2025年浙教版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理上册阶段测试试卷812考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、首先发现电磁感应现象的物理学家是A.法拉第B.库仑C.牛顿D.爱因斯坦2、用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中Rx为待测电阻。下列说法正确的是（）

A.通过电流表的电流小于通过Rx的电流B.通过电流表的电流大于通过Rx的电流C.电压表两端的电压小于Rx两端的电压D.电压表两端的电压大于Rx两端的电压3、图中电源的电动势为6V，内阻为1，R1为2，R2的最大阻值为3；下列说法中错误的是（）

A.当R2为1时，R1消耗的功率最大B.R2的阻值越小，R1消耗的功率越大C.通过改变R2的阻值，路端电压的最大值为5V，最小值为4VD.当R2的阻值为3时，R2消耗的功率最大4、在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点．其中a、b两点电场强度大小相等；方向相反的是()

A.甲图中与点电荷等距的a、b两点B.乙图中两等量异种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C.丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点D.丁图中非匀强电场中的a、b两点5、如图所示，在垂直于纸面的范围足够大的匀强磁场中，有一个矩形闭合线圈abcd，线圈平面与磁场垂直，O1O2是线圈的对称轴；下列线圈的运动能使线圈中的磁通量发生变化的是（）

A.向左或向右平动B.向上或向下平动C.绕O1O2转动D.平行于纸面向里运动评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)6、在如图所示的电路中，R0为定值电阻，R为光敏电阻(光照减弱时阻值增大)，C为电容器，现减弱对光敏电阻R光照的强度，下列说法正确的是（）

A.电流表的示数减小B.电容器C的电荷量增大C.电压表的示数变小D.电源内部消耗的功率变大7、两个点电荷Q1、Q2固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能Ep随位置变化的关系如图所示；则下列判断正确的是（）

A.M点电势为零B.N点场强为零C.Q2的电荷量小于Q1的电荷量D.试探电荷从N点运动到M点的过程中，电场力做正功8、如图，是磁电式转速传感器的结构简图。该装置主要由测量齿轮、软铁、永久磁铁、线圈等原件组成。测量齿轮为磁性材料，等距离地安装在被测旋转体的一个四周上(圆心在旋转体的轴线上)，齿轮转动时线圈内就会产生感应电流。设感应电流的变化频率为f，测量齿轮的齿数为N，旋转体转速为n。则（）

A.B.C.线圈中的感应电流方向不会变化D.旋转体转速越高线圈中的感应电流越强9、如图所示，两个等量异种点电荷固定在同一条水平线上，电荷量分别为和是水平放置的足够长的光滑绝缘细杆，细杆上套着一个中间穿孔的小球其质量为电荷量为（可视为试探电荷，不影响电场的分布）。现将小球从点电荷的正下方点由静止释放，到达点电荷的正下方点时，速度为为的中点。则（）

A.小球从至先做加速运动，后做减速运动B.小球运动至点时速度为C.小球最终可能返回至点D.小球在整个运动过程中的最终速度为10、如图，光滑绝缘水平地面上有一水平绝缘轻弹簧左端固定，右端与一质量为m、电荷量为的滑块P（可视作质点）拴接，沿水平方向建立x轴，沿x轴加一水平方向电场（图中未画出），x轴上的电势随位置x的变化关系如图所示。滑块从弹簧原长处静止释放（未超出弹性限度），沿x轴正方向运动直至速度为零的过程中（）

A.电场的电势越来越低，电场强度越来越小B.滑块的加速度先增大后减小C.当滑块的速度最大时，弹簧弹性势能与滑块动能之和最大D.滑块克服弹力做的功等于电势能的减少量11、在如图甲所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2为相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，R为定值电阻，阻值为7.5Ω．当开关S闭合后（）

A.L1的电阻为12ΩB.L1消耗的电功率为7.5WC.L2的电阻为12ΩD.L2消耗的电功率为0.3W12、如图，电阻R1、R2的阻值均为R，滑动变阻器的总电阻为2R，电源的内阻r=R，电压表和电流表均为理想电表。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片由a端向b端滑动；下列说法正确的是()

A.电压表示数先减小再增大B.电流表示数先减小再增大C.电源输出功率先增大再减小D.电源内阻消耗的功率先增大再减小评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、串联电路；并联电路的特点。

。

串联电路。

并联电路。

电流关系。

各处电流相等，即I=___________

总电流等于各支路电流___________，即I=___________

电压关系。

总电压等于各部分电压___________，即U=___________

各支路两端电压___________，即U=___________

电阻关系。

总电阻等于各部分电阻___________，即R=___________

总电阻的倒数等于各支路电阻___________，即=＋＋＋

14、判断下列说法的正误。

（1）串联电路的总电流等于流过各电阻的电流之和。____

（2）串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和。____

（3）并联电路干路上的电流一定比通过某一支路的电流大。____

（4）电路中电阻的个数越多，电路的总电阻越大。____

（5）多个电阻串联时，其中任一电阻增大，总电阻也随之增大；多个电阻并联时，其中任一电阻增大，总电阻将减小。____

（6）串联电路中各电阻两端的电压跟它们的阻值成正比，并联电路中通过各支路电阻的电流跟它们的阻值成反比。____15、如图，电源电动势为12V，内阻r为1Ω，电阻R为1Ω，小灯泡L标有“6V12W”，电动机线圈电阻RM为0.5Ω。开关闭合后，小灯泡和电动机均能正常工作，则电源的总功率为_________W；电动机的输出功率为_________W。

16、（1）在等量异种电荷的连线中点有一带正电荷的粒子；将其沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为____________，电势能的变化趋势为_________。

（2）在等量同种正电荷的连线中点处有一带负电荷的粒子，将其沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到电场力的变化趋势为____________，电势能的变化趋势为__________。17、一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V。电场强度的大小为______V/m，坐标原点处的电势为_______V，电子在a点的电势能比在b点的高_____eV，电子从b点运动到c点，电场力做功为___________eV。

18、如图所示，平行板电容器板面水平，放置于空气中，两板与电源相接，A板接静电计小球，B板接静电计外壳，开始开关S闭合；有一个带电粒子在电容器中恰好静止。

（1）将A板水平向左移动一段距离，粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）。电容器所带的电荷量的变化情况是___________（填“增多”；“减少”或“不变”）。

（2）如果先断开开关S，再把A板向左移动一段距离，则粒子的运动情况是___________（填“静止”、“向上运动”或“向下运动”）静电计指针张角的变化情况是___________（填“增大”；“减小”或“不变”）。

评卷人得分四、作图题(共3题，共15分)19、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

20、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

21、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共1题，共6分)22、铅笔内芯是圆柱形石墨和粘土的混合体。

（1）某同学使用螺旋测微器测定其直径d，某次测量结果如图1所示，读数为________mm。

（2）某同学使用多用电表欧姆挡粗略测其电阻。他首先将选择开关置于“×10”倍率，接着将两支表笔短接，旋转欧姆调零旋钮使指针指向0，然后将两表笔分别与该铅笔内芯两端接触，测其电阻时指针如图2所示，则该同学接下来应该进行的正确操作顺序是________。（选填步骤前的字母）

A.将两表笔短接；调节欧姆调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，然后断开两表笔。

B.旋转选择开关至交流电压最大量程处（或“OFF”挡）；并拔出两表笔。

C.将选择开关旋到“×1”挡。

D.将选择开关旋到“×100”挡。

E.将选择开关旋到“×1k”挡。

F.将两表笔分别连接到被测铅笔内芯的两端，读出阻值断开两表笔。

（3）若该同学在（2）中正确操作后再次测量时指针如图3所示，则该铅笔内芯的电阻是________Ω。

（4）若该铅笔芯的直径为d，有效长度为L，用伏安法精确测得其电阻为R，则其电阻率为________（用该问所给出的物理量表示）。评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)23、如图所示，平行板电容器的两个极板A、B水平放置且接在电压为60V的恒压电源正、负极上，两极板间距为3cm，电容器带电荷量为6×10－8C，A极板接地。求：

(1)平行板电容器的电容；

(2)平行板电容器两板之间的电场强度；

(3)距B板2cm的M点处的电势。

24、假定我们正在用一个带正电的小塑料球和一个带正电的大金属球验证库仑定律根据库仑定律可知，它们之间的静电力与有关，其中r是两球球心间的距离。然而，随着两球间距离的减小，它们之间的静电力比用库仑定律计算所得到的要小，试说明原因。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

A.法拉第发现了电磁感应现象；故A正确；

B.库仑发现了电荷之间的相互作用力的规律；即库仑定律，故B错误；

C.牛顿的三大定律；因此牛顿对力学的贡献非常大，故C错误；

D.爱因斯坦的质能方程和量子力学方面有着重大贡献；故D错误．

故选A.2、D【分析】【分析】

【详解】

AB．电流表和Rx串联，通过电流表的电流等于通过Rx的电流；AB错误；

CD．由电路图可知，电流表采用内接法，由于电流表的分压作用，电压的测量值大于Rx两端的电压；C错误D正确。

故选D。3、A【分析】【详解】

AB．为定值电阻，通过的电流越大，则功率越大，所以R2的阻值越小，电路中的总电流越大，R1消耗的功率越大；当为零时，电路中的电流最大，消耗的功率最大；故A错误，B正确；

C．由闭合电路的欧姆定律可知，外电压

当时，有

当时

故C正确；

D．将定值电阻当成电源内阻的一部分，则根据输出功率

可知，当

时，消耗的功率最大；故D正确；

由于本题选错误的，故选A。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．甲图中与点电荷等距的a、b两点；电场强度大小相同，方向不相反，故A错误；

B．对乙图，根据电场线的疏密及对称性可判断，a、b两点的电场强度大小相等；方向相同；故B错误；

C．丙图中两等量同种点电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点；电场强度大小相同，方向相反，故C正确；

D．对丁图，根据电场线的疏密可判断，b点的电场强度大于a点的电场强度；故D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

无论线圈在纸面内沿哪个方向平动，或者在垂直纸面方向运动，线圈中的磁通量都不会变化。当线圈沿O1O2转动时；线圈中的磁通量会发生变化，故ABD错误，C正确。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)6、A:B【分析】【详解】

弱对光敏电阻R光照的强度，R增大，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压增大，即电压表示数增大，总电流减小，即电流表示数减小，电容器两端的电压增大，根据以及C不变，U增大可得Q增大，电源内部消耗的电功率I减小，内阻不变，所以P减小，故AB正确．7、A:B:C【分析】【详解】

A．分析图象可知试探电荷在M点电势能为零，由电势能公式可知

解得故A正确；

B．该过程中只有电场力（重力忽略不计）做功，电势能和动能之和不变，试探电荷在N点时电势能为最小，则动能最大，速度最大，加速度为零，电场力为零，说明N点场强为零；故B正确；

C．设Q2到N点的距离为Q1到N点距离为N点场为零，由点电荷场强公式可得

因可知Q2电荷量小于Q1的电荷量；故C正确；

D．由图象分析可知试探电荷从N点运动到M点的过程中；电势能增大，说明电场力做负功，故D错误。

故选ABC。8、A:D【分析】【详解】

AB．测量齿轮的齿数为N，旋转体转速为n，则每秒内齿轮与线圈相互靠近和远离的次数为nN，即感应电流的频率为f=nN；选项A正确，B错误；

C．当齿轮与线圈相互靠近和远离的时候；在线圈中产生的感应电流的方向要变化，选项C错误；

D．旋转体转速越高；穿过线圈的磁通量的变化率越大，则线圈中的感应电流越强，选项D正确。

故选AD。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据等量异种点电荷的电场线分布，可知，两点电荷连线的中垂面是等势面，电势为0，正点电荷附近电势大于0，负点电荷附近电势小于0，根据对称关系可得

其中

所以小球从C到D运动过程中；只有电场力做功，且由于电势降低，所以电势能减小，电场力做正功，小球在做加速运动，所以A错误；

B．小球由C到D，由动能定理得

则由C到O，由动能定理可得

所以B正确；

C．小球在运动过程中，只有电场力做功，所以动能和电势能之和为定值，根据等量异种电荷的电场特点知道，O点右边的电势小于零，虽然过了D点，电场力对小球要做负功，但D点与右边无穷远处的电势差小于CD之间的电势差，所以克服电场力做的功小于从C到D电场力做的功；所以小球速度不可能为零，会一直向右运动下去，不会返回，故C错误；

D．小球从O到无穷远处，电场力做功为0，由能量守恒可知，动能变化量也是0，即无穷远处的速度为

所以D正确。

故选：BD。10、A:D【分析】【详解】

A．由x轴上的电势随位置x的变化关系图像；可知电场的电势越来越低，由图像的斜率表示电场强度，可知电场强度越来越小，A正确；

B．由题意可知，沿x轴正方向电势降低，即电场方向沿x轴正方向。滑块P沿x轴正方向运动时，受到向右的电场力和向左的弹力，开始两力的合力方向沿x轴正方向，且合力由大变小，当合力是零时，加速度是零，滑块P速度最大，随沿x轴正方向运动位移的增大；电场强度逐渐减小，弹力逐渐增大，其合力方向向左，且逐渐增大，当滑块P速度是零时，弹力最大，因此滑块P的加速度先减小后增大，B错误；

C．由题意可知；滑块P运动中，电势能的减少量等于滑块动能的增加量与弹簧的弹性势能的增加量之和，因此滑块P速度是零时，电势能的减少量最大，则有弹簧弹性势能与滑块动能之和最大，C错误；

D．由以上分析可知；滑块P速度是零时，电势能的减少量最大，且全部转化为弹簧的弹性势能，即为滑块P克服弹力所做的功，D正确。

故选AD。11、A:D【分析】【详解】

A.电源电动势为3.0V，内阻不计，路端电压为3V．L1和两端的电压为3V，由图可知，此时的电流为0.25A，所以电阻值：R1==12Ω；故A正确；

B.由伏安特性曲线可以读出L1和两端的电压为3V，由图可知，此时的电流为0.25A，L1消耗的电功率为：P=UI=3.0×0.25=0.75W；故B错误．

C.在乙图上做出电阻R的伏安特性曲线如图，由于R与L2串联，所以二者的电流值是相等的，由图可以读出，此时二者的电压都是1.5V时，二者电压的和等于3.0V，此时的电流值是0.2A．所以R2==7.5Ω；故C错误；

D.由C可知，L2两端的电压为1.5V，电流为0.2A，故L2消耗的电功率为：P′=U′•I′=1.5×0.2=0.3W，故D正确．12、B:C【分析】【详解】

AB．滑片从a端滑到b端的过程中；外电阻先增大后减小，当滑片滑到中点时外电阻最大且等于内电阻。根据闭合电路欧姆定律，电流表的示数先减小再增大，电压表的示数先增大再减小；选项A错误，B正确；

CD．电源内阻消耗的功率Pr=I2r，所以电源内阻消耗的功率先减小再增大；当外电阻等于内电阻时电源输出功率最大，所以电源输出功率先增大再减小。故C选项正确，D错误。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]串联电路；电流关系，各处电流相等，即。

[2][3]并联电路；电流关系，总电流等于各支路电流之和，即。

[4][5]串联电路；电压关系，总电压等于各支路电压之和，即。

[6][7]并联电路；电压关系，各支路两端电压相等，即。

[8][9]串联电路；电阻关系，总电阻等于各部分电阻，即。

[10]并联电路，电阻关系，总电阻的倒数等于各支路电阻的倒数之和。【解析】之和之和相等之和倒数之和14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.正确④.错误⑤.错误⑥.正确15、略

【分析】【详解】

[1]根据闭合电路欧姆定律有

解得

电源的总功率为

[2]通过小灯泡的电流为

通过电动机的电流为

电动机的输出功率为【解析】365.516、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]根据等量异种电荷的电场特点可知；在连线的中垂线上，两电荷连线中点的电场强度最大，两侧的电场强度不断减小，所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为：从中间向两侧不断减小；且中垂线是一条等势线且电势为零，所以将一带正电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，电势能不变且为零。

（2）[3][4]根据等量同种正电荷的电场特点可知，在连线的中垂线上，两电荷连线中点的电场强度为零，两侧的电场强度先增大后减小，所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，粒子受到的电场力的变化趋势为：从中间向两侧先增大后减小；且中垂线上的电势由中间向两侧不断降低，所以将一带负电荷的粒子沿中垂线移到无穷远处的过程中，带负电的粒子的电势能不断增大。【解析】从中间向两侧不断减小电势能不变且为零从中间向两侧先增大后减小电势能不断增大17、略

【分析】【详解】

[1]根据题意可知，电场为匀强电场，则取ac之间的d点，坐标为（3.5cm，6cm），由可知，d点电势为连接则为等势线，过c点作等势线bd的垂线交bd于f点；如图所示。

由几何关系可得cf的长度为3.6cm，所以电场强度的大小

[2]匀强电场中，相同方向上变化相同的距离电势差相等，故

即

得坐标原点O处的电势为1V。

[3][4]负电荷在电势低处电势能高，则电子在a点的电势能比在b点的电势能高7eV，电子从b点运动到c点，电场力做功为【解析】25017918、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]两极板电压不变，根据

将A板水平向左移动一段距离；两板间距离不变，所以两极板间的电场强度不变，粒子的运动情况是静止。

[2]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

电容器所带的电荷量的变化情况是减少。

（2）[3]如果先断开开关S，两极板的电荷量保持不变，根据

再把A板向左移动一段距离，正对面积减小，所以电场强度增大，则

粒子的运动情况是向上运动。

[4]根据

将A板水平向左移动一段距离，正对面积减小，所以电容减小，再根据

则两极板间的电势差增大，所以静电计指针张角的变化情况是