2025年冀教版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版选修3物理下册阶段测试试卷236考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示电路，在滑动变阻器的滑片P向上端a滑动过程中；电压表；电流表的示数变化情况为。

A.两电表示数都增大B.两电表示数都减少C.电压表示数减少，电流表示数增大D.电压表示数增大，电流表示数减少2、某激光器能发射波长为的激光。设发射功率为P，用c表示光速，h表示普朗克常量，则激光器每秒钟发射的光子数为（）A.B.C.D.3、如图所示，某同学用玻璃皿在中心放一个圆柱形电极接电源的负极，沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极做“旋转的液体的实验”，若蹄形磁铁两极间正对部分的磁场视为匀强磁场，磁感应强度为B＝0.1T，玻璃皿的横截面的半径为a＝0.05m，电源的电动势为E＝3V，内阻r＝0.1Ω，限流电阻R0＝4.9Ω，玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为R＝0.9Ω；闭合开关后当液体旋转时电压表的示数恒为1.5V，则（）

A.由上往下看，液体做顺时针旋转B.液体所受的安培力大小为1.5×10﹣4NC.闭合开关10s，液体具有的热能是4.5JD.闭合开关后，液体热功率为0.081W4、如图所示，L为一根无限长的通电直导线，M为一金属环，L通过M的圆心并与M所在的平面垂直，且通以向上的电流I；则()

A.当L中的I发生变化时，环中有感应电流B.当M左右平移时，环中有感应电流C.当M保持水平，在竖直方向上下移动时环中有感应电流D.只要L与M保持垂直，则以上几种情况，环中均无感应电流5、如图所示，正方形单匝铝质线圈abcd和efgh分别在外力作用下以相同速度v向右匀速进入同一匀强磁场中．已知两线圈导线的横截面积相同；所用材料也相同，两线圈的边长之比为1：2，则()

A.两线圈的右边刚进入磁场时，产生的感应电流之比为1：2B.两线圈的右边刚进入磁场时，所加的外力大小之比为1：2C.两线圈在进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电荷量之比为1：1D.两线圈在进入磁场的整个过程中，产生的焦耳热之比为1：16、如图，匝矩形导线恒以角速度绕对称轴匀速转动，线圈面积为S，线框电阻、电感均不计，在左侧有磁感应强度为的匀强磁场，外电路接有电阻理想电流表A；那么可以确定是（）

A.从图示时刻起，线框产生的瞬时电动势为B.交流电流表的示数C.两端电压的有效值D.一个周期内的发热量7、如图所示，电阻不计的正方形导线框abcd处于匀强磁场中．线框绕中心轴OO'匀速转动时，产生的电动势e=200．线框的输出端与理想变压器原线圈相连，副线圈连接着一只“20V、8W”的灯泡，且灯泡能正常发光，电路中熔断器熔断电流为0.4A；熔断器与输电导线的电阻忽略不计．下列判断正确的是。

A.t=0s时刻的线框中磁通量变化率为最小B.理想变压器原、副线圈匝数之比为10：1C.若副线圈两端并联多只“20V、8W”的灯泡，则最多不能超过10只D.若线框转速减半，产生的电动势e=100cos（100t）V8、2019年1月3日，“嫦娥四号”探测器完成了人类历史上的首次月背软着陆．“嫦娥四号”的核电池利用放射性同位素Pu衰变供电；静止的Pu衰变为铀核和X粒子，放出频率为ν的γ光子．已知：Pu、和X粒子的质量分别为mPu、mU和mX，普朗克常数为h，光速为c．则下列说法正确的是A.X粒子是HeB.的比结合能比Pu的大C.释放出的γ光子能量为(mPu-mU)c2D.放射性同位素Pu的半衰期随温度降低而变大评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、如图所示，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30°角的方向垂直射入磁场．甲粒子垂直于bc边离开磁场；乙粒子从ad边的中点离开磁场．已知甲；乙两a带电粒子的电荷量之比为1:2，质量之比为1:2，不计粒子重力．以下判断正确的是。

A.甲粒子带负电，乙粒子带正电B.甲粒子的动能是乙粒子动能的16倍C.甲粒子所受洛伦兹力是乙粒子所受洛伦兹力的2倍D.甲粒子在磁场中的运动时间是乙粒子在磁场中运动时间的倍10、下面说法正确的是（）A.扩散现象是由重力引起的，完全失重条件下不会发生扩散现象B.水跟酒精混合后总的体积小于说明分子间存在间隙C.相同温度的同种理想气体，其内能与其质量成正比E.玻璃管中的液面可能为凹陷，也可能为凸起，液体表面层分子间作用力表现为引力时形成凹液面，液体表面层分子间作用力表现为斥力时形成凸液面E.玻璃管中的液面可能为凹陷，也可能为凸起，液体表面层分子间作用力表现为引力时形成凹液面，液体表面层分子间作用力表现为斥力时形成凸液面11、一定质量的气体状态变化过程的图线如图所示，其中A是初始态，B、C是中间状态。过程与纵轴平行，过程与横轴平行，过程的延长线过坐标原点。下列说法正确的是（）

A.过程，气体向外界放出热量B.过程，所有气体分子的动能都增加C.过程，气体的压强不变E.过程气体对外做的功小于过程外界对气体做的功E.过程气体对外做的功小于过程外界对气体做的功12、如图所示是一定质量的理想气体的p－V图象，理想气体经历从A→B→C→D→A的变化过程，其中D→A为等温线。已知理想气体在状态D时温度为T＝400K；下列说法正确的是（）

A.理想气体在状态B时的温度为1000KB.理想气体在状态C时的温度为1000KC.C到D过程外界对气体做功为100J，气体放出热量100JD.气体从状态D变化到状态A，单位体积的气体分子数增大，但气体分子的平均动能不变13、下列说法正确的是（）A.气体压强是因为大量气体分子对器壁持续的碰撞引起的B.热量不可能从低温物体传到高温物体C.固体、液体和气体都会有扩散现象发生E.物体的动能增大，其内部每个分子的动能不一定增大E.物体的动能增大，其内部每个分子的动能不一定增大14、如图所示；将一线圈放在匀强磁场中，线圈平面平行于磁感线，则线圈中没有感应电流产生的是（）

A.当线圈绕N边转动B.当线圈绕M边转动C.当线圈做垂直于磁感线的平行运动D.当线圈做平行于磁感线的运动15、如图甲，两水平金属板间距为d，板间电场强度的变化规律如图乙所示，t=0时刻，质量为m的带电微粒以初速度v0沿中线射入两板间，时间内微粒做匀速直线运动，T时刻微粒恰好经金属板边缘飞出，微粒运动过程中未与金属板接触，重力加速度的大小为g，关于微粒在0~T时间内运动的描述；正确的是（）

A.末速度大小为B.末速度沿水平方向C.竖直方向的最大速度为D.克服电场力做功为mgd评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图甲所示为一个逻辑门的输入端A、B和输出端Z上的电信号，试在乙图的虚线框中画出逻辑门的符号_____________。

17、一定质量的理想气体从状态A变化到状态B再变化到状态C，其变化过程的V-T图像如图所示，BC的反向延长线通过坐标原点O。已知该气体在状态A时的压强为1.5×105Pa，则该气体在状态C时的压强为__________Pa；该气体从状态A到状态C的过程中吸收的热量为__________J。

18、如图所示，一定质量的理想气体从状态a依次经状态b、c、d和e后回到状态a，图中ae、bc延长线过坐标原点O，cd平行于T轴，ab、de平行于V轴。该理想气体经过的a→b、b→c、c→d、d→e、e→a五个过程中，气体对外做功的过程有________；气体内能增加的过程有________；气体等压放热的过程有________。

19、如图所示，一定质量的理想气体从状态依次经状态和后回到状态图中曲线为反比例函数图线，直线平行于轴，直线平行于轴。该理想气体经过的的四个过程中，气体对外放热的过程有_________；气体对外做功的过程有________；气体内能增加的过程有___________。20、如图所示，一质量为m、电荷量为+q的小球从距地面为h处，以初速度v0水平抛出，在小球运动的区域里，加有与小球初速度方向相反的匀强电场，若小球落地时速度方向恰好竖直向下，小球飞行的水平距离为L，小球落地时动能Ek=__________，电场强度E=_____________．

21、质量为m,电荷量为q的带电粒子由静止开始，在电压为U的电场中仅在电场力作用下加速后的速度为___________评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共6分)25、某同学用双缝干涉实验仪测量光的波长，如图所示．

①实验中选用的双缝间距为d，双缝到像屏的距离为L，在像屏上得到的干涉图样如图所示，分划板刻线在图中A、B位置时，游标卡尺的读数分别为x1、x2，则入射的单色光波长的计算表达式为λ=_____．

②分划板刻线在某条明条纹位置时游标卡尺如图所示，则其读数为_________mm；26、在“测定电源的电动势和内电阻”的实验中；采用如图所示实验电路．

（1）实验时记录电流表的示数I和电压表的示数U，对应的数据画出如图乙所示的U—I图象，则该干电池组的电动势为E=______V、内电阻为r=______．在其他操作规范的情况下，测得电源的电动势________(填“偏大”；“偏小”或“无误差”)．

（2）小电珠L的额定电压为3.8V，现已测出其伏安特性曲线如图丙所示，它的额定电功率P额=________W．单独将L与上面所测干电池组连接，则L消耗的实际电功率P=_________W．27、某同学利用测力计研究在竖直方向运行的电梯运动状态，他在地面上用测力计测量砝码的重力，示数是G，他在电梯中用测力计仍测量同一砝码的重力，发现测力计的示数小于G，由此判断此时电梯的运动状态可能是_________________。评卷人得分六、解答题(共2题，共10分)28、质量为的铅球，从米高处自由下落（忽略空气阻力），落至松软地面后经秒静止，取试求：落地过程中地面对铅球的平均作用力大小和方向?29、一热气球体积为V，内部充有温度为的热空气，气球外冷空气的温度为已知空气在1个大气压、温度为时的密度为该气球内、外的气压始终都为1个大气压，重力加速度大小为g．

（1）求该热气球所受浮力的大小；

（2）求该热气球内空气所受的重力；

（3）设充气前热气球的质量为求充气后它还能托起的最大质量．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

当滑动变阻器的滑片P向a端滑动时，接入电路的电阻增大，与R2并联的电阻增大，外电路总电阻R总增大，总电流I减小，则电压表的示数UV=E-I(r+R1)，则UV增大；流过R2的电流增大，电流表的读数为则电流表示数减小；故A，B，C错误，D正确.2、A【分析】【详解】

每个光子的能量为

设每秒激光器发出的光子数是n，则

联立可得

故选A。3、D【分析】【详解】

A.由于中心放一个圆柱形电极接电源的负极；沿边缘放一个圆环形电极接电源的正极，在电源外部电流由正极流向负极，因此电流由边缘流向中心；器皿所在处的磁场竖直向上，由左手定则可知，导电液体受到的磁场力沿逆时针方向，因此液体沿逆时针方向旋转.故选项A不符合题意.

B.电压表的示数为1.5V，则根据闭合电路的欧姆定律E＝U+IR0+Ir

代入数据可得电路中的电流值I=0.3A，

液体所受的安培力大小为F＝BIL＝BIa＝0.1×0.3×0.05＝1.5×10﹣3N

故选项B不符合题意.

C.液体的等效电阻为R＝0.9Ω，10s内液体的热能Q＝I2Rt＝0.32×0.9×10＝0.81J

故选项C不符合题意.

D.玻璃皿中两电极间液体的等效电阻为R＝0.9Ω，则液体热功率为P热＝I2R＝0.32×0.9＝0.081W

故选项D符合题意.4、D【分析】【分析】

依据通电直导线的磁场分布；结合感应电流产生的条件可判定各个选项；

【详解】

由安培定则可知导线L中电流产生的磁场方向与金属环面平行；即穿过M的磁通量始终为零，保持不变，故只要L与M保持垂直，穿过线圈的磁通量就始终为零，环中无感应电流，故ABC错误，D正确．

【点睛】

本题关键是掌握通电直导线的磁场分布是以导线为中心的同心圆，同时掌握感应电流产生的条件．5、B【分析】【详解】

由电阻定律可知：由题意可知，两线圈的材料、横截面积相同，两线圈周长之比为1：2，则电阻之比：Rabcd：Refgh=1：2；

A.线框切割磁感线产生的感应电动势：E=BLv，感应电流：由于两线圈边长之比为1：2，Rabcd：Refgh=1：2；两线圈的右边刚进入磁场时，产生的感应电流之比为1：1，故A错误；

B.两线圈的右边刚进入磁场时线圈受到的安培力：F安培=BIL；由于两线圈产生的电流之比为1：1，两线框边长为1：2，则两线圈受到的安培力之比为1：2，线圈做匀速直线运动，由平衡条件可知，外力与安培相等，由此可知，所加外力大小之比为1：2，故B正确；

C.线圈在进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电荷量：两线圈边长之比为1：2，电阻之比为1：2，则两线圈在进入磁场的整个过程中，通过导体横截面的电荷量之比为1：2，故C错误；

D.线圈进入磁场过程中产生的焦耳热：Q=I2Rt，两线圈中感应电流之比为1：1，电阻之比为1：2，运动时间之比为1：2，则两线圈在进入磁场的整个过程中，产生的焦耳热之比为1：4，故D错误；6、B【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知，线圈只有一半在磁场中，故产生的电动势的最大值为

故瞬时表达式为

A错误；

B．电流表的示数为

B正确；

C．两端电压的有效值

C错误；

D．一个周期内的发热量

D错误。

故选B。7、B【分析】【详解】

t=0s时刻的线框在图示位置，线圈与中性面垂直，感应电动势最大，故线框中磁通量变化率最大，故A错误；线框绕中心轴OO′匀速运动时，产生的电压为：u=200cos100πt，故输入变压器的电压的有效值为：U=200V；灯泡能正常发光，故变压器的输出电压为20V；根据变压比公式，有：故B正确；电路中熔断器熔断电流为0.4A，此时根据能量守恒定律，有：U1I1=U2（nIL）；解得：故副线圈两端并联“20V、8W”的灯泡最多不能超过14只，故C错误；若线框转速减半，根据公式Em=NBSω，产生的电压也减半，ω=2πn=50π，则产生的电动势为：e=100cos（50πt）V，故D错误；故选B．8、B【分析】【详解】

根据质量数守恒与电荷数守恒可知，的衰变方程为故A错误；衰变成核和α粒子后，释放核能，将原子核分解为单个的核子需要的能量更大，原子变得更稳定，所以的比结合能比的大，故B正确；此核反应过程中的质量亏损等于反应前后质量的差，为△m=mpU-mU-mα，释放的γ光子的能量为hv，核反应的过程中释放的能量：E=（mpU-mU-mα）c2，由于核反应的过程中释放的核能转化为新核与α粒子的动能以及光子的能量，所以光子的能量小于（mpU-mU-mα）c2，故C错误；放射性同位素的半衰期与温度无关．故D错误.二、多选题(共7题，共14分)9、C:D【分析】【分析】

根据粒子运动轨迹；应用左手定则可以判断出粒子的电性；粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据题意求出粒子轨道半径关系，然后应用牛顿第二定律求出粒子的速度然后分析答题；根据粒子做圆周运动的周期公式与粒子转过的圆心角求出粒子的运动时间．

【详解】

由甲粒子垂直于bc边离开磁场可知，甲粒子向上偏转，所以甲粒子带正电，由粒子从ad边的中点离开磁场可知，乙粒子向下偏转，所以乙粒子带负电，故A错误；由几何关系可知，R甲=2L，乙粒子在磁场中偏转的弦切角为60°，弦长为所以：=2R乙sin60°，解得：R乙=L，由牛顿第二定律得：qvB=m动能：EK=mv2=所以甲粒子的动能是乙粒子动能的24倍，故B错误；由牛顿第二定律得：qvB=m解得：洛伦兹力：f=qvB=即故C正确；由几何关系可知，甲粒子的圆心角为300，由B分析可得，乙粒子的圆心角为120°，粒子在磁场中的运动时间：t=T，粒子做圆周运动的周期：可知；甲粒子在磁场中的运动时间是乙粒子在磁场中运动时间的1/4倍，故D正确．.

【点睛】

题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，要掌握住半径公式、周期公式，画出粒子的运动轨迹后，利用洛伦兹力提供向心力，结合几何关系进行求解；运用粒子在磁场中转过的圆心角，结合周期公式，求解粒子在磁场中运动的时间．10、B:C:D【分析】【分析】

本题考查扩散现象；气体分子内能、分子势能、液体分子间作用力；考查考生的理解能力和物理观念。

【详解】

A．扩散现象是由于分子无规则运动造成的；与重力无关。A错误；

B．水和酒精混合；分子挤占分子间隙，导致总体积减少，B正确；

C．理想气体的内能只考虑分子动能；温度相同分子的平均动能相同，理想气体的质量越大分子数越多，内能越大，所以C正确；

D．如果一开始分子间的距离小于随着分子间距离的增大，分子的斥力做正功，分子势能减小，当分子间距大于后；随着分子间距离增大，分子引力做负功，分子势能增大，随着分子间距离减小，分子引力做正功，分子势能减小，D正确；

E．无论凹液面还是凸液面；液体表面层分子之间都是引力，E错误。

故选BCD。11、C:D:E【分析】【详解】

A．过程为等温变化，内能不变，气体体积增大，对外界做功，由可知；气体从外界吸收热量，A错误；

B．过程温度升高；气体分子平均动能增加，不是所有气体分子动能都增加，B错误；

C．过程的延长线过坐标原点，该过程为等压变化，C正确；

D．过程气体温度降低，内能减小，又因为体积减小，外界对气体做功，由可知；气体放出的热量大于外界对气体做的功，D正确；

E．过程与过程，气体体积变化量大小相等，但过程的压强小于过程的压强，故过程气体对外做的功小于过程外界对气体做的功；E正确。

故选CDE。12、A:D【分析】【详解】

A.理想气体从B→D过程，由气态方程可得

解得

A正确；

B．理想气体从C→D过程，属等压变化，由盖吕萨克可得

解得

B错误；

C．C到D过程外界对气体做功为

由于C到D过程，温度降低，由热力学第一定律

可得

即气体放出热量大于100J；C错误；

D．气体从状态D变化到状态A；气体体积减小，单位体积内气体分子数增大，温度不变，气体分子的平均动能不变，D正确；

故选AD。13、A:C:E【分析】【详解】

A．气体压强的产生是大量气体分子对器壁持续的碰撞引起的；A正确；

B．热量可以从低温物体传到高温物体；只是不可能自发地从低温物体传到高温物体，B错误；

C．扩散运动是分子的一种基本运动形式；固体；液体和气体中都会有扩散现象发生，C正确；

D．第二类永动机没有违反能量守恒定律；但违反了热力学第二定律，D错误；

E．分子的动能与物体的机械能无关；E正确。

故选ACE。14、A:C:D【分析】【详解】

A．当线圈绕N边转动时；线圈平面始终与磁感线平行，磁通量始终为零，没有变化，不会产生感应电流，A正确。

B．绕M边转动时；回路磁通量发生了改变，有感应电流，B错误。

C．线圈做垂直于磁感线方向的平动时；线圈平面始终与磁感线平行，磁通量始终为零，没有变化，不会产生感应电流，C正确。

D．线圈做平行于磁感线的运动，线圈平面始终与磁感线平行，磁通量始终为零，没有变化，不会产生感应电流，D正确。15、B:C【分析】【详解】

AB．因为时间内微粒做匀速直线运动，即有

所以在内，向下做类平抛运动，满足

求得加速度

方向向下，在时间内，满足

求得加速度

方向向上，在竖直方向上根据对称性可得竖直方向上的速度为零，即末速度大小为v0；沿水平方向，故A错误，B正确；

C．时刻末，竖直方向具有最大速度，设竖直方向上最大速度为vy，根据匀变速平均速度定义可得

解得

故C正确；

D．因为T时刻末微粒恰好经金属板边缘飞出，并且速度不变，所以克服电场力做功等于重力所做的功，即为故D错误。

故选BC。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]与门的特点：事件的所有条件满足；事件才能发生。或门的特点：只要有一个条件满足，事件就能发生。非门的特点：输入状态和输出状态完全相反。由图象知输入端有一个为高电势时，输出端即为高电势，此逻辑电路为或门电路，该逻辑门的符号是。

【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]气体从状态A到状态B，发生的是等容变化，由查理定律得

解得在状态B时的压强为pB=1.0×105Pa

气体从状态B到状态C，发生是等压变化，有pC=pB=1.0×105Pa

由于状态A与状态C的温度相同，所以该气体从状态A到状态C的过程中，内能变化量

气体从状态A到状态B不做功，从状态B到状态C的过程中气体对外做功，做功大小为

由热力学第一定律

知整个过程中吸收的热量为Q=100J【解析】1.0×10510018、略

【分析】【详解】

[1]当气体体积增大时，气体对外做功，故气体对外做功的过程有：a→b、b→c两个过程；

[2]一定质量的理想气体的内能由温度决定，温度升高过程，气体内能增加，故气体内能增加的过程有：b→c、c→d；

[3]由气体定律可知，发生等压变化的过程有b→c、e→a；

b→c过程；气体体积变大，外界对气体做负功，温度升高，气体内能增加，根据热力学第一定律可知，该过程气体从外界吸热；

e→a过程；气体体积变小，外界对气体做正功，温度降低，气体内能减少，根据热力学第一定律可知，该过程气体对外放热；

故气体等压放热的过程有：e→a。【解析】a→b、b→c##b→c、a→bb→c、c→d##c→d、b→ce→a19、略

【分析】【分析】

【详解】

A→B为等温变化，△U=0；体积减小，外界对气体做功W＞0；根据热力学第一定律W+Q=△U得：Q＜0；气体对外放热。

B→C为等压变化过程，体积增大，气体对外界做功W＜0；再根据理想气体状态方程知，温度T升高，内能增大△U＞0；据热力学第一定律知；气体从外界吸热。

C→D为等温变化过程，△U=0；体积增大，气体对外界做功W＜0，根据热力学第一定律W+Q=△U得：Q＞0；气体从外界吸热。

D→A为等容变化过程，气体不做功W=0；压强减小，再根据理想气体状态方程知，温度T下降，内能减小△U＜0；据热力学第一定律W+Q=△U得：Q＜0；气体对外放热。

[1]气体对外放热的过程有：A→B，D→A；

[2]气体对外做功的过程有：B→C，C→D；

[3]气体内能增加的过程有：B→C。【解析】20、略

【分析】【详解】

[1]把小球的运动分解到水平和竖直方向，竖直方向做自由落体运动，水平方向作用下做匀减速运动。由小球落地时速度方向恰好竖直向下，知落地时v0恰好减为零，落地时速度为

落地时的动能为

解得

[2]竖直方向

水平方向

联立可得【解析】mgh21、略

【分析】【分析】

带电粒子经加速电场加速后；动能的大小等于电场力做功，求得速度v；

【详解】

设加速后的速度为v，根据动能定理可得：所以．

【点睛】

本题考查带电粒子在电场中的加速，注意动能定理的应用．【解析】四、作图题(共3题，共6分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫