2025年苏教版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏教版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、在“验证机械能守恒定律”实验中，下列器材中不必要的是(

)

A.重物B.纸带C.天平D.刻度尺2、如图所示，金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，铜制线圈c中将有感应电流产生且被螺线管吸引（）A.向右做匀速运动B.向左做匀速运动C.向右做减速运动D.向右做加速运动3、某空间存在着如图所示的垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=1T，图中竖直虚线是磁场的左边界．当质量为m=2.0×10-6kg、带电荷量为q=+1.0×10-6C的物块A（可以看成质点）沿光滑绝缘水平面，以v0=20m/s的速度垂直进入磁场后，下列说法中正确的是（重力加速度g取10m/s2）（）A.物块A进入磁场后运动状态不会改变B.物块A进入磁场后对水平面的压力增大C.物块A进入磁场后将离开水平面做曲线运动D.物块A进入磁场后做匀加速直线运动4、如图所示是一种安装在自行车轮胎边缘用于照明的装置（俗称“电滚子”），内有磁铁与线圈．该装置是一个（）A.蓄电池B.发电机C.电容器D.电动机5、，一带正电的粒子仅在电场力作用下从A

点经BC

运动到D

点，其“速度鈭�

时间”图象如图所示.

分析图象后，下列说法正确的是()A.A

处的电场强度大于C

处的电场强度B.D

两点的电场强度和电势一定都为零C.粒子在A

处的电势能大于在C

处的电势能D.C

两点的电势差大于BD

两点间的电势差6、如下图所示的均匀磁场中，已经标出了电流I

和磁场B

以及磁场对电流作用力F

三者其方向，其中错误的是()

A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、1966年华裔科学家高锟博士提出一个理论：直径仅几微米的玻璃纤维就可以用来做为光的波导来传输大量信息，43年后高锟因此获得2009年诺贝尔物理学奖，他被誉为“光纤通讯之父”．光导纤维的结构如图所示，其内芯和外套材料不同，光在内芯中传播．内芯的折射率______外套的折射率（填“大于”、“等于”或“小于”），光在光导纤维中传输的原理是利用了光的______现象．8、在测定玻璃的折射率实验中，有一个同学设计了这样的实验方案：如图所示，画有直角坐标系Oxy的白纸位于水平桌面上，在白纸上放置一半圆形玻璃砖，其底面的圆心在坐标原点O，直边与x轴重合，OA是画在纸上的直线，P1、P2为竖直地插在直线OA上的两枚大头针，P3是竖直地插在纸上的第三枚大头针，α是直线OA与y轴正方向的夹角，β是直线OP3与y轴负方向的夹角，只要直线OA画得合适，且P3的位置取得正确，测得角α和β，便可求得玻璃的折射率．该同学在用上述方法测量玻璃的折射率时，在他画出的直线OA上竖直插上了P1、P2两枚大头针，但在y＜0的区域内，不管眼睛放在何处，都无法使P3同时挡住P1、P2的像．

(1)产生这种现象的原因是____________；

(2)若他已透过玻璃砖看到了P1、P2的像，确定P3位置的方法是____________；

(3)若他已正确地测得了α；β的值；则玻璃的折射率n=____________；

(4)有另一个同学不是将P1、P2两枚大头针插在直线OA上，而是让P1、P2的连线与y轴平行，他还能否测出玻璃砖的折射率？如果不能，请说出理由；如果能，请简述操作过程．9、已知铯的极限频率为4.55隆脕1014Hz

钠的为6.0隆脕1014Hz

银的为1.15隆脕1015Hz

铂的为1.53隆脕1015Hz

当用波长为0.375娄脤m

的光照射它们时，可发生光电效应的是______．10、电压恒定的电源与一根玻璃管中的水银柱组成电路，水银柱中通过的电流为0.1A．今将这些水银倒进另一根玻璃管中，管的内径是原管的2倍，重新与该电源组成电路，则流过水银柱的电流为____A．11、图为一简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流Ig=300μA，内阻Rg=100Ω，可变电阻R的最大值为10kΩ，电池的电动势E=1.5V，内阻r=0.5Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是____色．按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx=____kΩ．若该欧姆表使用一段时间后，电池的电动势变小、内阻变大，但此表仍能调零，按正确使用方法再测上述Rx，其测量结果与原结果相比将____（填“变大”；“变小”或“不变”）．

12、利用发波水槽可以观察很多波的现象；填出下列图案所对应的现象（只需填入字母）．

（1）是______．（2）是______．

A．波的反射B．波的折射C．波的衍射D．波的干涉E．多普勒效应．13、如图所示电路中的A、B两端加有电压U，若R1=2Ω，R2=4Ω，R3=3Ω，通过它们的电流与电阻两端电压分别为I1、I2、I3和U1、U2、U3，则I1：I2：I3=______，U1：U2：U3=______．14、采用rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}为硝化剂是一种新型的绿色硝化技术，在含能材料、医药等工业中得到广泛应用。回答下列问题：rm{(1)1840}年rm{Devil}用干燥的氯气通过干燥的硝酸银，得到年rm{(1)1840}用干燥的氯气通过干燥的硝酸银，得到rm{Devil}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}。该反应的氧化产物是一种气体，其分子式为_______。等曾利用测压法在刚性反应器中研究了rm{(2)F.Daniels}等曾利用测压法在刚性反应器中研究了rm{25隆忙}时时rm{(2)F.Daniels}rm{25隆忙}rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}其中分解反应：二聚为rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)

}的反应可以迅速达到平衡。体系的总压强随时间rm{{N}{{{O}}_{2}}}的变化如下表所示rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}}时，rm{2{N}_{2}{O}_{5}(g)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright),4N{O}_{2}left(gright)?2{N}_{2}{O}_{4}left(gright)}完全分解rm{p}。rm{t}rm{t/min}rm{0}rm{40}rm{80}rm{160}rm{260}rm{1300}rm{1700}rm{隆脼}rm{p/kPa}rm{35.8}rm{40.3}rm{42.5}rm{45.9}rm{49.2}rm{61.2}rm{62.3}rm{63.1}rm{垄脵}已知：rm{{2}{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g})+{{{O}}_{{2}}}({g})Delta{{H}_{{1}}}=-4.4{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}rm{2{N}{{{O}}_{2}}({g})={{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g}){}Delta{{H}_{{2}}}=-5{5}.{3}{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}则反应rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{N}{{{O}}_{2}}({g})+dfrac{1}{2}{{{O}}_{{2}}}({g})}的rm{{2}{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g})+{{{O}}_{{2}}}({g})

Delta{{H}_{{1}}}=-4.4{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-1}}}______rm{{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-{1}}}}rm{2{N}{{{O}}_{2}}({g})=

{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{4}}}({g}){}Delta{{H}_{{2}}}=-5{5}.{3}

{kJ}cdot{mo}{{{l}}^{-1}}}研究表明，rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})=2{N}{{{O}}_{2}}({g})+dfrac{1}{2}{{{O}}_{{2}}}({g})

}rm{DeltaH=}rm{v=2times{{10}^{-3}}times{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}({kPa}cdot{{min}^{-1}})}rm{{kJ}cdot

{mo}{{{l}}^{-{1}}}}rm{垄脷}研究表明，rm{垄脷}rm{{{p}_{{{{O}}_{{2}}}}}=2.9{kPa}}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}分解的反应速率rm{v=2times{{10}^{-3}}times

{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}({kPa}cdot{{min

}^{-1}})}。rm{t=62min}时，测得体系中rm{{{p}_{{{{O}}_{{2}}}}}=2.9

{kPa}}，则此时的rm{{{p}_{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}}}=}______若提高反应温度至rm{{kPa}}，则rm{v=}______rm{{kPa}cdot{{min}^{-1}}}。rm{垄脹}若提高反应温度至rm{垄脹}______rm{35}填“大于”“等于”或“小于”rm{隆忙}则原因是______。rm{隆忙}时rm{{N}_{2}{O}_{4}left(gright)?2N{O}_{2}left(gright)}rm{{{{N}}_{{2}}}{{{O}}_{{5}}}({g})}完全分解后体系压强rm{{{p}_{infty}}}rm{(}rm{(}rm{35}rm{隆忙)}______位小数rm{隆忙)}rm{63.1{kPa}(}对于反应rm{2{N}_{2}{O}_{5}left(gright)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)}rm{)}提出如下反应历程：rm{垄脺25隆忙}时填标号rm{垄脺25隆忙}第一步rm{N_{2}O_{5}?NO_{3}+NO_{2;}}快速平衡第二步rm{{N}_{2}{O}_{4}left(gright)?2N{O}_{2}left(gright)

}3反应的平衡常数rm{{{K}_{{p}}}=}慢反应第三步______3rm{{kPa}}rm{(}快反应rm{(}rm{{{K}_{{p}}}}为以分压表示的平衡常数，计算结果保留rm{1}位小数rm{)}第一步的逆反应rm{1}rm{)}rm{(3)}对于反应第二步反应rm{(3)}rm{2{N}_{2}{O}_{5}left(gright)=4N{O}_{2}left(gright)+{O}_{2}left(gright)

}，rm{R.A.Ogg}提出如下反应历程：rm{R.A.Ogg}其中可近似认为第二步反应不影响第一步的平衡。下列表述正确的是______rm{(}填标号rm{)}rm{(}rm{)}rm{N_{2}O_{5}?

NO_{3}+NO_{2;}}rm{NO_{2}+NO}rm{=}15、如图所示，在正的点电荷形成的电场中，AB

两点间的电势差U=200V.

电荷量为6隆脕10鈭�8C

的正试探电荷从A

点移到B

点，电场力对其做的功为______JAB

两点中电势较高的点是______点.

评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

20、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共3题，共6分)21、有一个小灯泡上标有“4V、2W”的字样，现在要用描绘这个灯泡的伏安特性曲线（I—U图线）．现有下列器材供选用：A．电压表(0～5V，内阻约10kΩ)B．电流表(0～0.6A，内阻约0.4Ω)C．滑动变阻器(10Ω，2A)D．滑动变阻器(500Ω，1A)E．学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时，选用上图中电路图来完成实验；（选甲或乙）(2)实验中所用滑动变阻器应选(用序号字母表示)22、（18分）（1）如图所示为用打点计时器测定匀变速直线运动的加速度的实验时记录下的一条纸带.纸带上选取1、2、3、4、5各点为记数点，将直尺靠在纸带边，零刻度与纸带上某一点0对齐.已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz，由测量数据计算出小车的加速度a和纸带上打下点3时小车的速度v3，并说明加速度的方向.加速度大小a=_______m/s2，方向_______，小车在点3时的速度大小v3=_______m/s.（2）在“互成角度的两个共点力的合成”实验中，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧秤把橡皮条的另一端拉到某一位置O点，①以下操作中错误的是（）A．同一次实验过程中，O点位置允许变动B．在实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤刻度C．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧秤拉力的大小和方向，把橡皮条的结点拉到O点D．实验中，把橡皮条的结点拉到O点时，两弹簧之间的夹角应取90°不变，以便于算出合力的大小②橡皮筋的一端固定在A点，另一端栓上两根细绳，每根绳分别连着一个量程为5N、最小刻度为0.1N的弹簧测计，沿着两个不同的方向拉弹簧测力计。当橡皮筋的活动端拉到O点时，两根细绳相互垂直，如图所示。这时弹簧测力计的读数可从图中读出。由图可读得两个相互垂直的拉力的大小分别为_____N和_____N。（只须读到0.1N）③在答题纸上按作图法的要求画出这两个力及它们的合力。23、某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度．该螺旋测微器校零时的示数如图甲所示，测量金属板厚度时的示数如图乙所示．图甲所示读数为________mm，图乙所示读数为________mm，所测金属板的厚度为________mm.评卷人得分五、计算题(共4题，共16分)24、如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率。25、如图所示；在x

轴的上方有沿y

轴负方向的匀强电场，电场强度大小为E

在x

轴下方以原点O

为圆心；半径为R

的半圆形区域内，有垂直于xOy

平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B.

现将一质量为m

电荷量为q

的带正点粒子从y

轴上的P

点由静止释放，不计粒子重力与空气阻力的影响。

(1)

粒子进入磁场之后恰好沿平行于x

轴的方向飞出；求PO

间的距离d

(2)

若粒子在y

轴上距O

点23d

处由静止释放，其中d

为(1)

中计算结果，求粒子经过x

轴时的坐标。26、一列横波在x

轴上传播着；在t1=0

和t2=0.005s

时的波形曲线如图所示．

​(1)

由图中读出波的振幅和波长．(2)

设周期大于(t2鈭�t1)

如果波向右传，波速多大?

如果波向左传，波速又多大?

(3)

设周期小于(t2鈭�t1).

并且波速为6000m/s

求波的传播方向．27、某发电站通过燃烧煤来发电.

发电站通过升压器；输电线和降压器把电能输送给生产和照明组成的用户；发电机输出功率是120kW

输出电压是240V

升压器原副线圈的匝数之比为125

输电线的总电阻为10娄赂

用户需要电压为220V.

则：

(1)

输电线上损失的电功率为多少？

(2)

降压器原副线圈的匝数比为多少？评卷人得分六、综合题(共2题，共4分)28、A.如图所示为正弦交变电流i

随时间t

变化的图象；由图可知，该交变电流的有效值为__________A

频率为__________Hz

．

B.如图所示；电路中电源电动势为4V

内阻为1娄赂

小灯泡电阻为3娄赂.

开关S

闭合后，电路中的电流为__________A

灯泡的电压为__________V

．

29、[

物理隆陋隆陋

选修3鈭�4]

(1)

一列简谐横波沿x

轴正方向传播，在t=0

和t=0.20s

时的波形分别如图中实线和虚线所示。己知该波的周期T>0.20s

下列说法正确的是______。(

填正确答案标号。)

A.波速为0.40m/s

B.波长为0.08m

C.x=0.08m

的质点在t=0.70s

时位于波谷D.x=0.08m

的质点在t=0.12s

时位于波谷E.若此波传入另一介质中其波速变为0.80m/s

则它在该介质中的波长为0.32m

(2)

如图，某同学在一张水平放置的白纸上画了一个小标记“隆陇

”(

图中O

点)

然后用横截面为等边三角形ABC

的三棱镜压在这个标记上，小标记位于AC

边上。D

位于AB

边上，过D

点做AC

边的垂线交AC

于F

该同学在D

点正上方向下顺着直线DF

的方向观察。恰好可以看到小标记的像；过O

点做AB

边的垂线交直线DF

于EDE=2cmEF=1cm

求三棱镜的折射率。(

不考虑光线在三棱镜中的反射)

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】解：根据重物下落过程中机械能守恒的表达式可知；物体的质量可以约掉，因此本实验中不需要天平，故ABD错误，故C正确．

故选：C

．

根据实验原理可知；该实验不需要测量物体质量，因此不需要天平；

解决本题的关键掌握验证机械能守恒定律的实验的原理，知道需要测量哪些量，需要哪些器材．【解析】C

2、C【分析】解：A、B导体棒ab向右或向左做匀速运动时，ab中产生的感应电流不变；螺线管产生的磁场是稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流，线圈c不受安培力作用，不会被螺线管吸引。故A；B错误。

C、导体棒ab向右做减速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b；感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，根据楞次定律得知，c中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流，右侧相当于N极，螺线管左侧是S极，则线圈c被螺线管吸引。故C正确。

D、导体棒ab向右做加速运动时，根据右手定则判断得到，ab中产生的感应电流方向从a→b；感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，根据楞次定律得知，c中产生逆时针方向（从左向右看）的感应电流，c的右侧相当于S极，螺线管左侧是S极，则线圈c被螺线管排斥。故D错误。

故选：C。

导体棒ab在匀强磁场中沿导轨运动时；根据右手定则判断感应电流方向，感应电流通过螺线管时，由安培定则判断磁场方向，根据楞次定律判断线圈c中感应电流方向，再确定c是否被螺线管吸引。

本题运用右手定则、安培定则和楞次定律按步就班进行分析的，也可以直接根据楞次定律进行判断：线圈c被螺线管吸引时，磁通量将要增大，说明原来的磁通量减小，导体棒必定做减速运动。【解析】C3、A【分析】解：A进入磁场时受到的洛伦兹力F=Bqv=1×10-6×20N=2×10-5N；

物体A的重力G=mg=2.0×10-6kg×10=2.0×10-5N；则有重力等于洛伦兹力；故物体A对地面的压力减小为零；由于物块在水平方向不受外力，故物块进入磁场后的运动状态不变；故A正确，BCD错误；

故选：A．

分别求出物块的重力和洛伦兹力；根据二力的大小关系分析物块A与地面间的压力，根据力和运动的关系分析粒子的运动情况．

本题考查带电粒子在磁场中的运动情况分析，要注意明确洛伦兹力的性质，知道洛伦兹力永不做功，并能根据力和运动的关系分析物体的运动情况．【解析】【答案】A4、B【分析】解：“电滚子”内有磁铁与线圈；自行车行驶时，线圈切割磁感线，产生感应电流，用于照明，是一个发电机．

故选：B．

自行车行驶时；电滚子产生电流，用于照明，说明该装置是一个发电机．

本题考查分析和研究生活中照明的装置物理原理的能力，关键抓住是产生电能还是消耗电能．【解析】【答案】B5、A【分析】略【解析】A

6、C【分析】解：根据左手定则可知：ABDABD三图中电流、磁场、安培力方向均和左手定则中要求方向一致，故正确；CC图中电流和磁场方向一致，不受安培力，故C错误..本题选错误的，故选C..正确应用左手定则即可判断出磁场、电流、安培力三者之间的关系即可解答本题，应用时注意安培力产生条件..安培定则、左手定则、右手定则等应用容易混淆，因此平时要加强训练，熟练应用这几种定则进行有关物理量的判断．【解析】C

二、填空题(共9题，共18分)7、略

【分析】解：发生全反射的条件是光由光密介质射入光疏介质；所以内芯的折射率大．且光传播在内芯与外套的界面上发生全反射．

故答案为：大于；全反射．

光导纤维内芯和外套材料不同；所以具有不同的折射率．要想使光的损失最小，光在光导纤维里传播时一定要发生全反射。

光的全反射必须从光密介质进入光疏介质，同时入射角大于临界角．【解析】大于；全反射8、略

【分析】解：(1)在y＜0的区域内，不管眼睛放在何处，都无法使P3同时挡住P1、P2的像；是因为入射角α太大，涨到发生了全反射．

(2)透过玻璃砖看到了P1、P2的像，确定P3位置的方法是：P3同时挡住P1、P2的像．

(3)由于光线从玻璃射入空气，则由折射定律=得n==．

(4)能；可以插上第四根大头针，使大头针同时挡住P3和P1、P2的像；作出光路图，测出光线在玻璃砖底边的入射角和折射角，求出折射率．

故答案为：

(1)入射角α太大；发生了全反射．

(2)P3同时挡住P1、P2的像．

(3)．

(4)能；可以插上第四根大头针，使大头针同时挡住P3和P1、P2的像，作出光路图，测出光线在玻璃砖底边的入射角和折射角，求出折射率．【解析】入射角α太大，发生了全反射;P3同时挡住P1、P2的像;9、略

【分析】解：根据娄脙=c娄脣

可知；该光的频率为：

娄脙=c娄脣=8隆脕1014Hz

大于铯和钠的极限频率；因此能够发生光电效应的是铯，钠．

故答案为：铯；钠．

当入射光的频率大于金属的极限频率时；会发生光电效应，由此可正确解答．

解决本题的关键掌握光电效应的条件，是考查基础知识的好题．【解析】铯，钠10、1.6【分析】【解答】当将全部水银倒入另一个内径大一倍的U形玻璃管B中时；

根据S=πr2可知；横截面积变为原来的4倍；

根据V=Sh可知，长度变为原来的

∵导体的电阻的大小与材料；长度、横截面积和温度有关；

∴电阻变为原来的

∵电源的电压不变；

∴根据欧姆定律可得0.1A×R=I×R；

解得：I=1.6A．

故答案为：1.6

【分析】（1）导体的电阻的大小与材料、长度、横截面积和温度有关，在材料和温度不变时，导体越长、横截面积越小电阻越大，反之越小；（2）因电源的电压不变，根据欧姆定律表示出两种情况下电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出答案．11、红5变大【分析】【解答】（1）欧姆表是电流表改装的；必须满足电流的方向“+”进“﹣”出，即回路中电流从标有“+”标志的红表笔进去，所以与A相连的表笔颜色是红色；

当两表笔短接（即Rx=0）时，电流表应调至满偏电流Ig；

设此时欧姆表的内阻为R内此时有关系得

当指针指在刻度盘的正中央时有代入数据可得RX=R内=5kΩ；

当电池电动势变小、内阻变大时，欧姆得重新调零，由于满偏电流Ig不变；

由公式欧姆表内阻R内得调小；

待测电阻的测量值是通过电流表的示数体现出来的，由

可知当R内变小时；I变小，指针跟原来的位置相比偏左了，欧姆表的示数变大了．

故答案为：红；5；变大．

【分析】根据欧姆表的结构，由闭合电路欧姆定律可以判断读数，以及电池电动势变小，内阻变大时测量结果的变化．12、略

【分析】解：左图中由两个振源；在空间产生了波的叠加稳定图样，所以是波的干涉；故选：D；

右图中；挡板下方的波遇到挡板后，可以绕过挡板进入挡板的阴影区域，属于波的衍射．故选：C

故答案为：D；C

两列频率相同的相干波源；得到干涉图样，由此可得发生干涉的条件是频率相同；波发生明显衍射的条件，一般直接比较孔的直径d与水波波长λ的关系即可，当d＜λ时肯定发生明显的衍射．

考查波的干涉和明显的衍射条件，同时要区分衍射与干涉的区别．基础题目．【解析】D；C13、略

【分析】解：由图看出，电阻R1与R2串联，电流相等，即I1=I2．根据欧姆定律U=IR得知，U1：U2=R1：R2=2：4=1：2

电阻R1与R2串联后与R3并联，并联电路电压相等，根据欧姆定律U=IR得知，I2：I3=R3：（R1+R2）=3：6=1：2

电压U3=U1+U2，又U1：U2=1：2，得到U1：U3=1：3．

综上得到，I1：I2：I3=1：1：2，U1：U2：U3=1：2：3

故答案为：1：1：2；1：2：3

由题，A、B两端加有电压U，电阻R1与R2串联后与R3并联．电阻串联时；电流相等．电路并联时，两端电压相等．根据欧姆定律求解比例关系．

本题的技巧是利用比例法，也可以先外电路总电阻，再求干路电流、各个电阻的电流和电压，得到比值．【解析】1：1：2；1：2：314、rm{(1){{{O}}_{{2}}}}

rm{(2)垄脵}rm{53.1}

rm{垄脷}rm{30.0}rm{6.0times{{10}^{-2}}}

rm{垄脹}大于温度提高，体积不变，总压强提高；rm{{N}{{{O}}_{2}}}二聚为放热反应；温度提高，平衡左移，体系物质的量增加，总压强提高。

rm{垄脺13.4}

rm{(3)AC}【分析】【分析】

本题主要是考查化学反应原理；侧重于化学反应速率与化学平衡的有关分析与计算，题目难度较大。试题设计新颖，陌生感强，计算量较大，对学生的要求较高。压强和平衡常数的计算是解答的难点，注意从阿伏加德罗定律的角度去理解压强与气体物质的量之间的关系，注意结合反应的方程式和表中数据的灵活应用。也可以直接把压强看作是物质的量利用三段式计算。

【解答】

rm{(1)}氯气在反应中得到电子作氧化剂，硝酸银中只有氧元素化合价会升高，所以氧化产物是氧气，分子式为rm{O_{2}}故答案为：rm{O_{2}}

rm{(2)垄脵}已知：rm{垄隆}rm{2N_{2}O_{5}(g)=2N_{2}O_{4}(g)+O_{2}(g)}rm{triangleH_{1}=-4.4kJ/mol垄垄}rm{triangle

H_{1}=-4.4kJ/mol垄垄}rm{triangleH_{2}=-55.3kJ/mol}根据盖斯定律可知rm{2NO_{2}(g)=N_{2}O_{4}(g)}即得到rm{triangle

H_{2}=-55.3kJ/mol}rm{triangleH_{1}=+53.1kJ/mol}故答案为：rm{垄隆隆脗2-垄垄}

rm{N_{2}O_{5}(g)=2NO_{2}(g)+1/2O_{2}(g)}根据方程式可知氧气与消耗五氧化二氮的物质的量之比是rm{triangle

H_{1}=+53.1kJ/mol}又因为压强之比是物质的量之比，所以消耗五氧化二氮减少的压强是rm{53.1}则此时五氧化二氮的压强是rm{垄脷}因此此时反应速率rm{1:2}故答案为：rm{2.9kPa隆脕2=5.8kPa}rm{35.8kPa-5.8kPa=30.0kPa}

rm{v=2.0隆脕10^{-3}隆脕30=6.0隆脕10^{-2}(kPa隆陇min^{-1})}由于温度升高，容器容积不变，总压强提高，且二氧化氮二聚为放热反应，温度提高，平衡左移，体系物质的量增加，总压强提高，所以若提高反应温度至rm{30.0}则rm{6.0隆脕10^{-2}}完全分解后体系压强rm{垄脹}大于rm{35隆忙}故答案为：大于；温度提高，体积不变，总压强提高；rm{N_{2}O_{5}(g)}二聚为放热反应；温度提高，平衡左移，体系物质的量增加，总压强提高；

rm{p_{隆脼}(35隆忙)}根据表中数据可知五氧化二氮完全分解时的压强是rm{63.1kPa}根据方程式可知完全分解时最初生成的二氧化氮的压强是rm{{N}{{{O}}_{2}}}氧气是rm{垄脺}总压强应该是rm{71.6kPa+17.9kPa=89.5kPa}平衡后压强减少了rm{63.1kPa}所以根据方程式rm{2N{O}_{2}(g)?;{N}_{2}{O}_{4}(g)}可知平衡时四氧化二氮对应的压强是rm{35.8kPa隆脕2=71.6kPa}二氧化氮对应的压强是rm{71.6kPa-26.4kPa隆脕2=18.8kPa}则反应的平衡常数rm{Kp=dfrac{18.{8}^{2}}{26.4}kPa=13.4kPa}故答案为：rm{35.8kPa隆脗2=17.9kPa}

rm{71.6kPa+17.9kPa=89.5

kPa}第一步反应快；所以第一步的逆反应速率大于第二步的逆反应速率，A正确；

B、根据第二步和第三步可知中间产物还有rm{89.2kPa-63.1kPa=26.4kPa}B错误；

C、根据第二步反应生成物中有rm{2N{O}_{2}(g)?;{N}_{2}{O}_{4}(g)

}可知rm{26.4kPa}与rm{71.6

kPa-26.4kPa隆脕2=18.8kPa}的碰撞仅部分有效；C正确；

D；第三步反应快；所以第三步反应的活化能较低，D错误。

答案选AC。rm{Kp=

dfrac{18.{8}^{2}}{26.4}kPa=13.4kPa}【解析】rm{(1){{{O}}_{{2}}}}

rm{(2)垄脵}rm{53.1}

rm{垄脷}rm{30.0}rm{6.0times{{10}^{-2}}}

rm{垄脹}大于温度提高，体积不变，总压强提高；rm{{N}{{{O}}_{2}}}二聚为放热反应；温度提高，平衡左移，体系物质的量增加，总压强提高。

rm{垄脺13.4}

rm{(3)AC}15、略

【分析】解：电荷从A

移到B

电场力对其做的功为：

WAB=qUAB=6隆脕10鈭�8隆脕200J=1.2隆脕10鈭�5J

UAB=娄脮A鈭�娄脮B=200V>0

故A点电势比B

点电势高200V

故答案为：1.2隆脕10鈭�5A

．

根据公式WAB=qUAB

求出电场力做功；根据公式UAB=娄脮A鈭�娄脮B

比较电势高低．

本题考查电场力做功的计算和和电势差的定义.

电场力做功公式应用时，一般各量均代入符号计算，根据计算结果的正负，确定正功还是负功．【解析】1.2隆脕10鈭�5A

三、判断题(共5题，共10分)16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．20、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、实验题(共3题，共6分)21、略

【分析】试题分析：(1)描绘这个灯泡的伏安特性曲线需要电压从零开始，所以需要采用滑动变阻器的分压接法，故选甲来完成实验（2）滑动变阻器采用和小灯泡的电阻相差不大的，便于操作，故选用C滑动变阻器考点：考查了描绘灯泡伏安特性曲线实验【解析】【答案】甲、C22、略

【分析】【解析】【答案】（1）0.58;与运动方向相反；0.13（2）①ACD②2.5N和4.0N③注意平行四边形中的实线、虚线的区别和箭头、标度、单位23、略

【分析】试题分析:图甲中螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为0.01×1.0mm=0.010mm，所以最终读数为0.010mm．螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为0.01×37.0mm=0.370mm，所以最终读数为6.870mm．所测金属板的厚度为6.870-0.010=6.860mm。考点：螺旋测微器的使用【解析】【答案】0.010；6.870；6.860五、计算题(共4题，共16分)24、略

【分析】试题分析：（1）S断开时，由U1=I1R3，得R2=2Ω又由得R1=1.4Ω（2）S闭合时，由R1、R3并联，得回路中电流电压表示数为U2=I2R23=1VR2上消耗的功率考点：本题考查闭合电路欧姆定律。【解析】【答案】（1）R1=1.4Ω，R2=2Ω；（2）1V，2W25、略

【分析】

(1)

根据动能定理求得经电场加速后粒子的速度；再根据洛伦兹力提供圆周运动向心力结合几何关系，联立即可求得PO

间的距离d

(2)

若粒子在y

轴上距O

点23d

处由静止释放；其中d

为(1)

中计算结果，利用动能定理求出粒子进入磁场时的速度，利用洛伦兹力提供向心力求出粒子半径，结合几何关系判断粒子在磁场中射出的位置，以及射出时粒子速度方向，即可求出粒子经过x

轴时的坐标。

本题考查带电粒子在复合场中运动，粒子在加速场中的运动运用动能定理求解，粒子在磁场中的运动运用洛伦兹力提供向心力结合几何关系求解，难度不大，解题关键是要作出临界的轨迹图，正确运用数学几何关系。【解析】解：(1)

粒子离开磁场时的速度方向与x

轴平行，根据几何关系可得：r1=22R

粒子在加速电场中，根据动能定理可得：qEd=12mv12

粒子进入磁场后做匀速圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力可得：qv1B=mv12r1

解得：d=qB2R24mE

(2)

设粒子到达O

点时的速度为v2

在磁场中运动的半径为r2

根据动能定理可得：qE?2d3=12mv22

根据洛伦兹力提供向心力可得：qv2B=mv22r2

解得：r2=33R

粒子运动轨迹如图所示；

图中娄脕娄脗

满足：cos娄脕=R2r2=32

可得：娄脕=30鈭�娄脗=2娄脕=60鈭�

故粒子经过x

轴时的位置坐标为：x=r2+r2cos尾

解得：x=3R

所以粒子经过x

轴时的坐标为(鈭�3R,0)

答：(1)PO

间的距离d

为qB2R24mE

(2)

粒子经过x

轴时的坐标为(鈭�3R,0)

26、解：（1）如图知，波长λ=8m，振幅A=0.2m（2）由题：周期大于（t2-t1），则波在（t2-t1）时间内传播的距离小于一个波长；故得：

当波向右传播时，传播的最小距离为波长，为则波速为

当波向左传播时，传播的最小距离为则波速为

（3）波的周期为为：因为根据波形的平移法，结合波形曲线可知波传播方向向左。

【分析】(1)

由波动图象直接读出波长和振幅；

(2)

当波向右传播时，传播的最小距离为14

波长；得到波传播的距离，求出波速.

同理，求解波向左传播时波速的通项；

(3)

由波速公式v=娄脣T

求出周期，根据时间与周期的关系分析波的传播方向。本题知道两个时刻的波形要确定波速，要考虑波的双向性和周期性，不能漏解，只得到特殊值。【解析】解：(1)

如图知，波长娄脣=8m

振幅A=0.2m

(2)

由题：周期大于(t2鈭�t1)

则波在(t2鈭�t1)

时间内传播的距离小于一个波长，故得：

当波向右传播时，传播的最小距离为14

波长，为?x=14娄脣=2m

则波速为v=?x?t=20.005m/s=400m/s

当波向左传播时，传播的最小距离为34娄脣?x隆盲=34娄脣=6m

则波速为v=?x鈥�?t=60.005m/s=12000m/s

(3)

波的周期为为：T=娄脣v=86000s=215000s

因为?tT=0.00521500=334

根据波形的平移法，结合波形曲线可知波传播方向向左。

27、解：（1）根据得，升压变压器的输出电压

则输电电流

输电线上损耗的功率