2025年岳麓版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版高三物理上册阶段测试试卷148考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图，是我们家庭播放影片文件等常用的DVD光盘，光盘上的A、B两点距离圆心的距离不等，则当光盘匀速运动时，A、B两点的线速度（）A.大小不等，方向不同B.大小相等，方向不同C.大小不等，方向相同D.大小相等，方向相同2、在高速公路的拐弯处，路面都是筑成外高内低的，即当车向右拐弯时，司机左侧的路面比右侧要高一些，路面与水平面的夹角为θ，设拐弯路段半径为R的圆弧，要使车速为v时车轮与路面之间的横向（即垂直于前进方向）摩擦力等于零，则（）A.sinθ=B.tanθ=C.sinθ=D.tanθ=3、下列说法中不正确的是（）A.第一类永动机无法制成是因为它违背了能量守恒定律B.教室内看到透过窗子的“阳光柱”里粉尘颗粒杂乱无章的运动，这种运动是布朗运动C.地面附近有一正在上升的空气团（视为理想气体），它与外界的热交换忽略不计．已知大气压强随高度增加而降低，则该气团在此上升过程中气团体积增大，温度降低D.随着低温技术的发展，我们可以使温度逐渐降低，但最终不能达到绝对零度4、如图；铁路转弯处外轨应略高于内轨，火车必须按规定的速度行驶，则转弯时（）

A.火车所需向心力沿水平方向指向弯道内侧。

B.弯道半径越大；火车所需向心力越大。

C.火车的速度若小于规定速度；火车将做离心运动。

D.火车若要提速行驶；弯道的坡度应适当增大。

5、建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（）

A.麦克斯韦。

B.库仑。

C.牛顿。

D.安培。

6、人造卫星绕地球做匀速圆周运动，其轨道半径为R，线速度为v，周期为T，若使该卫星的周期变为2T，可行的办法是（）A.R不变，线速度变为B.v不变，使轨道半径变为2RC.轨道半径变为RD.v不变，使轨道半径变为7、如图所示，速度为v0、电荷量为q的正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，选择器中磁感应强度为B，电场强度为E，则（）A.若改为电荷量-q的离子，将往上偏（其它条件不变）B.若速度变为v0它将向下偏转做类似平抛运动（其它条件不变）C.若改为电荷量+2q的离子，将往下偏（其它条件不变）D.若速度变为2v0它将向上偏转，其运动轨迹既不是圆弧也不是抛物线（其它条件不变）评卷人得分二、双选题(共6题，共12分)8、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C9、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键10、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种11、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡13、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、（2014春•昌吉市校级期中）如图所示，A、B是两个摩擦传动轮（设不打滑），两轮半径大小关系为RA=2RB，则两轮边缘上的角速度之比ωA：ωB=____；周期之比TA：TB=____；向心加速度之比aA：aB=____．15、一汽车沿直线向前运动，通过前路程的速率是3m/s，通过后路程的速率是4m/s，该车在全过程的平均速度是____m/s．16、（2013春•北仑区校级期中）（1）下列说法正确的是____

A．继续给打足气的篮球打气是很困难的；这是因为此时气体分子之间存在着斥力的缘故。

B．甲；乙两系统有微观态分别为N个和2N个；那么自发进行方向是甲→乙。

C．热量不能从低温的物体自发地传到高温的物体。

D．能量守恒定律是自然界普遍规律；节能只是为“减排”和节约开支而言。

（2）夏日里池塘底部经常会冒出气泡．若视气泡内的气体为一定质量的理想气体，在气泡缓慢上升过程中若温度保持不变，则____

A．体积增大；吸收热量B．体积减小，放出热量。

C．体积增大；压强增大D．气体对外做功，内能不变。

（3）如图所示，水平放置的汽缸内用活塞封闭着一定质量的理想气体，初始状态气体的体积为V1、温度为T1．现对汽缸缓缓加热，使汽缸内的空气温度从T1升高到T2．已知外界大气压强恒为P0．不计活塞与气缸之间的摩擦．此过程中被封闭气体的体积是否发生变化？说说你的理由．若发生变化，则变化了多少？17、用螺旋测微器测量一根金属丝的直径；如图所示的读数是______mm

．

18、质点从A点出发向东移动100m，再向北移动200m，再向东移动100m停下，则在此全过程中，质点的位移大小等于____m，方向____；质点通过的路程等于____m．评卷人得分四、判断题(共3题，共21分)19、物体的瞬时速度总为零，则平均速度一定为零．____．（判断对错）20、将未饱和汽转化成饱和汽，可以用保持温度不变，减小体积，或是保持体积不变，降低温度，也可以用保持体积不变，减小压强．____．（判断对错）21、矢量的运算遵守平行四边形法则．____．评卷人得分五、解答题(共2题，共18分)22、如图所示，在同一平面内放置的三条光滑平行足够长金属导轨a、b、c构成一个斜面，此斜面与水平面的夹角θ=30°，金属导轨相距均为d=1m，导轨ac间横跨一质量为m=0.8kg的金属棒MN，棒与每根导轨始终良好接触，棒的电阻r=1Ω，导轨的电阻忽略不计．在导轨bc间接一电阻恒为R=2Ω的灯泡，导轨ac间接一电压传感器（相当于理想电压表）．整个装置放在磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直导轨平面向上．现对棒MN施加一沿斜面向下的拉力F使棒从静止开始运动，g取10m/s2．试求：（1）若施加的恒力F=2N，则金属棒达到稳定时速度为多少？（2）若施加的外力功率恒定，棒达到稳定时速度为4m/s，则此时外力的功率和电压传感器的读数分别为多少？（3）若施加的外力功率恒为P，经历时间为t，棒沿斜面轨道下滑距离为s、速度达到v3，则此过程中灯泡产生的热量为多少？23、（1）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，用导线a、b；c、d、e、f、g、h按图1所示方式连接电路；电路中所有元器件都完好．

①合上开关后；若电压表的示数为2V，电流表的指针有微小偏转，小灯泡不亮，则一定断路的导线为______．

②合上开关后；若反复调节滑动变阻器，小灯泡亮度发生变化，但电压表；电流表的示数不能调为零，则断路的导线为______．

③请在下面的虚线框内画出实验原理图。

（2）某实验小组利用如图8甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒．图乙所示是用游标卡尺测量遮光条的宽度，其读数为d=______cm；实验时将滑块从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△t=1.2×10-2s；则滑块经过光电门时的瞬时速度为______m/s．在本实验中，为了验证系统的机械能是否守恒，需要测量的物理量除了钩码的质量外，还需要测量______和______．

评卷人得分六、综合题(共3题，共27分)24、【题文】在倾角=30°的斜面上，固定一金属框，宽l=0.25m，接入电动势E=12V、内阻不计的电池．垂直框面放有一根质量m=0.2kg的金属棒ab，它与框架的动摩擦因数为整个装置放在磁感应强度B＝0.8T的垂直框面向上的匀强磁场中（如图11.2-５）．当调节滑动变阻器R的阻值在什么范围内时，可使金属棒静止在框架上？（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，框架与棒的电阻不计，g＝10m/s2）25、

（1）一个水分子的质量。

（2）一个水分子的体积。

（3）2.7kg的水中含有多少个水分子。（取二位有效数字）26、

（1）有一带电粒子以的速度垂直磁场进入圆形区域，恰从B点射出；求此粒子在磁场中运动的时间；

（2）若磁场的边界是绝缘弹性边界（粒子与边界碰撞后将以原速率反弹），某粒子沿半径方向射入磁场，经过2次碰撞后回到A点，则该粒子的速度为多大？

（3）若R=4cm、B=0.2T，在A点的粒子源向圆平面内的各个方向发射速度均为4×105m/s、比荷108C/kg的粒子。试用阴影图画出粒子在磁场中能到达的区域；并求出该区域的面积（结果保留2位有效数字）。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A【分析】【分析】A、B质点都做匀速圆周运动，共轴转动，角速度相等，根据v=ωr判断线速度，线速度方向为该点切线方向．【解析】【解答】解：同轴转动，角速度相等，根据角速度与线速度关系公式v=ωr；两个质点的转动半径不等，故线速度不等，线速度方向为该点切线方向，所以方向也不同，故A正确．

故选：A2、B【分析】【分析】车做匀速圆周运动，重力和支持力的合力恰好提供向心力，根据牛顿第二定律列式求解即可．【解析】【解答】解：车匀速转弯；合力等于向心力，如图。

根据牛顿第二定律。

mgtanθ=m解得。

tanθ=

故选：B．3、B【分析】【分析】第一类永动机违背了能量守恒定律；布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动；地面附近有一正在上升的空气团，压强降低时，体积增大，根据热力学第一定律分析内能变化，从而判断温度变化；绝对零度不可能达到．【解析】【解答】解：

A；第一类永动机无法制成是因为它违背了能量守恒定律；故A正确．

B；布朗运动是指悬浮在液体中颗粒的运动；所以空气中粉尘颗粒杂乱无章的运动是气体的流动引起的，不是布朗运动，故B错误．

C；地面附近有一正在上升的空气团；压强降低时，体积增大，气体对外做功，由于热传递不计，根据热力学第一定律分析可知，内能减少，而一定质量的理想气体内能只跟温度有关，内能减少，温度降低；故C正确．

D；根据热力学第三定律得知；绝对零度不可能达到．故D正确．

本题选错误的，故选：B4、A|D【分析】

火车转弯做匀速圆周运动；合力指向圆心，受力如图。

由向心力公式。

F向=m=mgtanθ

因而，m、v一定时，r越大，F向越小；

合力F向与m一定时v变大，r也应该变大；

v变大；要做离心运动，会对轨道外侧造成挤压；

故选AD．

【解析】【答案】火车转弯时；为防止车轮边缘与铁轨间的摩擦，通常做成外轨略高于内轨，使得火车按规定的速度行驶时，火车对轨道的合力垂直于轨道表面，否则会对其造成挤压以致损坏，（这就是为什么在拐弯处会有规定速度的原因）所以火车重力与轨道支持面支持力的合力提供向心力，速度大于规定速度时，会挤压外轨．

5、A【分析】

A；建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦．故A正确．

B；库仑用扭秤实验发现了电荷间作用力的规律--库仑定律．故A错误．

C；牛顿发现了牛顿运动定律、万有引力定律等等．故C错误．

D；安培研究了通电导体间相互作用力；故D错误．

故选A

【解析】【答案】建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦．

6、C【分析】【分析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，由地球的万有引力提供向心力，牛顿第二定律推导周期T与半径的关系，选择可能的办法．若半径R不变，使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小．若v不变，卫星只能在原轨道上运动，周期不变【解析】【解答】解：A；若半径R不变；使卫星的线速度减小，卫星将做近心运动，周期减小．故A错误．

B；若v不变；卫星只能在原轨道上运动，半径不变，周期也不变．故BD错误．

C、设地球的质量为M，卫星的质量为m．由牛顿第二定律得：

得到T=

根据数学知识可知，使轨道半径R变为时；卫星的周期变2T．故C正确；

故选：C7、D【分析】【分析】粒子受到向上的洛伦兹力和向下的电场力，二力平衡时粒子沿直线运动，当二力不平衡时，粒子做曲线运动．【解析】【解答】解：正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦兹力方向向上，电场力方向向下，此时洛伦兹力与电场力二力平衡，应该有：qv0B=qE，即v0B=E．

A、若改为电荷量-q的离子，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦兹力方向向下，电场力方向向上，由于qv0B=qE；此时洛伦兹力与电场力仍然平衡，所以负离子不偏转，仍沿直线运动，故A错误．

B、若速度变为v0，若离子带正电，洛伦兹力为原来的倍；而离子受的洛伦兹力方向向上，电场力不变，所以离子将向下偏转，同理，若离子带负电，离子也向下偏转，但不是类平抛运动，故B错误．

C、若改为电荷量+2q的离子，根据平衡条件得：qv0B=qE，即v0B=E；该等式与离子的电荷量无关，所以离子仍沿直线运动，故C错误．

D、若速度变为2v0；洛伦兹力增大为原来的2倍，而离子受的洛伦兹力方向向上，电场力不变，所以离子将向上偏转，故D正确．

故选：D．二、双选题(共6题，共12分)8、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D9、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}10、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共5题，共10分)14、1：22：11：2【分析】【分析】解决本题的关键是两轮边缘上接触的地方线速度相等，然后根据角速度和线速度半径之间关系等求解．同时注意转速的物理意义，其在数值上和频率是相等的．【解析】【解答】解：两轮边缘的线速度相等，即：vA=vB①

线速度、角速度、半径关系为：v=ωr==2πnr②

向心加速度为：a=③

半径关系为：RA=2RB④

联立①②③④可解得：ωA：ωB=1：2，TA：TB=2：1，aA：aB=1：2．

故答案为：1：2，2：1，1：2．15、3.6【分析】【分析】先求解通过前路程的时间和通过后路程的时间，然后根据平均速度的定义求解全程的平均速度．【解析】【解答】解：设总路程为S，通过前路程的时间为：；

通过后路程的时间为：

故全程时间为：t=

该车在全过程的平均速度是：

故答案为：3.6．16、BCAD【分析】【分析】（1）气体分子相距较远；相互间的作用力很小，有较好的流动性．气体压强形成的原因是由于大量分子都在不停地做无规则热运动，与器壁频繁碰撞，使器壁受到一个平均持续的冲力，致使气体对器壁产生一定的压强．孤立系统的熵值永远是增加的．热量不能从低温的物体自发地传到高温的物体．能量与能源不同．

（2）一定质量理想气体的内能只与温度有关；应用气态方程和热力学第一定律判断气体的做功情况和吸放热情况．

（3）气体做等压变化，找出初末状态的状态参量，根据气态方程列式求解．【解析】【解答】解：（1）A；分子间距离较大；斥力很小几乎可以忽略，根本无法达到产生斥力的距离，使气体压强产生压力，故A错误。

B；甲、乙两系统有微观态分别为N个和2N个；说明甲的熵值较小，根据熵增加原理可知，自发进行方向是甲→乙，故B正确．

C；根据热力学第二定律得知：热量不能从低温的物体自发地传到高温的物体；故C正确．

D；能量守恒定律是自然界普遍规律；但能源是有限的，节能就是要节约能源，不只是为了节约开支．故D错误．

故选：BC

（2）在气泡缓慢上升过程中，温度保持不变，压强减小，根据气态方程=c可知：V增大；即气泡体积增大，对外做功，由于温度不变，气体的内能不变，根据△U=W+Q可知，气体吸收热量，故AD正确，BC错误．

故选：AD．

（3）对汽缸缓缓加热，使汽缸内的空气温度从T1升高到T2，气缸内气体发生等压变化，根据=及T2＞T1得：则V2＞V1．

所以气体体积增大了：△V=V2-V1=．

故答案为：

（1）BC；

（2）AD；

（3）此过程中被封闭气体的体积会发生变化，因为气体作等压变化，温度升高，体积增大，体积变化了．17、略

【分析】解：螺旋测微器的固定刻度为10mm

可动刻度为29.5隆脕0.01mm=0.295mm

所以最终读数为10mm+0.295mm=10.295mm

．

故答案为：10.295

．

解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】10.295

18、东偏北45°400【分析】【分析】由位移的合成法则是平行四边形定则，可以得到位移大小，路程的合成是数学加减，可以得到路程．【解析】【解答】解：由位移合成法则，平行四边形定则得物体位移为：，设方向与东的夹角为θ，则有：．得θ=45°；

由路程的合成法则；可以知路程为：s=100+200+100=400m

故答案为：，东偏北45°，400四、判断题(共3题，共21分)19、√【分析】【分析】平均速度表示物在某一段时间或某一过程内的运动情况；而瞬时速度只能表示物体在某一瞬时或某一位置时的速度．平均速度与位移与时间的比值求解．【解析】【解答】解：因瞬时速度为0；则物体不动，无位移，则平均速度为0

故答案为：√20、×【分析】【分析】根据饱和汽压仅仅与温度有关，然后结合理想气体的状态方程即可正确解答．【解析】【解答】解：根据与饱和蒸汽压有关的因素可知；同一种蒸汽的饱和蒸汽压仅仅与温度有关，与其体积无关．所以该说法是错误的．

故答案为：×21、√【分析】【分析】物理量按有无方向分矢量和标量，矢量的运算遵守平行四边形法则．【解析】【解答】解：矢量是既有大小；又有方向的物理量，矢量的运算遵守平行四边形法则．故这句话是正确的．

故答案为：√五、解答题(共2题，共18分)22、略

【分析】【分析】（1）金属棒达到稳定时速度时做匀速直线运动；合力为零．由欧姆定律；感应电动势和安培力公式推导出安培力与速度的关系，根据平衡条件即可求出金属棒达到稳定时的速度．

（2）若施加的外力功率恒定；棒达到稳定时速度为4m/s，由感应电动势公式和欧姆定律求出此时的感应电流，根据平衡条件求出外力的功率．由欧姆定律求出电压电压传感器的读数．

（3）棒沿斜面轨道下滑距离为s，棒的重力势能减小，外力F做功提供能量Pt，转化为灯泡和金属棒的内能以及金属棒的动能，根据能量守恒定律列式可求出灯泡产生的热量．【解析】【解答】解：（1）设稳定时速度为v1，当金属棒速度达到稳定时，合力F合=0；即有

F+mgsinθ-FA=0

又金属棒所受的安培力大小FA=BId，I=

联立得v1=

代入解得，v1=3.75m/s

（2）若施加的外力功率恒定，棒达到稳定时速度为4m/s，此时电路中电流为I2==A=3.2A

外力的大小为F外=；根据平衡条件则有

+mgsinθ=BI2d

代入解得；P=9.6W

灯泡两端的电压为UL=I2R=3.2×2V=6.4V，故电压传感器的读数为U=UL+Bdv2=14.4V

（3）设此过程中灯泡和金属杆产生的热量分别为Q1和Q2．根据能量守恒定律得

Pt+mgsin