2025年华师大版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版高二物理下册阶段测试试卷532考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光。在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是A.小灯泡L1、L2均变暗B.小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C.电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D.电流表A的读数变大，电压表V的读数变小2、下列各图中，标出了电流I

和磁场B

以及磁场对电流作用力F

三者的方向，其中错误的是()A.B.C.D.3、如图所示；甲图中A；B为两个相同的环形线圈，共轴并靠近放置，A线圈中通如图乙所示的交变电流i，则（）

A.从t1到t2时间内A；B两线圈吸引。

B.从t2到t3时间内A；B两线圈相斥。

C.t1时刻两线圈间作用力为零。

D.t2时刻两线圈间的吸引力最大。

4、某横波在介质中沿x轴传播，a图为t=0.25s时的波形图，b图为P点（x=1.5m处的质点）的振动图像，那么下列说法正确的是（）A.该波向右传播，波速为B.质点L与质点N的运动方向总相反（速度为零的时刻除外）C.t=1s时，质点M处于正向最大位移处D.t=1.25s时，质点K向右运动了2m5、如图，通电直导线处于足够大的匀强磁场中，导线与水平面夹角导线中通过的电流为I，为了增大导线的安培力，可采取的办法是A.增大电流IB.减小磁感应强度BC.把通电直导线在纸面内绕O点顺时针旋转300D.把通电直导线在纸面内绕O点逆时针旋转6006、下列说法中正确的是（）A.电磁炉是采用电磁感应原理，在金属锅上不产生涡流，使锅体不发热从而点火加热食物的B.磁电式电表的线圈常常用铝框做骨架，把线圈绕在铝框上，是为了防止电磁感应C.精密线绕电阻常采用双线绕法，可以增强线绕电阻通电时产生的磁场D.交流发电机的工作原理是电磁感应7、如图所示，在静止负电荷形成的电场中，有MN

两点，比较MN

两点的场强大小和电势高低，则有(

)

A.N

点的场强大，电势低B.N

点的场强小，电势高C.M

点的场强大，电势高D.M

点的场强小，电势低评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)8、如图所示，在场强为E，方向竖直向下的匀强电场中，有两个质量均为m的带电小球A、B，电量分别为-q和+2q，两小球用长为l的绝缘细线b相连，另用绝缘细线a系住小球A悬挂于O点而处于平衡状态．细线b处于绷紧状态，则细线b对小球B的作用力大小为____，细线a对悬点O的作用力大小为____．（已知重力加速度为g；静电力恒量为k）

9、将一电荷量为-3×10-6C的负电荷从电场中的A点移动到B点，克服电场力做了3×10-5J的功，再将该电荷从B点移动到C点，电场力做了1.2×10-5J的功，则A、C间的电势差为V，电荷从A点移动到B点再从B点移动到C点的过程中，电势能变化了J。10、电磁波按波长顺序排列分为无线电波、红外线、______、紫外线、______和γ射线．11、如图所示，某同学用插针法测定一半圆形玻璃砖的折射率．在平铺的白纸上垂直纸面插大头针P1、P2确定入射光线，并让入射光线过圆心O，在玻璃砖（图中实线部分）另一侧垂直纸面插大头针P3，使P3挡住P1、P2的像，连接OP3．图中MN为分界面，虚线半圆与玻璃砖对称，B、C分别是入射光线、折射光线与圆的交点，AB、CD均垂直于法线并分别交法线于A、D点．设AB的长度为l1，AO的长度为l2，CD的长度为l3，DO的长度为l4；求：

①为较方便地表示出玻璃砖的折射率，需用刻度尺测量______、______（用上述给出量的字母表示）

②玻璃砖的折射率______．12、手机是人们生活中普遍使用的通信工具，它是利用________(

选填“电磁波”或“超声波”)

进行通信的.

这种波________(

选填“能”或“不能”)

在真空中传播．评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)13、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）14、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分四、画图题(共2题，共14分)19、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象20、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分五、推断题(共3题，共15分)21、聚戊二酸丙二醇rm{(PPG)}是一种可降解的聚脂类高分子材料，在材料的生物相容性方面有限好的应用前景rm{.PPG}的一种合成路线如下：

已知；

rm{垄脵}烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢。

rm{垄脷}化合物rm{B}为单氯代烃；化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}

rm{垄脹E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，rm{F}是福尔马琳的溶质。

rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}}

回答下列问题：rm{垄脺R_{1}CHO+R_{2}CH_{2}CHOxrightarrow[]{脧隆NaOH}

}的结构简式为________rm{(1)A}rm{.}由rm{(2)}生成rm{B}的化学方程式为________rm{C}rm{.}由rm{(3)}和rm{E}生成rm{F}的反应类型为________，rm{G}的化学名称为________rm{E}rm{.}由rm{(4)}和rm{D}生成rm{H}的化学方程式为________；rm{PPG}的同分异构体能同时满足下列条件的共有________种rm{(5)D}不含立体异构rm{(}

rm{)}能与饱和rm{垄脵}溶液反应产生液体。

rm{NaHCO_{3}}既能发生银镜反应，又能发生水解反应。其中核磁共振请谱显示为rm{垄脷}组峰，且峰面积比为rm{3}rm{6}rm{1}的是___________rm{1}写结构简式rm{(}rm{)}22、氨气是一种重要的化工产品及工业原料。I．某温度下，合成氨反应的平衡常数K=3.0×103(mol／L)-1，（1）写出其对应的化学方程式________________________________________。（2）某温度下，如果在体积恒定为10L的密闭容器中充入：0.1molN2、0.1molH2和2molNH3则反应____（填“正向进行”或“逆向进行”或“达到平衡”）。（3）该温度下，在体积恒定为10L的四个密闭容器中分别充入下列物质，反应达到平衡后，N2的转化率最大的是________。a．10molN2、30molH2和20molNH3b．10molN2和30molH2c．20molN2和60molH2d．10molN2和28molH2II．氨气极易溶于水，氨水是氨气溶于水而形成的溶液，回答下列问题：（4）在氨水溶液中加水稀释的过程，NH3·H2O的电离程度___________（填“增大”“减小”或“不变”），___________（填“增大”“减小”或“不变”）。（5）室温下，amol/L的(NH4)2SO4水溶液的pH=5，原因是溶液中存在平衡__________________（用离子方程式表示）。并计算该平衡的平衡常数表达式为________________________（用含代数a的较为精确的数学表达式表示，不必化简，不做近似运算）。23、下表为元素周期表的一部分，针对表中rm{垄脵隆芦垄脼}元素，回答下列问题。rm{垄脵}rm{垄脷}rm{垄脹}rm{垄脺}rm{垄脻}rm{垄脼}rm{(1)垄脵}元素在周期表中的位置是第二周期_____________族。rm{(2)垄脷}和rm{垄脻}两种元素中原子半径较大的是__________rm{(}填元素符号rm{)}rm{垄脻}和rm{垄脼}两种元素的最高价氧化物对应水化物中酸性较强的是________rm{(}填化学式rm{)}rm{(3)}写出rm{垄脹垄脺}两种元素的最高价氧化物对应水化物反应的离子方程式_______________。评卷人得分六、实验题(共3题，共27分)24、在“测玻璃的折射率”实验中：（1）为了取得较好的实验效果，下列操作正确的是。A、必须选用上下表面平行的玻璃砖；B、选择的入射角应尽量小些；C、大头针应垂直地插在纸面上；D、大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些.（2）甲同学在量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O点为圆心，OA为半径画圆，交OO’延长线于C点，过A点和C点作垂直法线的直线分别交于B点和D点，如图所示，若他测得AB=7cm，CD=4cm，则可求出玻璃的折射率n=。（3）乙同学使用同一个玻璃砖完成实验，却发现测出的折射率明显大于理论值，反复检查实验操作过程后认为是用铅笔描出玻璃砖上下表面时候出现了操作失误，由此可以判断该同学作出的两界面间距玻璃砖的实际宽度。（选填“大于”、“小于”）25、用双缝干涉测光的波长。实验装置如下图（甲）所示，已知单缝与双缝间的距离L1=100mm，双缝与屏的距离L2=700mm，双缝间距d=0.25mm。用测量头来测量亮纹中心的距离。测量头由分划板、目镜、手轮等构成，转动手轮，使分划板左右移动，让分划板的中心刻线对准亮纹的中心如图（乙）所示，记下此时手轮上的读数，转动测量头，使分划板中心刻线对准另一条亮纹的中心，记下此时手轮上的读数。（1）分划板的中心刻线分别对准第1条和第4条亮纹的中心时，手轮上的读数如图（丙）所示，则对准第1条时读数x1=_______mm，对准第4条时读数x2=_______mm.（2）根据以上数据计算波长_____nm.26、现需测量定值电阻Rx的阻值（约为20Ω）。所供器材如下：电流表A1（量程0～50mA，内阻约为20Ω）电流表A2（量程0～300mA，内阻约为4Ω）电压表V1（量程0～6V，内阻约为20kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约为50kΩ）滑动变阻器R（最大阻值为10Ω）直流电源E（电动势为10V，内阻约为0．5Ω）电键S一个，连接用的导线若干（1）为了使测量结果更准确，电流表选择____________，电压表选择____________；（2）在方框内做出实验原理图；（3）该电阻是由电阻丝绕成的，为了求得该电阻丝材料的电阻率，需用螺旋测微器测量电阻丝的直径，结果如图，其读数为__________mm。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B|C【分析】试题分析：滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路的阻值变大，所以电路中的外电阻R变大，由闭合电路的欧姆定律可知电路中总电流减小，即电流表示数减小，灯泡L2两端的电压变小，其亮度变暗，由路端电压可知电压表示数变大，根据部分电路的欧姆定律的可知灯泡L1两端的电压变大，其亮度变亮，由以上分析可知选项BC正确．考点：本题考查了电路的动态分析，要从滑动变阻器的阻值变化入手，遵从先部分再整体后部分的思路分析，主要利用闭合电路的欧姆定律和部分电路的欧姆定律解答．【解析】【答案】BC2、C【分析】【分析】

正确应用左手定则即可判断出磁场；电流、安培力三者之间的关系即可解答本题；应用时注意安培力产生条件。

安培定则；左手定则、右手定则等应用容易混淆；因此平时要加强训练，熟练应用这几种定则进行有关物理量的判断。

【解答】

根据左手定则可知：ABD

三图中电流；磁场、安培力方向均和左手定则中要求方向一致；故ABD正确；C

图中电流和磁场方向一致，不受安培力，故C错误。

故选C。

【解析】C

3、A|B|C【分析】

A、在t1到t2时间内；若设顺时针（从左向右看）方向为正，则线圈A电流方向顺时针且大小减小，所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向右的磁通量大小减小，由楞次定律可知，线圈B的电流方向顺时针方向，因此A；B中电流方向相同，出现相互吸引现象，故A正确；

B、在t2到t3时间内；若设顺时针方向（从左向右看）为正，则线圈A电流方向逆时针且大小增大，所以根据右手螺旋定则可判定穿过线圈B方向向左的磁通量大小增大，由楞次定律可知，线圈B的电流方向顺时针方向，因此A；B中电流方向相反，A、B出现互相排斥，故B正确；

C、由题意可知，在t1时刻；线圈A中的电流最大，而磁通量的变化率是最小的，所以线圈B感应电流也是最小，因此两线圈间作用力为零，故C正确；

D、在t2时刻；线圈A中的电流最小，而磁通量的变化率是最大的，所以线圈B感应电流也是最大，但A；B间的相互作用力最小，故D错误；

故选：ABC

【解析】【答案】根据安培定则确定电流与磁场的方向关系；再根据楞次定律知，感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化．当磁通量增大时，感应电流的磁场与它相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与它相同．最后运用同向电流相互吸引，异向电流相互排斥．

4、A|B【分析】试题分析：据题意，从振动图像可知指点p在0.25s时向上振动，则这列波向右传播，速度为：故选项A正确；质点L和质点N相差半个波长，这两点振动情况总是相反，故选项B正确；图a再经过0.75s就是t=1s时刻，但质点M需要再经过1s才可以到达正向最大位移处，说明t=1s时刻质点M还没有到达正向最大位移处，故选项C错误；质点只会在平衡位置附近振动，不会随波迁移，故选项D错误。考点：本题考查机械波的波动图像和振动图像。【解析】【答案】AB5、A【分析】试题分析：由于磁场的方向是垂直纸面向里的，导线中的电流方向与磁场方向垂直，故导线在纸面内旋转时，电流方向与磁场方向始终是垂直的，不能改变安培力的大小，所以C、D是不对的；A中增大电流是增大安培力的一个方法，而减小磁感应强度会减小安培力，故A是正确的，B是不对的。考点：磁场对电流的力的作用。【解析】【答案】A6、D【分析】【解答】解:A；电磁炉是采用电磁感应原理；在金属锅上产生涡流，使锅体发热从而加热食物的，与微波炉工作原理不同，故A不正确；B、常常用铝框做骨架，起到电磁阻尼作用，是为了利用电磁感应，故B错误；

C；采用双线绕法；磁场相互抵消，可以减弱线绕电阻通电时产生的磁场，故C错误；

D；发电机的工作原理是电磁感应；而电动机是电流的磁效应，故D正确；

故选：D．

【分析】电磁炉是采用电磁感应原理，利用涡流，使锅体发热；铝框做骨架，起到电磁阻尼作用，是为了利用电磁感应；双线绕法，是减弱通电时产生的磁场；发电机的工作原理是电磁感应，从而即可求解．7、B【分析】解：根据图可知，为负电荷形成的电场，则由电场线的疏密程度反映了电场强度的大小，所以EM>EN

．

在根据沿电场线的方向，电势降低可知娄脮M<娄脮N

故B正确；ACD错误；

故选B

电场线密的地方电场的强度大；电场线疏的地方电场的强度小.

电场线与等势面垂直，沿电场线的方向，电势降低．

本题关键是要能够通过电场线反映电势的高低、电场强度的大小和方向．【解析】B

二、填空题(共5题，共10分)8、略

【分析】

1、以B球为研究对象，受力分析如图：重力mg、电场力2qE、a对b的库仑力F、b细线的拉力Tb；有平衡条件得：

F+Tb=mg+2qE

而库仑力

故细线b对小球B的作用力大小为mg+2qE-．

2、以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力如图：重力2mg、电场力（2qE-qE）=qE，方向竖直向下，a细线的拉力Ta；由平衡条件得：

Ta=2mg+qE

根据牛顿第三定律；细线a对悬点O的作用力大小为也为2mg+qE．

故答案为：mg+2qE-2mg+qE．

【解析】【答案】1；以B球为研究对象；分析受力，根据平衡条件可求得细线的拉力．

2；以两个小球组成的整体为研究对象；分析受力，根据平衡条件可求得细线的拉力．

9、略

【分析】由电场力做功将该电荷从B点移动到C点电场力做了1.8×10-5的负功，电势能增大了1.8×10-5【解析】【答案】6-1.8×10-510、略

【分析】解：依照波长的长短不同；电磁波谱的波长由长到短的是：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，γ射线（伽马射线）

故答案为：可见光；伦琴射线。

在空间传播着的交变电磁场；即电磁波．它在真空中的传播速度约为每秒30万公里．电磁波包括的范围很广．实验证明，无线电波；红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线都是电磁波．它们的区别仅在于频率或波长有很大差别．

依照波长的长短的不同；电磁波谱可大致分为：无线电波，红外线，可见光，紫外线，伦琴射线，γ射线（伽马射线）．

本题关键是明确无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线、γ射线都是电磁波，同时要知道它们的波长特点和各自的应用．【解析】可见光；伦琴射线11、略

【分析】解：①根据几何知识得，入射角的正弦sini=折射角的正弦sinr=又BO=OC，则折射率为n=．

故需要测量的量有l1和l3；

②折射率：n===

故答案为：

①l1，l3；

②n=．

用插针法测定半圆形玻璃砖折射率的原理是折射定律n=根据几何知识可得到入射角的正弦与圆的半径与AB的长度l1的关系、折射角的正弦与圆的半径与CD的长度l1的关系；即可得到需要测量的量．

本题用插针法测定半圆形玻璃砖折射率，由实验原理律n=分析数据处理的方法是单位圆法，简化了计算过程．【解析】l1；l3；n=12、电磁波能。

【分析】【分析】

手机既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台；电磁波本身就是物质，能在真空中传播。此题主要考查电磁波的应用和传播速度；都是基础知识，比较容易，要知道真空中传播速度与光在真空中的传播速度相同，即都是3隆脕108m/s

【解答】

手机已成为人们普遍使用的通信工具；它是由电磁波来传递信息的，电磁波本身就是物质，故能在真空中传播。

故答案为：电磁波；能。【解析】电磁波能。

三、判断题(共6题，共12分)13、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．14、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．四、画图题(共2题，共14分)19、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】20、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】五、推断题(共3题，共15分)21、rm{(1)}

rm{(2)}

rm{(3)}加成反应甲醛

rm{(4)}

rm{(5)5}【分析】【分析】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{)}以此来解答。

本题考查有机物的推断，关键是确定rm{A}的结构，再根据反应条件推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，侧重分析与推断能力的综合考查，题目难度中等。【解答】烃rm{A}的相对分子质量为rm{70}由rm{dfrac{70}{12}=510}则rm{A}为rm{C_{5}H_{10}}核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为rm{A}与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃rm{B}则rm{B}为rm{B}发生消去反应生成rm{C}为化合物rm{C}的分子式为rm{C_{5}H_{8}}rm{C}发生氧化反应生成rm{D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}rm{F}是福尔马林的溶质，则rm{F}为rm{HCHO}rm{E}rm{F}为相对分子质量差rm{14}的同系物，可知rm{E}为rm{CH_{3}CHO}由信息rm{垄脺}可知rm{E}与rm{F}发生加成反应生成rm{G}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CHO}rm{G}与氢气发生加成反应生成rm{H}为rm{HOCH_{2}CH_{2}CH_{2}OH}rm{D}与rm{H}发生缩聚反应生成rm{PPG(}rm{).}

rm{(1)}由上述分析可知，rm{A}的结构简式为故答案为：

rm{(2)}由rm{B}生成rm{C}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(3)}由rm{E}和rm{F}生成rm{G}的反应类型为加成反应，rm{E}的化学名称为乙醛；故答案为：加成反应；乙醛；

rm{(4)}由rm{D}和rm{H}生成rm{PPG}的化学方程式为：

故答案为：

rm{(5)D}为rm{HOOC(CH_{2})_{3}COOH}它的同分异构体中能同时满足：rm{垄脵}能与饱和rm{NaHCO_{3}}溶液反应产生气体，说明含rm{-COOH}rm{垄脷}既能发生银镜反应，又能发生水解反应，含有醛基、羧基，rm{D}中共rm{5}个rm{C}则rm{C-C-C}上的rm{2}个rm{H}被rm{-COOH}rm{-OOCH}取代，共为rm{3+2=5}种，含其中核磁共振氢谱显示为rm{3}组峰，且峰面积比为rm{6}rm{1}rm{1}的是故答案为：rm{5}

【解析】rm{(1)}rm{(2)}rm{(3)}加成反应甲醛rm{(4)}rm{(5)5}22、略

【分析】【分析】本题考查较为综合，涉及化学平衡状态的判断、盐类水解、水的电离、盐类水解平衡常数的计算等知识，为高考常见题型，难度中等，注意把握相关基本理论的理解和应用。【解答】（1）工业上一般用氮气和氢气在催化作用下合成氨，其对应的化学方程式为N2+3H22NH3故答案为：N2+3H22NH3；（2）合成氨反应浓度积所以平衡向逆反应方向移动，故答案为：逆向进行；

（3）a与b相比，a中含有大量的氨气，因此b中氮气的转化率大于a中；b与d相比，b中氢气浓度大，故b中氮气的转化率高；由于正反应是体积减小的可逆反应，所以增大压强平衡向正反应方向进行，c与b相比，相当于是在b的基础上增大压强；氮气转化率增大，故答案为：c；

（4）在氨水溶液中加水稀释的过程，NH3·H2O的电离程度将增大；因为K和Kw的变化只与温度有关，所以不变。故答案为：增大；不变；

（5）NH4+水解导致硫酸铵溶液显酸性，水解方程式为NH4++H2O⇌NH3•H2O+H+，依据电荷守恒和物料守恒c(NH4+)+c(H+)=2c(SO42-)+c(OH-),c(NH4+)+c(NH3·H2O)=2amol/L，已知pH=5，则c(H+)=10-5mol/L，c(OH-)=10-9mol/L，c(SO42-)=amol/L，代入守恒公式可求出c(NH4+)和c(NH3·H2O)，利用水解平衡常数的计算式可得故答案为：NH4++H2O⇌NH3•H2O+H+；【解析】（1）N2+3H22NH3（2）逆向进行（3）c（4）增大不变（5）NH4++H2ONH3•H2O+H+23、rm{(1)}Ⅳrm{A}

rm{(2)S}

rm{(3)HClO_{4}}

rm{(4)OH^{-}+Al(OH)_{3}}rm{=AlO_{2}^{-}+2H_{2}O}【分析】【分析】本题考查了元素周期律和元素周期表的应用。掌握元素周期律：同周期元素从左至右原子半径逐渐减小，金属性逐渐减弱，最高价氧化物对应水化物的碱性逐渐减弱；同主族元素从上至下原子半径逐渐增大是解答本题的关键。该题是高考常见题型，试题难易适中，侧重对学生基础知识的巩固和训练，有利于提高学生的逻辑推理能力和应试能力。【解答】根据元素周期表的结构可知rm{垄脵}为rm{C}rm{垄脷}为