2025年湘师大新版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版选择性必修2物理上册月考试卷737考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、发射电视信号时通常采用波长较短的米波，在高楼密集的城市楼群中，电视机上经常出现重影，当电视天线接收到强信号后，接着又接收到弱信号，屏幕上出现强弱交替的影像，这是由于（）A.电磁波的干涉B.电磁波的衍射C.电磁波的反射D.电磁波的折射2、理想变压器与电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示电路，a、b两端接电压恒定的正弦交流电源。现使变阻器滑片P向左滑动；则下列说法中正确的是（）

A.流过R1的电流减小B.R2两端的电压变大C.变阻器R两端电压变大D.电源的输出功率变小3、如图所示的电路中，A和B是两个完全相同的小灯泡，L是一个自感系数很大；直流电阻很小的电感线圈。当S闭合与断开的瞬时；对A、B的发光情况判断正确的是（）

A.S闭合的瞬时，B同时发光，且一样亮B.S闭合的瞬时，B发光，A逐渐变亮C.S闭合足够长时间后再断开，B立即熄灭D.S闭合足够长时间后再断开，B闪亮一下再熄灭4、在一正方形区域里有垂直纸面向里的匀强磁场，现有a、b、c三个比荷相同的带电粒子（不计重力）依次从P点沿PQ方向射入磁场，其运动轨迹分别如图所示，带电粒子a从PM边中点O射出，b从M点射出，c从N点射出。则a、b、c三个粒子在磁场中运动的（）

A.速率之比为1：2：3B.周期之比为1：1：2C.时间之比为2：2：1D.动量大小之比为1：2：45、如图所示，一长为宽为的矩形导线框在水平外力作用下，从紧靠磁感应强度为的匀强磁场边缘处以速度向右匀速运动规定水平向左为力的正方向。图中关于线圈中的电流强度导线框两点间的电势差通过导线框的电荷量及导线框所受安培力随其运动的位移变化的图像正确的是（）

A.B.C.D.6、关于下列器材的原理和用途；正确的是（）

A.甲图中电子感应加速器是利用磁场直接对电子进行加速B.乙图中真空冶炼炉的工作原理是炉体产生涡流使炉内金属熔化C.丙图中磁电式电流表在线圈转动的范围内的磁场都是匀强磁场D.丁图中电磁炉是利用锅体产生涡流的加热原理7、无线充电技术已经广泛应用于生活中。感应充电是无线充电技术的一种；常用于小功率电器的无线充电。某电子购物平台中的一款电动牙刷采用了无线充电技术，充电座内含一套线圈和一个金属芯，牙刷柄内含有另一套线圈，如将牙刷座于基座上，就能够实现无线感应充电。关于此款电动牙刷的无线充电过程，以下说法正确的是（）

A.利用恒定电流和交变电流都可以实现充电过程B.充电过程中，能量从电能转化为磁场能再转化为电能C.感应充电技术为无线充电，充电效率可以达到100%D.感应充电的原理和磁电式电表的工作原理相同评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、如图甲所示，MN是匝数比为n1：n2=2：1的变压器原线圈的两端，其输入的电压随时间的变化图线如图乙所示，副线圈中所接电压表和电流表都是理想电表且始终不超过量程，小灯泡两端的电压始终小于其额定电压，以下判断中正确的是（）

A.电压表的示数是110VB.通过R0的电流频率为50HzC.当滑线变阻器R的滑动端向上滑动时，电流表示数增大D.当滑线变阻器R的滑动端向上滑动时，小灯泡变亮9、压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小。某同学利用压敏电阻设计了一个判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图所示。将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体m，电梯静止时电流表示数为I0。电梯在不同的运动过程中；电流表的示数分别如下图中甲；乙、丙、丁所示，则下列判断中正确的是（）

A.甲图表示电梯可能做匀速上升运动B.乙图表示电梯可能做匀加速上升运动C.丙图表示电梯可能做匀减速下降运动D.丁图表示电梯可能做匀减速下降运动10、如图所示为双流国际机场安检门原理图；左边门柜有一通电线圈，右边门框中有一接收线圈．工作过程中某段时间通电线中存在顺时针方向均匀增大的电流(从左向右看)，则。

A.无金属片通过时，按收线圈中的感应电流方向从左向右看为顺时针B.无金属片通过时，接收线圈中的感应电流方向从左向右看为逆时针C.有金属片通过时，接收线圈中的感应电流大小不发生变化D.有金属片通过时，接收线圈中的感应电流大小发生变化11、如图所示；一根通有电流I的直铜棒MN，用导线挂在磁感应强度为B的匀强磁场中，此时两根悬线处于紧张状态，下列哪些措施可使悬线中张力为零（）

A.适当增大电流B.使电流反向并适当减小C.保持电流I不变，适当增大BD.使电流I反向，适当减小12、如图所示，质量为m，边长为L，电阻为R的正方形线框ABCD，线框的BC边和磁场的边界都与斜面底边平行，斜面倾角为线框从图示位置开始沿光滑斜面向下滑动，中途穿过垂直于斜面向外、有理想边界的匀强磁场区域，磁感应强度为B。从线框BC边刚进入磁场开始计时，线框的速度随时间变化的图像如图所示，时刻线框刚好完全穿出磁场。由图可知；以下表述正确的是（）

A.线框穿越磁场的过程中所受的安培力一直沿斜面向上B.线框的BC边进入磁场瞬间BC两点的电势差为C.线框AD边穿出磁场瞬间线框的速度为D.时间内线框中产生的焦耳热为13、如图所示为一远距离输电示意图，图中①为理想升压变压器，②为理想降压变压器，输电导线总电阻为R。升压变压器的输入电压、输入电流和输入功率分别为和升压变压器的输出电压、输出电流和输出功率分别为和降压变压器的输入电压、输入电流和输入功率分别为和降压变压器的输出电压、输出电流和输出功率分别为和下列关系式中正确的是（）

A.输电导线中的电流B.输电导线上损失的功率C.断开开关，减少连入电路的灯泡个数，变压器②的输出电压增大D.变压器①的输出电流和变压器②的输出电流的关系满足14、如图所示为某电站向其他地区远距离输电的原理图，图中交流电表均为理想电表，变压器均为理想变压器。输电线电阻为可变电阻R为用户端负载，发电机输出电压有效值保持不变。当输电功率时，输电线上损失的功率为输电功率的电压表示数为220V。下列说法正确的是（）

A.输电线上的电流为B.升压变压器的原、副线圈匝数比为C.降压变压器的原、副线圈匝数比为450∶1D.随着用电高峰到来，电压表的示数将变大15、无线充电技术已经逐渐应用于智能手机上，手机无线充电器的原理类似于理想变压器，由发射器和接收器组成，分别有一发射线圈和接收线圈，简化模型如图所示，已知发射、接收线圈匝数比EF端输入电流下列说法正确的是（）

A.发射线圈的输入功率等于接收线圈的输出功率B.端输入的交变电流方向每秒变化50次C.接收线圈两端输出电流的有效值为D.接收线圈两端输出电流的有效值为评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、交流发电机。

1.主要构造：_________和_____________

2.分类。

（1）旋转电枢式发电机：_________转动，_________不动。

（2）旋转磁极式发电机：_________转动，_________不动。17、在DIS实验中，我们已经接触和使用过的传感器有__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________、__________。18、在学习了自感的知识以后，高二年级的某物理兴趣小组的同学在学校的探究实验室用以下的器材进行了探究：直流电阻可以不计线圈L，规格相同的灯泡和规格为3V、20欧的滑动变阻器他们按图连接好实验电路图；滑动变阻器的滑片移到移到中间。

当开关S闭合时，他们可以观察到的实验现象是：______（填选项前的字母）；

A．灯比先亮起来，最终比亮。

B．比灯先亮起来，最终比亮。

C．两灯同时亮。

当S断开时，他们观察到的实验现象是______（填选项前的字母）。

A．两灯立即同时熄灭。

B．先闪亮一下；然后两灯一起慢慢熄灭。

C．先熄灭，A1慢慢熄灭19、特高压输电可使输送中的电能损耗和电压损失大幅降低。我国已成功掌握并实际应用了特高压输电技术。假设从A处采用550kV的超高压向B处输电，输电线上损耗的电功率为∆P，到达B处时电压下降了∆U。在保持A处输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下，改用1100kV特高压输电，输电线上损耗的电功率变为∆P′，到达B处时电压下降了∆U′。不考虑其他因素的影响，∆P′=______，∆U′=______（∆P和∆U已知）20、如图所示，ABCD是一个竖直的矩形导线框，全部处于磁感应强度为B的水平方向的匀强磁场中，线框面积为S，线框绕水平固定轴以角速度ω匀速转动。线圈平面与磁感线夹角为_____时（填“0”或“”），感应电动势最大；从如图所示位置开始计时，线圈中产生的感应电动势随时间变化规律为e=_____。

21、如图所示，三只完全相同的灯泡a、b、c分别与电阻R、电感L、电容C串联，再将三者并联，接在220V、60Hz的交变电源两端，三只灯泡亮度相同。如果将电源改为220V、100Hz的交变电源，则a灯亮度_________，b灯亮度_________，c灯亮度_________。（选填“变亮”；“变暗”或“不变”）

22、直流：_________不随时间变化的电流称为直流。23、在正弦式交变电流中；最大值与有效值之间的关系。

E＝＝______Em，U＝＝______Um，I＝＝______Im24、可见光：可见光的波长在________nm之间。评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)25、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

26、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

27、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

28、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)29、传感器担负着信息采集任务，在自动控制中发挥着重要作用，热敏电阻随温度变化的图线如图(甲)所示，图(乙)是由热敏电阻Rt作为传感器制作的简单温度自动报警器线路图。

（1）为了使温度达到某一临界值时报警器响铃，开关c应接在__________(填a或b)。

（2）若使启动报警器的温度提高些，应将滑动变阻器滑片P点向__________移动(填左或右）。30、研究自感的实验电路图如图甲所示，并用电流传感器显示出在t=1×10-3s时断开开关前后一段时间内各时刻通过线圈L的电流（如图乙所示）。已知电源电动势E=6V，内阻不计，灯泡R1的阻值为5电阻R的阻值为1

（1）线圈的直流电阻RL=___________。

（2）闭合开关瞬间，看到电灯___________；

A.逐渐变亮。

B.立即变亮；然后变暗。

C.立即变亮；亮度不变。

（3）闭合开关一段时间后，再断开开关瞬间，看到电灯___________；

A.立即熄灭。

B.闪亮一下再逐渐熄灭。

C.逐渐熄灭。

（4）断开开关后，通过电灯的电流方向___________（填∶a→b或b→a）。31、探究向心力大小F与物体的质量m、角速度ω和轨道半径r的关系实验。

（1）本实验所采用的实验探究方法与下列哪些实验是相同的__________；

A.探究平抛运动的特点。

B.探究变压器原；副线圈电压与匝数的关系。

C.探究两个互成角度的力的合成规律。

D.探究加速度与物体受力；物体质量的关系。

（2）某同学用向心力演示器进行实验；实验情景如甲；乙、丙三图所示。

a.三个情境中，图______是探究向心力大小F与质量m关系（选填“甲”；“乙”、“丙”）。

b.在甲情境中，若两钢球所受向心力的比值为1∶9，则实验中选取两个变速塔轮的半径之比为_________。

（3）某物理兴趣小组利用传感器进行探究；实验装置原理如图所示。装置中水平光滑直槽能随竖直转轴一起转动，将滑块套在水平直槽上，用细线将滑块与固定的力传感器连接。当滑块随水平光滑直槽一起匀速转动时，细线的拉力提供滑块做圆周运动需要的向心力。拉力的大小可以通过力传感器测得，滑块转动的角速度可以通过角速度传感器测得。

小组同学先让一个滑块做半径r为0.14m的圆周运动，得到图甲中①图线。然后保持滑块质量不变，再将运动的半径r分别调整为0.12m；0.10m、0.08m、0.06m；在同一坐标系中又分别得到图甲中②、③、④、⑤四条图线。

a.对①图线的数据进行处理，获得了F-x图像，如图乙所示，该图像是一条过原点的直线，则图像横坐标x代表的是________。

b.对5条F-ω图线进行比较分析，得出ω一定时，F∝r的结论。请你简要说明得到结论的方法_______。

评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)32、如图所示，在平面直角坐标系xOy中，第I象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第Ⅳ象限存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B，一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场；不计粒子重力，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：

（1）M、N两点间的电势差

（2）粒子在磁场中运动的轨道半径r；

（3）粒子从M点运动到P点的总时间t。

33、如图所示，相距为d的平行金属板M、N间存在匀强电场和垂直纸面向里、磁感应强度为B0的匀强磁场；在xOy直角坐标平面内，第一象限有沿y轴负方向场强为E的匀强电场，第四象限有垂直坐标平面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．一质量为m、电荷量为q的正离子(不计重力)以初速度v0沿平行于金属板方向射入两板间并做匀速直线运动，从P点垂直y轴进入第一象限，经过x轴上的A点射出电场进入磁场．已知离子过A点时的速度方向与x轴成45°角．求：

(1)金属板M、N间的电压U；

(2)离子运动到A点时速度v的大小和由P点运动到A点所需时间t；

(3)离子第一次离开第四象限磁场区域的位置C(图中未画出)与坐标原点的距离OC．34、我国第三艘航母已装备最先进的电磁弹射技术，即采用电磁的能量来推动舰载机起飞的新型技术。某兴趣小组根据所学的物理原理进行电磁弹射设计，其工作原理可以简化为下述模型。如图所示，在水平甲板上有两根长直平行轨道PQ和MN，轨道间有等间距分布垂直轨道平面的匀强磁场区域，有磁场和无磁场区域宽均为L=0.5m，磁感应强度大小B=1T。装载有模型飞机的往复车，其底部固定着绕有N=10匝相同的闭合矩形金属线圈，可在导轨上运动，并且与导轨绝缘（往复车及模型飞机图中未画出）。每个矩形线圈abcd垂直轨道的边长且磁场区域宽度与矩形线圈ad的边长相同。当磁场沿导轨方向向右运动时，线圈会受到向右的磁场力，带动往复车沿导轨运动。已知往复车及线圈的总质量M=20kg，模型飞机的质量m=30kg，每匝线圈的电阻若磁场以加速度从t=0时刻开始由静止开始沿水平向右做匀加速运动来启动往复车，往复车在运动过程中所受阻力视为恒力，且为重力的0.2倍，当时，往复车可视为开始做匀加速运动，当时，磁场停止运动，同时模型飞机解锁飞离往复车，当时往复车停止运动。不考虑飞机解锁对往复车速度的影响；求：

（1）往复车启动的时刻

（2）往复车达到的最大速度

（3）往复车从开始到停止运动过程中电路消耗的焦耳热（结果保留2位有效数字）。

35、如图所示，MN和PQ为固定在水平面上的平行金属轨道，轨道间距为0.2m。质量为0.1kg的金属杆ab置于轨道上，与轨道垂直。整个装置处于方向竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度B=0.5T。现用F=2N的水平向右的恒力拉ab杆由静止开始运动。电路中除了电阻R=0.04Ω之外，ab杆的电阻r=0.01Ω；其余电阻不计。设轨道光滑。求：

(1)判断流过电阻R的电流方向；

(2)ab杆可以达到的最大速度；

(3)ab杆的速度达到5m/s时两端的电压；

(4)当ab杆达到最大速度后撤去外力F，此后电阻R还能产生多少焦耳热。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【分析】

【详解】

根据题意可知；出现重影时是因为我们又收到弱信号，此信号只能是通过楼群反射的信号；

故选C。

【点睛】2、B【分析】【详解】

AD．设原线圈电压为U1，原线圈电路电流为I1，副线圈电压为U2，副线圈电路电流为I2，原副线圈匝数分别为n1,n2由线圈匝数比等于电压比可知

由闭合电路欧姆定律

联立可得

由题意，P向左滑动，R减小，I1增大。A错误；

B．由A中分析可知，I1增大，则I2增大，所以R2两端的电压变大；B正确；

C．由

知U1减小，则U2减小，而R2两端的电压变大，所以变阻器R两端电压变小；C错误；

D．电源输出功率为

由I1增大，U不变知电源输出功率增大；D错误。

故选B。3、B【分析】【详解】

AB．当S闭合时；电路产生通电自感，会使A灯逐渐变亮，而B灯立即亮，稳定后AB电流相等，选项A错误，B正确；

CD．当S断开时；会产生断电自感，此时A；B会逐渐熄灭，但不会闪亮，选项CD错误；

故选B。4、C【分析】【分析】

【详解】

AD．设正方形的边长为L，根据几何关系可知粒子运动的半径分别为

由洛伦兹力提供向心力

解得

则有

根据动量表达式

因为粒子的质量关系不确定；所以动量的大小关系也不能确定，故AD错误；

BC．根据周期

可知粒子运动的周期相等，则有

所以时间之比为2：2：1；故C正确，B错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

AD．进入磁场的过程中，感应电动势

不变，感应电流

不变，安培力

不变；当线框完全进入磁场后，磁通量不再发生变化，因此感应电流为零，安培力为零，故AD错误；

B．进入磁场的过程中

完全进入磁场的过程中，边的电势差

故B正确；

C．进入磁场的过程中

关系图象为正比例函数，完全进入后电流为零，不变但不为零；故C错误；

故选B。6、D【分析】【详解】

A．电子感应加速器是利用磁场产生电场对电子进行加速；故A错误；

B．真空冶炼炉的工作原理是炉内金属产生涡流而熔化；故B错误；

C．磁电式电流表在线圈转动的范围内的磁场都是辐射状磁场；不是匀强磁场，故C错误；

D．电磁炉是利用锅体产生涡流的加热原理；故D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

A.充电座是利用电磁感应原理工作的；故不能直接使用恒定电流进行充电，A错误；

B.充电过程中；充电座的线圈消耗电能，能量从电能转化为磁场能再转化为电能，B正确；

C.充电线圈有电阻；有电能转化为热能，还有其它损耗，充电效率一定小于100%，C错误；

D.感应充电的原理是利用电磁感应；磁电式电表的工作原理是利用安培力与电流的关系，D错误。

故选B。二、多选题(共8题，共16分)8、A:D【分析】【详解】

A．原线圈电压有效值为

副线圈的电压为

即电压表的示数是110V；故A正确；

B．原线圈的频率为

变压器不会改变频率，通过的电流频率为25Hz；故B错误；

CD．当滑线变阻器的滑动端向上滑动时，滑线变阻器的阻值增大，副线圈的总电阻增大，而副线圈的电压不变，所以副线圈的电流减小，根据欧姆定律可知两端的电压减小；根据串联电路分压可得小灯泡两端的电压增大，根据欧姆定律可知小灯泡电流增大，小灯泡变亮，根据并联电路分流可得电流表示数减小，故C错误，D正确；

故选AD。9、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．甲图中，电流恒为I0；压力等于重力，故电梯处于平衡状态，可能匀速上升，故A正确；

B．乙图中，电流从I0逐渐变大到2I0；电阻变小，则压力逐渐变大，且大于重力，所以加速度向上逐渐变大，电梯可能变加速上升，也可能变减速下降；故B错误；

C．丙图中，电流保持2I0不变；电阻比原来小且保持不变，则压力不变且大于重力，所以加速度向上且保持不变，电梯可能匀加速上升，也可能匀减速下降；故C正确；

D．丁图中，电流从2I0逐渐减小到I0，则电阻逐渐变大，压力逐渐减小到mg；则向上的加速度逐渐减小到0，则电梯变减速下降或变加速上升，故D错误；

故选AC。10、B:D【分析】【详解】

AB．当左侧线圈中通有不断增大的顺时针方向的电流时；知穿过右侧线圈的磁通量向右，且增大，根据楞次定律，右侧线圈中产生逆时针方向的电流；故A错误，B正确；

CD．有金属片通过时；则穿过金属片中的磁通量发生变化时，金属片中也会产生感应电流，感应电流的方向与接收线圈中的感应电流的方向相同，所以也会将该空间中的磁场的变化削弱一些，引起接收线圈中的感应电流大小发生变化，故C错误，D正确．

故选BD．

【点睛】

当左侧线圈中通有不断增大的顺时针方向的电流时，周围的磁场发生变化，即通过右侧线圈的磁通量发生变化，根据楞次定律结合右手螺旋定则判断出右侧线圈中感应电流的方向，结合法拉第电磁感应定律判断感应电流的大小．11、A:C【分析】【详解】

棒处于方向垂直纸面向里的匀强磁场中；棒中通有电流，方向从M流向N，根据左手定则可得，安培力的方向竖直向上，由于此时悬线上有拉力，为了使拉力等于零，则安培力必须增加．所以适当增加电流强度，或增大磁场；若电流反向，则安培力方向会反向，则悬线的拉力不可能变为零，故选AC．

【点睛】

本题考查应用左手定则分析安培力的能力．安培力方向与电流方向、磁场方向有关，当改变其中之一，安培力方向改变.12、A:C:D【分析】【详解】

A．由图可知；线框穿越磁场的过程中先做变减速后做匀速，则所受的安培力一直沿斜面向上，选项A正确；

B．线框的BC边进入磁场瞬间BC边产生的感应电动势为E=BLv0

此时BC两点的电势差为

选项B错误；

C．线框AD边穿出磁场瞬间线框做匀速运动，则

解得速度为

选项C正确；

D．整个过程中由能量关系

即时间内线框中产生的焦耳热为

选项D正确。

故选ACD。13、B:C【分析】【详解】

A．因理想变压器，则根据可知，输电导线中的电流强度

A错误；

B．因输送电路不是纯电阻电路，输电导线上损失的功率I2

B正确；

C．减少灯泡的个数，输出功率减小，导致线路上电流减小，从而使得变压器②的输入电压增加，输出电压增加；C正确；

D．变压器①的输出电流和变压器②的输入电流相等，变压器②中

所以

D错误。

故选BC。14、A:C【分析】【详解】

A．设输电线上的电流为则有

解得

A正确；

C．设降压变压器副线圈输出电流为则有

解得

则降压变压器的原、副线圈匝数比为

C正确；

B．降压变压器的原线圈输入电压为

升压变压器的副线圈输出电压为

升压变压器的原、副线圈匝数比为

B错误；

D．随着用电高峰到来，输电功率变大，则升压变压器的原线圈电流变大，副线圈电流变大；输电线电阻损失电压变大，则降压变压器的原线圈输入电压变小，降压变压器的副线圈输出电压变小；电压表的示数将变小，D错误。

故选AC。15、A:C【分析】【详解】

A．理想变压器原线圈的输入功率等于副线圈的输出功率；故A正确；

B．由题意得

因为正弦式交流电每个周期内电流方向改变两次；故每秒变化100次，故B错误；

CD．由表达式得原线圈电流的有效值为

由于

所以接收线圈两端输出电流的有效值为

故C正确；D错误。

故选AC。三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】电枢磁体电枢磁极磁极电枢17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3][4][5][6][7][8][9]在DIS实验中，我们已经接触和使用过的传感器有电流、电压、压强、温度、光强、声音、位移、力和磁等。【解析】电流电压压强温度光强声音位移力磁18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]合上开关K接通电路，A2立即亮，线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A1的电流慢慢变大，最后由于线圈L的电阻不计，则最终流过A1的电流比较大，A1比较亮；所以A2比A1先亮起来，最终A1比A2亮，故选A；

[2]断开开关K切断电路时，通过A2的原来的电流立即消失，线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过A1的电流会慢慢变小，并且通过A2；由于流过A1的电流比较大，所以A2先闪亮一下，然后两灯一起慢慢熄灭，故选B．【解析】①.A②.B19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]输电线上损耗的功率

输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下

所以

[2]输电线上的电压降低

输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下

所以【解析】∆P∆U20、略

【分析】【详解】

[1]当线圈平面与磁感线夹角为0时，AB、CD边垂直切割磁感线；则此时感应电动势最大。

[2]从如图所示位置开始计时，线圈中产生的感应电动势随时间变化规律为【解析】021、略

【分析】【详解】

[1]电阻对灯泡亮度的影响与频率无关，故a灯亮度不变。

[2]根据电感的特性：通低频、阻高频，当电源的频率变高时，电感对电流的感抗增大，b灯变暗。

[3]根据电容器的特性：通调频、阻低频，当电源的频率变高时，电容器对电流的容抗减小，c灯变亮。【解析】不变变暗变亮22、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】方向23、略

【解析】①.0.707②.0.707③.0.70724、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】400～760四、作图题(共4题，共28分)25、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】28、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共3题，共21分)29、略

【分析】试题分析：明确电路结构；知道电磁铁是如何控制报警器工作的；明确热敏电阻的作用，知道热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，为了能达到报警电流，应增大滑动变阻器电阻；

（1）根据图甲坐标系中曲线的趋势可以得出；电阻随温度的升高而减小，因此热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，为了使温度过高时发送报警信息，则热敏电阻阻值最小，开关c应该接在a处；

（2）若使报警的最低温度提高些，则相当于减小了热敏电阻的阻值，为了仍等于刚好接通时的电流，应增大滑动变阻器接入电路中电阻，则滑动变阻R应将P点向左移动．【解析】a左30、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]由图像可知S闭合稳定时IL=1.5A，则有

（2）[2]开关S接通瞬间，L相当于断路；有电通过灯泡，灯泡立即变亮；AB之间的电压不变，则随后灯泡的亮度不变，故选C；

（3）[3]电路中电灯的电阻R的阻值为5欧，则通过灯泡的电流

开关S接通一段时间后，L相当于一直流电阻，由以上的分析可知，L中的电流大于灯泡中的电流，断开瞬间，L相当于电源；给灯泡供电，灯泡将闪亮一下再逐渐熄灭，故选B；

（4）[4]断开开关后，L中的电流方向不变，所以通过电灯的电流方向为b→a方向。【解析】3CBb→a31、略

【分析】【详解】

（1）[1]A．在本实验中；利用控制变量法来探究向心力的大小与小球质量；角速度、半径之间的关系。探究平抛运动的特点，例如两球同时落地，两球在竖直方向上的运动效果相同，应用了等效思想，故A错误；

B．当一个物理量与多个物理量相关时，应采用控制变量法，探究该物理量与某一个量的关系，在探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系的实验中，保持原线圈输入的电压U1一定，探究副线圈输出的电压U2与和匝数n1、n2的关系；故B正确；

C．探究两个互成角度的力的合成规律；即两个分力与合力的作用效果相同，采用的是等效替代的思想，故C错误；

D．探究加速度与物体受力；物体质量的关系是通过控制变量法研究的；故D正确。

故选BD。

(2)[2]根据

可知，要探究向心力大小F与质量m关系；需控制小球的角速度和半径不变，由图可知，两侧采用皮带传动，所以两侧具有相等的线速度，根据皮带传动的特点可知，应该选择两个塔轮的半径相等，而且运动半径也相同，选取不同质量的小球，故图丙正确。

[3]两个球的质量相等，半径相同，由

已知

所以

两个塔轮边缘的线速度相等

由

知两个变速塔轮的半径之比为

（3）[4]小组同学先让一个滑块做半径r为0.14m的圆周运动，得到图甲中①图线，由①图线知F与ω不成正比，通过分析①图线中数据可知F与ω2成正比，即F与ω