2025年粤人版九年级物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤人版九年级物理上册阶段测试试卷64考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图实验；空气内能减少的原因是（）

A.空气对塞子做功。

B.塞子对空气做功。

C.手对打气筒做功。

D.打气筒对手做功。

2、灯泡L1标有“24V12W”的字样，灯泡L2标有“12V12W”的字样；将两个灯泡串联后接在电源电压为U的电路中，若要保证两个灯泡不损坏，则（）

A.电源电压U的最大值为30V

B.两灯泡的实际功率之比为1：4

C.灯泡L2两端电压与电源电压U之比为1：3

D.电源电压U为36V时，灯泡L1、L2均能正常发光。

3、如图所示；在水平地面上的磁体上方，有挂在弹簧测力计上的小磁体（下部N极）．小辉提着弹簧测力计向右缓慢移动，挂在弹簧测力计上的小磁体下端，沿图示水平路线从A缓慢移到B．则图乙中能反映弹簧测力计示数F随位置变化的是（）

A.B.C.D.4、如图，小玲同学在做鸡蛋浮沉的实验时，在清水中鸡蛋下沉，此时鸡蛋所受浮力大小为F赂隆1

用适当的盐水使鸡蛋正好悬浮，此时日鸡蛋所受浮力大小为F赂隆2

则F赂隆1

与F赂隆2

的大小关系是(

)

A.F赂隆1>F赂隆2

B.F赂隆1<F赂隆2

C.F赂隆1=F赂隆2

D.不能确定5、如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S

将滑动变阻器的滑片P

向右移动，下列说法中正确的是(

)

A.电压表的示数与电流表A1

的示数的比值变小B.电流表A1

的示数变大，电流表A2

的示数变小C.电流表A1

的示数变小，电流表A2

的示数变大D.电压表的示数不变，电流表A2

的示数变小6、下列有关推理中正确的是A.糖类是由rm{C}rm{H}rm{O}三种元素组成的化合物，因此凡是由rm{C}rm{H}rm{O}三种元素组成的化合物一定属于糖类物质B.单质是由同种元素组成的，因此由同种元素组成的物质一定是单质C.碱的溶液都能使无色酚酞溶液变红，因此能使酚酞溶液变红的溶液一定是碱的溶液D.中和反应有水生成，因此两种化合物相互作用生成水的反应可能是中和反应评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图所示，两个实心质量均匀小球（球的体积公式V=4πr3/3，r为球半径）静止在液体中，甲球有一半体积露出液面．两球的半径之比为r甲：r乙=3：2，则（）A.两球的密度之比为ρ甲：ρ乙=1：2B.两球所受浮力之比为F甲：F乙=27：8C.两球所受重力之比为G甲：G乙=27：16D.若让乙球也漂浮在液面上，应将它挖成空心的8、将一金属块挂在竖直的弹簧测力计挂钩上，使其处于静止状态，则（）A.弹簧测力计所受重力与金属块对弹簧测力计拉力的合力为零B.弹簧测力计对金属块的拉力与金属块所受重力的合力为零C.金属块所受的重力与弹簧测力计所受的重力是一对平衡力D.弹簧测力计对金属块的拉力与金属块对弹簧测力计的拉力一对是相互作用力9、如图所示，用手向上拉物块A，当手对物块A的拉力为F1（F1≠0）时，物块A对手的拉力为F2，物块A对水平地面的压力为N1（N1≠0），水平地面对物块A的支持力为N2．已知物块A受到的重力为G，则下列分析中正确的是（）A.拉力F1与F2是一对平衡力B.压力N1与重力G的大小相等C.压力N1与支持力N2是一对相互作用力D.拉力F1和支持力N2合力的大小与重力G的大小相等10、把标有“12V36W

”的灯泡L1

和“8V16W

“的灯泡L2

串联后接在电源的两端，并中一只灯泡正常发光，另一只灯泡没有达到额定功率，则下列选项正确的是(

)

A.该电源的电压为24V

B.电路中的电流为2A

C.两灯泡的总功率为32W

D.灯L1

的实际电压大于灯L2

的实际电压11、如图甲所示电路，电源电压保持不变，闭合开关S

调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，R1

和R2

中的某个电阻其“I鈭�U

”关系图线如图乙所示，则下列说法正确的是(

)

A.R1

的阻值是10娄赂

B.电压表V2

的示数变化范围是0隆芦4V

C.R1

的电功率变化范围是0.4W隆芦3.6W

D.滑动变阻器R2

的最大阻值30娄赂

12、资料显示：牛奶中掺水量越多，牛奶密度越小，小安想通过测定或比较密度的方法来分辨牛奶品质的优劣，则利用如图所列器材能区分牛奶品质优劣的是(

)

A.B.C.D.13、下面是从小华同学的“物理学习笔记”中摘录的部分内容，其中正确的是（）A.做功和热传递是等效的B.扩散现象表明物体的分子在不停地做无规则运动C.物体内能的大小与物体的温度高低有关D.分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的14、关于简单机械，下列说法中正确的是（）A.杠杆原理是：动力×动力臂=阻力×阻力臂B.使用杠杆的唯一目的是为了省力C.使用滑轮组既可以省力又可以省距离D.使用滑轮组既可以省力又可以改变力的方向评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、（2013•宜阳县二模）如图，电阻R1为10Ω，将它与R2串联后接到8V的电源上，已知R2两端的电压是3V，则电路的总电阻是____，电路中的电流是____．16、第一个测得大气压强大小的著名实验是____，实验中测得大气压强跟____mm高水银柱产生的压强相等．17、（2010•安顺）小明自制了一个“蜡烛抽水机”的实验装置（如图）．他将一支塑料软管弯成∩型，一端插入左边杯中，另一端插入右杯水中．点燃左杯中的蜡烛后，用硬纸片封住左杯口（纸片与杯口涂有凡士林），过一会，左杯内气体压强将____，右杯中的水在____作用下流入左杯．18、（2016•东营）为了取暖，每天需要给房间供热4.2×107J．若流进房间散热器的水温是60℃，流出的水温是56℃，则每天需要____kg的水流经散热器．[水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）]．19、用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的物体提升相同的高度，在不计绳重及机械摩擦的情况下，甲所用的拉力______乙所用的拉力；甲滑轮组的效率______乙滑轮组的效率(

填“大于”、“等于”或“小于”)

20、超声波发生器是一个电子设备，医生用超声波粉碎牙结石时，超声波发生器消耗的是______能，转化成的是______能。21、观察思考如图后你会发现：制造飞机用的材料一定具有______的力学特点；发射火箭用的推进剂(

燃料)

一定具有______的热学特点．

22、如图1所示，大口玻璃瓶内有一些水，水的上方有水蒸气．给瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内出现白雾，说明水蒸气温度____，发生了____现象．这是因为空气膨胀对外____，本身的内能____的缘故．图2中汽油机的哪个冲程也发生同样的能量转化：____（填相应的字母）．

评卷人得分四、判断题(共2题，共16分)23、热量和功的单位都是焦，热量就是功．____（判断对错）24、被举高的重锤具有弹性势能．____．评卷人得分五、作图题(共3题，共15分)25、如图甲所示的电路，请在图甲中添加一条导线，使L1、L2并联，电流表只测量灯L1的电流；并在乙虚线方框内画出对应的电路图．

26、货物如图所示随传送带一起匀速斜向上运动，画出货物受到力的示意图．27、(1)

在图丙中标出通电螺线管的NS

极和磁感线方向。

(2)

在如图电源左右两端的括号中用“+

”“鈭�

”标出电源的正负极．

评卷人得分六、实验探究题(共4题，共8分)28、小强在学习力的相关知识中；对“力的作用效果与什么因素有关？”的问题提出了如下一些猜想：

①力的作用效果与力的大小有关；

②力的作用效果与力的方向有关；

③力的作用效果与力的作用点有关；

④力的作用效果与物体间相互作用的面积有关．

上述猜想是否正确；请你选择其中的一个来进行探究．要求写出实验探究的步骤和分析与结论．

（1）你选择的猜想是：____．（填写序号）

（2）实验探究步骤：____．

（3）分析与结论：____．29、【题文】（1）在图中用笔画线代替导线将电压表接入电路（用0—3V量程）测量灯两端的电压．（2）按实物连接图；在方框内画出电路图．(4分)

30、下列图甲所示的是等大的圆形纸被剪去的扇形大小不等的剩余部分．再将它们做成图乙所示的两个锥角不等的纸锥，准备研究纸锥下落的快慢．

（1）为了比较纸锥下落的快慢，把两个纸锥拿到同一高度同时释放．此时应该拿至图乙的____（选填“A”或“B”）所示的位置释放，同时记录纸锥下落至地面的____，或比较纸锥下落相同时间运动的____；也可以比较纸锥下落的快慢．

（2）小华利用照相机每隔0.2s拍摄一次，拍下的照片如图丙所示，可以看出纸锥在整个过程中在做____（选填“匀速”或“变速”）直线运动，其理由是____．若测得纸锥在A、B两位置间的实际距离为6.40cm，则在此过程中，纸锥的速度为____m/s．

（3）在“测量纸锥下落的速度”实验中，发现____较难测出，于是我们可以____或换用锥角较大的纸锥进行测量．

（4）小明三次测量了同一纸锥从同一高度处下落的速度，并将测量结果填入了自己设计的表格，请你说出他设计的表格中的不足之处是：____．

次数下落高度下落时间速度速度的平均值12331、写出以下四种仪器的读数：

①图甲中电压表示数是______V；②图乙中温度计的示数是______℃；

③图丙中弹簧测力计的示数是______N；④图丁中电能表的示数是______kW•h。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】

如图所示的实验中；当压缩的空气推动活塞时，气体对活塞做了功，其内能转化成了活塞的机械能，因此，空气的内能会减小，温度会降低．瓶中的水蒸气由于温度降低发生液化的现象，也充分说明了这一点．

故选A．

【解析】【答案】做功要以改变物体的内能；如果对物体做功，内能会增大，如果物体对外做功，其内能会减少．

2、A【分析】

（1）两灯泡的额定电流：

I1===0.5A，I2===1A；

两灯泡的电阻：

R1===48Ω，R2===12Ω；

∵要保证两个灯泡不损坏；

∴电路中的最大电流I=I1=0.5A；

电源的最大电压U=I（R1+R2）=0.5A×（48Ω+12Ω）=30V；故A正确；D不正确．

（2）∵串联电路各处的电流相等；

∴根据P=I2R可知；两灯泡的实际功率之比：

P1：P2=R1：R2=48Ω：12Ω=4：1；故B不正确；

根据U=IR可知，灯泡L2两端电压与电源电压之比：

U2：U=R2：（R1+R2）=12Ω：（48Ω+12Ω）=1：5；故C不正确．

故选A．

【解析】【答案】（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，根据公式I=求出两灯泡的额定电流；根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；串联时，能正常发光的只能是额定电流较小的那一个，再利用公式U=IR可求电源电压．

（2）根据串联电路的电流特点和P=I2R、U=IR求出两灯泡的实际功率之比以及灯泡L2两端电压与电源电压U之比．

3、C【分析】【解答】解：条形磁体两极磁性最强而中间磁性最弱；且同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，当挂着的磁体向右移动时，相互吸引力逐渐减小，而过了大磁体中点后，相互排斥力逐渐增大，故可以得出弹簧测力计的示数从A端到B端是逐渐变小的．

故选C．

【分析】根据条形磁体两极磁性最强而中间磁性最弱，和磁极间的作用规律分析．4、B【分析】解：在清水中鸡蛋下沉，此时鸡蛋所受浮力大小为F赂隆1<G

用适当的盐水使鸡蛋正好悬浮；此时日鸡蛋所受浮力大小为F赂隆2=G

鸡蛋重力G

不变；

所以，F赂隆1<F赂隆2

故选：B

物体在液体中的浮沉条件：上浮：F赂隆>G

悬浮：F赂隆=G

下沉：F赂隆<G

据此结合图示分析解答即可。

本题考查了学生物体浮沉条件的应用，明确漂浮时浮力等于重力，下沉时浮力小于重力是解答此题的关键。【解析】B

5、A【分析】解：由电路图可知；R1

与R2

并联，电流表A1

测R2

支路的电流，电流表A2

测干路电流，电压表测电源两端的电压。

因电源的电压不变；

所以；滑片移动时，电压表的示数不变；

因并联电路中各支路独立工作；互不影响；

所以；滑片移动时，通过R1

的电流不变；

将滑动变阻器的滑片P

向右移动；R2

接入电路中的电阻变小；

由I=UR

可知；通过R2

的电流变大，即电流表A1

的示数变大，故C错误；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和；

所以；干路电流变大，即电流表A2

的示数变大，故BD错误；

因电压表的示数不变；电流表A1

的示数变大；所以，电压表的示数与电流表A1

的示数的比值变小，故A正确。

故选：A

由电路图可知；R1

与R2

并联，电流表A1

测R2

支路的电流，电流表A2

测干路电流，电压表测电源两端的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作；互不影响可知滑片移动时通过R1

的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2

电流的变化，进一步可知电压表的示数与电流表A1

的示数的比值变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。【解析】A

6、D【分析】略【解析】rm{D}二、多选题(共8题，共16分)7、ACD【分析】【分析】①利用体积公式计算出体积比；然后利用密度公式计算出甲乙的质量比即甲乙球所受重力比；

②乙利用悬浮的条件比较出乙与液体密度的关系，然后根据浮沉条件即可判断乙应挖成空心的．【解析】【解答】解：（1）甲球漂浮，V甲排=V甲=×π×（r甲）3=×π×（3r）3=18πr3；

乙球悬浮，V乙排=π（r乙）3=π（2r）3=πr3；

由F浮=ρgV排可知，两球所受浮力之比为：F甲：F乙=27：16；B错误；

（2），即F浮=G物；

由F浮=ρ液gV排，G物=ρ物V物g可知：ρ甲=ρ液，ρ乙=ρ液；

∴ρ甲：ρ乙=1：2；A正确；

（3）因甲球漂浮和乙球悬浮；由物体的浮沉条件可知，浮力和重力相等；

∴G甲：G乙=F甲：F乙=27：16；C正确；

（4）从题意可知；乙的密度等于液体密度；要浮在液面上，则乙的密度小于液体密度，即乙挖成空心的，故D正确；

故选ACD．8、BD【分析】【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时；受到的力是平衡力，平衡力的合力为零；

（2）二力平衡的条件：作用在同一物体上；大小相等；方向相反、作用在同一直线上；

（3）相互作用力的条件：作用在两个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上．【解析】【解答】解：A；弹簧测力计所受重力与金属块对弹簧测力计拉力；二者都是作用在弹簧测力计上，并且方向相同，都是竖直向下的，这两个力的合力等于二力之和，该选项说法不正确；

B；弹簧测力计对金属块的拉力与金属块所受重力；二者都是作用在金属块上，并且在这两个力的作用下金属块静止，这两个力是一对平衡力，合力为零，该选项说法正确；

C；金属块所受的重力与弹簧测力计所受的重力；二者分别作用在金属块上和弹簧测力计上，方向都是竖直向下，既不属于平衡力，也不属于相互作用力，该选项说法不正确；

D；弹簧测力计对金属块的拉力与金属块对弹簧测力计的拉力；二者分别作用在金属块和弹簧测力计上，并且大小相等、方向相反、作用在同一直线上，是一对相互作用力，该选项说法正确．

故选BD．9、CD【分析】【分析】首先确定物体是处于静止的状态，再明确它受到了哪些力的作用，和这些力的三要素分别是什么，才能对这些力的关系进行正确的辨别．【解析】【解答】解：A、拉力F1与F2一个作用在物体上；一个作用在人手上，不是同一物体，不是一对平衡力，故说法错误；

B、由于人手拉力的作用，使物体对地面的压力减小，所以压力N1小于重力G；故说法错误；

C、压力N1与支持力N2大小相等；方向相反、作用在一条直线上；是一对相互作用力，是正确的；

D、物体受到向上的力有拉力F1和支持力N2，受到向下的力只有重力G，物体在这三个力的作用下处于静止状态，因此，拉力F1和支持力N2合力的大小与重力G的大小相等；是正确的．

故选CD．10、BC【分析】试题分析：(1)

根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据公式I=PU

可求灯泡的额定电流；根据欧姆定律可知两灯泡的电阻；

(2)

两灯泡串联时电流相等；正常发光的是额定电流较小的灯泡；根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源的电压；根据P=UI

求出两灯泡的总功率；由U=IR

求出灯泡的实际电压，并比较其大小．

(1)

两灯泡的额定电流为：

I1=P1U1=36W12V=3AI2=P2U2=16W8V=2A

两灯泡的电阻为：

R1=U1I1=12V3A=4娄赂R2=U2I2=8V2A=4娄赂

(2)L2

的额定电流小于L1

的额定电流；

两灯泡串联时；L2

正常发光；

且电路中的最大电流为I=2A

故B正确；

(3)

电源的电压为U=I(R1+R2)=2A隆脕(4娄赂+4娄赂)=16V

故A错误；

两灯泡的总功率为P=UI=16V隆脕2A=32W

故C正确；

因串联电路通过两灯泡的电流相等；且两灯泡的电阻相等；

由U=IR

知两电灯泡的实际电压相等；故D错误；

故选BC．【解析】BC

11、ABC【分析】解：(1)

由图象可知；电压和电流值没有为零的坐标，故乙图为R1

的“I鈭�U

”图象；

当滑片P

在最左端时；R1

两端的电压即为电源的电压U=6V

此时电路中的电流最大；最大I=0.6AR1

的电功率最大；

由I=UR

可得：R1=UI=6V0.6A=10娄赂

故A正确；

R1

的最大电功率：

P1=UI=6V隆脕0.6A=3.6W

(2)

由图可知；当滑片在最右端时，R1

与R2

串联，电路中的电流I隆盲=0.2AR1

两端的电压U1=2V

因串联电路中总电压等于各分电压之和；

所以；R2

两端的电压：

U2=U鈭�U1=6V鈭�2V=4V

则电压表V2

的示数变化范围是0隆芦4V

故B正确；

R1

的最小电功率：

P1隆盲=U1I隆盲=2V隆脕0.2A=0.4W

所以；R1

的电功率变化范围是0.4W隆芦3.6W

故C正确；

滑动变阻器的最大阻值：

R2=U2I隆盲=4V0.2A=20娄赂

故D错误．

故选ABC．

(1)

根据图乙可知电压和电流值没有为零的坐标；据此判断乙图为R1

的“I鈭�U

”图象，当滑片位于左端时，电路为R1

的简单电路，R1

两端的电压即为电源的电压，读出此时电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R1

的阻值，根据P=UI

求出R1

的最大电功率；

(2)

当滑片在最右端时；R1

与R2

串联，此时电路中的电流最小，R1

两端的电压最小，根据串联电路的电压特点求出R2

两端电压，然后得出电压表V2

的示数变化范围，根据P=UI

求出R1

的最小电功率，然后得出R1

的电功率变化范围，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值．

本题考查滑动变阻器的电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，难点是根据图象结合电路图得出U鈭�I

图象表示的对象并能正确的分析图象．【解析】ABC

12、ACD【分析】解：A

根据密度计测量液体密度的原理可知；橡皮泥和铅笔在优质纯奶中悬浮所处的位置和在劣质的牛奶中所处的位置不同，可以判断牛奶品质的优劣，A

符合题意；

B；细线和小石块在优质纯奶和劣质的牛奶都沉入牛奶；无法判断，B

不符合题意；

C；利用所给的天平和砝码测出质量；烧杯和量筒测出体积，则能够测出牛奶的密度；C

符合题意；

D；所给的器材是测量液体压强的实验；深度相同时不同密度的牛奶产生的压强不同；能分辨牛奶品质的优劣；D

符合题意；

故选ACD；

根据浮力的利用：浮力测液体的密度；利用两次浮力相等来测密度；我们简称为“等浮力法”；

本题考查了物体的浮沉条件的利用，知识性强，对学生的能力要求高，是一个比较好的题目【解析】ACD

13、ABCD【分析】【分析】解答此题用到的知识是内能和分子动理论的知识．根据题意一一判断即可得出正确的答案．【解析】【解答】解：A；做功和热传递都可以改变物体的内能；它们达到的效果都是一样的，符合题意；

B；扩散现象是分子不停地做无规则运动的结果；符合题意；

C；物体的内能跟物体的质量、温度等因素有关；符合题意；

D；分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的；只不过分子间的距离不同时，表现出来的引力或斥力的情况不同，符合题意；

故选ABCD．14、AD【分析】【分析】根据以下分析答题：

（1）杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；动力臂大于阻力臂的杠杆是省力杠杆；省力但费距离；动力臂等于阻力臂的杠杆是等臂杠杆；动力臂小于阻力臂的杠杆是费力杠杆，费力但省距离．

（2）定滑轮是等臂杠杆；动力臂等于阻力臂，也就是说动力等于阻力，使用定滑轮不省力；但能改变用力方向；

使用动滑轮能省一半的力，是因为动力臂是阻力臂的2倍，但要移动2倍的距离；使用动滑轮，拉力的方向与物体的运动方向相同；将定滑轮和动滑轮组合使用，组成滑轮组，既能省力、又能改变用力方向．【解析】【解答】解：A；杠杆原理是：动力×动力臂=阻力×阻力臂；说法正确，符合题意；

B；使用杠杆的目的；可能是省力，也可能是省距离，B说法错误，不符合题意；

C；使用滑轮组省力的同时可以改变力的方向；但不能省距离，C说法错误，不符合题意；

D；使用滑轮组既可以省力又可以改变力的方向；D说法正确，符合题意；

故选AD．三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【分析】知道U2和U根据串联电压特点可以求U1，知道R1根据欧姆定律分别求I=I1，再根据欧姆定律和并联特点求R2、R．【解析】【解答】解：R1与R2串联在电路中；

所以U1=U-U2=8V-3V=5V；

由欧姆定律得，I===0.5A；

电阻R2===6Ω；

电路的总电阻：R=R1+R2=10Ω+6Ω=16Ω．

故答案为：16Ω；0.5A．16、略

【分析】【分析】马德堡半球实验和托里拆利实验都是与大气压强有关的著名实验，但他们的意义和结果却有着较大的区别，一个重在验证大气压的存在，一个重在测量大气压值，1标准大气压所能支持的水银柱的高便是在托里拆利实验中测出的大气压值，根据液体压强公式可求出其数值．【解析】【解答】解：意大利科学家托里拆利利用液体水银间接测出了大气压的数值；此实验运用了平衡法，即大气压大小等于水银柱产生的压强；通过计算水银柱的压强也就得出了大气压的数值；托里拆利测出了大气压所能支持的水银柱的高度是760mm．

故答案为：托里拆利实验；760．17、略

【分析】【分析】点燃左杯中的蜡烛后，使左右两杯内的气压不同，右杯中的水在大气压作用下流入左杯．【解析】【解答】解：点燃左杯中的蜡烛后；蜡烛燃烧用去了左边杯中的氧气，用硬纸片封住左杯口，杯内气压减小；而右杯水面的大气压不变，右杯中的水在大气压作用下流入左杯．

故答案为：减小，大气压．18、2500【分析】【解答】解：由题意知；水放出的热量：

Q放=Q=4.2×107J；

由Q放=cm（t0﹣t）得；每天需要水的质量：

m==

=2500kg．

故答案为：2500．

【分析】知道水放出的热量、水的比热容、初温和末温，根据Q放=cm（t0﹣t）的变形公式m=求出每天需要水的质量．本题考查了学生对放热公式Q放=cm（t0﹣t）的掌握和运用，属于基础题目，比较简单．19、大于；等于【分析】解：由图知：甲由两段绳子承担物重，所以F录脳=12(G脦茂+G露炉)

乙由3

段绳子承担物重，所以F脪脪=13(G脦茂+G露炉).

所以甲所用的拉力大于乙所用的拉力。

而甲乙两滑轮组动滑轮和物体的重力相同，所以额外功与有用功大小相等。根据娄脟=W脫脨脫脙W脫脨脫脙+W露卯

所以机械效率相等。

故答案为：大于；等于。

在使用滑轮组提升重物时；由几段绳子承担物重，提起重物所用的力就是物重的几分之一。有用功和额外功相同时，机械效率也相同。

此题主要考查了影响滑轮组的因素，以及滑轮组的省力特点。能够考查学生是否真正理解机械效率的概念。【解析】大于；等于20、电；机械【分析】解：超声波发生器是一个电子设备；在用超声波粉碎牙结石时，超声波发生器消耗的是电能，转化成的是机械能。

故答案为：电；机械。

超声波发生器工作时是把电能转化为机械能。

本题考查能量的转化，难度不大。【解析】电；机械21、略

【分析】解：

单纯从减轻质量的要求考虑；由公式m=娄脩V

知，在飞机体积一定的情况下，要减轻质量，应该选择密度较小的材料；

氢气的热值大；相同质量的氢气与其它燃气相比，氢气放热多．

故答案为：密度小；热值大．

制造飞机时；要尽可能地减轻其质量，如何减轻质量，可以利用公式m=娄脩V

分析.

火箭用热值大的氢气．

分析物理问题时，如果可能，应用相应的计算公式，可以使分析简洁、严谨．【解析】密度小；热值大22、略

【分析】【分析】（1）首先要明确白雾的状态（液态）；然后再分析其形成原因．

（2）从发生的物理过程结合内能的改变方法来分析瓶内空气内能的改变；

（3）掌握内燃机的四个冲程，并了解其特点及能量的转化情况．【解析】【解答】解：

给瓶内打气；瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，受温度减低的影响，瓶口周围的水蒸气液化成小水滴飘散在空中，就是看到的白雾．

当瓶内气体膨胀对外做功时；内能转化为机械能，内燃机的做功冲程将内能转为机械能，由图知，C两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，符合题意．

故答案为：降低；液化；做功；减小；C．四、判断题(共2题，共16分)23、×【分析】【分析】根据对功、能量、热量的了解进行解答，它们的国际单位都是焦耳，符号J．【解析】【解答】解：功；热量的国际单位都是焦耳；符号J，但热量和功是两个不同的物理量，两者可以直接互相转化．

故答案为：×．24、×【分析】【分析】一个物体能够做功，我们就说物体具有能量；判断物体是否具有弹性势能，要看物体是否发生弹性形变；判断物体是否具有重力势能，要看物体是否被举高．【解析】【解答】解：拉弯的弓和压缩的弹簧都发生了弹性形变；虽然没有做功，但却具有弹性势能；重锤因为在高处，所以具有重力势能；

故答案为：×．五、作图题(共3题，共15分)25、略

【分析】【分析】连接实物图时需注意，电流表要与L1串联，两灯泡并联，开关控制干路；并画出相应的电路图．【解析】【解答】解：从正极开始连接开关，然后分支，一支经电流表、L1回到负极；另一支经灯泡L2回到负极，如图所示：26、略

【分析】【分析】能够根据物体的运动情况；判断物体所受摩擦力的方向．首先判断出物体所受到的力，然后画出物体所受力的示意图．

掌握示意图的画法，将力的三要素表示在图上．【解析】【解答】解：物体随传送带一起匀速向上运动；所以受传送带对物体的摩擦力向上，方向沿传送带方向．

物体受重力作用；同时也受到斜面对其向上的支持力，方向与传送带垂直．

故答案为：27、（1）

（2）

【分析】【分析】(1)

根据安培定则的内容，伸出右手握住螺线管，四指弯曲方向指向电流的方向，则大拇指所指方向为通电螺线管的N

极；磁感线的方向从磁体的N

极出发回到S

极；(2)(2)知道小磁针静止时NNSS极的指向，根据磁极间的相互作用规律可以判断出通电螺线管的NNSS极，再利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，从而可以判断出电源的正负极；

本题考查安培定则的应用，知道安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个。【解答】(1)

根据安培定则，可判断螺线管的左端为N

极，右端为S

极，在磁体的外部，磁感线从N

极回到S

极，如图所示：(2)

已知小磁针静止时NS

极的指向，根据磁极间的相互作用，可判断出通电螺线管的右端为SS极，左端为NN极，再根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的NN极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电源的右端为正极，左端是负极，如图所示：【解析】(1)

(2)

六、实验探究题(共4题，共8分)28、略

【分析】【分析】（1）当一个物理量与多个因素有关时；在研究该物理量与某个因素的关系时，常采用控制变量法的思想；

（2）采用控制变量法的思想时，研究某个因素时，必须控制这个因素不同，而其它因素相同．【解析】【解答】解：（1）此题中猜想的力的作用效果可能会与4个量有关系；所以在回答本题的时候就有四种选择：选择①的话则要保持其他三个因素相同，同样选择其他的话，都要保持另外的三个相同才行

（2）实验中根据选择的问题挑选合适的实验器材．

（3）根据课本上学到的影响力的作用效果的因素；结合器材及步骤，可以得出正确的结论．

故答案为：

（1）任选其中一个均可；（2）（3）见下表（其它符合题意的答案均可得分）

。探究问题探究步骤分析与结论①力的作用效果与力的大小有关；①拉弹簧：将弹簧的一端固定；用较小的力拉弹簧；再用较大的力拉弹簧

②扔石块：将一石块用较小的力扔出；再用较大的力扔出①拉弹簧：拉力越大弹簧的形变越大；说明力的作用效果与力的大小有关

②扔石块：石块飞行的远、近不同，说明力的作用效果与力的大小有关②力的作用效果与力的方向有关；①拉弹簧：将弹簧一端固定；用力拉弹簧；再用相同的力压弹簧

②扔石块：将一石块用力向东扔出；再将同一石块用相同的力向西扔出①拉弹簧：弹簧的伸长与缩短；说明力的作用效果与力的方向有关

②扔石块：石块飞行的方向不同，说明力的作用效果与力的方向有关③力的作用效果与力的作用点有关；①推门：将力作用在门把手上推门；再用相同的力作用在门的转轴上推门

②打排球：用力将水平飞来的排球托起；用力将水平飞来的排球扣下①推门：前；后两次推门时的难、易程度不同；说明力的作用效果与力的作用点有关

②打排球：前、后两次球的运动方向的变化，说明力的作用效果与力的作用点有关④力的作用效果与物体间相互作用的面积有关．物体的形变：将一长方形的铁块，平