如图所示．在一个圆形木盘上过其圆心O作两条相互垂直的直径BC、EF，在半径OA上垂直圆盘面插下两枚大头针P1、P2并保持P1、P2的位置不变，每次测量时，让圆盘的BFC部分竖直进入液体中，而且总使得液面与直径BC相平，EF为界面的法线，而后在图中右上方区域观察P1、P2的像，并在圆周上插上大头针P3，使P3正好挡住P1、P2．同学们通过计算，预先在圆周EC部分刻好了折射率的值。这样只要根据P所插的位置，就可直接读出液体折射率的值．则（1）若OP3与OC的夹角为则P3处所对应的折射率的值为________．（2）图中P3、P4两位置哪一处所对应的折射率值大？__________．（3）作AO的延长线交圆周于K，K处所对应的折射率的值应为_________．22、用游标卡尺测定摆球的直径，测量结果如图1所示，则该摆球的直径为______cm．秒表读数为______s．

23、如图所示，放在通电螺线管内部中央处的小磁针，静止时N

极指向右端，则电源的a

端为______极(

填“正”或“负”)

螺线管的c

端为______极.(

填“N

”或“S

”)

24、如图所示的电路中，电源电动势E=12V

内电阻r=2娄赂M

为一小电动机，其内部线圈的导线电阻RM=4娄赂.R

为一只保护电阻，R=6娄赂.

电动机正常运转时，电压表(

可当作理想电表)

的示数为3V

则流过电动机的电流为______A

电动机的输出功率为______W.

25、磁感线：是在磁场中画出一些有方向的曲线，在这些曲线上，每点的曲线方向，亦即该点的______方向，都跟该点的______相同．磁感线的______表示磁场强弱．评卷人得分四、证明题(共2题，共10分)26、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。27、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分五、作图题(共1题，共9分)28、在《互成角度的两个共点力的合成》的实验中，两个弹簧秤的拉力F1和F2已于图中作出了它们的图示，O是橡皮条的一个端点，图中每格的长度代表1N。（1）用作图法作出合力F的图示；（2）合力F的大小是_______N。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】试题分析：匀强电场的场强方向为正极板指向负极板，微滴带负电，受电场力的方向与电场强度方向相反，指向正极板，故A错误；由于电场力作正功，微滴的电势能将逐渐减小，故B错误；运动时间由飞入速度v的大小和极板宽度决定，故C正确；此运动轨迹为类平抛运动与受力情况相关，由可知电场力的大小与带电量有关，故D错误。考点：本题考查了带电粒子在电场中的运动【解析】【答案】C2、C【分析】试题分析：电荷是守恒的，不会产生、也不会消灭，只能从一个物体转移到另一个物体或者从物体的一部分转移到另一部分；故ABD错误，C正确。考点：本题考查了电荷守恒定律【解析】【答案】C3、A【分析】【分析】把球1球2及细线看成一个整体，整体在水平方向受到的合力为F合=2Eq-Eq=Eq，由F合=2ma得到对球2进行受力分析得到T-Eq=ma，把a代入解得T=A对，BCD错。

【点评】本题学生明确用整体法求出加速度，即是整体中每个物体的加速度，然后再隔离物体进行分析，去求所要求的物理量。4、B【分析】解：A；水在竖直方向上做自由落体运动；则速度越来越快，故B正确，A错误。

B；水在水平方向上做匀速直线运动；则速度保持不变，故C、D错误。

故选：B。

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，结合两个方向上的运动规律分析判断．

本题考查了平抛运动在实际生活中的基本运用，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键．【解析】B5、A【分析】【解析】试题分析：金属棒向右运动时会切割磁感线产生电动势、电流，此时的安培力：根据牛顿第二定律：所以物体减速的过程中加速度随着速度v的减小而减小，直到物体速度减为零，故A正确，BCD错误．故选：A考点：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件及其应用．【解析】【答案】A6、B【分析】试题分析：由图可知，两列波的波长不同，机械波的波速决定于介质，即两列波的波速是相等的，根据可知，两列波的频率不同，故在两列波相遇的区域不会产生干涉现象，但能出现波的叠加现象，所以选项A错误、B正确；因为不能发生稳定的干涉现象，所以虽然些时刻a点的振动加强，但不能始终加强和减弱，故选项CD错误；考点：波的干涉和衍射、波的叠加【解析】【答案】B7、A【分析】解：当闭合开关瞬间；由于L的自感作用，灯泡慢慢变亮，当断开开关S的瞬间，线圈产生自感电动势，但是线圈与灯泡A在开关断开后，不能形成回路，则灯A立即熄灭．故A正确，B；C、D错误．

故选：A．

当断开电键的瞬间；线圈中电流要减小，会产生自感现象，若断开电键后，线圈；灯泡能构成回路，则灯泡不会立即熄灭，若线圈、灯泡不能构成回路，则灯泡立即熄灭．

自感是一种特殊的电磁感应现象，遵守楞次定律和法拉第电磁感应定律，利用这个定律进行判断即可．【解析】【答案】A8、D【分析】【分析】波传播的速度为5m/s

根据鈻�x=v?鈻�t

求解0.2s

内波形平移的间距，然后结合波形图得到波的传播情况。本题突破口在于先根据鈻�x=v?鈻�t

求解波形平移的距离，然后结合波动与振动的关系进行分析，不难。【解答】A.波传播的速度为5m/s5m/s经0.2s0.2s波形平移的间距为：鈻�x=v?鈻�t=5隆脕0.2=1mtrianglex=v?trianglet=5隆脕0.2=1m故结合波形图可以看出波形向左平移1m1m则波沿xx轴负方向传播，故A错误；B.波沿xx轴负方向传播，故t=0t=0时刻质点aa沿yy轴负方向运动，故B错误；C.从波形图可以看出波长为4m

周期T=娄脣v=0.8s

由于?t=0.2s=T4a

质点没有处于平衡位置或振幅点处，故质点a

经0.2s

通过的路程s鈮�A

即s鈮�0.2m

故C错误；D.由y=Asin(娄脴t+娄脮0)

可知x=4m

处的质点的位移表达式为y=0.2sin(2.5娄脨t)(m)

故D正确；故选D。

【解析】D

二、多选题(共8题，共16分)9、AC【分析】解：A；液晶具有流动性；其光学性质具有各向异性；故A正确；

B；气体的压强是由于大量气体分子持续撞击器壁产生的；故B错误；

C；液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；故分子间表现为引力；故液体表面存在表面张力；故C正确；

D；气体等温膨胀；则气体内能不变；在膨胀过程中，气体对外做功；则由热力学第一定律可知，气体吸热；故D错误；

故选：AC．

液晶具有各向异性及流动性；

气体压强是由于气体分子持续撞击器壁产生的；

液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；所以液体表面存在表面张力；

气体等温澎胀时；对外做功；则由热力学第一定律可得出气体是否放热．

本题考查热学内容中的液晶、气体压强及表面张力等内容；对于热学内容以识记为主；但也要注意理解；如表面张力产生的原因；压强的原因等．【解析】【答案】AC10、AC【分析】解：AB

一滴油酸的体积为V=m蟻

一滴纯油酸油膜最大面积为S

则油酸分子直径d=VS=m蟻S

故A正确，B错误；

C、D

一滴油酸的摩尔数为n=mM

分子数为N=n?NA=mM?NA

故C正确，D错误。

故选：AC

油酸溶液滴在水面上扩散后形成的纯油酸油膜最大面积时；形成单分子油膜，油膜的厚度等于分子直径.

由油酸的体积与面积之比求出分子直径.

分子数等于摩尔数乘以阿伏加德罗常量为NA

．

本题考查对单分子油膜法测定分子直径原理的理解和应用，建立模型是基础.

基础题．【解析】AC

11、ACD【分析】略【解析】ACD

12、AB【分析】解：电容器上板带正电，而油滴所受电场力向上，可知油滴带负电；增大两极板距离的过程中，电容器的电容变小，而电容器板间电压不变，由Q=CU分析知电容器带电量减小，电容器要放电，电阻R中有从a到b的电流。断开S，极板上是电量Q不变；减小两极板正对面积的过程中，根据电容的决定式分析知电容减小，由C=分析可知U增大，由公式E=分析可知E增大，油滴所受的电场力变大，则液滴将加速上升；断开S，电容器极板上带电量不变；减小两极板两极板距离过程中，根据电容的决定式电容的定义式C=以及由公式E=可得与d无关；即E保持不变，所以液滴静止仍然不动。故AB正确CD错误。

故选：AB。

带电液滴静止不动时，所受的电场力与重力平衡；根据电容的决定式分析电容的变化；由公式E=分析板间场强的变化，从而分析微粒的运动情况；由电容的定义式C=分析电容器电量的变化；从而分析电路中电流的方向。

本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量。当电容器保持与电源相连时，其电压不变，同时掌握电容的定义式与决定式的内容，及其区别，并理解的推导过程。【解析】AB13、AB【分析】解：A；根据热力学第一定律；在绝热条件下（Q=0），压缩气体（W＞0），其内能一定增加。故A正确；

B；热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律。故B正确；

C；绝对零度不可达到。故C错误；

D；根据热力学第二定律；热量可以自发地从高温物体传递给低温物体，热量从低温物体传递给高温物体，必须借助外界的帮助，故D错误。

故选：AB。

根据热力学第一定律；在绝热条件下（Q=0），压缩气体（W＞0），其内能一定增加；热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律；绝对零度不可达到；根据热力学第二定律，热量可以自发地从高温物体传递给低温物体，热量从低温物体传递给高温物体，必须借助外界的帮助。

本题考查了热力学第一定律、热力学第二定律等知识点。这种题型属于基础题，只要善于积累，难度不大。【解析】AB14、BD【分析】解：A；医院中用于体检的“B超”是声波；属于机械波．故A错误；

B；X射线有一定穿透能力；铁路、民航等安检口使用X射线线对行李内物品进行检测．故B正确；

C；无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端；利用了衍射原理，故C错误；

D；根据多普勒效应知；当两物体以很大的速度互相靠近时，感觉频率会增大，远离时感觉频率会减小，故列车鸣笛驶近乘客的过程中，乘客听到的声波频率大于波源振动的频率，故D正确．

故选：BD．

医院中用于体检的“B超”是声波；属于机械波．铁路；民航等安检口使用x射线对行李内物品进行检测利用了X射线的穿透性．无线网络信号绕过障碍物传递到接收终端，利用了衍射原理．根据多普勒效应知，当两物体以很大的速度互相靠近时，感觉频率会增大，远离时感觉频率会减小．

本题应抓住机械波和与电磁波的特点、多普勒效应和衍射、干涉等知识进行分析．要了解有关波的干涉、衍射、多普勒效应等的特点及应用．【解析】【答案】BD15、AC【分析】【分析】先对整体受力分析；根据平衡条件可求得推力F

的大小；再隔离A

物体分析，根据平衡条件即可求得弹簧弹力，再根据胡克定律即可求得弹簧的形变量。

本题考查共点力的平衡条件的应用，要注意正确选择研究对象，正确应用整体法和隔离法。【解答】A.隔离AA球分析，有：kx=mgsin30鈭�kx=mgsin30^{circ}故弹簧的长度：l=L+x=L+mg2k，故A正确；

B.以AABB两球和弹簧组成的系统为研究对象，则有：Fcos30鈭�=2mgsin30鈭�Fcos30^{circ}=2mgsin30^{circ}得：F=233mg，故B错误；

C.撤掉恒力FF的瞬间弹簧的弹力大小不变，所以小球AA受到重力、弹簧的弹力以及斜面的支持力，小球的合外力：ma=mgsin娄脠+kxma=mgsin娄脠+kx

联立可得小球的加速度大小为：a=ga=g故C正确；

D.撤掉恒力FF的瞬间弹簧的弹力大小不变，所以小球BB受到重力、弹簧的弹力以及斜面的支持力，小球BB的合外力等于00所以小球BB的加速度仍然等于00故D错误。

故选AC。

【解析】AC

16、AD【分析】解：电容式话筒与电源串联，电压保持不变.

在PQ

间距增大过程中，根据电容决定式C=娄脜S4娄脨kd

得电容减小，又根据电容定义式C=QU

得电容器所带电量减小；电容器的放电电流通过R

的方向由M

到N

所以M

点的电势比N

点的高.

故B；C

错，A

D正确．

故选AD．

在PQ

间距增大过程中；电容发生变化，而电容直接与电源相连，电容两端间的电压不变，从而可判断出电量的变化及电流的流向，再次可比较出电势的高低．

解决电容器的动态分析问题，抓住不变量，若电容始终与电源相连，两端间的电压不变；若电容器与电源断开，则电容器所带的电量不变．【解析】AD

三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】

改装成电压表要串联电阻分压；串阻值为：

R=-Rg=-10=990Ω

故答案为：990．

【解析】【答案】电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=-Rg；U为改装后的量程．

18、略

【分析】

（1）实验中必须采用的仪器有A；H和I；

因一节干电池的电动势约为1.5V；故电压表的测量量程不能太大，由题意可知，电压表只能选E或F；为了减小误差，电压表应选大电阻的，故应选电压表E；

当滑动变阻器全部阻值接入时，电路中电流最小约为=15mA；故C不能选取，而量程0～3A的电流表太大，无法准确测量，故电流表应选取B；

故应选取ABEHI．

（2）由图可知；图象与纵坐标的交点为电源电动势，故电动势为1.4V；

而图象与横轴的交点为0.4A，说明当电源的路端电压为1V时，电流为0.4A，则有E=U+Ir可得，内阻r==Ω=1.0Ω．

故答案为：（1）A；B、E、H、I；（2）1.40；1.0．

【解析】【答案】先找出必须用到的器材；再根据一节干电池的电压约为1.5V，则根据电压值及实验中的基本要求可以选取电流表及电压表；U-I图中图象与纵坐标的交点为是电源的电动势；根据纵坐标的交点可由闭合电路欧姆定律可得出内电阻．

19、略

【分析】【解析】试题分析：螺旋测微器的固定刻度读数为1mm，可动刻度读数为0.01×30.0=0.300mm，所以最终读数为1.300mm．考点：考查了螺旋测微器的读数问题【解析】【答案】1．30020、略

【分析】试题分析：A点电势高于B点.考点：电势差及电势.【解析】【答案】240V；A；21、略

【分析】【解析】【答案】（1）1．73（2）P4（3）122、略

【分析】解：游标卡尺主尺读数为9mm；游标部分对应的格数为8，故最终读数为9+8×0.1=9.8mm=0.98cm；

秒表分钟读数为1分半刻度已经过；故读数为：60+39.8s=99.8s；

故答案为：0.98；99.8

游标卡尺先读出固定刻度部分；再读出游标尺读数，然后求和；而秒表先读出分针的示数，再读出秒针所对应的示数，二者取和．

游标卡尺读数时要注意游标尺的分度，本题为10分度，故精度为0.1mm；同时注意掌握机械秒表的读数方法，注意半分钟刻度是否已经露出．【解析】0.98；99.823、正S【分析】【分析】根据小磁针的指向；通过安培定则判断出螺线管电流的流向，从而知道电源的正负极。螺线管等效为条形磁铁，根据内部磁场的方向得出螺线管的极性。

解决本题的关键掌握安培定则，会运用安培定则判断电流与磁场的关系。【解答】螺线管内部的磁场方向水平向右；根据安培定则，知螺线管中的电流从左侧流进，右侧流出，实验a

端为电源的正极；内部的磁场由S

指向N

实验c

端