2025年上外版必修3物理下册月考试卷含答案

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A.I2受到的安培力水平向左B.b点磁感应强度为零C.d点磁感应强度的方向竖直向下D.a点和c点的磁感应强度不可能都为零2、在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，各电表的示数分别用I、和表示，电表示数变化量的大小分别用和表示。下列说法正确的是（）

A.不变，变小B.变大，变大C.变大，不变D.变大，变大3、将带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内；另一带负电的小球B向C靠近，结果将（）

A.A向左偏离竖直线，B向右偏离竖直线B.A位置不变，B向右偏离竖直线C.A向左偏离竖直线，B的位置不变D.A和B的位置都不变4、带电粒子碰撞实验中，t=0时粒子A静止，子B以一定的初速度向A运动。两粒子的v-t图像如图所示；仅考虑静电力的作用，且A；B未接触。则（）

A.A粒子质量小于B粒子B.两粒子在t1时刻的电势能最大C.A在t2时刻的加速度最大D.B在0～t3时间内动能一直减小5、如图所示，水平面内有A、B、C、D、E、F六个点，它们均匀分布在半径为R＝2cm的同一圆周上，空间有一方向与圆平面平行的匀强电场．已知A、C、E三点的电势分别为φA＝(4－)V、φC＝4V、φE＝(4＋)V；下列说法正确的是。

A.电场强度的方向由A指向DB.电场强度的大小为100V/mC.该圆周上的点电势最高为8VD.将电子从D点沿DEF移到F点，电场力一直做正功6、如图所示，某空间区域的竖直平面内存在电场，其中竖直的一条电场线如图甲中虚线所示。一个质量为m、电荷量为q的带正电小球，在电场中从O点由静止开始沿电场线竖直向下运动。以O为坐标原点，取竖直向下为x轴的正方向，小球的机械能E与位移x的关系如图乙所示；不计空气阻力。则（）

A.沿x轴方向电场强度变大，方向沿x轴正方向B.从O到的过程中，小球的速率越来越小，加速度越来越大C.从O到的过程中，相等的位移内，小球克服电场力做的功变大D.到达位置时，小球速度的大小为7、在如图所示的电场中，关于a、b两点的电场强度Ea,Eb,和电势φa和φb；下列说法正确的是()

A.Ea=Eb,φa=φbB.Ea>Eb,φa<φbC.Ea>Eb,φa>φbD.Eab,φa<φb评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)8、党的十九大报告指出人与自然应和谐共生，下列关于能源和能量说法正确的有（）A.由于能量在转移或转化过程中常伴随着能量耗散，所以能量不守恒B.因为自然界的能量守恒，所以不需要节约能源C.煤炭和石油资源是有限的，不可能无限制的利用D.合理利用能源的同时，需要保护好自然环境9、如图所示；当开关S闭合时，以下正确的判断是()

A.电压表的读数变小B.电流表的读数变小C.电压表的读数变大D.电流表的读数变大10、如图所示，A、B、C三个小球(可视为质点)的质量分别为m、2m、3m，B小球带负电，电荷量为q，A、C两小球不带电(不考虑小球间的电荷感应)，不可伸长的绝缘细线将三个小球连接起来悬挂在O点，三个小球均处于竖直向上的匀强电场中，电场强度大小为A.A；则以下说法正确的是()

B.静止时，B两小球间细线的拉力为5mg＋qEC.静止时，B两小球间细线的拉力为5mg－qEE.剪断O点与A小球间细线瞬间，B两小球间细线的拉力为E.剪断O点与A小球间细线瞬间，B两小球间细线的拉力为11、如图所示，平行板电容器与电动势为的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地。闭合开关，一带电油滴位于两板中央的点且恰好处于静止状态；下列说法正确的是（）

A.保持开关闭合，将上极板向上移动一小段距离，油滴仍静止B.保持开关闭合，将上极板向左移动一小段距离，油滴将向上运动C.若将开关断开，并将上极板向上移动一小段距离，油滴仍静止D.若将开关断开，并将上极板向左移动一小段距离，油滴将向上运动12、静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布变化规律如图所示，图中φ0和d为已知量。一个带负电的粒子在电场中以沿x轴方向做周期性运动，最大速度已知该粒子质量为m、电量为-q；忽略重力。则（）

A.粒子的运动区间为到B.粒子的运动区间为到C.粒子的运动周期为D.粒子的运动周期为13、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个电流表和两个电压表。电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，把它们按图接入电路，且都没有超过量程，则（）

A.电流表的读数大于电流表的读数B.电流表的偏转角小于电流表的偏转角C.电压表的读数等于电压表的读数D.电压表的偏转角等于电压表的偏转角14、如图所示，电路中灯泡均正常发光，忽然灯泡比原来变暗了些，而灯泡比原来变亮了些。电路中出现的故障可能是（）

A.发生断路B.发生断路C.同时发生断路D.同时发生断路15、真空中有四个相同的点电荷；所带电荷量均为q，固定在如图所示的四个顶点上，任意两电荷的连线长度都为L，静电力常量为k，下列说法正确的是。

A.不相邻的两棱中点连线在同一条电场线上B.每条棱中点的电场强度大小都为C.任意两棱中点间的电势差都为零D.a、b、c三点为侧面棱中点，则a、b、c所在的平面为等势面评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、在图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向右移动．若电源的端电压保持不变，电流表A的示数与电流表示数的比值将________；电压表V示数的变化与电流表示数的比值将________．（均选填“变小”“不变”或“变大”）

17、利用图像分析问题是物理学中常用的方法；其中的斜率；面积通常具有明确的物理意义。

(1)小明以6m/s的初速度将足球水平踢出，足球在草坪上滚动直到停下来的全过程中的速度—时间图像如图1所示，图1中图线与坐标轴所围的面积等于12个小方格的面积，由图像可知足球在滚动过程中受到的阻力大小____（选填“变大”、“变小”或是“不变”），足球滚动了____m停下来。

(2)利用电流传感器测量电容器电容的实验电路图如图2所示。电源电压为8V，先使开关S与1端相连，电源向电容器充电，然后把开关S掷向2端，电容器通过电阻R放电。电流传感器将电流变化的信息传入计算机，屏幕上显示出电流i随时间t变化的i—t曲线如图3所示，图中图线与坐标轴所围的面积也等于12个小方格的面积，根据图3，计算电容器在全部放电过程中释放的电荷量Q=__C，该电容器的电容C=___F。

18、某地地磁场的磁感应强度的水平分量是3.0×l0-5T，竖直分量是4.0×10-5T，则地磁场磁感应强度的大小为_______T，在水平面上，面积为5m2的范围内，地磁场的磁通量为_______Wb。19、电阻定律。

（1）内容：同种材料的导体，其电阻R与它的______成正比，与它的______成反比；导体电阻还与构成它的______有关。

（2）公式：R＝ρ式中ρ是比例系数，ρ叫作这种材料的电阻率。20、电流的定义式：I＝其物理意义：______时间内通过导体横截面的______，是表示电流强弱程度的物理量。21、_________是根据电磁感应原理制造的，它开辟了人类社会的电气化时代。22、能量的量子化∶在微观世界中能量是_____的，或者说微观粒子的能量是____的。这种现象叫能量的量子化。23、请正确读出下图中各表达读数：

(1)如图（a），接0~3V量程时读数为___________V；接0~15V量程时读数为___________V。

②如图（b），接0~3A量程时读数为___________A；接0~0.6A量程时读数为___________A。评卷人得分四、作图题(共2题，共10分)24、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

25、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)26、有一电子元件正常工作时的电阻为5~16Ω；某实验小组想描绘其两端电压与电流的关系图线，实验要求测定的电压范围尽可能大些，实验室备有下列器材。

A.电源E：电动势为3.0V；内阻不计；

B.电压表V：量程为0~15V；内阻约为4kΩ；

C.灵敏电流计G：量程为0~3mA，内阻RG=800；

D.电流表A1：量程为0~3A；内阻约为0.1Ω；

E.电流表A2：量程为0~0.6A；内阻约为0.6Ω；

F.滑动变阻器R1：最大阻值为10Ω；

G.滑动变阻器R2：最大阻值为5000Ω；

H.开关S；导线若干，已知阻值的定值电阻若干。

(1)实验器材中没有合适的电压表，若将灵敏电流计G改装成一个量程为0~3V的电压表，改装时应______(填“并联”或“串联”)一个阻值为__________Ω的定值电阻；电流表应_________，滑动变阻器应选用_______(填选项前对应的字母)；

(2)请将图甲所示的实物连接图补充完整，注意不要改动已连接导线______；

(3)在正确操作的情况下，该实验小组描绘出如图乙所示的关系曲线。现将该电子元件与一个阻值为R=8Ω的定值电阻串联，然后再接到电动势E=3.0V、内阻r=2Ω的其他电源上，则该电路中的电流为________mA，电源的效率为____________(保留2位有效数字)。27、测定一个额定电压UL=2.5V；额定电流约为0.3~0.4A的小灯泡L在正常工作时的阻值。供选择的器材有：

A.电流表A1（量程0.6A，内阻r1约为0.5Ω）

B.电流表A2（量程30mA，内阻r2=30Ω）

C.电流表A3（量程60mA，内阻r3约为20Ω）

D.电压表V（量程15V，内阻r4约为15kΩ）

E.定值电阻R0=70Ω

F.滑动变阻器R1：0~5Ω；额定电流1A

G.滑动变阻器R2：0~1kΩ；额定电流0.2A

H.电源E：电动势为4.5V；内阻不计。

I.开关S及导线若干。

(1)测量时要求电表示数超过其量程的一半，需选用的实验器材是________和H；I（选填器材前对应的字母序号）。

(2)请在虚线框内画出合适的电路图（图中需标明所选器材的符号）。

()

(3)为保证小灯泡L正常工作，测量时要让其中哪一个电表的示数调到多少？________。

(4)测得小灯泡L在正常工作时的阻值RL=________（用实际所测物理量表示），并说明公式中各符号（题中已知的除外）的物理意义________。28、某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率需要测量圆柱体的尺寸和电阻。在测量电阻时，采用了如下方法：

①用多用电表粗测：用如图所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量：

A.旋动部件________________（填部件符号）；使指针对准电流表的“0”刻线。

B.该同学选择×10倍率；将K旋转到电阻挡“×10”的位置。

C.将插“+”“－”插孔的红黑表笔短接，旋动部件_____（填部件符号）；使指针对准表盘右端电阻的“0刻线”

D.测量时，发现指针偏转角度太大，为了较准确地进行测量，应该选择________________倍率（选填“”、“”、””），并重新欧姆调零，正确操作测量并读数，若这时刻盘上的指针位置如图中实线所示，测量结果是______Ω。

②为了准确测定圆柱体的阻值；除被测电阻外，实验室提供了如下实验仪器：

A.直流电源（电源电压约为3V；内阻可不计）

B.直流电流表（量程0~0.6A，内阻约为0.1）

C.直流电流表（量程0~100mA，内阻约为3）

D.直流电压表（量程0~15V，内阻约为10）

E.直流电压表（量程0~3V，内阻约为）

F.滑动变阻器（最大阻值10允许通过的最大电流为2A）

G.滑动变阻器（最大阻值允许通过的最大电流为0.5A）

I.电键一只；导线若干。

a.为了方便调节，并要求电压表示数从零开始变化，电流表应选取________________，电压表应选取________________，滑动变阻器应选取________________。（填器材编号）

b.请你根据要求设计实验电路图，并在方框中画出实验电路图___________。

评卷人得分六、解答题(共3题，共27分)29、如图所示，在水平面上放置一个质量M=1kg的长木板A，可视为质点的物块B放在木板A的最左端，其质量m=2kg。已知A、B间的动摩擦因数为A与地面间的动摩擦因数为开始时A、B均处于静止状态。某时刻B突然获得水平向右的初速度g取

(1)计算物块B获得速度后；开始向右运动时A；B加速度的大小；

(2)若物块B恰好不从A的右端滑出；计算此过程中A；B接触面因摩擦产生的热量；

(3)在(2)情形下，当物块B运动到木板A的右端时，立即在A上施加一个水平向右的拉力F=16N（图中未画出）；计算物块B在木板A上运动的总时间。

30、如图所示，半径R=1m的绝缘光滑圆弧轨道竖直放置，在A点右侧空间存在水平向右大小为E=1×105N/C的电场，质量为m=0.4kg、带电荷量为q=+3×10-5C的小球从O1点以4m/s初速度做平抛运动，恰好与圆弧轨道A点相切进入，已知A与圆心连线与竖直方向夹角θ=37°。不考虑边缘电场的影响，不计空气阻力，试回答以下问题（sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度取g=10m/s2）

（1）求小球抛出点位置相对A点的水平距离；

（2）求小球在圆弧轨道上运动的最大速度；及此时小球对轨道的压力。

31、在某静电场中，以竖直向下为正方向建立x轴，x轴上各点的电场方向均与x轴平行，以无穷远处为零电势，x轴上各点的电势随坐标x的变化图线如图所示，图线关于横轴φ对称，x1所对应的图线上的P点是图线的拐点，该点的切线斜率绝对值最大，现有一带正电液滴自-x2位置由静止释放，液滴沿x轴经过-x1时的加速度为0，重力加速度为g。

（1）画出x轴上各点场强随x的变化图线并求液滴经过x1时加速度的大小；

（2）判断液滴在-x2～x2之间的运动性质并求液滴经过x2时速度的大小。

参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、D【分析】【详解】

A．电流I1在I2处的磁场方向竖直向下，根据左手定则可知，I2受到的安培力的方向水平向右；故A错误；

B．电流I1与I2在b处的磁场方向相同；均向下，所以合磁场方向向下，不等于0．故B错误；

C．两根水平放置且相互平行的长直导线若分别通有方向相反、大小相等的电流I1与I2．由右手螺旋定则判得，电流I1在d处产生的磁场方向向右下，电流I2在d点产生的磁场的方向向左下，d点的磁感应强度的方向是竖直向下。当两个电流的大小不相等的时候，d点的合磁场方向不是竖直向下。故C错误；

D．当电流I2的大小比电流I1的大时，则a点的磁感应强度可能等于0；当电流I2的大小比电流I1的小时，则c点的磁感应强度可能等于0，故D正确；2、C【分析】【分析】

【详解】

A．P向下滑动时，变大，由图中电路可知

因R1不变，故都不变；故A错误；

BC．由图中电路可知

因R2增大，故变大；根据闭合电路的欧姆定律，有

可得

因都不变，故保持不变；故B错误，C正确；

D．由图中电路可知

因R2变大，故变大，根据根据闭合电路的欧姆定律，有

可得

因都不变，故不变；故D错误。

故选C。3、B【分析】【详解】

由于金属空腔可以屏蔽外部电场；所以小球B的电场对金属空腔C内无影响，即金属空腔C把小球A屏蔽了，使得小球A不受空腔外电场的影响，故小球B向C靠近，小球A的位置不变。而小球A在金属空腔C内，由于静电感应使得金属空腔C外表面带正电而与小球B互相吸引，所以小球B向C靠近，小球B由于被吸引而向右偏离竖直线。

故选B。4、B【分析】【详解】

A．两粒子碰撞过程动量守恒，则由图可知，在t=0时刻

在t=t2时刻

则

因

则

选项A错误；

B．两粒子在t1时刻速度相等；系统损失动能最大，则系统的电势能最大，选项B正确；

C．两粒子在t1时刻距离最近，两粒子库仑力最大，即A在t1时刻的加速度最大；选项C错误；

D．B在0～t3时间内速度先减小后反向增加；则动能先减小后增加，选项D错误。

故选B。5、B【分析】【详解】

A．令AE中点为G．则G点电势．所以GC线所在的与圆平面垂直的面是一个等势面．电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，所以电场强度的方向由E指向A．故A错误；

B．EA两点间的电势差为AE两点间的距离d=2Rsin60°=2cm；电场强度的大小。

故B正确；

C．顺着电场线电势降低，故由几何关系知，圆弧ED的中点H处（H在圆上）电势最高．

因为U=dE；所以。

代入数据。

解锝φH=6V；故C错误；

D．从D到F点，电势先升高后降低，电子带负电，电势能先减小后增加，静电力先做负功后做正功，故D错误．6、C【分析】【详解】

A．小球机械能的变化量取决于除重力外的其他力所做的功，即

故乙图线的斜率表示小球所受到的电场力，斜率变大场强变大，另外可知机械能减小，电场力做负功，场强沿x轴负方向；A错误；

B．从O到的过程中，据牛顿第二定律可得

由于E变大，可知a变小；小球由静止释放后做加速度减小的加速运动，B错误；

C．从O到的过程中，相等的位移x内，小球克服电场力做功为

由于E变大，可知W变大；C正确；

D．从O到的过程中，据动能定理可得

解得到达位置时，小球速度的大小为

D错误。

故选C。7、C【分析】【分析】

【详解】

由图示可知，a处的电场线密，b处的电场线稀疏，因此a点的电场强度大，b点的场强小，即Eb＜Ea；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，由图示可知，φb＜φa；选项ABD错误，C正确；故选C．

【点睛】

电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．二、多选题(共8题，共16分)8、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．能量在转移或转化过程中常伴随着能量耗散；但总能量是守恒的，A错误；

B．自然界的能量守恒；但是由于可用能源是有限的，故需要节约能源，B错误；

C．能源短缺是指煤炭和石油资源是有限的；以现在的开采和消耗速度，石油储藏将在百年内用尽，煤炭资源也不可能永续，所以不可能无限制的利用，C正确；

D．合理利用能源时；燃料燃料的生成物容易对空气；土壤、水源造成污染，所以需要注意保护好自然环境，D正确。

故选CD。9、A:B【分析】【分析】

【详解】

AC．当开关S闭合时；外电路的总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律，干路电流变大，据。

U=E-Ir可知；路端电压变小，A正确，C错误；

BD．R2、R3并联部分的电压。

U23=E-I(r+R1)可知电阻R3两端的电压变小；所以电流表读数变小，B正确，D错误。

故选AB。10、A:C【分析】【详解】

静止时；对BC球整体进行受力分析，则有：

T=2mg+3mg+Eq=5mg+Eq；故A正确，B错误；

B球带负电；相当于在上述状态下给B球瞬间施加一个竖直向下的电场力qE；

qE对A、B球整体产生一个竖直向下的分加速度

此时A、B球的加速度为（显然＞g），C球以加速度g保持自由下落，以A球为研究对象可得A、B球间细线的拉力为qE．故C正确；D错误．

故选AC．

【点睛】

本题由整体法与隔离法相结合解题．11、C:D【分析】【详解】

一带电油滴位于两板中央的点且恰好处于静止状态；则电场力与重力平衡。

A．保持开关闭合，可知电容器两极板间的电势差U不变，将上极板向上移动一小段距离，则d增大，根据可知两板间电场强度减小；则油滴受到的电场力小于重力，油滴将向下运动，故A错误；

B．保持开关闭合，可知电容器两极板间的电势差U不变，将上极板向左移动一小段距离，则两极板正对面积S变小；但两板间距离不变，则电场强度不变，油滴仍然静止，故B错误；

C．若将开关断开，可知电容器的电荷量Q不变，将上极板向上移动一小段距离，则d增大，根据可得

可知两极板间电场强度E不变；则电场力不变，故油滴仍然静止，故C正确；

D．若将开关断开，可知电容器的电荷量Q不变，将上极板向左移动一小段距离，则两极板正对面积S变小，根据可得

可知两极板间电场强度E变大；则电场力变大，油滴将向上运动，故D正确。

故选CD。12、B:C【分析】【详解】

AB．由φ−x图像可知，原点与−d(或0.5d)两点间的电势差是φ0，且电势φ从原点到−d（或0.5d）随x均匀减小，所以原点与−d(或0.5d)两点间的电场为匀强电场，原点到−d之间电场强度大小

原点到0.5d之间电场强度大小

设粒子在区间内运动，则从到处，粒子做匀减速直线运动，由牛顿第二定律得粒子的加速度大小

因为带负电的运动粒子在电势越高的地方电势能越小，动能越大，所以粒子在x=0处动能最大，速度最大，由运动学公式有

解得

粒子从到处，粒子做匀减速直线运动，因粒子的加速度大小为则有

所以粒子的运动区间为到A错误，B正确；

CD．粒子从x=0到x=−x0的运动时间

则粒子从x=0到的运动时间

粒子的运动周期为

C正确；D错误。

故选BC。13、A:D【分析】【详解】

电流表A1的量程大于A2的量程，故电流表A1的内阻小于A2的内阻；电压表V1的量程大于V2的量程，故V1的电阻大于V2的电阻；

AB．由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，故A1中的电流要大于A2中的电流，故A1的读数比A2的读数大；故A正确，B错误；

CD．两电压表串联，故通过两表的电流相等，故V1的读数比V2的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角；故D正确，C错误。

故选AD。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．若断路，外电路总电阻增大，路端电压增大，总电流减小，通过的电流增大，所以通过灯泡和的总电流减小，灯泡亮度变暗，灯泡两端电压增大，变亮；选项A正确；

B．同理可知，若断路，则灯泡变暗，灯泡变亮；选项B错误；

C．若同时发生断路，由串反并同分析，灯泡会变亮，灯泡的变化情况由共同影响，当的影响作用大于的影响时，灯泡变暗；故选项C正确；

D．同理可知，若同时发生断路，灯泡会变亮；选项D错误。

故选AC。15、B:C【分析】【详解】

假设ab连线是一条电场线，则b点的电场方向沿ab方向，同理如果bc连线是一条电场线，b的电场方向沿bc方向，由空间一点的电场方向是唯一的可知电场线不沿ab和bc方向，因此A错；由点电荷的电场的对称性可知abc三点的电场强度大小相同，由电场的叠加法则可知上下两个点电荷对b点的和场强为零，左右两个点电荷对b点的合场强不为零，每个电荷对b点的场强合场强为故B正确；由点电荷的电势叠加法则及对称性可知abc三点的电势相等，因此任意两点的电势差为零，故C正确；假设abc平面为等势面，因此电场线方向垂直于等势面，说明电场强度的方向都在竖直方向，由电场叠加原理知b点的电场方向指向内底边，因此abc不是等势面，故D错误．三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

[1][2]该电路的结构R1与R2并联后与A串联，所以流过电流表A的电流是两个支路的电流的和，将滑动变阻器的滑片P向左移动，接入电路中的电阻值减小，所以电路中的总电流和流过R1的电流增大，而流过R2的电流减小；所以电流表A的示数变化量的大小小于电流表A1示数的变化量的大小；电流表A的示数增加量的大小小于电流表A1示数的增加量的大小，则电流表A的示数与电流表A1示数的比值将变小；R1与R2并联后做为一个电阻，该电路就变成了测量电源的电动势和内电阻的电路，由闭合电路的欧姆定律：E=U+Ir，所以即将变小。【解析】变小变小17、略

【分析】【详解】

(1)因为v-t图象的斜率变小，表示加速度减小，根据牛顿第二定律f=ma；知足球在滚动过程中受到的阻力变小；图1中图线与坐标轴所围面积表示位移即为足球滚动的距离，1格面积是1，12格面积是12，所以位移是12m，足球滚动了12m才停下来。

(2)在电容器放电过程中的任意瞬时有：△Q=I•△t，故i-t图线与t轴所围面积即为电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积，因此电容器所带电荷量的最大值，由图可知该面积等于12个小方格的面积．因此电容器所带电荷量的最大值根据电容的定义式

【点睛】

解决本题的关键是理解图象面积的物理意义，v-t图象的面积代表位移，i-t图线的面积代表电量。【解析】变小120.0240.00318、略

【分析】【详解】

[1]根据题意，依据平行四边形法则，有：

[2]当线框平面与磁感线平行时；没有磁感线穿过线框，穿过线框的磁通量为0；

在水平面上，地磁场的竖直分量穿过线框，则磁通量为：【解析】5.0×10-5T2.0×10-419、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】长度l横截面积S材料20、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】单位电荷量21、略

【分析】【详解】

发电机是根据电磁感应原理制造的，它开辟了人类社会的电气化时代。【解析】发电机22、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]能量的量子化∶在微观世界中能量是量子化的，或者说微观粒子的能量是分立的。这种现象叫能量的量子化。【解析】①.量子化②.分立23、略

【分析】【详解】

(1)[1]接0~3V量程时，每小格表示指针偏转不够一个分格部分用估读法，读数比最小刻度多一位小数，读数为

[2]接0~15V量程时,每小格表示指针偏转不够一个分格部分用估读法（估读五分之几小格），读数和最小刻度小数位数相同，读数为

(2)[3]接0~3A量程时，每小格表示指针偏转不够一个分格部分用估读法，读数比最小刻度多一位小数，读数为

[4]接0~0.6A量程时，每小格表示指针偏转不够一个分格部分用半格（）估读法（不足半小格的舍去，超过半小格的按半小格估读），读数和最小刻度小数位数相同，读数为【解析】2.18V10.8V0.80A0.16A四、作图题(共2题，共10分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共3题，共18分)26、略

【分析】【详解】

(1)[1][2]灵敏电流计改装成电压表应串联一个定值电阻，根据U=I(RG+Rx)

得Ω－800Ω=200Ω

[3]因最大电流Ω=0.6A

故电流表应选用E

[4]实验要求测定的电压范围尽可能大些，应采用分压电路，故滑动变阻器应选择最大阻值较小的F；便于调节。

(2)[5]滑动变阻器采用分压接法；灵敏电流计和定值电阻串联后接到电子元件的两端，电流表外接，实物电路如答图所示。

(3)[6][7]将电源和R视为一个新的电源，此电源的电动势E'=3V，内阻r'=10Ω，则此新电源的路端电压U'与电路中的总电流I的关系为U'=3－10I

此新电源的路端电压即为电子元件两端的电压。在题图乙中作出新电源的I－U图象；如图所示。

可得交点坐标值即为电路中的实际电流值和电子元件两端的实际电压值，分别为I=130mA，由于误差则(120mA-140mA均可),U'=1.7V，电源的效率

联立并代入数据得=91%【解析】串联200EF130(120~140均给分)91%27、略

【分析】【详解】

(1)[1]测量时要求电表示数超过其量程的一半，额定电压UL=2.5V，则电压表量程太大不能选，可考虑电流表A2与定值电阻R0串联改装成一个电压表，即

改装电压表的量程为电流表A1可用于测电流；根据欧姆定律估算小灯泡L在正常工作时的阻值为6~8Ω，滑动变阻器R2阻值太大，不适合做限流电阻，滑动变阻器R1小于灯泡正常工作时电阻，宜采用分压电路，所以选择阻值较小，额定电流较大的以分压方式接入电路；采用外接法可以消除系统误差。

故选ABEF。

(2)[2]根据上述分析画出电路图：

(3)[3]小灯泡的额定电压为则

解得

所以调节R1将电流表A2的示数调到25mA。

(4)[4]根据欧姆定律

[5]式中I1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数且为25mA。【解析】ABEF电流表A2的示数为25mAI1为电流表A1的示数，I2为电流表A2的示数且为25mA28、略

【分析】【详解】

①[1]多用电表在使用前应先进行机械调零，即旋动部件S；使指针对准电流表的“0”刻线。

[2]测量电阻前进行欧姆调零时，将插“+”“－”插孔的红黑表笔短接，旋动部件T；使指针对准表盘右端电阻的“0刻线”。

[3]测量时，发现指针偏转角度太大，说明圆柱体的阻值相对于