2025年上教版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版选修3物理上册月考试卷817考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示为一台小型发电机的构造示意图，两磁极N、S间可视为匀强磁场，磁感应强度大小B=0.2T，ab=0.6m，ad=0.3m，N=100匝。由图中所示位置开始计时，当线圈以恒定的转速n=r/s逆时针转动时；产生的电动势；磁通量随时间变化的图象正确的是（设向上流过R为电流的正方向，开始转动时穿过线磁通量的方向为正方向）（）

A.B.C.D.2、信用卡的磁条中有一个个连续的相反极性的磁化区；每个磁化区代表了二进制数1或0，用以储存信息．刷卡时，当磁条以某一速度拉过信用卡阅读器的检测头时，在检测头的线圈中会产生变化的电压（如图1所示）．当信用卡磁条按图2所示方向以该速度拉过阅读检测头时，在线圈中产生的电压随时间的变化关系正确的是。

A.B.C.D.3、一定质量的理想气体经过一系列变化过程；如图所示，下列说法中正确的是（）

A.a→b过程中，气体体积变小，温度降低B.b→c过程中，气体温度不变，体积变小C.c→a过程中，气体体积变小，压强增大D.c→a过程中，气体压强增大，体积变小4、如图所示,一正方形线圈的匝数为n,边长为a,线圈平面与匀强磁场垂直,且有一半面积处在磁场中,在△t时间内,磁感应强度的方向不变,大小由B均匀地增大到2B,在此过程中线圈中产生的感应电动势为()

A.Ba2/△tB.nBa2/△tC.Ba2/2△tD.nBa2/2△t5、如图所示，静电计指针张角会随电容器极板间电势差U的增大而变大．现使电容器带电，并保持总电量不变，实验中每次只进行一种操作，能使静电计指针张角变大的是

A.将A板稍微上移B.减小两极板之间的距离C.将玻璃板插入两板之间D.将云母板插入两板之间6、质量分别为m1、m2的物体A、B静止在光滑的水平面上,两物体用轻弹簧连接,开始弹簧处于原长状态,其中m1<m2,某时刻同时在两物体上施加大小相等方向相反的水平外力,如图所示,从两物体开始运动到弹簧的伸长量达到最大值的过程中,弹簧始终处在弹性限度范围内．下列说法正确的是()

A.两物体的动量一直增大B.物体A、B的动量变化量之比为m2:m1C.两物体与弹簧组成的系统机械能守恒D.物体A、B的平均速度大小之比m2:m17、在α粒子轰击金箔的散射实验中，α粒子可以表示为中的4和2分别表示（）A.4为核子数，2为中子数B.4为质子数和中子数之和，2为质子数C.4为核外电子数，2为中子数D.4为中子数，2为质子数评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、已知滑动变阻器接入电路的电阻与其接入电路的长度成正比。如图所示，电路中R3为滑动变阻器，R1、R2为定值电阻；A；V为理想电表，C为电容器，电路接稳恒电压U。当滑动变阻器的滑片P向下移动时，关于各物理量的变化，下列说法中正确的是。

A.电压表的示数变大B.电流表的示数变小C.电容器C两极板所带的电荷量增多D.R2消耗的功率变小9、A、B两物体之间接触，但没有发生热传递，则（）A.两物体所含有的热量相等B.两物体的内能相等C.两物体的温度相同D.两物体的内能不一定相等10、如图所示，a、b、c、d表示一定质量的理想气体状态变化过程中的四个状态，图中ad平行于横坐标轴，ab的延长线过原点；以下说法正确的是（）

A.从状态d到c，气体不吸热也不放热B.从状态c到b，气体放热C.从状态a到d，气体对外做功D.从状态b到a，气体吸热11、下列说法正确的是（）A.气体总是充满整个容器，这是分子间存在斥力的宏观表现B.“油膜法”估测分子大小实验中，需将纯油酸直接滴入浅盘的水面上C.可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功E.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势E.由于液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间距离，液面分子间的相互作用表现为引力，所以液体表面具有收缩的趋势12、下列说法正确的是______A.水池中水的温度相同，水底一小气泡因扰动而上升时一定吸热B.悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C.同一容器中同种气体所有的分子运动速率基本相等E.压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力E.压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力13、下面是某同学对电场中的一些概念及公式的理解，其中正确的是()A.根据电场强度的定义式可知，电场中某点的电场强度与试探电荷所带的电荷量成反比B.根据电容的定义式可知，电容器的电容与其所带电荷量成正比，与两极板间的电压成反比C.根据真空中点电荷的电场强度公式可知，电场中某点的电场强度与场源电荷所带电荷量有关D.根据电势差的定义式可知，带电荷量为1C的正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则B两点间的电势差为UAB＝1V14、在光滑的水平面上，质量为m的子弹以初速度v0射击质量为M的木块，最终子弹未能射穿木块，射入的深度为d，木块在加速运动中的位移为s，则以下说法正确的是（）

A.子弹动能的亏损大于系统动能的亏损B.子弹动量的减少量等于木块动量的增加量C.摩擦力对M的做的功一定等于摩擦力对m的做的功D.位移s一定大于深度d15、如图所示，L是自感系数较大的线圈，其直流电阻可忽略不计，a、b；c是三个相同的小灯泡；下列说法正确的是。

A.开关S闭合时，b、c灯立即亮，a灯逐渐亮B.开关S闭合，电路稳定后，b、c灯亮，a灯不亮C.开关S断开时，b、c灯立即熄灭，a灯逐渐熄灭D.开关S断开时，c灯立即熄灭，a、b灯逐渐熄灭16、a、b是两种单色光，其光子能量分别为其则（）A.a、b光子动量之比为B.若a、b入射到同一双缝干涉装置上，则相邻亮条纹的间距之比C.若a、b都能使某种金属发生光电效应，则光电子最大初动能之差D.若a、b是由处在同一激发态的原子跃迁到a态和b态时产生的，则a、b两态能级之差评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、（1）单晶体有各向_______的特点．

（2）液体的温度越高，表面张力_______；液体中溶有杂质时，表面张力_______；液体的密度越大，表面张力_______．

（3）关于饱和汽压的特点：液体的饱和汽压与温度有关，温度越高，饱和汽压______，且饱和汽压与饱和汽的体积无关．18、热平衡定律：如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定处于_______。19、一定质量的理想气体由状态A变化到状态B再变化到状态C，过程如图所示，A到B过程图线与横轴平行，B到C过程图线的反向延长线过原点，则气体从A→B过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量，从B→C过程中___________（填“吸收”或“放出”）热量。

20、盖－吕萨克定律。

（1）内容：一定质量的某种气体，在压强不变的情况下，其体积V与热力学温度T成______。

（2）表达式：V＝______。

（3）适用条件：气体的______和______不变。

（4）图像：如图所示。

V－T图像中的等压线是一条______。21、一定质量的理想气体，从初始状态A经状态B、C、D再回到A，体积V与温度T的关系如图所示。图中TA、VA和TD为已知量。

(1)从状态A到B，气体经历的是______(选填“等温”；“等容”，或“等压”)过程；

(2)从B到C的过程中，气体的内能______(选填“增大”“减小”或“不变”)。22、如图甲所示是两电阻R1、R2各自的U-I图线．则电阻R1的阻值为______Ω．如果把R1、R2两个电阻串联接成如上图乙所示的电路时，电流表的示数为0.1A．则此时电阻R2两端的电压是______V．

23、读数练习：

（1）螺旋测微器的读数为___________mm；

（2）游标卡尺的读数为___________cm；

（3）秒表的读数为___________s；

（4）电阻箱的读数为___________Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为____Ω，置于直流电压5V档时的读数为___V．

24、一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图实线所示；从此刻起，经0.2s波形图如图虚线所示，若波传播的速度为5m/s，则下列说法正确的是______。

E．从t=0时刻开始质点a经0.4s通过的路程为0.8m25、阅读短文并回答下列问题:光的全反射。

一束激光从某种玻璃中射向空气(如图7所示)；保持入射点不动，改变入射角(每次增加0.2°)，当入射角增大到引41.8°时，折射光线消失，只存在入射光线与反射光线，这种现象叫做光的全反射，发生这种现象时的入射角叫做这种物质的临界角。当入射角大于临界角时，只发生反射，不发生折射。

(1)上述玻璃的临界角是_____.

(2)折射光线消失后反射光线的亮度会增强；其原因是折射光消失后，入射光几乎全部变为______.

(3)当光从空气射向玻璃；__________(选填“会”或“不会”)发生光的全反射现象。

(4)一个三棱镜由上述玻璃构成，让一束光垂直于玻璃三棱镜的一个面射入(如图8所示)，请在图中完成这束入射光的光路图_______。评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共9分)29、现有下列可供选用的器材及导线若干，要求尽可能精确地测量出待测电流表的满偏电流．

A．待测电流表(满偏电流约为700μA～800μA，内阻约为100Ω，已知表盘刻度均匀、总格数为N)

B．电流表(量程为0.6A，内阻为RA=0.1Ω)

C．电压表(量程为3V，内阻为RV=3kΩ)

D．滑动变阻器R(最大阻值为200Ω)

E．电源E(电动势为3V，内阻约为1.5Ω)

F．开关S一个

(1)根据你的测量需要，“B．电流表”与“C．电压表”中应选择____________．(只需填写电表前的字母序号)

(2)某同学设计的实验电路图如下，你认为正确的是()

(3)某次测量中测得电流表的指针偏转了n格，读出另一个电表的示数U(或I)，可算出满偏电流IAmax＝__________________．（用题中所给符号表示）30、某学生为了测量一物体的质量，找到一个力电传感器，该传感器的输出电压正比于受压面的压力（比例系数为k），如图所示．测量时先调节输入端的电压，使传感器空载时的输出电压为0；而后在其受压面上放一物体，即可测得与物体质量成正比的输出电压现有下列器材：

力电传感器、质量为的砝码；电压表、滑动变阻器、干电池各一个、电键及导线若干、待测物体（可置于力电传感器的受压面上）．请完成对该物体质量的测量：

(1)设计一个电路，要求力电传感器的输入电压可调，并且使电压的调节范围尽可能大，在方框中画出完整的测量电路图_______________．

(2)以下为简要的测量步骤；请将不完整处补充完整：

A．调节滑动变阻器；使传感器的输出电压为零；

B．将_______放在传感器上，记下输出电压U0；

C．将待测物放在传感器上，记下输出电压

(3)根据以上测量，可求出：比例系数_____，待测物体的质量_______.31、某同学将一只量程为100μA的灵敏电流计改装成电流表和两个量程的电压表．改装后的电路图如图甲所示．图中G表示灵敏电流计，Ra、Rb和Rc是三个定值电阻，K是选择开关，可以分别置于a、b；c位置；从而实现多功能测量．

(1)首先根据如图乙所示电路，用半偏法测定灵敏电流计G的内阻．先将R的阻值调至最大，闭合S1，调节R的阻值，使G的指针偏转到满刻度，然后闭合S2，调节R′的阻值，使G的指针___________，此时，就认为电阻箱R′的读数等于G的内电阻值．由于半偏法实验原理不完善导致G的内电阻测量值比真实值偏___________(填“大”或小”)(2)若用半偏法测得G的内电阻为900Ω．①选择开关置于a时，构成量程为0~1mA的电流表，则电阻Ra阻值应为___________Ω；②选择开关置于b时，构成量程为0~1V的电压表，则电阻Rb阻值应为___________Ω；③选择开关置于c时，构成量程为0～3V的电压表，则电阻Rc阻值应为___________Ω；(3)半偏法测量G的内电阻的误差又会导致改装成的电流表、电压表测量结果___________(填“偏大”或“偏小”)评卷人得分六、解答题(共3题，共15分)32、如图所示，实线是一列简谐横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列简谐横波在t=0.2s时刻的波形图，求:

（1）由图读出波的振幅和波长；

（2）若波沿x轴正方向传播，求波速的可能值；

（3）若波沿x轴负方向传播，求波速的可能值．33、由某种材料制成的直角三角形棱镜，折射率n1=2，AC边长为L，∠C=∠B=AB面水平放置．另有一半径为圆心角的扇形玻璃砖紧贴AC边放置，圆心O在AC中点处，折射率n2=如图所示．有一束宽为d的平行光垂直AB面射入棱镜；并能全部从AC面垂直射出．求：

(Ⅰ)从AB面入射的平行光束宽度d的最大值；

(Ⅱ)光从OC面垂直射入扇形玻璃砖后，从圆弧面直接射出的区域所对应的圆心角．34、如图所示，质量为m的滑块从倾角为θ的固定斜面顶端由静止滑下，经时间t滑到斜面底端时速率为v.求此过程中：

（1）斜面对物块的支持力的冲量大小IN；

（2）斜面对物块的摩擦力的冲量大小If.参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

A.初始时刻磁通量为零，最大磁通量为Φm=BL1L2=0.2×0.6×0.3Wb=0.036Wb，转速为则周期为：故A错误。

BCD.从图示位置开始计时，产生感应电动势瞬时表达式为：e=NBL1L2ωcosωt=36cos10t（V），根据楞次定律可判，开始时通过R电流的方向向上。故C正确，BD错误。2、B【分析】【详解】

由图1可知，当“1”区经过阅读器的检测头时，产生正向电压，当“0”区经过阅读器的检测头时，产生负向电压，可见B正确．3、A【分析】【详解】

A．过程中气体的压强保持不变，即气体发生等压变化，根据盖吕萨克定律可知气体体积变小；温度降低，故A正确；

B．过程中，气体温度不变，即气体发生等温变化，根据玻意耳定律可知压强减小；体积增大，故B错误；

CD．过程中，由图可知与成正比，则气体发生等容变化，根据查理定律可知压强增大；温度升高，故C；D错误；

故选A。4、D【分析】【详解】

根据法拉第电磁感应定律：故D正确，ABC错误．5、A【分析】【分析】

静电计测量的是电容器两端的电势差，根据电容的决定式确定电容的变化，从而根据判断电势差的变化．

【详解】

A、根据得，将A板稍微上移，S减小，则电容减小，根据知；电荷量不变，则电势差增大，静电计指针张角变大，故A正确；

B、根据得，减小两极板之间的距离，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故B错误；

C、根据得，将玻璃板插入两板之间，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故C错误；

D、根据得，将云母板插入两板之间，则电容增大，根据知；电荷量不变，则电势差减小，静电计指针张角变小，故D错误；

故选A．

【点睛】

解决本题的关键掌握电容的决定式和电容的定义式并能灵活运用．6、D【分析】【详解】

A；当水平外力大于弹簧的弹力时；两物体做加速运动，则两物体的速度一直增大,动量一直增大，当水平外力小于弹簧的弹力时，两物体做减速运动，速度减小，动量减小，故选项A错误；

B、以两物体以及弹簧组成的系统为研究对象，因合外力为零则系统的动量守恒，以物体运动方向为正方向，由动量守恒定律得则有成立，又物体动量的变化量为物体动量的变化量为可知两物体动量变化量之比为1:1，故选项B错误；

C；从施加外力到弹簧的伸长量最大的过程中；水平外力一直做正功，则两物体与弹簧组成的系统机械能一直增大，故选项C错误；

D、由于任意时刻两物体的动量均等大反向，则平均速度之比为故选项D正确．7、B【分析】【详解】

中的4为质子数和中子数之和，即质量数，2为质子数或电荷数；故选B.二、多选题(共9题，共18分)8、A:D【分析】A、由题图可知，电压表与R1并联，电流表与R3串联后再与R2并联，两部分串联。在滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，总电流变大，R1两端的电压变大；电压表的示数变大，A正确；

B、并联部分的电压变小，即R2两端的电压变小，R2消耗的功率变小；电容器两端的电压变小，电容器放电，所带电荷量减少；通过R2的电流变小；总电流变大，所以通过电流表的电流变大，故BC错误，D正确。

点睛：本题是电路动态变化分析问题，要抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变，进行分析。9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．热量是指热传递过程中转移的内能；不能说“物体含有热量”，故A错误；

BD．物体的内能取决于物体的物质的量；温度和体积；两物体温度相等，内能不一定相等，故B错误、D正确；

C．处于热平衡的两物体温度一定相等；不发生热传递，故C正确。

故选CD。10、B:C:D【分析】【详解】

A．从状态d到c，温度不变，压强减小，根据玻意耳定律可知，气体体积增加，气体对外做功，但内能不变。根据热力学第一定律可知；气体吸收热量，A错误；

C．从状态a到d；是等压变化，气体温度升高，由盖吕萨克定律可知，气体体积增大，气体对外做功，C正确；

D．由图象可知，从状态b到a过程，p与T成正比，是等容变化，气体体积不变，气体不对外做功，外界也不对气体做功，但温度升高，其内能增加。根据热力学第一定律可知；气体吸热，D正确；

B．在ab线上取与c压强相等的点e，则状态c到e是等压变化，根据盖吕萨克定律可知，气体体积减小。从选项C中分析可知，状态e与b体积相等。故从状态c到b，体积减小，外界对气体做功，但温度降低，内能减小。根据热力学第一定律可知；气体放热，B正确；

故选BCD。11、C:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．气体总是很容易充满整个容器；这是分子处于永不停息的无规则运动并忽略分子间的作用力的结果的原因，A错误；

B．“油膜法”估测分子大小实验中；要先撒上痱子粉，将纯油酸滴入痱子粉上，B错误；

C．不可能从单一热源吸收热使之完全变为功而不引起其它变化；如果引起其它变化，可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功，C正确；

D．1m3铜所含的原子数是。

D正确；

E．液体表面张力是液体表面层里的分子比液体内部稀疏；分子间的距离比液体内部大，分子力表现为引力的结果，液体的表面张力使液面具有收缩到液面表面积最小的趋势，E正确。

故选CDE。12、A:B:D【分析】【详解】

A．气泡上升过程压强不断减小；气泡逐渐胀大，就要对外做功，然而温度还不变，于是它肯定不断吸热．所以A正确．

B．悬浮在液体中的颗粒越小,在某一瞬间跟它相撞击的分子数越小.布朗运动微粒大小在10-6m数量级,液体分子大小在10-10m数量级,撞击作用的不平衡性就表现得越明显,因此,布朗运动越明显.B正确．

C．同一容器中同种气体所有的分子运动速率不一定相等；C错误．

D．按机械能与内能转化的方向性表述：不可能从单一热源吸收热量；使之完全变成功，而不产生其他影响．熵增加原理的内容：在任何自然过程中，一个孤立系统的总熵不会减小．如果过程可逆，则熵不变；如果过程不可逆，则熵增加．从微观的角度看，热力学第二定律是一个统计规律：一个孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展，而熵值较大代表着较为无序，所以自发的宏观过程总是向无序度更大的方向发展．所以D正确．

E．分子间的引力和斥力是同时存在的，它们的大小随分子间的距离而发生变化．当时，合力表现为斥力，当时；合力表现为引力．E错误．

所以选择ABD．13、C:D【分析】试题分析：电场强度和电场的本身性质有关；与试探电荷无关，A错误；

电容器的电容表示电容器容纳电荷的本领；与其两端的电压和电荷量无关，B错误；

根据真空中点电荷电场强度公式电场中某点电场强度和场源电荷的电量成正比，C错误；

克服电场力做功，说明电场力做负功，即所以A；B点的电势差为-1V；D正确；

考点：考查了电场的基本概念。

点评：基础性题目，虽然简单，但是易错，并且重要14、A:B【分析】【详解】

A；子弹射穿木块的过程中；子弹损失的动能转化为木块的动能和系统的内能，故子弹减少的动能大于木块增加的动能，故A正确；

B；水平面光滑；则系统在水平方向的动量守恒，由动量守恒定律可知，子弹动量减少量等于木块动量增加量，故B正确；

C；子弹击中木块的过程中；子弹克服阻力做的功，一方面转化为木块的动能，另一方面转化为系统内能；根据动能定理可知摩擦力对木块做的功等于木块的动能的增加量，因此摩擦力对木块做的功一定小于摩擦力对子弹的做的功，故C错误；

D、设子弹与木块之间的相互作用力为子弹和木块达到的共同速度大小为由动能定理得：对子弹：对木块：又据动量守恒定律得：联立方程解得：因为所以故D错误；

故选AB．

【点睛】

关键是子弹击中木块过程系统动量守恒，分析清楚物体运动过程，应用动量守恒定律，动能定理即可正确解题．15、A:D【分析】【详解】

A．开关S闭合时，b、c灯立即亮，由于线圈中产生自感电动势阻碍电流的增加，使得a灯逐渐亮；选项A正确；

B．开关S闭合；电路稳定后，三灯都亮，选项B错误；

CD．开关S断开时，c灯立即熄灭，由于在L中产生自感电动势阻碍电流的减小，则电流将在L与a、b灯之间形成新的回路，使得a、b灯逐渐熄灭，选项D正确，C错误.16、B:C【分析】【分析】

根据公式分析解题。

【详解】

A．根据德布罗意方程以及光子能量公式可得

故

A错误；

B．根据可知因为故

所以

B正确；

C．根据电子最大初动能可知故可得

C正确；

D．根据公式又由同一激发态原子跃迁所以相同，且都由高能级往低能级跃迁，所以

D错误。

故选BC。三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】（1）单晶体有各向异性的特点．

（2）根据表面张力的形成可知；液体的温度越高，表面张力越小；液体中溶有杂质时，表面张力变小；液体的密度越大，表面张力越大．

（3）关于饱和汽压的特点：液体的饱和汽压与温度有关，温度越高，饱和汽压越大，且饱和汽压与饱和汽的体积无关．【解析】异性越小变小越大越大18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】热平衡19、略

【分析】【详解】

[1]气体从状态A变化到状态B；发生的是等容变化，气体对外不做功，但温度降低，内能减少，根据热力学第一定律可知气体放出热量。

[2]从B变化到C过程，气体发生的是等压膨胀，气体对外做功，同时温度升高，内能增大，根据热力学第一定律可知，气体一定吸收热量。【解析】放出吸收20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】正比CT或＝质量压强过原点的直线21、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]由图知从状态A到B；对应的体积不变，故气体经历的是等容变化；

(2)[2]理想气体的内能置于温度有关，从B到C的过程中温度不变，则气体的内能不变；【解析】等容不变22、略

【分析】【详解】

由图甲可知，U1=4V时，I1=0.2A，则

由图乙知，两电阻串联在电路中，由图甲可知：当I1=I2=0.1A时，U2=1V；【解析】20Ω1V.23、略

【分析】（1）螺旋测微器的读数为：1.5mm+0.01mm×49.8=1.998mm；

（2）游标卡尺的读数为:0.8cm+0.02mm×0=0.800cm；

（3）秒表的读数为:300s+37.5s=337.5s；

（4）电阻箱的读数为4×1+0.1×6=4.6Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为14.0Ω，置于直流电压5V档时的读数为2.60V。【解析】24、C:D:E【分析】波传播的速度为v=5m/s，经0.2s波形平移的间距为：△x=v•△t=5×0.2=1m，故结合波形图可以看出波形向左平移1m，所以这列波沿x轴负方向传播；故A错误；波沿x轴负方向传播，故t=0时刻质点a沿y轴负方向运动，故B错误；从波形图可以看出波长为4m，故周期：频率：故此波遇到另一列频率为1.25Hz的简谐横波能发生稳定的干涉现象，选项C正确；x=2m处的质点的位移表达式为故D正确；周期为0.8s，由于△t=0.4s=T，故质点a经0.4s通过的路程为：S=2A=0.8m，故D正确；故选CDE．25、略

【分析】【详解】

（1）由题意可以知道；当入射角为41.8°时，折射光线消失了，所以玻璃的临界角为41.8°；

（2）当入射光线从一种介质斜射入另一种介质时；会发生折射，同时也发生反射，所以反射光线要比入射光线暗一些，而当光从小于临界角向临界角靠近，当折射光线消失后，发生了全反射，光线全变为反射光线，所以反射光线亮度增强了。

（3）光只有从水或玻璃射向空气时；才会发生全反射，所以光从空气射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；

（4）光线从空气进入玻璃时；因是垂直照射，所以方向不变；当从玻璃中斜射入空气时，其入射角为45°大于临界角，故其发生全反射，其大致路径如下图：

【点睛】

本题主要考查了光的折射现象以及光的全反射现象的实验，要读数实验的过程，并能总结出相应的结论加以运用。同时还考查了光的折射的光路图，有一定综合性。【解析】（1）41.8；（2）反射光；（3）不会；四、作图题(共3题，共24分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共9分)29、略

【分析】【详解】

（1）因为电动势为3V，电路中的最大电流为：Imax≈A=0.03A=30mA，若选择电流表，指针偏角过小误差较大，为了减小误差，使指针有较大偏转，故选择电压表C；

（2）因为要求尽可能精确，故应采用分压式电路，故CD错误；若采用A图所示电路，当电流表有较大偏转时，电压表偏角过小，当电压表有较大偏转时，带测电表会烧坏，两表无法同时有较大偏转，而B图所示电路两表可以同时有较大偏转，误差较小，故A错误，B正确；故选B．

（3）电压表与电流表串联，则两表中的电流相等，则由电压表可求得电流值为：而待测电流表刻度均匀，故有满偏电流：

【点睛】

本题考查电阻的测量试验，考查了实验器材选择、实验方案分析、实验数据处理，要掌握实验器材的选择的依据，会根据电源电动势以及最大电流选择合适的电压表和电流表，选电表时要求要达到满偏的三分之二以上，认真审题、理解题意与实验步骤、知道实验原理是解题的关键．【解析】CB30、略

【分析】【分析】

(1)根据题意确定输入端电路；在输出端接测量输出电压的电压表．

(2)先调节输入电压；使输出电压为零，然后测量物体质量；根据测量数据求出系