2025年粤教新版必修1物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版必修1物理下册阶段测试试卷888考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、物体做直线运动的v-­t图像如图所示，根据图像提供的信息可知()

A.第4s初物体运动的加速度为2m/s2B.前8s内物体运动的位移为32mC.在0～4s内与4～6s内物体运动的加速度方向相同D.在0～4s内与4～6s内物体运动的平均速度相等2、一个物体所受的重力在下列情形下要发生变化的有（）A.把它在地面上浸入水中B.把它竖直上抛，在它向上运动的过程中C.把它从赤道拿到南极D.把它置于向上加速运动的电梯内3、校运会400m比赛中；终点在同一直线上，但起点不在同一直线上（如图所示）。关于这样的做法，下列说法正确的是（）

A.这样做目的是为了使参加比赛的同学位移大小相同B.这样做目的是为了使参加比赛的同学运动路程相同C.这样做目的是为了使参加比赛的同学所用时间相同D.这样做其实是不公平的，明显对外侧跑道的同学有利4、在军事演习中，某空降兵从悬停在空中的直升飞机上跳下，从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示；则下列说法正确的是（）

A.10s时空降兵和降落伞的速度方向改变B.0～10s内空降兵和降落伞整体所受空气阻力越来越小C.10s～15s时间内运动员的平均速度D.10s～15s内空降兵和降落伞整体处于超重状态5、如图所示，一个物体受和两个互相垂直的共点力作用，其，这两个力的合力大小为

A.1NB.5NC.7ND.12N评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、如图所示，完全相同的磁铁A、B分别位于铁质车厢竖直面和水平面上，A、B与车厢间的动摩擦因数均为μ，小车静止时，A恰好不下滑．现使小车加速运动，为保证A、B无滑动；则()

A.速度可能向左，加速度可小于μgB.加速度一定向右，不能超过(1＋μ)gC.加速度一定向左，不能超过μgD.加速度一定向左，不能超过(1＋μ)g7、物体由静止开始做加速度大小为的匀加速直线运动，当速度达到时，改为加速度大小为的匀减速直线运动，直至速度为零，在匀加速和匀减速运动过程中物体的位移大小和所用时间分别为和下列各式成立的是（）A.B.C.D.8、如图所示，半圆形框架竖直放置在粗糙的水平地面上，光滑的小球P在水平外力F的作用下处于静止状态，P与圆心O的连线与水平面的夹角为θ，将力F在竖直面内沿顺时针方向缓慢地转过框架与小球始终保持静止状态。在此过程中下列说法正确的是（）

A.框架对小球支持力先减小后增大B.拉力F的最小值为mgcosθC.地面对框架的摩擦力减小D.框架对地面的压力先增大后减小9、如图所示，可视为质点的滑块与木板质量相等，木板长为L，静止时滑块叠放在木板右端，滑块与木板、木板与水平地面间的动摩擦因数均为μ，某时刻给木板一个向右的初速度，经过时间t两者共速，最后木板停在地面上时滑块位于木板左端，重力加速度为g。下面说法正确的是（）

A.木板加速度最大值为2μgB.木板加速度的最大值为3μgC.D.木板的初速度为10、如图所示，铁球A和铁块B之间由轻质弹簧相连，并用细线OA挂在天花板上，A、B的质量分别m和2m，弹簧的劲度系数为k，整个系统静止，下述说法中正确的是()

A.细线OA对铁球A的拉力大小为3mgB.弹簧的长度为C.弹簧的弹力大小为2mgD.某时刻烧断细绳OA，该时刻铁球A的加速度大小为3g评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)11、一个质量为m的人站在电梯中，电梯减速下降，加速度大小为(g为重力加速度).人所受到的合力大小为_________.此时人处于__________(选填“超重”或“失重”)状态.12、2019年6月17日22时55分，四川省长宁县发生6级地震，成都市提前收到预警，如图所示，180所学校、110个社区收到预警信息后及时进行了疏散。地震发生时，跑得快的是强度较小的纵波，速度约而破坏性更大的横波由于传播速度相对较慢（约），则会延后数十秒到达地表。设地震时震源同吋发出的纵波传播速度为横波传播速度为某地震探测仪检测到的两波到达探测仪的时间差为则震源到探测仪的距离为___________。若要确定源的位置，则这样的探测仪至少需要___________个。

13、跳伞运动员从地面上空附近的直升机上跳下，经过2s拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的v﹣t图，试根据图象可知，运动员在开启降落伞前的运动____（选填“是”，“不是”）自由落体运动，估算前14s内运动员下落的高度是____m．

14、质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s，加速度是1m/s2，那么在第4s末的瞬时速度是_____m/s，前4s的位移是_____m．15、一列火车由静止从车站出发做匀加速直线运动，一位观察者站在这列火车第一节车厢的前端，经过10s第一节车厢全部通过，则前九节车厢经过___________s时间可从观察者身边全部通过，第九节车厢通过观察者需要的时间是________s（保留一位小数）．16、中国是继美、法、俄、日之后世界上第五个掌握大深度载人深潜技术的国家。北京时间6月27日11时47分，中国“蛟龙”再次刷新“中国深度”——下潜7062米,创造了作业类载人潜水器新的世界纪录。中国蛟龙号（如图）长、宽、高分别是8.2米、3.0米与3.4米，假设海水的密度不随深度变化，且跟淡水的密度差不多，则蛟龙号在下潜的过程中，受到海水的浮力是__________（填变大、不变、变小）的，在最深处，蛟龙号受到的浮力约为___________牛，海水对它的压强约为_____________帕。17、在水平桌面上有一质量为1kg的长方体。用4N的水平拉力向右拉，长方体静止不动，此时它所受的摩擦力为_____N；拉力增大至6N时长方体做匀速直线运动；若拉力增大至8N时长方体所受的摩擦力为______N。18、一个弹簧秤，弹簧质量不计，劲度系数为k=800N/m，秤盘质量m1=1.5kg。盘内放一质量为m2=10.5kg的物体P，系统处于静止状态，如图所示。现给P施加一个竖直向上的力F，使P从静止开始向上做匀加速直线运动，已知在最初0.2s内F是变化的，在0.2s后是恒定的，则F的最大值是_______N，最小值是_______N。（g=10m/s2）（不要求写计算过程。）

评卷人得分四、作图题(共4题，共16分)19、请在图中的物体上作出它所受的弹力示意图。

20、（1）在图甲中木箱的P点；用与水平方向成30°角斜向右上方的150N的力拉木箱，木箱重200N，作出重力和拉力的图示。

（2）作出图乙中电灯所受重力和拉力的示意图。

21、物块静止于斜面上；画出物块的受力分析图。

（____）22、在如图所示的各图中画出物体受到的各接触点或接触面对它的弹力的示意图，各图中物体均处于静止状态．

甲.乙.丙.丁.评卷人得分五、实验题(共3题，共24分)23、某同学为了测定气垫导轨上滑块的加速度，他在滑块上安装了宽度的遮光条，然后，他利用气垫导轨和数字计时器记录了遮光条通过第一个光电门所用的时间通过第二个光电门的时间遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间

（1）关于操作中的注意事项，下列说法正确的是___________。

A．为了方便测量；遮光条的宽度要适当宽些。

B．两光电门的间距应适当大些。

C．应换不同的钩码；多次测量求平均值。

（2）滑块经过第二个光电门时速度的表达式为___________。

（3）由给定的已知条件可知滑块的加速度a=___________24、利用光电计时器测量重力加速度的实验装置如图所示。所给器材有∶固定在底座上带有刻度的竖直钢管；钢球吸附器（固定在钢管顶端，可使钢球在被吸附一段时间后由静止开始自由下落），两个光电门（用于测量钢球从第一光电门到第二光电门所用的时间间隔），接钢球用的小网。实验时，将第一光电门固定在靠近钢球开始下落的位置。测量并求出钢球下落不同路程的平均速度，通过作图得到重力加速度的数值。

（1）实验步骤：①调整第二光电门使其与第一光电门相距一定的距离，从带有刻度的竖直钢管上读取两光电门之间的距离

②释放钢球，记录钢球通过两光电门所用的时间间隔设钢球经过第一个光电门的速度为则________；

③多次重复步骤①②，获得多组数据和

④计算各组数据对应的平均速度画出______图像，求出其斜率则所测得的重力加速度为________。25、下列关于打点计时器说法正确的是（______）

A．电磁打点计时器使用交流电源；电火花计时器使用直流电源。

B．使用打点计时器时应先接通电源；再拉动纸带。

C．电磁打点计时器和电火花计时器都是使用10V以下的电源。

D．打点计时器只能连续工作较短时间，打点之后要立即关闭电源评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)26、2021年9月18日，第十四届全运会赛艇女子四人单桨无舵手决赛在陕西杨凌举行。赛艇运动的推进力是不连续的，当运动员拉桨时，桨叶在水里可以产生恒定推进力F，回桨时没有推进力，假设一个周期内回桨时间是拉桨时间的2倍，赛艇所受阻力大小恒定，且某次比赛中，在赛艇获取2m/s的初速度后，运动员开始拉浆，在第一个周期内赛艇前进了9m，周期s。

（1）该次比赛中；若经过10个与第一个周期完全相同的周期，求赛艇前进的距离；

（2）求10个周期内赛艇获得的最大速度。27、2020年是不平凡的一年，新冠疫情爆发期间，各地积极筹备物资支援疫情灾区，某地一运送物资的货车在笔直的公路上以的速度匀速行驶，途中不慎掉落一包物资。后方一轿车发现并捡起物资后鸣笛示警，同时启动并用最短时间追赶货车，此时货车在其前方处，货车司机在轿车鸣笛后经开始制动刹车，最终两车停在同一地点完成交接。已知货车刹车的加速度大小为轿车启动和刹车的加速度大小均为该路段所允许的最大速度为轿车鸣笛示警到追上货车的过程中；求：

(1)货车运动的距离；

(2)轿车运动的时间；

(3)轿车与货车的最远距离。28、如图所示，光滑斜面倾角θ=30°，与粗糙水平面在B点处通过一小段光滑圆弧平滑连接，现将一小物块从斜面上A点由静止释放．最终停在水平面上的C点．已知A点距水平面的高度h=1.25m，B点距C点的距离L=2.5m，取g=10m/s2.求：

(1)物块在运动过程中的最大速度；

(2)物块与水平面间的动摩擦因数μ；

(3)物块从A点释放后，经过时间t=0.8s时速度的大小v．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、B【分析】【详解】

A．根据图像的斜率等于物体的加速度，知第4s初物体运动的加速度为

故A错误；

B．前8s内物体运动的位移为

故B正确；

C．图像的斜率正负表示加速度方向；由图可知，0～4s与4～6s内物体的加速度方向相反，故C错误；

D．0～4s内物体的平均速度为

4～6s内物体的平均速度

故D错误。

故选B。2、C【分析】【分析】

【详解】

ABD．在地球上同一位置；重力加速度不变，故把物体在地面上浸入水中，把物体竖直上抛过程或把物体置于向上加速运动的电梯中，物体的重力均不变，ABD错误；

C．把它从赤道拿到南极；由于重力加速度变化，故重力发生变化，C正确。

故选C。3、B【分析】【分析】

【详解】

校运会400m比赛；其跑道是弯的，为了保证参赛同学的路程均为400m，终点在同一直线上，起点则不在同一直线上。

故选B。4、D【分析】【分析】

速度时间图象中速度的正负号表示速度的方向．图象的斜率等于加速度；斜率的正负号表示加速度的方向．10s～15s内运动员做变减速运动，将其运动与匀减速运动比较，求平均速度．根据加速度的方向可确定物体是超重还是失重．

【详解】

A．根据速度的符号表示速度的方向；可知运动员一直沿着正方向做直线运动，故10s时速度方向没有改变，故A错误；

B．0-10s内速度时间图线的切线斜率逐渐减小，可知加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律得a=

因为加速度减小；可知阻力增大；故B错误；

C．10s～15s内运动员做变减速运动，运动员内下落的位移小于匀减速直线运动的位移，则10s～15s内下落的平均速度小于匀减速直线运动的平均速度．而匀减速直线运动的平均速度为

所以10s～15s内下落的平均速度小于故C错误；

D．10s～15s内空降兵和降落伞向下减速；整体加速度向上，故整体处于超重状态，故D正确．

故选D．

【点睛】

本题考查理解速度问题的能力．关键根据图线的斜率等于加速度，图象与时间轴所围的面积表示位移，来分析运动员的运动情况．5、B【分析】【详解】

根据勾股定理有：故B正确，A；C、D错误；

故选B．

【点睛】

关键是知道力的平行四边形定则，掌握勾股定理的应用，两个互相垂直的共点力，根据勾股定理直接计算即可．二、多选题(共5题，共10分)6、A:D【分析】试题分析：小车静止时；恰好不下滑，则重力等于最大静摩擦力，当小车加速时，根据弹力和吸引力的关系得出加速度的方向，对B分析，抓住B的最大静摩擦力求出加速度的最大值．

解：小车静止时，A恰好不下滑，所以对A有：mg=μF引；

当小车加速运动时，为了保证A不下滑，则FN≥F引，则FN﹣F引=ma；加速时加速度一定向左，故B错误．

对B有μ（mg+F引）=mam，解得am=（1+μ）g；故A；D正确，C错误．

故选AD．

【点评】本题考查了牛顿第二定律的临界问题，关键抓住A、B的最大静摩擦力进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．7、A:B:D【分析】【详解】

A．根据题意有

两式相比得到

选项A正确；

B．对于整个运动过程，有

结合可得

选项B正确；

C．加速阶段有

减速阶段有

两式相比可得

选项C错误；

D．对于整个运动过程，有

所以有

选项D正确。

故选ABD。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

AB．以小球为研究对象，分析受力情况，作出受力示意力图，如图所示，根据几何关系可知，当F顺时针转动至竖直向上之前，支持力逐渐减小，F先减小后增大，当F的方向沿圆的切线方向向上时，F最小，此时为F=mgcosθ

故A错误；B正确；

C．以框架与小球组成的整体为研究对象，整体受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由图可知，F在顺时针方向转动的过程中，F沿水平方向的分力逐渐减小；所以地面对框架的摩擦力始终在减小，故C正确；

D．以框架与小球组成的整体为研究对象，整体受到重力、地面的支持力、地面的摩擦力以及力F的作用；由图可知，F在顺时针方向转动的过程中，F沿竖直方向的分力逐渐增大；所以地面对框架的支持力始终在减小，故D错误。

故选BC。

9、B:C:D【分析】【详解】

AB．共速之前滑块A做匀加速直线运动，木板B做匀减速直线运动，加速度分别为

共速之后直到静止滑块A与B加速度相同

所以，木板加速度的最大值为3μg；故A错误，B正确；

CD．从木板开始运动到滑块与木板共速的过程中

带入数据解得

故CD正确。

故选BCD。10、A:C:D【分析】【详解】

A、将A、B看成整体，根据平衡条件可知T=（m+2m）g=3mg；故A正确．

BC、设弹簧的伸长量为x．对B，由平衡条件知，弹簧的弹力大小F=2mg，由胡克定律有F=kx，得B错误C正确．

D、某时刻烧断细绳OA，则细线对A的拉力立刻为零，A受到本身的重力和弹簧的弹力，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律得mg+F=ma，得a=3g，故D正确．三、填空题(共8题，共16分)11、略

【分析】【详解】

根据牛顿第二定律，人所受到的合力大小为：F=ma=mg；加速度向上；此时人处于超重状态.

点睛：本题关键对人受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解；注意加速度向上物体超重，加速度向下物体失重.【解析】超重12、略

【分析】【分析】

【详解】

设震源到探测仪器的距离为x；则。

解得。

根据探测地震原理可知，纵波传播速度v1大于横波传播速度v2，根据二者达到地震的时间差可测，通过对比地震走时曲线就可得到台站和震中的距离，那么地震发生在以台站为中心，距离x为半径的圆上，三个台站记录到地震波后，可在地图上画个圆，三个圆的交点就是地震发生位置，故需三个探测仪。【解析】313、略

【分析】【详解】

[1]．运动员在0﹣2s内做匀加速直线运动，图象的斜率表示加速度，所以t=1s时运动员的加速度大小为：

不是自由落体运动．

[2]．面积可以通过图象与时间轴所围成的面积估算，本题可以通过数方格的个数来估算，（大半格和小半格合起来算一格，两个半格算一格）每格面积为4m2，14s内数得的格数大约为40格，所以14s内运动员下落的高度为：h=40×2×2m=160m．【解析】不是；16014、略

【分析】【分析】

根据速度公式v=v0+at可求解速度；，然后求解4秒内的位移．

【详解】

质点作匀加速直线运动，初速度是5m/s，加速度是1m/s2；根据速度公式，第4秒末的瞬时速度是：

v4=v0+at4=5+1×4=9m/s

前4s的位移为：

．

【点睛】

本题关键是根据速度时间关系公式、平均速度公式列式求解，同时要明确平均速度等于中间时刻的瞬时速度．【解析】92815、略

【分析】【分析】

根据位移时间公式；结合时间关系求出全部车厢通过的时间；

根据初速度为零的匀加速直线运动的特殊推论求第九节车厢通过观察者需要的时间；

【详解】

[1]．设每节车厢的长度为L，则有：

解得

即前九节车厢经过可从观察者身边全部通过；

[2]．根据连续相等位移内的时间之比为则第一节车厢和第九节车厢通过观察者的时间之比为

则得．

【点睛】

解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．【解析】301.716、略

【分析】【详解】

[1]蛟龙号在下潜的过程中，排开水的体积不变，海水的密度不变，由F浮=ρ液gV排可知受到海水的浮力不变；

[2]“蛟龙号”的体积：

V=8.2×3.0×3.4m3=83.64m3“蛟龙号”浸没水中。

V排=V=83.64m3F浮=ρ海水gV排=1.0×103×10×83.64N=8.364×105N[3]在最深处，h=7062m；海水对它的压强：

p=ρgh=1.0×103×10×7062Pa=7.062×107Pa【解析】不变8.364×1057.062×10717、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]用4N的水平拉力向右拉；长方体静止不动，此时它所受的摩擦力等于拉力，为4N；

[2]拉力增大至6N时长方体做匀速直线运动，则滑动摩擦力等于拉力，等于6N；若拉力增大至8N时长方体所受的摩擦力仍为滑动摩擦力，大小为6N。【解析】4618、略

【分析】【详解】

[1][2]根据题意可知，0.2s物体P恰好脱离秤盘，此时托盘和物体的加速度相同，F有最大值

最初，根据平衡条件

根据匀变速直线运动规律

解得

最初时，F有最小值，根据牛顿第二定律

解得【解析】16872四、作图题(共4题，共16分)19、略

【分析】【详解】

杆在重力的作用下，对A、B两处都产生了挤压作用，故A、B两处对杆都产生了弹力的作用；弹力的方向与接触点的平面垂直，如下图所示。

【解析】见解析20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）如图所示。

（2）如图所示。

【解析】（1）（2）21、略

【分析】【分析】

【详解】

物体位于斜面上处于静止状态；受到重力；支持力和摩擦力三个力的作用，物体有向下运动的趋势，因此摩擦力的方向沿斜面向上，如图：

【解析】22、略

【分析】【详解】

甲中属于绳的拉力，应沿绳指向绳收缩的方向，因此弹力方向沿绳向上；乙中P与斜面的接触面为平面，P受到的支持力垂直于斜面向上；丙中AB两点都是点与平面相接触，弹力应垂直于平面，且必过球心，所以A点弹力方向水平向右，B点弹力方向垂直于斜面向左上方；丁中A点属于点与球面相接触，弹力应垂直于球面的切面斜向上，且必过球心O，B点属于点与杆相接触；弹力应垂直于杆向上．

它们所受弹力的示意图如图所示．

甲.乙.丙.丁.【解析】它们所受弹力的示意图如图所示．

甲.乙.丙.丁.五、实验题(共3题，共24分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．需要用平均速度近似代替瞬时速度；为了减小误差遮光条的宽度要适当窄些，故A错误；

B．为了减小测量误差；两光电门的间距应适当大些，故B正确；

C．多次测量求平均值可以减小误差；但应保证钩码不变，故C错误。

故选B。

（2）[2]滑块经过第二个光电门时速度的表达式为

（3）[3]滑块的加速度【解析】B0.0524、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）②[1]释放钢球，记录钢球通过两光电门所用的时间间隔设钢球经过第一个光电门的速度为根据匀变速直线运动位移与时间的关系，可得。

则可得。

④[2][3]计算各组数据对应的平均速度