2025年苏科版选择性必修2物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年苏科版选择性必修2物理上册月考试卷795考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、带电荷量为＋q的不同粒子在匀强磁场中运动，下列说法中正确的是（）A.只要速度大小相同，所受洛伦兹力就相同B.如果把＋q改为－q，且速度反向、大小不变，则其所受洛伦兹力的大小、方向均不变C.洛伦兹力方向一定与电荷速度方向垂直，磁场方向一定与电荷运动方向垂直D.粒子在只受洛伦兹力作用下运动的动能、速度均不变2、水平导线中有电流通过，导线正下方电子的初速度方向与电流的方向相同，均平行于纸面水平向左。下列四幅图是描述电子运动轨迹的示意图，正确的是（）A.B.C.D.3、货梯设置了超载自动报警系统，其简化电路如图所示，货梯箱底层装有压敏电阻为滑动变阻器；K为动触点，A；B为静触点。当出现超载情况时，电铃将发出报警声，以下说法正确的是（）

A.电磁铁的上端为N极B.压敏电阻的阻值随压力的增大而增大C.压敏电阻的阻值增大，电磁铁的磁性增强D.如果要使货梯设定的超载质量变大，那么滑动变阻器的滑片P向右滑动4、如图所示，电子经电压U加速后垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，在磁场中转半个圆周后打在P点，通过调节电压U可以控制P点的位置，设OP=x，能够正确反映U与x关系的图象是

A.B.C.D.5、一直线电流PQ水平放置，固定在桌面上，在其正上方有一根通电的硬直导线ab，ab和PQ中的电流方向如图所示。初始时，ab水平，若ab可以在空中自由移动和转动，则从上往下看导线ab（）

A.逆时针转动，同时下降B.逆时针转动，同时上升C.顺时针转动，同时下降D.顺时针转动，同时上升6、如图所示，两段直导线相互垂直，但相隔一小段距离，其中一段是固定的，另一段能自由活动，当直流电流按图示方向通入两条导线时，导线将（）

A.不动B.顺时针方向转动，同时靠近导线C.逆时针方向转动，同时离开导线D.逆时针方向转动，同时靠近导线7、如图所示，在光滑绝缘水平面上有一单匝线圈ABCD，在水平外力作用下以大小为的速度向右匀速进入竖直向上的匀强磁场，第二次以大小为的速度向右匀速进入该匀强磁场；则下列说法不正确的是（）

A.第二次进入与第一次进入时线圈中的电流之比为1∶3B.第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比为1∶9C.第二次进入与第一次进入时线圈中产生的热量之比为1∶9D.第二次进入与第一次进入时通过线圈中某一横截面的电荷量之比为1∶18、有一种信号发生器的工作原理可简化为如图所示的情形，竖直面内有半径均为R且相切与O点的两圆形区域，其内存在水平恒定的匀强磁场，长为2R的导体杆OA，以角速度绕过O点的固定轴，在竖直平面内顺时针匀速旋转，t=0时，OA恰好位于两圆的公切线上，下列描述导体杆两端电势差随时间变化的图像可能正确的是。

A.B.C.D.9、如图所示，在PO、QR区域中存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场、磁场方向均垂直于纸面．一导线框abcdefa位于纸面内，框的邻边都相互垂直，bc边与磁场的边界P重合，导线框与磁场区域的尺寸如图所示．从t＝0时刻开始，线框匀速横穿两个磁场区域．以a→b→c→d→e→f为线框中的电动势ε的正方向，以下四个ε－t关系示意图中正确的是()

A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示为某电站向其他地区远距离输电的原理图，图中交流电表均为理想电表，变压器均为理想变压器。输电线电阻为可变电阻R为用户端负载，发电机输出电压有效值保持不变。当输电功率时，输电线上损失的功率为输电功率的电压表示数为220V。下列说法正确的是（）

A.输电线上的电流为B.升压变压器的原、副线圈匝数比为C.降压变压器的原、副线圈匝数比为450∶1D.随着用电高峰到来，电压表的示数将变大11、空间在一方向与纸面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线MN所示。一硬质细导线的电阻率为横截面积为S，将该导线做成半径为r的圆环固定在纸面内，圆心O在MN上磁感应强度的方向以垂直纸面向里为正，磁感应强度B随时间t的变化关系如图（b）所示，则在t=0到t=t1的时间间隔内（）

A.圆环所受安培力先变小后变大B.圆环所受安培力先向右后向左C.圆环中的感应电流大小为D.圆环中的感应电流大小为12、如图所示，表面粗糙且绝缘的水平传送带以速度v向右匀速转动，空间中所在区域内存在磁感应强度大小为B、方向竖直向上的匀强磁场，与的夹角为45°，且某时刻在传送带左侧轻放一边长为L、质量为m、电阻为R的正方形导线框，边与始终平行，线框与传送带恰好相对静止通过磁场区域，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g；则（）

A.线框中的电流先增大后减小再增大再减小B.线框所受安培力方向始终水平向左C.线框所受静摩擦力的最大值为D.线框进入磁场前运动的最短距离为13、磁敏元件在越来越多的电子产品中被使用，市场上看到的带皮套的智能手机就是使用磁性物质和霍尔元件等起到开关控制的，当打开皮套，磁体远离霍尔元件，手机屏幕亮；当合上皮套，磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，手机进入省电模式。如图所示，一块宽度为d、长为l、厚度为h的矩形半导体霍尔元件，元件内的导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入水平向右大小为I的电流时，当手机套合上时元件处于垂直于上表面、方向向上且磁感应强度大小为B的匀强磁场中，于是元件的前、后表面产生稳定电势差以此来控制屏幕熄灭，则下列说法正确的是（）

A.前表面的电势比后表面的电势低B.前表面的电势比后表面的电势高C.用这种霍尔元件探测某空间的磁场时，霍尔元件的摆放方向对无影响D.若该元件单位体积内的自由电子个数为n，则发生霍尔效应时，元件前后表面的电势差为14、如图所示，竖直放置的形光滑导轨宽为L，矩形匀强磁场Ⅰ、Ⅱ的高和间距均为d，磁感应强度为B。质量为m的水平金属杆由静止释放，进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等。金属杆在导轨间的电阻为R，与导轨接触良好，其余电阻不计，重力加速度为g。金属杆（）

A.刚进入磁场Ⅰ时加速度方向可能竖直向下B.穿过磁场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间C.穿过两磁场产生的总热量为2mgdD.释放时距磁场Ⅰ上边界的高度h一定大于15、如图，光滑水平面上两虚线之间区域内存在竖直方向的足够大的匀强磁场，磁感应强度大小为B。边长为a的正方形导线框PQMN沿图示速度方向进入磁场，当对角线PM刚进入磁场时线框的速度大小为v，方向与磁场边界成角，若线框的总电阻为R；则。

A.PM刚进入磁场时线框中的感应电流为B.PM刚进入磁场时线框所受安培力大小为C.PM刚进入磁场时两端的电压为D.PM进入磁场后线框中的感应电流将变小16、下列说法正确的是________________A.真空中的光速在不同的惯性参考系中部是相同的，与光源和观察者的运动无关B.爱因斯坦通过质能方程阐明了质量就是能量C.空间和时间与物质的运动状态有关E.红外线有显著的热效应，紫外线有显著的化学作用E.红外线有显著的热效应，紫外线有显著的化学作用评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、小型水利发电站的发电机输出功率为24.5kW，输出电压为350V，输电线总电阻为4Ω，为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的5%，需在发电机处设升压变压器，用户所需电压为220V，所以在用户处需安装降压变压器。输电电路图如图所示，则电流I1=___________；升压变压器的原、副线圈的匝数之比n1：n2=___________；降压变压器的原、副线圈的匝数之比n3：n4=_________。

18、如图所示，一平行于光滑斜面的轻弹簧一端固定于斜面上，一端拉住条形磁铁，条形磁铁处于静止状态，磁铁中垂面上放置一通电导线，导线中电流方向垂直纸面向里且缓慢增大，在此过程中，弹簧弹力大小的变化情况是______，磁铁对斜面的压力大小的变化情况是______。

19、用磁铁和线圈研究电磁感应现象实验中；已知通入灵敏电流表从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，则。

甲图中电表指针偏向______；

乙图中条形磁棒下方是______极。

丙图中条形磁铁向______运动；

丁图中线圈的绕制方法是______（在丁图中画出）20、正方形导线框处于匀强磁场中；磁场方向垂直框平面，磁感应强度随时间均匀增加，变化率为k．导体框质量为m；边长为L，总电阻为R，在恒定外力F作用下由静止开始运动．导体框在磁场中的加速度大小为__________，导体框中感应电流做功的功率为_______________．

21、互感现象危害：互感现象能发生在任何两个______的电路之间．在电力工程和电子电路中，互感现象有时会影响电路的正常工作．22、如图甲所示，矩形线框ABCD（C端被B端遮住，D端被A端遮住）以AD边为轴逆时针匀速转动，角速度为已知AB和CD边长为L1，BC和AD边长为L2，匀强磁场磁感应强度为B；线框只有一匝。从线圈经过中性面（图中虚线位置）时开始计时，并规定此后四分之一周期内电流沿正方向。

（1）转动中___________（哪一条或哪几条）边切割磁感线；

（2）转动中，BC边的速率是___________。

（3）t时刻（图中实线位置），线框平面与中性面的夹角是_________，BC边的速度与磁场夹角是___________。

（4）t时刻，BC边中的电动势eBC=___________，线框中的电动势e=___________。

（5）如果线框共n匝，并用S表示线框的面积（也就是）。则t时刻线框中的电动势e=___________，其最大值是Em=___________。

（6）在乙图中画出e-t图线________。23、如图甲所示，匝数n=100，边长l=0.1m的正方形线框置于匀强磁场中，从图示位置开始计时，让线框绕垂直磁场方向的轴匀速转动，通过线框的磁通量随时间变化的图像如图乙所示。在t1=0.02s和t2=0.04s时，线框中感应电流的方向_______（填“相同”或“相反”）；匀强磁场的磁感应强度为_______T；线框中感应电动势的有效值为_______V；线框中感应电动势的瞬时值表达式为_______。

评卷人得分四、作图题(共4题，共40分)24、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

25、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

26、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

27、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共20分)28、利用如图所示的装置可以探究变压器原；副线圈电压与匝数的关系：

（1）除图中所示器材外，还需要的器材有___________；

A.干电池B.低压交流电源C.直流电压表D.多用电表。

（2）下列说法正确的是___________；

A.变压器工作时通过铁芯导电把电能由原线圈输送到副线圈。

B.变压器工作时在原线圈上将电能转化成磁场能；在副线圈上将磁场能转化成电能，铁芯起到“传递”能量的作用。

C.理想变压器原；副线圈中的磁通量总是相同。

D.变压器副线圈上不接负载时；原线圈两端电压为零。

（3）由于变压器工作时有能量损失，实验测得的原、副线圈的电压比应当___________（选填“大于”、“等于”或者“小于”）原、副线圈的匝数比29、某同学为探究光敏电阻阻值随光照强度变化的关系，设计了如图（a）所示的电路。所用器材有：置于暗箱（图中虚线区域）中的光敏电阻小灯泡和刻度尺；阻值为R的定值电阻；理想电压表V；电动势为E、内阻为r的电源；开关S；导线若干。

实验时，先按图（a）连接好电路，然后改变暗箱中光源到光敏电阻的距离d，记录电压表的示数U，获得多组数据如下表：。d/cm8.5010.0012.0013.5015.0017.0018.5020.00U/mV271.0220.0180.0156.7144.9114.094.889.5

回答下列问题：

（1）光敏电阻阻值与电压表示数U的关系式为______（用E、r，R、U表示）。

（2）依据实验结果可推断：光敏电阻的阻值随着光照强度的减小而______（填“增大”或“减小”）。

（3）该同学注意到智能手机有自动调节屏幕亮度的功能，光照强度大时屏幕变亮，反之变暗。他设想利用光敏电阻的特性，实现“有光照射光敏电阻时，小灯泡变亮；反之变暗”的功能，设计了如图（b）所示电路，则电路中______（填“”或“”）为光敏电阻；另一个为定值电阻。

（4）如图（c）所示为工厂流水生产线上利用光敏电阻特性，信号处理系统自动计数的示意图，其中为光敏电阻，为定值电阻，那么当有光照射时，信号处理系统获得______（填“高电压”或“低电压”），信号处理系统每获得一次______（填“高电压”或“低电压”）就记数一次。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．粒子速度大小相同；由。

f=qvBsinθ可知，如果速度v与磁场B的夹角不同；洛伦兹力大小不同，即使洛伦兹力大小相同，速度方向不同，洛伦兹力方向不同，洛伦兹力不同，故A错误；

B．如果把+q改为-q；且速度反向，大小不变，则洛伦兹力的大小；方向均不变，故B正确；

C．洛伦兹力方向一定与电荷运动方向垂直；磁场方向与电荷运动方向不一定垂直，故C错误；

D．洛伦兹力对粒子不做功；粒子在只受到洛伦兹力作用时运动的动能不变，速度大小不变，但速度方向发生变化，速度变化，故D错误。

故选B。2、A【分析】【分析】

【详解】

由安培定则可知，在直导线的下方的磁场的方向为垂直纸面向外，根据左手定则可以得知电子受到的力向下，电子向下偏转；通电直导线电流产生的磁场是以直导线为中心向四周发散的，离导线越远，电流产生的磁场的磁感应强度越小，由半径公式

可知，电子的运动的轨迹半径越来越大，故选A。3、D【分析】【详解】

A．由安培定则可知；电梯工作时电磁铁的上端为S极，选项A错误；

B．当出现超载情况时；电铃将发出警报声，此时K触点被吸引下来，说明当出现超载情况时，电磁铁所在电路电流增大，压敏电阻的阻值应减小，所以电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小，选项B错误；

C．压敏电阻的阻值增大；电磁铁所在电路电流减小，电磁铁的磁性减弱，选项C错误；

D．如果要使货梯设定的超载质量变大，电磁铁所在电路中的电流应减小，那么滑动变阻器的电阻要增大；即滑片P向右滑动，选项D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

带电粒子在电场中加速运动；根据动能定理得：

解得：

进入磁场后做匀速圆周运动；根据洛伦兹力提供向心力，则有：

解得：

粒子运动半个圆打到P点；

所以

即x与成正比，故C正确．5、A【分析】【详解】

根据左手定则，a、b端受到的安培力分别垂直于纸面向外和垂直于纸面向内，从上往下看，导线ab逆时针方向转动。当转过90°的角度后可看出；在向右的磁场分量的作用下，通电导线受到向下的安培力。所以导线先转动，然后边逆时针转动边下降。

故选A。6、D【分析】【分析】

【详解】

电流ab产生的磁场在右边垂直纸面向里，在左边垂直纸面向外，在cd左右两边各取一小电流元，根据左手定则，左边的电流元所受的安培力方向向下，右边的电流元所受安培力方向向上，知cd导线逆时针方向转动。当cd导线转过90°后，两电流为同向电流，相互吸引。所以导线cd逆时针方向转动，同时靠近导线ab。

故选D。7、C【分析】【详解】

A．设磁感应强度为B，CD边长度为L，AD边长为线圈电阻为R；线圈进入磁场过程中，产生的感应电动势为

感应电流为

感应电流I与速度v成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中电流之比为

故A正确；

B．线圈进入磁场时受到的安培力为

线圈做匀速直线运动，由平衡条件得，外力为

所以外力功率为

功率与速度的平方成正比，第二次进入与第一次进入时外力做功的功率之比为

故B正确；

C．线圈进入磁场过程中产生的热量为

产生的热量与速度成正比，第二次进入与第一次进入时线圈中产生热量之比为

故C错误；

D．通过导线横截面电荷量为

电荷量与速度无关；则电荷量之比为1：1，故D正确。

由于本题选择错误的，故选C。8、A【分析】【详解】

由右手定则可知，感应电动势始终从O指向A，为正，由L是有效切割长度，B、不变；切割的有效长度随时间先增大后减小，且做非线性，非正弦的变化，经半圈后，再次重复，故A正确，BCD错误；

【点睛】

电磁感应与图象的结合问题，近几年高考中出现的较为频繁，在解题时涉及的内容较多，同时过程也较为复杂；故在解题时要灵活，可以先利用右手定则或楞次定律判断方向排除法，再选择其他合适的解法等解答．9、C【分析】【详解】

以a→b→c→d→e→f为线框中的电动势ε的正方向；即以逆时针为正方向。

在第一阶段，只有bc切割向外的磁感线，由右手定则知电动势为负，大小为

在第二阶段，bc切割向里的磁感线，由右手定则知电动势为逆时针方向，同时de切割向外的磁感线，由右手定则知电动势为顺时针方向，大小为均是等效电动势为零。

在第三阶段，de切割向里的磁感线同时af切割向外的磁感线，由右手定则知两个电动势同为逆时针方向，等效电动势为

在第四阶段，只有af切割向里的磁感线，由右手定则知电动势为顺时针方向，等效电动势大小为

故选C。二、多选题(共7题，共14分)10、A:C【分析】【详解】

A．设输电线上的电流为则有

解得

A正确；

C．设降压变压器副线圈输出电流为则有

解得

则降压变压器的原、副线圈匝数比为

C正确；

B．降压变压器的原线圈输入电压为

升压变压器的副线圈输出电压为

升压变压器的原、副线圈匝数比为

B错误；

D．随着用电高峰到来，输电功率变大，则升压变压器的原线圈电流变大，副线圈电流变大；输电线电阻损失电压变大，则降压变压器的原线圈输入电压变小，降压变压器的副线圈输出电压变小；电压表的示数将变小，D错误。

故选AC。11、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据B-t图象，磁感应强度变化率不变，则感应电流大小不变，但磁场先减小后增大，根据F=BIL可知圆环所受安培力先变小后变大；选项A正确；

B．由楞次定律可知；线圈中感应电流方向一直为顺时针，磁场先垂直纸面向里，根据左手定则可知安培力先向左，选项B错误；

CD．由闭合电路欧姆定律得

又根据法拉第电磁感应定律得

又根据电阻定律得

联立得

选项C正确；D错误．

故选AC。12、A:C:D【分析】【详解】

A．线框进入有界磁场后，其边不切割磁感线，由几何知识可知，线框切割磁感线的有效长度的最大值为L，线框完全进入磁场时a点恰好运动到上；线框匀速进入磁场区域的过程中切割磁感线的有效长度先增大后减小，同理可得线框出磁场区域的过程中切割磁感线的有效长度也先增大后减小，故线框匀速通过磁场区域的过程中，线框中的电流先增大后减小，再增大再减小，故A正确。

B．线框进出磁场的过程中所受安培力的有效长度与正方形线框的对角线平行，由楞次定律和左手定则可知，线框所受安培力方向始终垂直于对角线故B错误；

C．计算所受安培力时有效长度的最大值为因为线框恰好与传送带相对静止通过磁场区域，所以线框所受的最大静摩擦力等于所受的最大安培力，有

故C正确；

D．又

线框从静止开始匀加速到a点到达磁场边界的速度恰好为v时，由

可得

故D正确。

故选ACD。13、A:D【分析】【详解】

AB．元件内的导电粒子是电荷量为e的自由电子，通入水平向右大小为I的电流时；电子向左运动，由左手定律可得电子受洛伦兹力的作用往前表面偏转，故前表面的电势比后表面的电势低，A正确，B错误；

C．元件的前、后表面产生稳定电势差时，电子受到的洛伦兹力与电场力平衡

整理得

为垂直于上表面的磁感应强度的大小，故霍尔元件的摆放方向对有影响；C错误；

D．元件单位体积内的自由电子个数为n，根据电流的微观表达式

整理得

电子受到的洛伦兹力与电场力平衡

联立得元件前后表面的电势差为

D正确。

故选AD。14、B:D【分析】【详解】

A．金属杆在无场区做匀加速运动；而金属杆进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等，所以金属杆刚进入磁场Ⅰ时做减速运动，加速度方向竖直向上，故A错误；

B．金属杆在磁场Ⅰ运动时；随着速度减小，产生的感应电流减小，受到的安培力减小，合力减小，加速度减小，所以金属杆在磁场Ⅰ中做加速度减小的减速运动，在两个磁场之间做匀加速运动，由题知，金属杆进入磁场Ⅰ和Ⅱ时的速度相等，所以金属杆在磁场Ⅰ中运动的平均速度小于在两磁场之间运动的平均速度，两个过程位移相等，所以金属杆穿过磁场Ⅰ的时间大于在两磁场之间的运动时间，故B正确；

C．金属杆从刚进入磁场Ⅰ到刚进入磁场Ⅱ的过程，由能量守恒定律得

金属杆通过磁场Ⅱ时产生的热量与通过磁场Ⅰ时产生的热量相同，所以总热量为

故C错误；

D．设金属杆释放时距磁场Ⅰ上边界的高度为H时进入磁场Ⅰ时刚好匀速运动，则有

又联立解得

由于金属杆进入磁场Ⅰ时做减速运动，所以高度h一定大于H；故D正确。

故选BD。15、A:D【分析】【详解】

A.PM刚进入磁场时有效的切割长度等于a；产生的感应电动势为。

E=Bav，感应电流为。

故A正确；

B.NM边所受的安培力大小为。

F1=BIa=方向垂直NM向下。PN边所受的安培力大小为。

F2=BIa=方向垂直PN向下；线框所受安培力大小。

故B错误；

C.PM两端的电压为。

故C错误；

D.PM刚进入磁场后；有效的切割长度逐渐减小，感应电动势逐渐减小，感应电流将减小，故D正确。

故选：AD。16、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．根据狭义相对论，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的，与光源和观察者的运动无关，故A正确；

B．由质能方程可知；能量与质量之间存在着一定的必然对应的关系，而不能认为质量就是能量，能量就是质量，故B错误；

C．相对论认为时间和空间与物质的运动状态有关；故C正确；

D．大量光子产生的效果往往显示出波动性；个别光子产生的效果往往显示出粒子性，故D错误；

E．红外线的波长比红光长；同时它具有显著的热作用，而紫外线有显著的化学作用，故E正确；

故选ACE．三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

[1]电流

[2]输电线上损耗的功率

则输电线上的电流

根据理想变压器的电流规律

解得升压变压器的原、副线圈的匝数之比

[3]对于降压变压器

则降压变压器的原、副线圈的匝数之比【解析】70A1：4133：2218、略

【分析】【详解】

[1][2]如图所示，因为通电导线位于磁铁的中垂面上，所以过通电导线的磁感线的切线平行于斜面向下，当导线中通入垂直纸面向里且缓慢增大的电流时，根据左手定则可知通电导线受到的安培力垂直于斜面向上，根据可知安培力逐渐变大；根据牛顿第三定律可知，通电导线对磁铁的作用力垂直于斜面向下且逐渐变大，所以磁铁在沿斜面方向的受力情况不变，即弹簧弹力大小不变，而磁铁对斜面的压力逐渐变大。

【解析】不变逐渐变大19、略

【分析】【详解】

[1]磁铁向下运动；穿过线圈的磁通量增大，磁铁的磁场方向向下，根据楞次定律可知俯视时线圈中产生的感应电流方向为逆时针，此时电流从灵敏电流表正接线柱流入，所以指针偏向正接线柱一侧。

[2]图中指针偏向负接线柱一侧；所以电流从灵敏电流表负接线柱流入，俯视时线圈中感应电流方向为顺时针，根据安培定则可知线圈中感应电流磁场方向向下，磁铁向下运动，根据楞次定律可知条形磁棒下方是S极。

[3]根据前面分析此时线圈中感应电流磁场方向向下；磁铁的磁场方向也向下，说明此时磁通量在减小，所以磁铁在向上运动。

[4]图中指针偏向正接线柱一侧；所以电流从灵敏电流表正接线柱流入，磁铁向下运动，穿过线圈的磁通量增大，磁铁的磁场方向向上，根据楞次定律可知此时线圈中感应电流的磁场方向向下，可得线圈的绕制方法如图。

【解析】正接线柱一侧S上20、略

【分析】【详解】

试题分析：导体框四个边所受安培力的合力为零，故可知其在磁场中的加速度为导体框中的电流为故感应电流做功的功率为

考点：欧姆定律、电功率、电磁感应定律【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】相互靠近22、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]转动中BC边切割磁感线；

（2）[2]BC边的速率

（3）[3]t时刻（图中实线位置），线框平面与中性面的夹角是

[4]BC边的速度与磁场夹角是

（4）[5]t时刻，BC边中的电动势eBC=

[6]线框中的电动势e=

（5）[7]t时刻线框中的电动势

[8]其最大值是

（6）[9]e-t图线如图所示。

【解析】BC23、略

【分析】【详解】

[1]由

可知曲线斜率的正负代表感应电动势的方向，在t1=0.02s和t2=0.04s时图像的斜率的正负号相反；说明这两个时刻的电动势方向相反，即感应电流方向相反。

[2]由乙图可知通过线框的磁通量的最大值为

代入数据得B=4T

[3]由乙图可知线圈转动的周期T=0.04s，转动的角速度为

线圈在转动过程中产生的感应电动势的最大值

故线圈中感应电动势的有效值为

[4]从图示位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值表达式为【解析】相反4四、作图题(共4题，共40分)24、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转