2025年统编版2024高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年统编版2024高三物理上册月考试卷433考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示是A、B两物体从同一地点同时沿同一方向运动的速度图线，其中t2=2t1．则（）A.在t1时刻B物体在前，A物体在后B.A的加速度比B大C.在t1时刻两物体相遇D.在t2时刻两物体速度相等2、以下说法中正确的是（）A.做直线运动的物体，路程与位移的大小一定相等B.质点一定是体积和质量极小的物体C.速度的定义式和平均速度公式都是v=，因此速度就是指平均速度D.速度不变且不为零的运动是匀速直线运动3、以下关于合力与分力的关系的叙述中，正确的是（）A.合力和它的两个分力同时作用于物体上B.合力一定大于任一个分力C.合力可能小于它的任一个分力D.两个大小不变的力，其合力随两力夹角的增大而增大4、搬运工人沿粗糙斜面把一个物体拉上卡车，当力沿斜面向上，大小为F时，物体的加速度为a1；若保持力的方向不变，大小为2F时，物体的加速度为a2，则（）A.a1=a2B.a1＜a2＜2a1C.a1=2a2D.a2＞2a15、如图所示，半径为R的圆形导线环对心、匀速穿过半径也为R的圆形匀强磁场区域，规定逆时针方向的感应电流为正．导线环中感应电流i随时间t的变化关系如图所示，其中最符合实际的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)6、一个质子穿过某一空间而未发生偏转，则（）A.可能存在电场和磁场，它们的方向与质子运动方向相同B.此空间可能有磁场，方向与质子运动速度的方向平行C.此空间可能只有磁场，方向与质子运动速度的方向垂直D.此空间可能有正交的电场和磁场，它们的方向均与质子速度的方向垂直7、如图甲所示，水平放置的平行金属导轨连接一个平行板电容器C

和电阻R

导体棒MN

放在导轨上且接触良好，整个装置放于垂直导轨平面的磁场中，磁感应强度B

的变化情况如图乙所示(

图示磁感应强度方向为正)MN

始终保持静止，则0隆芦t2

时间内

A.电容器C

的电荷量大小始终没变B.电容器C

的a

板先带正电后带负电C.MN

所受培力的大小始终没变D.MN

所受培力的方向先向右后向左8、如图所示，足够长的光滑平行金属直导轨固定在水平面上，左侧轨道间距为2d，右侧轨道间距为d。轨道处于竖直向下的磁感应强度大小为B的匀强磁场中。质量为2m、有效电阻为2R的金属棒静止在左侧轨道上，质量为m、有效电阻为R的金属棒b静止在右侧轨道上。现给金属棒a一水平向右的初速度v0，经过一段时间两金属棒达到稳定状态。已知两金属棒运动过程中始终相互平行且与导轨良好接触，导轨电阻忽略不计，金属棒a始终在左侧轨道上运动，则下列说法正确的是（）A.金属棒b稳定时的速度大小为v0B.整个运动过程中通过金属棒a的电荷量为C.整个运动过程中两金属棒扫过的面积差为D.整个运动过程中金属棒a产生的焦耳热为mv029、（2015秋•南通期中）如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，二极管D为理想二极管，平行板电容器C的极板水平放置．闭合开关S．电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两极板之间处于静止状态，下列操作中，油滴仍然能保持静止的有（）A.只增大R1的阻值B.只增大R2的阻值C.只增大两板间的距离D.只断开开关S10、如图所示的电路中，R1、R2、R3、R4四个电阻的阻值分别为r、r、2r、2r，它们所消耗的电功率分别为P1、P2、P3、P4，则（）A.P4=P3＞P1=P2B.P1＜P2＜P4＜P3C.P4＞P1＞P2＞P3D.P3＜P2＜P1＜P4评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)11、（2009秋•东湖区校级月考）如图所示，一个长直轻杆AB在墙角沿竖直墙和水平地面滑动，当AB杆和墙的夹角为θ时，杆的A端沿墙下滑的速度大小为V1，B端沿地面的速度大小为V2，则V1、V2的关系是____．12、（2005•青浦区模拟）弹簧振子可以作简谐振动，考虑阻力存在，振子振动过程中能量不断损失，这种振动称阻尼振动．现通过实验手段得到某振子阻尼振动的图象和经理论推导得到阻尼振动的周期公式T=2π/（ω02-β2）1/2，观察图象后指出阻尼振动的特点____、____（写出两点）13、（2016•大连一模）为了测量滑块与木板之间的动摩擦因数；采用如图所示装置：表面粗糙的木板固定在水平桌面上，左端装有定滑轮；木板上有一滑块，一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接，另一端与穿过打点计时器的纸带相连．实验中保持木板水平且细线平行于木板，在托盘中放入适量砝码后，滑块做匀加速直线运动，纸带上打出一系列的点．利用纸带测得滑块加速度为a，并已知重力加速度为g．

（1）若要测出动摩擦因数，还应测量的物理量有____（填入正确选项前的字母）

A．木板的长度LB．木板的质量m1C．滑块的质量m2D．托盘和砝码的总质量m3

E．滑块运动的时间t

（2）滑块与木板间的动摩擦因数的表达式：μ=____（用题干中已知量和（1）中所测物理量的符号表示）．14、（2014春•大观区校级月考）如图，有A、B两个圆，两圆相交于B圆上的一点C，已知A圆的半径是B的，两圆始终无相对滑动．首先让B圆绕其圆心顺时针旋转一周，圆心位置保持不变的A圆旋转____周；现让A圆从B圆上的C点出发，绕固定不动的B圆表面顺时针滚动，当A圆再次到达C点时，A圆旋转____周．15、一台拖拉机的额定功率为1.5×104W，在平直的路面上行驶时所受阻力为1.5×103N．它的最大行驶速度可达____m/s．如果它以5m/s的速度匀速行驶，发动机的实际功率为____W．评卷人得分四、判断题(共3题，共9分)16、做平抛运动的物体，在空中运动的时间与初速度有关．____（判断对错）17、化学成分相同的物质只能生成同一种晶体．____．（判断对错）18、矢量的运算遵守平行四边形法则．____．评卷人得分五、实验题(共1题，共8分)19、（2015秋•莆田校级月考）一辆小车沿一条直线运动，车上放着盛水的漏滴，每隔2.0s滴一滴水，水在车行驶的路面上留下水滴的痕迹如图所示，图中还放着一把刻度尺，其零刻度线与O点对齐，若从小车通过O点开始计时，则当滴下水滴G时，小车运动时间是____s，AH段的平均速度为____m/s（保留3位有效数字）．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【分析】速度图线与坐标轴所围“面积”等于位移．根据位移大小关系，分析两物体的位置关系，判断是否相遇．【解析】【解答】解：A、t1时刻A图线的“面积”小于B图线的“面积”，则A的位移小于B的位移，而两物体是从同一地点沿同一方向作直线运动的，说明t1时刻B在前；A在后，并没有相遇．故A正确C错误．

B；v-t图象中；直线的斜率即加速度，由图看出，B的斜率大于A的斜率，故B的加速度大于A的加速度，故B错误．

D、由图看出，t2时刻两物体速度不相等；故D错误．

故选：A．2、D【分析】【分析】当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程；物体能否看成质点不是看物体的体积和质量的大小，而是看大小和形状在研究的问题中能否忽略；速度有平均速度和瞬时速度之分；匀速直线运动的速度大小和方向都不变．【解析】【解答】解：A；当物体做单向直线运动时；路程与位移的大小相等，做有往复的直线运动，路程与位移的大小不等．故A错误．

B；当物体的大小和形状在所研究的问题中能忽略；物体可以看成质点，不一定是体积小或质量小的物体就可以看成质点．故B错误．

C、速度的定义式和平均速度公式都是v=；当t非常小时，速度可以表示瞬时速度，所以速度不一定是平均速度．故C错误．

D；速度不变；且大小不为零的直线运动是匀速直线运动．故D正确．

故选：D．3、C【分析】【分析】如果几个力的共同作用效果与一个力的作用效果相同，就把这几个力叫做那一个力的分力，而把那一个力叫做那几个力的合力，合力与分力是等效替代关系，不是重复受力；两个不共线的力合成时，遵循平行四边形定则．【解析】【解答】解：A；合力与分力是等效替代关系；不是重复受力，不可能同时作用于物体上，故A错误；

B；不在同一条直线上的两个力合成时；遵循平行四边形定则，故合力可能大于、小于或等于任意一个分力，故B错误，C正确；

D；两个大小不变的力；其合力随两力夹角的增大而减小，故D错误；

故选：C．4、D【分析】【分析】根据牛顿第二定律分别研究两种情况，列出方程，根据滑动摩擦力大小没有变化，分析加速度的关系．【解析】【解答】解：当物体所受的推力F变为2F时，物体对斜面的压力没有变化，物体所受的滑动摩擦力也没有变化，设滑动摩擦力大小为f；斜面的倾角为θ，根据牛顿第二定律得。

F-f-mgsinθ=ma1

2F-f-mgsinθ=ma2

两式相除得。

==2+＞2

所以a2＞2a1

故选D5、B【分析】【分析】首先根据右手定则判断环刚进入磁场时回路中感应电流方向，排除部分答案，然后根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，从而得出正确结果．【解析】【解答】解：开始时进入磁场切割磁感线；根据右手定则可知，电流方向为逆时针，即为正方向，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针，方向为负方向；

当进入磁场时，切割的有效长度变大，则产生感应电流也变大；当离开磁场时，切割的有效长度变小，则产生感应电流也变小，

根据i===2Bvsinθ=2Bvsinωt；当环与磁场完全重合之前，电流按椭圆规律最大，之后电流变为反向，按椭圆规律变化的；故ACD错误；因此只有B正确；

故选：B．二、多选题(共5题，共10分)6、ABD【分析】解：A；可能存在电场和磁场；它们的方向与质子运动方向相同，质子不会偏转，故A正确．

B；若空间存在磁场；电子的速度方向与磁场平行时，不受洛伦兹力，质子不发生偏转，故B正确．

C；此空间可能只有磁场；方向与质子运动速度的方向垂直，质子一定会发生偏转，故C错误．

D；此空间可能有正交的电场和磁场；它们的方向均与质子速度的方向垂直，洛伦兹力和电场力大小相等方向相反，不会偏转，故D正确．

故选：ABD

通过对电子的运动分析可知；电子在该区域可能不受力的作用，有两种情况，一是电场和磁场都不存在，二是只存在磁场，但是质子的初速度方向与磁场的方向在同一条直线上；可能只受电场力作用，质子的初速度与电场力的方向在通一条直线上；可能既受电场力又受洛伦兹力作用，但是二力为一对平衡力．

本题关键要掌握质子的速度与磁场平行时不受洛伦兹力；带电粒子在匀强电场和匀强磁场的复合场中运动时，电场力与洛伦兹力可能平衡，这是速度选择器的原理．【解析】【答案】ABD7、AD【分析】【分析】根据法拉第电磁感应定律分析电路中感应电动势和感应电流是否变化；电容器的电压等于电阻R

两端的电压，由欧姆定律判断其电压变化，即可知道电荷量如何变化。由楞次定律判断感应电流的方向，即可确定电容器极板的电性。由F=BIL

分析安培力大小，由左手定则判断判断安培力的方向。

本题关键要根据法拉第电磁感应定律判断出电路中的电流恒定不变，再根据楞次定律、左手定则进行分析。【解答】AB.

由乙图知；磁感应强度均匀变化，根据法拉第电磁感应定律可知，回路中产生恒定电动势，电路中电流恒定，电阻R

两端的电压恒定，则电容器的电压恒定，故电容器C

的电荷量大小始终没变。根据楞次定律判断可知，通过R

的电流一直向下，电容器上板电势较高，一直带正电。故A正确，B错误；

C；根据安培力公式F=BILIL

不变，由于磁感应强度变化，MN

所受安培力的大小变化，故C错误。

D；由楞次定律判断得知；MN

中感应电流方向一直向上，由左手定则判断可知，MN

所受安培力的方向先向右后向左，故D正确。

故选AD。【解析】AD

8、BD【分析】解：

A、稳定时磁通量不变，需要b的速度v″是a的速度v′的两倍，v″=2v′，对a、b棒分别列动量定理：-B2d△t=2mv′-2mv0，：Bd△t=mv″-0，解得v′=v0，v″=v0，b稳定时的速度为=v0；故A错误；

B、由动量定理：-B2d△t=2mv′-2mv0，即：-Bq2d=2mv′-2mv0，q=故B正确。

C、由q=△t=△t=△∅=B△S，△S=故C错误。

D、根据能量守恒定律：2mv02=2mv′2+mv″2+Qa+Qb，Qa=2Qb，解得Qa=mv02；故D正确。

故选：BD。

A、a、b棒做变加速运动，稳定时磁通量不变，需要b的速度v″是a的速度v′的两倍，分别对a、b棒分别列动量定理可解；

B、由动量定理中的与△t的乘积等于电量；应用动量定理可解。

C；由电量的推论等于磁通量的变化量与总电阻的比值；可解。

D、棒a发热量是棒b发热量的两倍；根据能量守恒定律系统机械能的减少量等于系统发热可解。

本题是考查电磁感应中的“双棒”问题，涉及法拉第电磁感应定律、反电动势、动量定理、电量、电热，综合性强，难度大，特别是应用动量定理解决变加速运动，难度大，容易错。【解析】BD9、BCD【分析】【分析】要使油滴仍然能保持静止，其所受的电场力与重力应保持平衡，通过分析电容器板间电压，分析板间场强的变化来判断．【解析】【解答】解：A、增大R1分担的电压增大；电容器的电压增大，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，油滴将向上加速运动，故A错误．

B、只增大R2的阻值；不改变电路中的电流，因此电容器的电压不变，板间场强不变，油滴仍保持静止．故B正确．

C；只增大两板间的距离时；电容器的电容减小，但由于二极管有单向导电性，电容器不能放电，所以电容器的电量不变，增大板间距离时，根据推论可知，板间场强不变，油滴所受的电场力不变，则油滴仍保持静止，故C正确．

D；只断开开关S；电容器不能放电，电容器的电压不变，板间场强不变，油滴仍保持静止，故D正确．

故选：BCD10、CD【分析】【分析】题中电阻R2和电阻R3是并联关系，先根据串并联电路的电流关系确定各个电阻的电流表，然后根据P=I2R分析功率之比．【解析】【解答】解：设干路电流为I，则流过电阻R1和R4的电流为I；

并联电路的电流比等于电压比，故电阻R2和电阻R3的电流比为2：1，故流动电阻R2的电流为I，流过电阻R3的电流为I；

则：P1=I2R1=I2r

P2=（I）2R2=I2r

P3=（I）2R3=I2r

P4=I2R4=2I2r

故P4＞P1＞P2＞P3

故选：CD．三、填空题(共5题，共10分)11、V1=V2tanθ【分析】【分析】将A、B两点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，抓住两点沿杆子方向上的分速度相等，求出v1和v2的关系．【解析】【解答】解：将A点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿杆子方向上的分速度为v1∥=v1cosθ，将B点的速度分解为沿杆子方向和垂直于杆子方向，在沿杆子方向上的分速度v2∥=v2sinθ．由于v1∥=v2∥，所以v1=v2tanθ．

故答案为：v1=v2tanθ．12、振幅逐渐减小周期不变【分析】【分析】不论是弹簧振子还是单摆由于外界的摩擦和介质阻力总是存在，在振动过程中要不断克服外界阻力做功，消耗能量，振幅就会逐渐减小，经过一段时间，振动就会完全停下来．这种振幅越来越小的振动叫做阻尼振动．【解析】【解答】解：从图中可以看出；振子振动的幅度逐渐减小；但周期几乎不变；

故答案为：振幅逐渐减小，周期不变．13、CD【分析】【分析】（1）根据牛顿第二定律有=ma；由此可知需要测量的物理量．

（2）根据牛顿第二定律的表达式，可以求出摩擦系数的表达式．【解析】【解答】解：（1）以系统为研究对象；由牛顿第二定律得：

m3g-f=（m2+m3）a，滑动摩擦力：f=m2gμ；

解得：μ=；

要测动摩擦因数μ，需要测出：滑块的质量m2与托盘和砝码的总质量m3；

（2）由（1）可知，动摩擦因数的表达式为：μ=；

故答案为：（1）CD；（2）．14、34【分析】【分析】同缘传动边缘点线速度相等，根据v=rω判断角速度之比；现让A圆从B圆上的C点出发，绕固定不动的B圆表面顺时针滚动，根据路程除以周期得到圈数．【解析】【解答】解：同缘传动边缘点线速度相等，根据v=rω，故==3；故B转动一圈时A转动3圈；

A绕着B的表面滚动一圈过程中