2025年北师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止；下列说法正确的是（）

A.ab中的感应电流方向由b到aB.ab中的感应电流逐渐减小C.ab所受的安培力保持不变D.ab所受的静摩擦力逐渐减小2、如下图电路中,电源的电动势为E,内阻为r,开关S闭合后,平行金属板中的带电液滴恰好处于静止状态．电流表和电压表都可以视为理想电表，当滑动变阻器滑片P向b端滑动过程中,下述说法中正确的是()．

A.R3的功率变大B.电压表与电流表示数均变小C.液滴将向下运动D.电容器C所带电荷量增加3、关于热力学温度，下列说法中正确的是（）A.相当于B.温度变化也就是温度变化了C.摄氏温度与热力学温度都可能取负值D.温度由升至对应的热力学温度升高了4、下列有关热现象分析与判断正确的是（）A.物体的温度可以降到-273.15℃以下B.当将橡皮筋拉伸时，橡皮筋内分子的引力和斥力都减小，引力减小得较快C.知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，可计算出阿伏加德罗常数D.摩擦生热是利用做功来改变物体的内能5、如图所示，一平行板电容器C极板水平放置，它和三个可变电阻，一个零刻度在中央的电流计和电源连成电路，现有一个质量为m的带电油滴悬浮在两极板间不动；下列判断正确的是（）

A.增大R3，油滴上升B.增大电容器板间距离的过程中，电流计指针不动C.增大R1，R1中电流的变化值大于R3中电流的变化值D.增大R1，R1中电压的变化值小于R3中电压的变化值6、在图示电路中E为电源电动势，r为电源内阻，R1为可变电阻，其阻值随着温度的升高而减小，R2、R3为定值电阻,C为电容器，L为小灯泡．当R1的阻值变大时，下列判断正确的是()

A.电流表的示数增大B.R2两端的电压增大C.小灯泡变亮D.电容器C所带的电荷量减小7、已知质子、中子、氘核质量分别是m1、m2、m3，光速为c．则质子和中子结合成氘核的过程中（）A.吸收的能量为（m1+m2+m3）c2B.吸收的能量为（m1+m2-m3）c2C.释放的能量为（m1+m2+m3）c2D.释放的能量为（m1+m2-m3）c28、核能作为一种新能源在现代社会中已不可缺少，我国在完善核电安全基础上将加大核电站建设．核泄漏中的钚(Pu)是一种具有放射性的超铀元素，它可破坏细胞基因，提高罹患癌症的风险．已知钚的一种同位素Pu的半衰期为24100年，其衰变方程为Pu→X＋He＋γ，下列说法中正确的是()A.X原子核中含有92个中子B.100个Pu经过24100年后一定还剩余50个C.由于衰变时释放巨大能量，根据E＝mc2，衰变过程总质量增加D.衰变发出的γ射线是波长很短的光子，具有很强的穿透能力评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示，电源电动势为E，内电阻为????.理想电压表????1、????2示数为????1、????2，其变化量的绝对值分别为△????1和△????2；流过电源的电流为I，其变化量的绝对值为△????.当滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中(灯泡电阻不变化)())

A.小灯泡????3，L1变暗,????2变亮B.△????1＞△????2C.D.不变不变10、封闭在气缸内一定质量的理想气体由状态A变到状态D，其体积V与热力学温度关T系如图所示，该气体的摩尔质量为M，状态A的体积为温度为A、D三点在同一直线上，阿伏伽德罗常数为由状态A变到状态D过程中（）

A.气体的密度不变B.气体从外界吸收热量，内能增加C.气体体积增大，单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少D.气体温度升高，每个气体分子的动能都会增大11、下列说法正确的是（）A.热运动的宏观过程是熵增加的过程B.在绝热条件下压缩气体，气体的内能一定增加C.分子力增加，分子势能一定增加E.的水在时的分子平均动能小于的氧气在时的分子平均动能E.的水在时的分子平均动能小于的氧气在时的分子平均动能12、半导体内导电的粒子—“载流子”有两种：自由电子和空穴（空穴可视为能自由移动带正电的粒子），以自由电子导电为主的半导体叫N型半导体，以空穴导电为主的半导体叫P型半导体．图为检验半导体材料的类型和对材料性能进行测试的原理图，图中一块长为a、宽为b、厚为c的半导体样品板放在沿y轴正方向的匀强磁场中，磁感应强度大小为B．当有大小为I、沿x轴正方向的恒定电流通过样品板时，会在与z轴垂直的两个侧面之间产生霍尔电势差UH，霍尔电势差大小满足关系其中k为材料的霍尔系数．若每个载流子所带电量的绝对值为e，下列说法中正确的是（）

A.如果上表面电势高，则该半导体为P型半导体B.霍尔系数越大的材料，其内部单位体积内的载流子数目越多C.若将磁场方向改为沿z轴正方向，则在垂直y轴的两个侧面间会产生的霍尔电势差变小。D.若将电流方向改为沿z轴正方向，则在垂直x轴的两个侧面间会产生的霍尔电势差变大。13、下列说法中正确的是()A.某气体的摩尔体积为V，每个分子的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为NA=V/V0B.已知阿伏加德罗常数、气体摩尔质量和密度，可以求出分子间距离C.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，把油膜视为单分子层油膜时，需要考虑分子间隙D.在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏大14、如图所示是一列简谐横波在某时刻的波形图，A、B、C为介质中的三个质点，此时质点A沿y轴正方向运动．已知该波的频率为50Hz；下列说法正确的是________

A.该波沿x轴负方向传播B.该波的传播速度为40m/sC.该时刻质点C沿y轴正方向运动E.以该时刻为计时起点，则质点B的振动方程为y=0.5sin100πt(m)E.以该时刻为计时起点，则质点B的振动方程为y=0.5sin100πt(m)15、如图所示，有两个相互平行间距为L的金属导轨PQ和MN，磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直导轨向上(图中没有画出)，导轨与水平面所成夹角为θ=30°，在P和M间接有电阻R，金属棒CD垂直接在金属导轨上，金属棒质量为m，电阻为r．金属导轨电阻不计．已知金属棒与导轨间的动摩擦因数为重力加速度大小为g；导轨足够长，下列说法正确的是。

A.若给金属棒一个沿导轨向上、大小为F=2mg的恒力，金属棒从静止开始运动位移x时达到最大速度，则此过程金属棒产生的焦耳热为B.若给金属棒一个沿导轨向下的速度，使金属棒获得的初动能为Ek0，运动位移x时动能减小为初动能的则金属棒沿导轨向下运动的最大位移为C.若给金属棒一个沿导轨向下的速度，在金属棒沿导轨向下运动的过程中动能的减少量等于回路产生的焦耳热D.在金属棒沿导轨向下运动位移为的过程中，通过金属棒的电荷量为16、用绿光照射一个光电管，能产生光电效应，欲使光电子从阴极逸出时最大初动能增大，可以()A.改用红光照射B.改用紫光照射C.改用蓝光照射D.增加绿光照射时间评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、两根粗细均匀的铜丝，横截面积相同，长度之比为则电阻之比为________。把一个的平行板电容器接在的电池上，电容器所带的电荷量为________如图所示的电路中，两个开关并联，控制同一个灯泡只要中有一个闭合，灯就亮，这种关系叫做“________”（选填“与”；“或”或“非”）逻辑关系。

18、利用扫描隧道显微镜（STM）可以得到物质表面原子排列的图像；从而可以研究物质的结构。如图所示的照片是一些晶体材料表面的STM图像，通过观察；比较，可以看到这些材料表面的原子排列有着共同的特点，这些共同的特点是：

(1)______________；

(2)_____________。

19、如图所示，在p-V图中有三条气体状态变化曲线，一定质量的理想气体可沿这三条路径从状态i到状态j，已知曲线1为绝热变化过程，气体内能变化分别为△U1、△U2、△U3，它们的大小关系是_____；气体对外界做功分别为W1、W2、W3，它们的大小关系是_____；气体从外界吸收的热量大小为Q1、Q2、Q3，它们的大小关系是_____。

20、如图所示，先后以速度和匀速地把同一线圈从同一位置拉出有界匀强磁场的过程中，在先后两种情况下：

(1)线圈中的感应电流之比

(2)线圈中通过的电量之比

(3)拉力做功的功率之比．21、如图所示的电路，水平放置的上下可移动的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，若保持电容器两极板间的距离不变，将滑动变阻器的滑片P向左移动，液滴将___________（填“向上运动”、“向下运动”或“不动”）；若保持变阻器的滑片P的位置不变，减小电容器两极板间的距离，液滴将_________（填“向上运动”；“向下运动”或“不动”）。

22、“测定玻璃的折射率”实验中,在玻璃砖的一侧竖直插两个大头针A、B,在另一侧再竖直插两个大头针C、D.在插入第四个大头针D时,要使它_____________.

如图是在白纸上留下的实验痕迹,其中直线a、a’是描在纸上的玻璃砖的两个边.根据该图可算得玻璃的折射率n=_____________.(计算结果保留两位有效数字)

23、某同学把两块大小不同的木块用细线连接；中间夹一被压缩了的弹簧，如图所示．将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒．

（1）该同学还必须有的器材是_____；

（2）需要直接测量的数据是_____；

（3）用所得数据验证动量守恒的关系式是_____．评卷人得分四、作图题(共3题，共12分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共3分)27、某同学要测量额定电压为3V的某圆柱体电阻R的电阻率ρ．

(1)用游标卡尺测量其长度,如图所示,则其长度L=____mm．

(2)为精确测量R的阻值,该同学先用如图所示的指针式多用电表粗测其电阻．他将红黑表笔分别插入“+”“-”插孔中,将选择开关置于“×1”挡位置,然后将红；黑表笔短接调零,此后测阻值时发现指针偏转角度如图甲所示．试问:

①为减小读数误差,该同学应将选择开关置于“__”挡位置．

②再将红、黑表笔短接,此时发现指针并未指到右边的“0Ω”处,如图乙所示,那么他该调节____直至指针指在“0Ω”处再继续实验,结果看到指针指在如图丙所示位置．

③现要进一步精确测量其阻值,实验室提供了下列可选用的器材:

A.灵敏电流计G(量程200μA,内阻300Ω)

B.电流表A(量程0.6A,内阻约0.3Ω)

C.电压表V1(量程3V,内阻约3kΩ)

D.电压表V2(量程15V,内阻约5kΩ)

E.滑动变阻器R1(最大阻值为10Ω)

F.最大阻值为99.99Ω的电阻箱R2

以及电源E(电动势4V,内阻可忽略)；开关、导线若干。

若为了提高测量精确度并且使电阻R两端电压调节范围尽可能大,除电源、开关、导线以外还应选择的最恰当器材(只需填器材前面的字母)有____．请画出你设计的电路图．评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)28、在图甲所示的密闭气缸内装有一定质量的理想气体，图乙是它从状态A变化到状态B的V-T图像。已知AB的反向延长线过坐标原点O，气体在状态A时的压强为p=1.0×105Pa，在从状态A变化到状态B的过程中，气体从外界吸收的热量为Q=6.0×102J；求：

（1）气体在状态B时的体积VB。

（2）此过程中气体内能的增加量ΔU。

29、如图所示,边长为L的正方形线框abcd放置于水平桌面上,质量为m,电阻为R．紧靠线框右侧存在有界磁场,其大小为B,方向竖直向磁场宽度大于L．线框在水平外力F的作用下从左边界以速度v匀速进入磁场,当cd边刚进入磁场后立刻撤去外力,线框ab边恰好到达磁场的右边界．线框与桌面间的动摩擦因数为u,重力加速度为g．求：

(1)水平外力F的大小;

(2)整个过程中产生的总热量Q．30、如图所示，在倾角为θ=30°的光滑绝缘斜面abcd上有一垂直斜面向上的匀强磁场，磁场的上下有边界且与斜面底边cd平行，虚线为磁场的边界线，在斜面上有一个质量为m=0.2kg、电阻为R=0.27Ω、边长为L=60cm的正方形金属线框，相距s=90cm；将线框从静止开始释放，沿斜面滑下，线框底边始终与斜面底边平行，若线框刚进入磁场时，恰好能做匀速运动，求：

（1）匀强磁场的磁感应强度B的大小；

（2）若线框的下边从进入磁场开始到离开磁场的时间为t=0.6s，磁场区域的宽度l为多少？

（3）若线框上边框穿出磁场前也已匀速运动，则线框在穿过磁场的整个过程中能产生多少的焦耳热？（重力加速度g=10m/s2）

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

A．磁感应强度均匀减小，磁通量减小，根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b；A错误；

B．由于磁感应强度均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，根据可知电阻R消耗的热功率不变；B错误；

C．根据安培力公式知，电流不变，B均匀减小；则安培力减小，C错误；

D．导体棒受安培力和静摩擦力处于平衡，安培力减小，则静摩擦力减小，D正确．2、C【分析】【详解】

当滑动变阻器滑片P向b端滑动过程中，接入电路的电阻减小，R2与R3并联的电阻减小，总电阻减小，则总电流增大，R1电压增大，则电压表示数变大．R2与R3并联的电压减小，通过R3电流减小，根据P=I2R可知，R3的功率变小，电流表示数变大，故AB错误；R2与R3并联的电压减小，电容器板间电压减小，带电量减小，板间场强减小，液滴所受的电场力减小，则液滴将向下加速运动，故C正确，D错误．所以C正确，ABD错误．3、A【分析】【分析】

【详解】

A．根据热力学温度和摄氏温度的关系

可知与表示同一温度；A正确；

B．摄氏温度变化热力学温度变化B错误；

C．由于绝对零度达不到；故热力学温度不可能取负值，C错误；

D．热力学温度初态为末态为温度变化D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

A．绝对零度是低温的极限；则物体的温度不可以降到-273.15℃以下，选项A错误；

B．当将橡皮筋拉伸时；橡皮筋内分子的引力和斥力都减小，引力减小的较慢，斥力减小的较快，选项B错误；

C．根据公式知道水蒸气的摩尔体积和水分子所占空间的体积，可计算出阿伏加德罗常数，这里的V0是指水分子所占空间的体；而不是水分子实际的体积，故C错误；

D．摩擦生热是利用做功来改变物体的内能；选项D正确。

故选D。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．增大R3，外电路总电阻增大，总电流I减小，平行板电容器C的电压

I减小，UC减小；板间场强减小，油滴所受电场力减小，所以油滴下落，故A错误；

B．在增大电容器板间距离的过程中，根据可知，电容器的电容减小，而电容器的电压不变，根据可知；电容器的电荷量减小，电容器放电，电流计指针偏转，故B错误；

C．增大R1，外电路总电阻增大，总电流I3减小，电阻R3的电压减小，R1、R2并联电压增大，R2中电流I2增大，则R1中电流I1减小，又

所以R1中电流的变化值大于R3中电流的变化值；故C正确；

D．增大R1，外电路总电阻增大，总电流I3减小，电阻R3的电压减小，R1、R2并联电压增大量等于电源的内电压减小量、电阻R3的电压减小量与电阻R0的电压减小量之和，所以增大R1，R1中电压的变化值大于R3中电压的变化值；故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

试题分析：当增大；外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化．电容器的电压等于路端电压，由欧姆定律分析其电压的变化，判断电容器电量的变化．

增大，外电路总电阻增大时，根据闭合电路欧姆定律分析得到，总电流I减小，即电流表的示数减小；路端电压E、r不变，则U增大，所以电容器的电压增大，由知，电容器C所带的电荷量增大；由欧姆定律知，I减小，两端的电压减小．根据串联电路分压规律知，灯泡两端的电压增大，灯泡消耗的功率增大，则小灯泡变亮，C正确．7、D【分析】【详解】

在质子和中子结合成氘核的过程中存在质量亏损，释放能量，根据爱因斯坦质能方程可知，释放的能量为：故D正确．8、D【分析】【详解】

根据电荷数守恒、质量数守恒知，X的电荷数为92，质量数为235，则中子数为143．故A错误．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用．故B错误．由于衰变时释放巨大能量，根据E=mc2，衰变过程总质量减小．故C错误．衰变发出的γ放射线是波长很短的光子，具有很强的穿透能力．故D正确．二、多选题(共8题，共16分)9、B:C:D【分析】【详解】

A、当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮；变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗；总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮；故A错误；

B、由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所故B正确；

C、由得：不变；故C正确；

D、由得：不变；故D正确；

故选BCD．

【点睛】

电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”思路进行分析，运用总量法分析两电压表读数变化量的大小；运用欧姆定律定量分析电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变化，这是常用的方法．10、B:C【分析】【分析】

气体由状态A变到状态D过程中；温度升高，内能增大；体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律分析吸放热情况。温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大．根据体积变化，分析密度变化。

【详解】

AC．A点和D点在过原点的连线上，说明气体由A到D压强不变；体积增大，密度减小，则单位时间内与器壁单位面积碰撞的分子数减少，故A错误，C正确；

B．A变到状态D；体积变大，气体对外做功，温度升高，气体内能增加，故需要吸热，故B正确；

D.温度升高；气体的平均动能增加，但不是每个气体分子动能都会增大，故D错误。

故选BC。11、A:B:D【分析】【详解】

A．根据热力学第二定律可知；热运动的宏观过程是熵增加的过程，A正确；

B．根据热力学第一定律有

若在绝热条件下压缩气体，则有Q=0，W>0

可知；气体的内能一定增加，B正确；

C．分子力做负功；分子势能一定增加，分子力做正功，分子势能一定减小，分子势能的变化与分子力的大小无关，C错误；

D．饱和汽压的大小由温度决定；与饱和汽的体积无关，D正确；

E．分子的平均动能由温度决定，的水在时的分子平均动能大于的氧气在时的分子平均动能；E错误。

故选ABD。12、A:C【分析】【分析】

根据左手定则判断带电粒子的电性；根据最终洛伦兹力和电场力平衡列式，再根据电流的微观表达式列式，最后联立求解即可．

【详解】

电流向右，磁场垂直向内，若上表面电势高，即带正电，故粒子受到的洛伦兹力向上，故载流子是带正电的“空穴”，是P型半导体，故A正确；最终洛伦兹力和电场力平衡，有：evB=e电流的微观表达式为：I=nevS；且霍尔电势差大小满足关系UH=k联立解得：单位体积内的载流子数目，随着霍尔系数越大，而越小，故B错误；若将磁场方向改为沿z轴正方向，则平衡时：evB=e解得U=Bdv，则d由原来的b变为c；减小，此时的电势差产生在前表面和后表面，则在垂直y轴的两个侧面间会产生的霍尔电势差变小，选项C正确，D错误．故选AC．

【点睛】

本题关键是明确霍尔效应的原理，知道左手定则中四指指向电流方向，注意单位体积内的载流子数目表达式的各物理量的含义．13、B:D【分析】【详解】

某气体的摩尔体积为V，每个气体分子运动占据的空间的体积为V0，则阿伏加德罗常数可表示为NA=V/V0，选项A错误；由气体摩尔质量除以密度可求解摩尔体积，再除以阿伏加德罗常数可求解一个气体分子运动占据的空间的体积，把分子占据的空间看做正方体，可求解正方体的边长即为分子间的平均距离，选项B正确；在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，把油膜视为单分子层油膜时，认为分子一个一个紧密排列，不考虑分子间隙，选项C错误；在“用油膜法估测分子的大小”的实验中，分子直径为若将油酸酒精溶液的体积直接作为油酸的体积进行计算，会使分子直径计算结果偏大，选项D正确；故选BD.14、B:D:E【分析】【详解】

A．质点A沿y轴正方向运动，可知波向x轴正方向传播；选项A错误；

B．该波的波长λ=0.8m，T=1/f=0.02s，则

选项B正确；

C．该时刻质点C速度为零；选项C错误；

D．振幅是质点离开平衡位置的最大位移；则质点A与质点C的振幅都是0.5m，选项D正确；

E．则以该时刻为计时起点，则质点B的振动方程为y=0.5sin100πt(m)；选项E正确；

故选BDE.15、B:C【分析】【详解】

若给金属棒一个沿导轨向上、大小为F=2mg的恒力；金属杆达到最大速度时满足：

解得

由动能定理：

解得：

则整个回路的焦耳热为Q=W安；金属棒产生的焦耳热为：

解得

故A错误；

若给金属棒一个沿导轨向下的速度，使金属棒获得的初动能为Ek0，运动位移x时动能减小为Ek0，因

则由动量定理：

其中

联立可得：设下滑的最大距离为xm，则由动量定理：其中联立解得：由两式可得选项B正确；若给金属棒一个沿导轨向下的速度，由能量关系可知，在金属棒沿导轨向下运动的过程中动能的减少量等于重力功、摩擦力的功以及安培力的功之和，因重力做的正功等于摩擦力做的负功，克服安培力的功等于回路产生的焦耳热，则动能的减少量等于回路产生的焦耳热，选项C正确；在金属棒沿导轨向下运动位移为x的过程中，通过金属棒的电荷量为选项D错误.16、B:C【分析】【详解】

光电子的最大初动能与照射时间或照射强度无关，故D错误；最大初动能与入射光的频率有关，入射光子的频率越大，光电子从阴极逸出时最大初动能越大，所以改用比绿光频率更大的紫光、蓝光照射，以增大光电子从阴极逸出时的最大初动能，故A错误，BC正确．三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]根据

可得两电阻丝的电阻之比为2:1；

[2]把一个的平行板电容器接在9V的电池上，电容器所带的电荷量为

[3]根据电路可知，这种关系叫做“或”逻辑关系。【解析】或18、略

【分析】【详解】

(1)[1]在确定的方向上原子有规律地排列；在不同方向上原子的排列规律一般不同。

(2)[2]原子排列具有一定的对称性。【解析】①.在确定的方向上原子有规律地排列，在不同方向上原子的排列规律一般不同；②.原子排列具有一定的对称性19、略

【分析】【详解】

[1]．从状态i到状态j温度的变化相同，则内能变化相同，即△U1=△U2=△U3

[2]．根据可知，p-V图像与坐标轴围成的面积等于做功的大小，则由图像可知W1<W2<W3

[3]．由题意可知Q1=0；根据热力学第一定律∆U=W+Q，因△U2=△U3，W2<W3，则Q2<Q3，即Q1<Q2<Q3【解析】△U1=△U2=△U3W1<W2<W3Q1<Q2<Q320、略

【分析】【分析】

感应电流根据求解；热量根据焦耳定律列式求解；在恒力作用下，矩形线圈以不同速度被匀速拉出，拉力与安培力大小相等，拉力做功等于拉力与位移的乘积，而拉力功率等于拉力与速度的乘积感应电荷量由求解．

【详解】

设线圈的长为a，宽为L

（1）线圈中感应电流可知故感应电流之比是1：2．

（2）流过任一横截面感应电荷量可知q与v无关；所以感应电荷量之比为1：1；

（3）由于线圈匀速运动，外力与安培力大小相等，为外力的功率为所以外力的功率之比为1：4．

【点睛】

要对两种情况下物理量进行比较，我们应该先把要比较的物理量表示出来再求解关键要掌握安培力的推导方法和感应电荷量的表达式．【解析】2:12:14:121、略

【分析】【详解】

[1]因开始时液滴受力平衡，故液滴受上的电场力等于重力；当滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电阻变大，则电路中电流减小，故R2两端的电压减小；因电容器与R2并联，故电容器两端的电压减小，根据

则电容器内部的场强E减小；液滴受电场力减小，故液滴将向下运动；

[2]当滑片不动时，电容器两端的电压不变，减小极板间的距离，根据

则电容器内部的场强E增大，故受电场力增大，故液滴将向上运动。【解析】向上运动向上运动22、略

【分析】【详解】

（1）[1]在玻璃砖的一侧竖直插两个大头针A、B，在另一侧再竖直插两个大头针C、D，使C挡住A、B的像，要使D挡住C和A、B的像，说明CD在AB的出射光线上，CD连线即为AB的出射光线，所以要使D挡住C和A、B的像。

（2）[2]如图所示，连接AB延长交a于E点，连接CD反向延长交与G点，连接EG，以E为圆心以EG长为半径画圆，交AB与I，分别过I、G做过E点的法线的垂线IH、GF，用刻度尺测量IH、GF，折射率

【点睛】【解析】挡住C及A、B的像；1.8（1.8—1.9都算对）23、略

【分析】【详解】

小球离开桌面后做平抛运动，取小球1的初速度方向为正方向，两小球质量和平抛初速度分别为：m1、m2，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为s1、s2，平抛运动的时间为t．需要验证的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要测量两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2；需要的器材为刻度尺；天平、重锤线．

（1）需要的实验器材有：天平；直尺、铅锤、木板、白纸、复写纸、图钉、细线等。

（2）需要直接测量的量为：两物块的质量m1．m2及它们对应的平抛射程s1．s2；

（3）需要验证的表达式为：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、铅垂线两木块的质量m1、m2和两木块落地点分别到桌子两。

侧边缘的水平距离s1、s2m1s1＝m2s2四、作图题(共3题，共12分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考