2025年上教版选修3物理下册月考试卷含答案

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A.U=0.70V，I1=0.60A，I2=1.30AB.U=0.80V，I1=0.60A，I2=1.40AC.U=0.90V，I1=0.70A，I2=1.40AD.U=1.10V，I1=0.70A，I2=1.50A4、绝热容器内封闭一定质量的理想气体，气体分子的速率分布如下图所示，横坐标表示速率纵坐标表示某一速率区间的分子数占总分子数的百分比经过一段时间分子的速率分布图由状态①变为②，则由图可知（）

A.气体的温度一定降低B.气体的压强一定减小C.气体的内能一定增大D.气体一定对外界做功5、下列说法正确的是（）A.第二类永动机不可制造，但不违背能量守恒定律B.两邻近分子间的作用力变大时，分子间的分子势能一定变大C.单晶体和多晶体都具有固定的熔点和确定的几何形状D.既然能量是守恒的，所以不用节约能源6、如图所示，甲、乙两个电压表是由相同的电流表G（内阻不为零）改装而成，是分压电阻，<．下列说法正确的是（）

A.甲的量程等于乙的量程B.甲的量程大于乙的量程C.测量同一电压时，甲、乙两表指针的偏转角度相同D.测量同一电压时，甲表指针的偏转角度比乙表大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、如图甲所示，左侧接有定值电阻R＝2Ω的水平粗糙导轨处于垂直纸面向外的匀强磁场中，磁感应强度B＝1T，导轨间距L＝1m。一质量m＝2kg，阻值r＝2Ω的金属棒在水平拉力F作用下由静止开始从CD处沿导轨向右加速运动，金属棒的v－x图象如图乙所示，若金属棒与导轨间动摩擦因数μ＝0.2，则从起点发生x＝1m位移的过程中(g＝10m/s2)()

A.金属棒克服安培力做的功W1＝0.25JB.金属棒克服摩擦力做的功W2＝5JC.整个系统产生的总热量Q＝4.25JD.拉力做的功W＝9.25J8、如图所示；正方形容器处在匀强磁场中，一束电子从a孔垂直进入磁场射入容器中，其中一部分从c孔射出，一部分从d孔射出，则下列说法正确的是（）

A.从两孔射出的电子速率之比为B.从两孔射出的电子在容器中运动所用时间之比为C.从两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比D.从两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比9、下图中S1和S2是相干波源，它们在同一水平面上产生两列圆形波．图中实线圆弧表示波峰，虚线圆弧表示波谷，图示为两列波在某时刻叠加的波形．图中有a、b、c三点()

A.a、b、c三点振动都加强B.a、c二点振动加强，b点振动减弱C.a、b、c三点振幅都相同D.a、b、c三点在同一时刻到达振动的正向最大位移10、如图所示，R1、R2为定值电阻，L为小灯泡，R3为光敏电阻，当照射光强度增大时（）

A.电压表的示数减少B.R2中电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路的路端电压降低11、如图所示的交流电路中，理想变压器原线圈输入电压有效值为U1且保持不变，输入功率为P1，输出功率为P2，输出电压有效值为U2，各交流电表均为理想电表．当滑动变阻器R的滑动头向下移动时（）

A.灯L变亮B.各个电表读数均变大C.因为U1及原副线圈匝数比不变，所以U2不变D.P1变大，且始终有P1=P212、图中的实线表示一定质量的理想气体状态变化的p-T图象；变化过程如图中箭头所示，则下列说法中正确的是。

A.ab过程中气体内能增加，密度不变B.bc过程中气体内能增加，密度增大C.cd过程中，气体分子的平均动能减小D.da过程中，气体内能减少，外界对气体做功13、下列说法正确的是（）A.自然界中不是所有符合能量守恒定律的宏观过程都能真的发生B.生产半导体器件时，需要在纯净半导体材料中掺入其他元素，这是在高温条件下通过分子的扩散完成的C.在潮湿的天气里，洗了的衣服不易晾干，是因为空气的绝对湿度大E.当液体与固体接触时，接触位置会形成附着层。附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏时，它们之间表现为浸润E.当液体与固体接触时，接触位置会形成附着层。附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏时，它们之间表现为浸润14、如图所示，足够长的光滑平行金属导轨MN、PQ与水平面成30°角固定放置，导轨间距为1m，导轨所在平面有磁感应强度大小为100T、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场，导轨的上端M与P间接有电容为200F的电容器．质量为1kg的金属棒b垂直放置在导轨上，对金属棒施加一沿导轨平面向下、大小为10N的恒力F作用，使其由静止开始运动．不计导轨和金属棒的电阻，重力加速度g＝10m/s2．则下列说法正确的是。

A.金属棒先做变加速运动，后做匀速运动B.金属棒运动过程中通过其电流方向从b到，大小恒定为0.1AC.金属棒由静止开始运动至t＝1s时电容器所带电荷量为10CD.金属棒由静止开始运动至t＝1s时电容器储存的电场能为25J评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图，压强-温度（p-t）图像中的两条直线I和Ⅱ分别表示一定量的理想气体经历的两个不同过程，p1和p2分别为两直线与纵轴交点的纵坐标，t0为它们的延长线与横轴交点的横坐标，t0＝－273.15℃，a、b为直线I上的两点。由图可知，气体在状态a和b的体积之比Va∶Vb＝___________；气体在状态b和c的体积之比Vb∶Vc＝___________。

16、判断下列说法的正误：

（1）一定质量的某种气体，在压强不变时，若温度升高，则体积减小。（____）

（2）“拔火罐”时，火罐冷却，罐内气体的压强小于大气的压强，火罐就被“吸”在皮肤上。（____）

（3）一定质量的气体，等容变化时，气体的压强和温度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的数学表达式＝C，其中C是一个与气体的质量、压强、温度、体积均无关的恒量。（____）17、毛细现象：浸润液体在细管中______的现象，以及不浸润液体在细管中______的现象．18、在北方寒冷的冬天，有时会出现“多个太阳”的“幻日”奇观，这时由于空气中的水蒸气在大气里凝结成了小冰晶，太阳通过冰晶折射的缘故。如图所示为太阳光照射到六角冰晶上折射的光路图，a、b是太阳光中的两种单色光，由此可以判断，冰晶对单色光a的折射率_________（填“大于”或“小于”）冰晶对单色光b的折射率，单色光a在冰晶中的传播速度比单色光b在冰晶中的传播速度_________（填“大”或“小”）

19、某同学设计了一个加速度计，如图所示．较重的滑块2可以在光滑的框架1中平移，滑块两侧用弹簧3拉着；R为滑动变阻器，4是滑动片，它与电阻器任一端间的电阻值都与它到这端的距离成正比．这个装置实际上是一个加速度传感器．工作时将框架固定在被测物体上，使弹簧及电阻R均与物体的运动方向平行．当被测物体加速运动时，滑块将在弹簧的作用下，以同样的加速度运动．通过电路中仪表的读数，可以得知加速度的大小．已知两个电池E的电动势相同，均为9V，内阻可以忽略不计；滑块的质量为0.6kg，两弹簧的劲度系数均为2×102N/m，电阻器的全长8.0cm，弹簧在弹性形变内，电压表为指针式直流电压表（可视为理想电压表），零刻度在表盘中央（即可显示正负电压），当P端的电势高于Q端时；指针向零点左侧偏转．当被测物体的加速度为零时，电压表的示数为零；当被测物体的加速度达到最大时，电压表的示数为满偏量程．

（1）当加速度为零时，应将滑动片调到距电阻器左端______cm处；

（2）当物体具有图示方向的加速度a时，电压表的指针将向零点______（填“左”；“右”）侧偏转；

（3）若将电压表的表盘换成直接表示加速度大小及方向的刻度盘，则表盘的刻度______（填“均匀”、“非均匀”）分布．20、如图所示，一个边长为l＝1m的正方形线圈的总电阻为R＝2Ω，当线圈以v＝2m/s的速度匀速通过磁感应强度B＝0.5T的匀强磁场区域时，线圈平面总保持与磁场垂直．若磁场的宽度L＞1m，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为_____．

21、如图，粗细均匀的长玻璃管竖直放置且开口向下，管内的水银柱封闭了一部分体积的空气柱．当外界大气压缓慢减小，水银柱将_______（上升、不动、下降）；若大气压减小△p，水银柱移动L1，大气压再减小△p，水银柱又移动L2，则：L1_______L2（选填“>”、“<”；“=”）．（保持温度不变）

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)22、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

23、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

24、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共10分)25、太阳能电池帆板可以给卫星；宇宙飞船提供能量。如图甲；太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电动势为零的电学器件。

探究一：实验小组用测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，用图乙电路探究太阳能电池被不透光黑纸包住时的特性曲线。

（1）图乙中虚线处______（填“需要”、“不需要”）连接导线；滑动变阻器如图丙所示，开关闭合前，滑片应移至______（填“A”、“B”）端。

（2）通过实验，在图上作出被黑纸包住的太阳能电池的特性曲线如图，将其与一个电动势为3V（内阻忽略不计）的电源和阻值为5kΩ的定值电阻串联在一起，它消耗的电功率约为____W（结果保留两位有效数字）

探究二：在稳定光照环境中；取下太阳能电池外黑纸，并按图丁电路丁测量金属丝的电阻率。

（3）该小组用螺旋测微器测量金属丝直径时读数如图戊所示，其直径为____mm。

（4）实验中测得电压表示数为电流表示数金属丝直径为长度为则金属丝电阻率为____（用上述测量量表示）。

（5）考虑电压表与电流表内阻对测量结果的影响，金属丝电阻的测量值_____（填“大于”、“等于”、“小于”）真实值。评卷人得分六、解答题(共4题，共40分)26、如图所示；匀强电场方向沿x轴的负方向，场强大小为E．在A（d，0）点有一个静止的中性微粒，由于内部作用，某一时刻突然分裂成两个质量均为m；速度等大反向的带电微粒，其中电荷量为q的微粒1沿y轴负方向运动，经过一段时间到达B（0，-d）点．不计重力和分裂后两微粒间的作用．试求：

（1）当微粒1到达B点时；微粒1的速度；

（2）当微粒1到达B点时，两微粒间的距离．27、如图所示，在水平桌面上，导热气缸内横截面积为S的轻质活塞封闭着一定质量的气体．一质量为m的砝码盘(含砝码)用轻绳经光滑定滑轮与缸中活塞竖直相连接，活塞与气缸壁间无摩擦．当环境温度温度为T时，活塞与缸底的距离为h．现使环境温度缓慢降为．

①活塞再次平衡时，活塞与缸底的距离是多少?

②保持环境温度为不变，为使活塞返回原位置，需在盘中逐渐添加砝码的质量为Δm，求大气压强的大小．28、如图所示，电源的电动势E＝24V，内阻r＝1Ω，电阻R＝2Ω，M为直流电动机，其电阻r′＝1Ω，电动机正常工作时，其两端所接电压表读数为UV＝21V；求：

（1）回路中的电流是多少？

（2）电动机的发热功率是多少？

（3）电动机机械功率是多少？

（4）电源的效率是多少？29、（1）试证明:“静止的通电导线在磁场中受到的安培力，在数值上等于大量定向运动的电荷受到的洛伦兹力的总和”．以一段柱状通电直导线为例，设导线的横截面积为S，长度为L，单位体积内自由电荷数为n，电荷电量为q，电荷定向移动的平均速率为v．假定在金属导体中正电荷定向移动形成电流；得到结果具有普遍性（本假定同样适用于以下两问）．

（2）如图所示；接通电路后，导体棒在安培力作用下向右运动．此时，导体中自由电荷既在电场力作用下沿导体棒运动，又随导体棒沿水平方向运动，从而导致运动电荷所受洛伦兹力与宏观安培力不在同一方向．

在此模型中；请证明：安培力对导体棒做功，在数值上等于大量可自由运动电荷所受洛伦兹力的某个分力对电荷做功的总和．

为方便证明，可设电源电动势为E，导体棒的电阻为R，其长度为L，恰好等于平行轨道间距，整个装置处于竖直、向下磁感应强度为B的匀强磁场中，忽略电源和金属导轨的电阻．导体棒在安培力和摩擦力的作用下，向右以速度vx做匀速直线运动，在时间t内由实线位置运动到虚线位置；同时棒内某个正电荷在该时间t内从a位置定向运动到bʹ位置．如在证明过程中；还需用到其他物理量，请自行假设．

（3）在（2）问所涉及的模型中，通过导体棒的电流：．这是因为导体在运动过程中会切割磁感线，产生“反电动势Eʹ”．请你根据该过程的微观机制，利用电动势的定义，求出图示模型中的反电动势Eʹ，并写出通过导体棒的电流I．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【详解】

A.根据可知；最大初动能与强度无关，只与频率有关，A错误．

B.饱和电流与光强成正比；不确定光强的关系，无法比较饱和电流，B错误．

C.因为红光的频率低与黄光的频率；黄光的频率大于截止频率，但是红光的频率不一定大于截止频率，所以红光不一定能发生光电效应，C错误．

D.单位时间内出射的电子数目与光强成正比，所以增大光强，单位时间出射电子数目增多，D正确．2、B【分析】试题分析：电动势越大的电源；将其他形式的能转化为电能的本领越大，选项A正确；当外电路断开时，电源两极间的电压大小等于电源电动势，选项B错误；电源电动势的数值等于内；外电压之和，选项C正确；电源电动势与外电路的组成无关，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B．

考点：电动势。

【名师点睛】此题考查学生对电动势的理解；要知道电源的电动势是由电源内部决定的物理量，反应将其他形式的能转变为电能的本领的大小．3、C【分析】【详解】

将R的滑片P继续向b端移动过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据“串反并同”可知：I2增大，I1减小，U减小，再由知：总电阻减小，总电流变大，所以I2+I1增大；综上可知C正确．

点晴：解决本题关键理解掌握电路动态分析“串反并同”的方法，即与变化电阻串联的用电器的电流、电压、电功率的变化与变化电阻的变化情况相反，反之相同．4、C【分析】【详解】

A．由图像可知；由状态①变为②，分子速率变大的分子数占总分子数的百分比在增加，说明气体温度升高，A错误；

C．对于一定质量的理想气体；不计分子势能，则温度升高，气体的内能一定增大，C正确；

B．根据理想气体状态方程

由于不确定气体体积的变化；故不能确定气体压强的变化，B错误；

D．由于不确定气体体积的变化；故不能确定气体与外界做功情况，D错误；

故选C。5、A【分析】【详解】

A．第二类永动机不可能制成；是因为违背了热力学第二定律，但不违背能量守恒定律。故A正确；

B．若分子间距大于平衡间距；向平衡位置移动时，分子力增大，分子势能减小；故B错误；

C．所有的晶体均具有固定的熔点；多晶体是许多单晶体杂乱无章的组合而成的，所以多晶体没有确定的几何形状。故C错误；

D．自然界的能量是守恒；但根据热力学第二定律可知，宏观热现象具有方向性，由于能量耗散的存在，能源的品质在下降，但能够被人类使用的能源不断减少，所以节约能源非常有必要。故D错误。

故选A。6、D【分析】【分析】

根据电压表改装原理；两表的量程与内阻成正比，比较量程的大小；测量同一电压时，两表并联，电流与电阻成反比，据此判断．

【详解】

AB.根据电压表改装原理，两表的量程与内阻成正比，因为<则甲的量程小于乙的量程，故A错误，B错误；

CD.测量同一电压时；甲；乙两表并联，甲的电阻小，电流大，故甲指针的偏转角度比乙表大，故C错误，D正确；

故选D.二、多选题(共8题，共16分)7、A:C【分析】【分析】

由速度图象得出v与x的关系式，由安培力公式得到FA与x的关系式，可知FA与x是线性关系，即可求出发生s=1m位移的过程中安培力做功WA=-x；再根据动能定理求解拉力做功；根据能量守恒求解整个系统产生的总热量Q．

【详解】

由速度图象得：v=2x，金属棒所受的安培力代入得：FA=0.5x，则知FA与x是线性关系。当x=0时，安培力FA1=0；当x=1m时，安培力FA2=0.5N，则从起点发生x=1m位移的过程中，安培力做功为：WA=-x=-0.25J；即金属棒克服安培力做的功为：W1=0.25J，故A正确。金属棒克服摩擦力做的功为：W2=-μmgx=-0.2×2×10×1J=-4J，故B错误；克服安培力做功等于产生的电热，克服摩擦力做功等于产生的摩擦热，则整个系统产生的总热量Q＝WA+W2=4.25J，选项C正确；根据动能定理得：WF+W2+WA=mv2，其中v=2m/s，μ=0.2，m=2kg，代入解得拉力做的功为：WF=8.25J。故D错误。故选AC。

【点睛】

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．8、A:D【分析】【分析】

【详解】

电子从c点射出，d为圆心，Rc=L，圆心角

由得：

运动时间

电子从d点射出，ad中点为圆心，圆心角

所以

故故A正确；B错误；

电子做匀速圆周运动，加速度所以故C错误，D正确．9、A:C【分析】【分析】

【详解】

a点是波峰与波峰相遇点，是振动加强点；b点是波峰与波峰相遇点，是振动加强点；c点是波谷与波谷相遇点，是振动加强点，A正确，B错误；a、b、c三点都是振动加强点，故振幅相同，C正确；a、b两点是波峰与波峰相遇点，而c点是波谷与波谷相遇点，故当a、b达到正向最大位移时，c此时正达到负向最大位移，D错误．10、B:C:D【分析】【分析】

当照射光强度增大时，变小；分析电路中总电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．

【详解】

当光照增强时，光敏电阻的阻值减小，变小，外电路总电阻减小，则电路中的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流增大，故两端的电压增大，即电压表的示数增大，故A错误；因电路中总电流增大，电源的内电压增大，路端电压减小，同时两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，流过的电流减小；由于干路电流变大，流过的电流减小；可知流过灯泡的电流一定增大，小灯泡的功率变大，故BCD正确．

【点睛】

闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质．11、C:D【分析】【详解】

理想变压器的输出的电压有输入电压和电压比决定，输入电压不变，所以输出电压也不会变，输入功率和输出功率始终相等，当滑动变阻器R的滑动头向下移动时，滑动变阻器的电阻减小，总电路的电阻减小，所以总电路的电流会变大，消耗的功率将变大，即变大，上的电压变大；所以灯L的电压变小，电压表的示数变小，所以灯L变暗，由于总的电流变大，灯L的电流变小，所以电流表的示数将变大，CD正确．

【点睛】电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．12、A:D【分析】【详解】

A．ab过程中气体温度升高，内能增加；ab过程气体压强与热力学温度成正比；气体体积不变，密度不变．故A项正确．

B．bc过程中气体温度升高，内能增加；bc过程中气体压强不变；温度升高，体积变大，密度减小．故B项错误．

C．cd过程中；气体温度不变，分子的平均动能不变．故C项错误．

D．da过程中，气体温度降低，内能减少；da过程中；气体温度降低，压强不变，体积减小，外界对气体做功．故D项正确．

故选AD.13、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．因为能量转化或转移具有方向性；所以自然界中不是所有符合能量守恒定律的宏观过程都能真的发生，A正确；

B．生产半导体器件时；需要在纯净半导体材料中掺入其他元素，这是在高温条件下通过分子的扩散完成的，B正确；

C．在潮湿的天气里；洗了的衣服不易晾干，是因为空气的相对湿度大，C错误；

D．为了保存玉米地的水分；可以把地面土壤锄松，破坏土壤里的毛细管，D正确；

E．当液体与固体接触时；接触位置会形成附着层。附着层的液体分子比液体内部的分子稀疏时，它们之间表现为不浸润，E错误。

故选ABD。14、B:D【分析】【详解】

经过时间时，金属棒速度设为金属棒切割磁感线产生电动势变化通过电容器的电流又加速度定义式可得对金属棒，应用牛顿第二定律有解得：故A错误；根据右手定则可知通过其电流方向从b到a，由以上可得代入数据可得：故B正确；经过时间t流过电路横截面的电量：故C错误；经过时间t金属棒的运动位移末速度对金属棒应用动能定理有又安培力做功都转化为平行板中电场的电场能联立以上并代入数据解得：故D正确．所以D正确，ABC错误．三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

[1]图中两条直线是等容线，所以a、b两个状态下的气体体积相同，则

[2]b、c两个状态下的气体温度相等，由图像可得

即【解析】1:1p2:p116、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】上升下降18、略

【分析】【详解】

[1]单色光a的偏向角小于单色光b的偏向角，所以冰晶对单色光a的折射率小于冰晶对单色光b的折射率；

[2]由。

解得。

【解析】小于大19、略

【分析】【详解】

（1）[1]当加速度为零时，滑块应处于电阻器的中央，电阻器的全长8.0cm，则应将滑动片调到距电阻器左端4cm处；

（2）[2]当物体具有图示方向的加速度a时，滑块所受的弹簧的拉力的合力向右，滑块相对框架向左移动，根据顺着电流方向电势降低，可知P端的电势低于Q点的电势，则电压表的指针将向零点右侧偏转；

（3）[3]设加速度为a时，电压表的读数为U，则2kx=ma

又

联立解得

由于U与a成正比，所以表盘的刻度应均匀。

点睛：本题中应变式加速度计体现了一种重要的实验设计思想--转换思想，即把难以直接测量的力学量转换为容易测量的电学量。这类题目是力与电综合题，关键要寻找力电联系的桥梁。【解析】（1）4；（2）右；（3）均匀20、略

【分析】【详解】

[1]感应电动势为：E=Blv，感应电流为：

线圈进入磁场的时间为：

则线圈离开磁场的时间也等于0.5s，线圈在穿过整个磁场过程中释放的焦耳热为：Q=I2R•2t=0.52×2×2×0.5=0.5J【解析】0.5J21、略

【分析】【详解】

设外界大气压为封闭气体的压强为封闭气体的横截面为S，气柱的长度为封闭水银柱受力平衡：解得由于气体的温度不变，所以的乘积应该是一定值，设为C，则解得当外界大气压降低相同的量时，根据函数关系可知气柱的长度会增加，且气柱移动的长度．【解析】下降<四、作图题(共3题，共18分)22、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】23、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】24、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共1题，共10分)25、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]为了使电压调节范围尽量大；滑动变阻器应采用分压式接法，则图乙中虚线处需要连接导线；实验前应使待测元件的分压为零，滑片应移至A端。

（2）[3]将其与一个电动势为3V（内阻忽略不计）的电源和阻值为5kΩ的定值电阻串联在一起时，可等效为将其接在电动势为3V、内阻为5kΩ的电源上，将等效电源的I—U图像画在元件的图像上；交点处电压与电流的乘积即为它消耗的电功率（如图）

即U=1.9V

则

（3）[4]螺旋测微器测量金属丝直径为0.5mm+0.01mm×29.0=0.790mm

（4）[5]由电阻定律以及可得

（5）