2025年牛津上海版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图所示，在μ=0.2的粗糙水平面上，有一质量为10kg的物体以一定的速度向左运动，同时还有一水平向右的力F作用于物体上，其大小为10N，则物体受到的摩擦力为（g取10m/s2）（）A.大小为10N，方向向右B.大小为10N，方向向左C.大小为20N，方向向右D.大小为20N，方向向左2、一个物体受到四个力F1、F2、F3、F4作用而处于静止状态，当拆去F1后，余下三个力的合力大小和方向为（）A.大小等于F1，方向斜向右上方B.大小等于F1，方向与F1方向相同C.大小等于F2、F3、F4的大小之和，方向与F3方向相同D.大小等于F1，方向与F1方向相反3、一物体自t=0时开始做直线运动，其速度图线如图所示。下列选项正确的是A.在0—6s内，物体离出发点最远为30mB.在0—6s内，物体经过的路程为40mC.在0—4s内，物体的平均速率为7.5m/sD.在5—6s内，物体所受的合外力做负功4、在反恐演习中，中国特种兵进行了飞行跳伞表演．某伞兵从静止的直升飞机上跳下，在t时刻打开降落伞，在3t时刻以速度v2着地．伞兵运动的速度随时间变化的规律如图所示．下列结论正确的是（）

A.在0～t时间内加速度不变，在t一3t时间内加速度减小。

B.降落伞打开后；降落伞和伞兵所受的阻力越来越小。

C.在t～3t的时间内，平均速度

D.若第一个伞兵在空中打开降落伞时第二个伞兵立即跳下；则他们在空中的距离先增大后减小。

5、在“双缝干涉测光的波长”的实验中，以下说法正确的是（）A.要增加相邻两亮纹间的距离，可适当减小双缝间距B.要观察某单色光的干涉图样，白光源后应依此放滤光片、双缝、单缝、光屏C.用红光作为光源，遮住其中一条狭缝，屏上仍将呈现等间距的条纹D.不同单色光比较，暗纹间距越大，光从水进入空气发生全反射的临界角越小评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)6、一个已充电的电容器通过一个固定电阻放电，放电电流用电流传感器侧量，并在电脑屏幕上直接显示电流随时间变化的图象，如图所示．关于这个实验，下列说法正确的是（）A.屏幕上显示电流随时间而均匀变化的图象B.电流传感器与普通电流表相比，能更灵敏地反映快速变化的电流C.放电过程中，电容器两端的电压随时间变化的图象与电流随时间变化的图象相似D.放电过程中，电容器电压和电容都减小7、一长为L的绝缘细线，上端固定，下端拴一质量为m、带电荷量为q的小球，处于如图所示的水平向右的匀强电场中。开始时，将细线与小球拉成水平，小球静止在A点，释放后小球由静止开始向下摆动，当细线转过60°角时，小球到达B点速度恰好为零。（）A.B两点的电势差UAB=-B.B两点的电势差UAB=-C.小球所带电荷q为正电荷D.小球到达B点时，细线对小球的拉力大小TB=8、中国国家航天局决定：中国将在2013年或稍后一个合适的时间对火星及其卫星“火卫一”进行探测．“火卫一”在火星赤道正上方运行，若其绕行轨道可简化为圆轨道，如图中A轨道所示．假如我们国家发射的“火星探测器”环绕火星的轨道B稳定后如图所示，万有引力常量G已知．则下列说法正确的是（）A.“火卫一”的周期大于“火星探测器”的周期B.“火卫一”的线速度大于“火星探测器”的线速度C.若想测出火星的质量只要测出“火星探测器”的运行周期即可D.“火卫一”的向心加速度小于“火星探测器”的向心加速度9、做匀加速直线运动的质点先后经过A、B、C三点，已知AB之间的距离与BC之间的距离相等．质点在AB段和BC段的平均速度分别为20m/s和30m/s，根据以上所给的条件，可以求出（）A.质点在AC段的运动时间B.质点在AC段的平均速度C.质点的加速度D.质点在C点的瞬时速度10、关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（）A.匀变速直线运动是加速度均匀变化的运动B.匀变速直线运动是速度随时间均匀增加的运动C.匀变速直线运动是加速度保持不变的运动D.匀变速直线运动是速度随时间均匀变化的运动11、如图所示，斜劈形物体的质量为M，放在水平地面上，质量为m的粗糙物块以某一初速度沿斜劈的斜而向上滑，至速度为零后又加速返回，而斜劈始终保持静止．物块m向上、向下滑动的整个过程中（）A.地面对斜劈M的摩擦力方向先向左后向右B.地面对斜劈M的摩擦力方向没有改变C.地面对斜劈M的支持力等于（M+m）gD.物块m向上、向下滑动时加速度大小不同评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)12、在光滑水平面上有一物体，受水平恒力F的作用由静止开始运动，运动至t时刻F的方向突然变为相反而大小不变，要使物体回到原出发点，则需要的时间为t′=____．13、如图所示，真空中有两个带电量分别为+4Q和-Q的点电荷固定在x坐标轴的x=0和x=4cm的位置上，则x坐标轴上x=____cm的位置电场强度为零；x坐标轴上x=6cm位置电场强度的方向沿x轴的____方向（此空填“正”或“负”）．

14、某运动员沿半径为R的环形跑道，从A点起朝逆时针方向跑了1周，它的位移大小等于____，运动员在此过程中通过的路程为____．15、降落伞在下落一段时间后是匀速下降的，无风时跳伞运动员落地的速度为4m/s，现在有风的作用下可使运动员获得水平方向3m/s的速度，则该运动员落地的速度大小为____m/s，方向为____．16、（2006•嘉定区一模）如图所示，图线表示作用在做直线运动的物体上的合外力与物体运动距离的对应关系，物体质量1kg，开始时处于静止状态，则当物体在外力的作用下，运动30m的过程中，合外力对物体做的功为____J，物体末速度为____m/s．17、某实验小组利用如图所示的实验装置来探究当合外力一定时，物体运动的加速度与其质量之间的关系．（1）由图中刻度尺读出两个光电门中心之间的距离为s厘米，由图中游标卡尺测得遮光条的宽度d=____厘米．该实验小组在做实验时，将滑块从图9所示位置由静止释放，由数字计时器可以读出遮光条通过光电门1的时间△t1，遮光条通过光电门2的时间△t2，则滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式v1=____，滑块经过光电门2时的瞬时速度的表达式v2=____，则滑块的加速度的表达式a=____．

。m（g）a（m/s2）2502.023001.653501.434001.255001.008000.63（2）在本次实验中；实验小组通过改变滑块质量做了6组实验，得到如下表所示的实验数据．

通过计算分析上表数据后，得出的结论是在合外力不变的情况下，物体运动的加速度跟物体的质量成反比，如果想通过图象法进一步确认自己的结论，须建立____（填a-m或a-）坐标系；根据实验数据描点作图，如果图线是一条通过原点的直线，就可确认上述结论．

18、一个离地面30m高的小球由静止开始做自由落体运动，落地后被地面粘住不再反弹，则小球到达地面时的速度大小为____m/s，小球从开始运动起的第一秒内、第二秒内、第三秒内位移之比为____（g取10m/s2）．19、物体做匀加速直线运动初速度V0=2m/s，加速度a=1m/s2，则第3秒末的速度是____m/s，第3秒的位移是____．20、（2013秋•连江县校级期中）用30cm的细线将质量为4×10-3㎏的带电小球P悬挂在O点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．（Sin37°=0.6，cos37°=0.8）则分析小球的带电性质为____电、小球的带电量为____细线的拉力为____．评卷人得分四、实验探究题(共3题，共18分)21、电学实验中经常需要测量某电阻的阻值．

（1）测电阻的方法有多种，现在有一只标有“220V，40W”灯泡，它正常工作时的电阻为______Ω．若用多用电表中欧姆挡来测量这只灯泡的电阻，则测出的电阻应______灯泡正常工作时电阻（填“大于”“等于”“小于”）．

（2）请您用下列器材设计一个实验；测定灯泡正常工作时的电阻值．

A．220V交流电源。

B．单刀双掷开关一只。

C．电阻箱一只（0～999.9Ω；额定电流，0.5A）

D．固定电阻一只（0.5kΩ；额定电流0.3A）

E．交流电表一只（0～0.3A）

F．导线若干。

请在方框内画出电路原理图．22、某同学设计了一个测量金属丝电阻率的实验方案；实验室提供的器材有：

A．电压表VB．电流表AC．螺旋测微器D．米尺。

E．滑动变阻器RP（5Ω；2A）F．干电池组G．一个开关和导线若干。

他进行了以下操作：

（1）用多用电表粗测金属丝的阻值：当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大，为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按______（填代码）的顺序正确进行操作；最后完成读数测量．

A．将选择开关旋转到欧姆挡“×1Ω”的位置B．将选择开关旋转到欧姆挡“×100Ω”的位置。

C．将两表笔分别与被测电阻的两根引线相接；正确读数D．将两表笔短接，重新进行欧姆调零。

（2）该网同学采用上述合理步骤测量后，表针指示静止时如图1所示，则金属丝的阻值约为______Ω．

（3）请按照本题提供的实验器材和实验需要；在图2虚线方框内画出测量金属丝电阻并在实验时便于电压调节范围大的实验电路图。

（4）若测得金属丝直径为D，接入电路长度为L时，电压表、电流表示数分别为U、I，则金属丝的电阻率ρ=______．23、为了节能环保；一些公共场所使用光控开关控制照明系统.

光控开关可采用光敏电阻来控制，光敏电阻是阻值随着光的照度而发生变化的元件(

照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx)

．

(1)

某光敏电阻R

在不同照度下的阻值如下表；根据表中已知数据，在图1

的坐标系中描绘出了阻值随照度变化的曲线.

由图象可求出照度为1.0lx

时的电阻约为______k娄赂

．

。照度/1x0.20.40.60.81.01.2电阻/k娄赂5.83.72.82.31.8(2)

如图2

所示是街道路灯自动控制模拟电路；利用直流电源为电磁铁供电，利用照明电源为路灯供电.

为达到天亮灯熄；天暗灯亮的效果，路灯应接在______(

填“AB

”或“BC

”)

之间．

(3)

用多用电表“隆脕10娄赂

”挡，按正确步骤测量图中电磁铁线圈电阻时，指针示数如图3

所示；则线圈的电阻为______娄赂.

已知当线圈中的电流大于或等于2mA

时，继电器的衔铁将被吸合.

图中直流电源的电动势E=6V

内阻忽略不计，滑动变阻器有三种规格可供选择：l(0隆芦10娄赂,2A)2(0隆芦200娄赂,1A)3(0隆芦1750娄赂,0.1A).

要求天色渐暗照度降低至l.0lx

时点亮路灯，滑动变阻器应选择______(

填R1R2R3).

为使天色更暗时才点亮路灯，应适当地______(

填“增大”或“减小”)

滑动变阻器的电阻．评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)24、利用图甲所示的实验装置探究重物下落过程中动能与重力势能的转化问题．

（1）实验操作步骤如下；请将步骤B补充完整：

A．按实验要求安装好实验装置；

B．使重物靠近打点计时器，接着先____，后____；打点计时器在纸带上打下一系列的点；

C．图乙为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点．分别测出若干连续点A、B、C与O点之间的距离h1、h2、h3．

（2）已知打点计时器的打点周期为T，重物质量为m，重力加速度为g，结合实验中所测得的h1、h2、h3，可得重物下落到B点时的速度大小为____，纸带从O点下落到B点的过程中，重物增加的动能为____，减少的重力势能为____．

（3）经过多次正确的实验，总发现减少的重力势能大于增加的动能，其原因是____．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】滑动摩擦力的方向与物体的相对运动方向相反．物体在水平拉力作用下在水平面上运动时，物体对地面的压力大小等于物体的重力大小，根据摩擦力公式f=μN求解滑动摩擦力大小．【解析】【解答】解：物体在水平向右的拉力作用在水平面上运动；物体对地面的压力大小N=mg，滑动摩擦力大小为f=μN=0.2×10×10=20N．物体相对地面向左运动，所以滑动摩擦力的方向水平向右，故C正确，ABD错误；

故选：C．2、D【分析】【分析】物体受多力平衡，则多力的合力为零；则F2、F3、F4的合力与F1大小相等方向相反；当拆去F1后，从而即可求解余下三个力的合力大小和方向．【解析】【解答】解：由题意可知，四力的合力为零，则可知则F2、F3、F4的合力与F1大小相等方向相反；

当拆去F1后，余下三个力的合力大小为F1，和方向与F1方向相反；故D正确，ABC错误；

故选：D．3、B|C【分析】试题分析：0-5s，物体向正向运动，5-6s向负向运动，故5s末离出发点最远，故A错误；由面积法求出0-5s的位移s1=35m，5-6s的位移s2=-5m，总路程为40m，故B正确；C．由面积法求出0-4s的位移s=30m，平均速度为：v==7.5m/s故C正确；D．由图象知5～6s过程物体做匀加速，合力和位移同向，合力做正功，故D错误．故选BC．考点：速度时间图像及功的概念。【解析】【答案】BC4、A|B|D【分析】

A、在0～t时间伞兵做匀加速直线运动，加速度不变，2t～3t时间内图线的斜率逐渐减小；则加速度逐渐减小．故A正确．

B；设降落伞和伞兵的总质量为m；所受的阻力为f，加速度大小为a，根据牛顿第二定律得：f-mg=ma，得f=mg+ma，a逐渐减小，则f也逐渐减小．即降落伞和伞兵所受的阻力越来越小．故B正确．

C、在t～3t的时间内，假设伞兵做匀减速直线运动，图象为直线，其平均速度为根据“面积”等于位移可知，匀减速直线运动的位移大于伞兵实际运动的位移；

则平均速度v＜故C错误．

D；第一个伞兵在空中打开降落伞时的速度比第二个伞兵跳下时速度大；所以两者距离逐渐变大，后来第二个人的速度大于第一个跳伞运动员时，两者距离又减小，故D正确；

故选ABD

【解析】【答案】速度图象倾斜的直线表示物体做匀加速直线运动，其加速度不变．根据斜率等于加速度，分析t～3t时间内加速度如何变化．根据牛顿第二定律分析阻力如何变化．根据“面积”等于位移，将在t～3t的时间内物体的位移与匀减速直线运动的位移进行比较，再分析平均速度与的大小．

5、A【分析】【分析】由△X=λ知，增大光屏上相邻两条亮纹之间的距离，可以增大缝与屏之间的距离，或换用更长波长的光．【解析】【解答】解：A、依据双缝干涉条纹间距规律△X=λ可知要使干涉条纹的间距变大；需要改用波长更长的单色光或减小双缝间距，故A正确；

B；依次是滤光片、单缝、双缝、光屏；故B错误；

C；用红光作为光源；遮住其中一条狭缝，出现单缝衍射，屏上仍将呈现不等间距的条纹在，故C错误；

D、暗纹间距越大，则光的波长越长，因此频率越小，那么折射率越小，根据sinC=；可知，当光从水进入空气发生全反射的临界角越大，故D错误．

故选：A．二、多选题(共6题，共12分)6、BC【分析】【分析】根据I-t图线得出电流与时间的变化规律，放电过程中，电容器的电容不变，结合Q的变化得出电压U的变化．【解析】【解答】解：A；图中I-t图线不是倾斜直线；可知电流随时间不是均匀变化的，故A错误．

B；电流传感器与普通电流表相比；能更灵敏地反映快速变化的电流，故B正确．

C、根据U=知；C不变，U随电量的变化而变化，在放电的过程中，电量在减小，则U在减小，电容器两端的电压随时间变化的图象与电流随时间变化的图象相似，故C正确．

D；放电过程中；电压减小，电容不变．故D错误．

故选：BC．7、ACD【分析】解：A、小球由A到B过程中，由动能定理得：mgLsin60°+qUAB=0，解得：UAB=故A正确；

B、场强大小为：E=故B错误；

C；小球在B点收到水平向右的电场力；与电场方向相同，故小球带正电，故C正确；

D、小球在AB间摆动，由对称性得知，B处绳拉力与A处绳拉力相等，而在A处，由水平方向平衡有：FTA=Eq=mg，所以有：FTB=FTA=mg．故D正确；

故选：ACD。

（1）小球从A到B的过程中，重力做正功mgLsin60°，电场力做功为qUAB，动能的变化量为零，根据动能定理求解电势差UAB；

（2）根据电场强度与电势差的关系U=Ed求解场强。式中d是AB沿电场线方向的距离；d=L-Lcos60°。

（3）B点与A点堆成；细线对小球的拉力相等，根据A点受力平衡列式求解细绳对小球拉力。

本题考查带电小球在复合场中运动，往往根据平衡判断电场力方向从而判断电性；根据平衡求解力；利用动能定理求解速度等问题。【解析】ACD8、AD【分析】【分析】火卫一绕火星做圆周运动，知道了轨道半径和周期，根据万有引力提供向心力的基本公式即可分析．【解析】【解答】解：根据万有引力提供向心力，有：=m=ma=m

A、T=2π；知道“火卫一”的轨道大于“火星探测器”的轨道，所以“火卫一”的周期大于“火星探测器”的周期．故A正确；

B、v=；知道“火卫一”的轨道大于“火星探测器”的轨道，所以“火卫一”的线速度小于“火星探测器”的线速度，故B错误；

C；若想测出火星的质量只要测出“火星探测器”的运行周期和运动的半径即可．故C错误；

D、a=；知道“火卫一”的轨道大于“火星探测器”的轨道，所“火卫一”的向心加速度小于“火星探测器”的向心加速度，故D正确；

故选：AD．9、BD【分析】【分析】根据平均速度的定义式求出质点在AC段的平均速度，结合匀变速直线运动的公式和推论分析能否求出加速度和AC段的时间．【解析】【解答】解：A、设AB=BC=x，加速度为a，运动到A点的速度为v0，运动的时间分别为：t1和t2，则有：=20m/s

=30m/s

x=v0t1+at12

2x=v0（t1+t2）+a（t1+t2）2

5个未知数，4个方程，故无法求解质点在AC段运动的时间t1；质点的加速度a、质点在AC段的发生位移x；故AC错误。

B、质点在AC段的平均速度为；

根据匀变速直线运动规律得一段过程中平均速度等于该过程中初末速度和的一半，即；

质点在这个过程：=24m/s

质点在AB段：=20m/s

质点在BC段：=30m/s

解得vC=34m/s；故BD正确。

故选：BD10、CD【分析】【分析】匀变速直线运动的特点是加速度恒定不变．速度随时间变化的运动【解析】【解答】解：匀变速直线运动可能是匀加速度也可能是匀减速直线运动；当加速度不变的直线运动，速度随时间可能增大，也可能减小，速度水时间均匀变化的运动，故AB错误，CD正确．

故选：CD11、BD【分析】【分析】物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下；对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解地面对物体M的摩擦力和支持力；【解析】【解答】解：物体先减速上滑；后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力；支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律，有。

x分析：f=masinθ①

y分析：（M+m）g-N=（M+m）acosθ②

A；由①式；地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故A错误；

B；由①式；地面对斜面体的静摩擦力方向一直未变，向左，故B正确；

C；由②式；地面对物体M的支持力总小于（M+m）g，故C错误；

D、物体向上运动时，物体受到的摩擦力的方向向下，得：ma1=mgsinθ+μmgcosθ

物体向下滑动时，物体受到的摩擦力的方向向上，得：ma2=mgsinθ-μmgcosθ

所以m向上；向下滑动时加速度大小不同．故D正确；

故选：BD．三、填空题(共9题，共18分)12、（1+）t【分析】【分析】F反向后，加速度大小不变，方向改变，抓住两段过程中位移的大小相等，方向相反，结合运动学公式进行求解．【解析】【解答】解：设开始在水平恒力F作用下的加速度为a，则ts内的位移x=；速度v=at；

将F反向后；加速度大小不变，方向改变，物体回到出发点，则位移大小相等，方向相反，根据位移时间公式有：

；

联立解得t′=（1+）t

故答案为：（1+）t13、8负【分析】【分析】根据点电荷的场强公式，通过电场的叠加确定电场强度为零的位置以及x坐标轴上x=6cm位置电场强度的方向．【解析】【解答】解：设电场强度为零的位置距离原点为x；

则有：；

解得x=8cm．

x坐标轴上x=6cm位置，合场强E=；可知该点的场强方向沿x轴负方向．

故答案为：8，负．14、R【分析】【分析】路程是指物体所经过的路线的长度；所有路线的长度加起来就是路程；

位移是指物体从初位置指向末位置的有向线段，与物体怎么运动的无关．【解析】【解答】解：位移是指物体从初位置指向末位置的有向线段，无论物体运动多少周，初位置都是A，末位置就是B，所以物体的位移就是A指向B的直线，大小为R；

路程是指物体所经过的路线的长度，质点运动了1周，则路程就是一周加圆弧的长度；

即2πR+πR=；运动中的最大位移为直径即2R；

故答案为：R；．

15、5与水平方向成53°【分析】【分析】将跳伞员的运动分解为竖直方向和水平方向，水平方向上的运动不影响竖直方向上的分运动，根据速度的合成求出跳伞员着地的速度大小和方向．【解析】【解答】解：根据平行四边形定则，得：v==m/s=5m/s．

设落地速度与水平方向夹角为θ，则有：tan；

解得：θ=53°．

故答案为：5，与水平方向成53°．16、20020【分析】【分析】功是标量，合外力做功等于整个过程中做功的代数和．并由动能定理来确定物体的末速度．【解析】【解答】解：在20m内，合力做功W1=Fx1=8×20J=160J，在20m到30m内，合力做功W2=F′x2=4×10J=40J

所以整个过程合外力做功W=160+40J=200J．

由动能定理可知，；

解得：v=20m/s

故答案为：200；20．17、略

【分析】

（1）整刻度为0.5cm；游标尺的第2条刻线与上方刻线对齐，则游标尺读数为：2×0.1mm=0.2mm=0.02cm，故最终读数为：0.5cm+0.02cm=0.52cm；

短时间内的平均速度可以代替瞬时速度，故滑块经过光电门1时的瞬时速度的表达式为块经过光电门2时的瞬时速度的表达式为

滑块做匀加速直线运动，根据速度位移关系公式，加速度为：

（2）探究加速度与质量的关系时，分别以a为纵坐标、为横坐标作图象；画出一条过原点的倾斜直线，这样就能直观地看出其关系；

故答案为：（1）0.52，（2）a-．

【解析】【答案】（1）先读整刻度数；再查游尺的第几个刻度线与上边的某个刻度线对齐，若是第N个，则用整刻度数+N×精度即为最终读数；极短时间内的平均速度可以代替瞬时速度；然后根据速度位移公式列式求解加速度；

（2）在探究加速度与质量的关系时，分别以a为纵坐标、为横坐标作图象；画出一条倾斜的直线，这样就能直观地看出其关系．

18、24.51：3：2【分析】【分析】小球做自由落体运动，由v2=2gh求的落地速度；由h=求的第1s，第二秒内，第三秒内的位移之比【解析】【解答】解：小球做自由落体运动，由v2=2gh得：

第一秒内的位移为：

第二秒内的位移为：

第三秒内的位移为：

故位移之比为：x1：x2：x3=1：3：2

故答案为：24.5，1：3：2．19、54.5m【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出第3s末的速度，结合位移时间公式求出第3s内的位移．【解析】【解答】解：第3s末的速度v=v0+at=2+1×3m/s=5m/s．

第3s内的位移==4.5m．

故答案为：5，4.5m．20、正3×10-6C5×10-2N【分析】【分析】对小球受力分析，根据带电小球处于静止状态，结合力的合成或分解解决问题【解析】【解答】解：（1）由题意知小球受力平衡；小球受力如图所示，可知小球带正电．

（2）设小球带电量为q；则Eq=mgtanθ得小球带电量为：

q==3×10-6C

（3）此时细线的拉力为：T=T′==5×10-2N

答：（1）小球带正电．

（2）小球的带电量为3×10-6C

（3）此时细线的拉力5×10-2N．四、实验探究题(共3题，共18分)21、略

【分析】解：（1）根据P=得到R==Ω=1210Ω；

灯泡正常发光时温度可以达到一千多摄氏度；金属阻（率）随温度升高而增大，故常温下电阻较小；故用多用电表所测出的电阻偏小；

（2）经过对实验器材的分析可知；该题的思路是想法测量出灯泡的电压，即可测量其工作状态时的实际电阻值，在设计实验的时候可以将灯泡和电阻箱并联，单刀双掷开关先接通小灯泡，使之正常发光；再接通电阻箱，调节电阻箱的电阻，当流过它们的电流相等时，则电压相同，此时电阻箱的电阻就是小灯泡工作时的电阻．故实验的原理图如图：

故答案为：（1）1210；小于；（2）如图所示．

（1）灯泡正常发光时温度可以达到一千多摄氏度；金属阻（率）随温度升高而增大；

（2）解答该题的思路为想法测量出灯泡的电压；即可测量其工作状态时的实际电阻值，在设计实验的时候可以将灯泡和电阻箱并联．

对于实验题，关键是明确实验原理，本题采用的实验方法为等效法，要注意明确实验中没有电压表，故只能利用电阻箱实验，同时在选择滑动变阻器时要注意其最大允许电流．【解析】1210；小于22、略

【分析】解：（1）当用“×10Ω”挡时发现指针偏转角度过大；说明所选档位太大，为了得到比较准确的测量结果，应换用小挡，换用“×1Ω”挡，然后重新进行欧姆调零，再测电阻阻值，因此合理的实验步骤为：ADC．

（2）欧姆表使用“×1Ω”挡；由图1所示可知，金属丝电阻阻值为15×1Ω=15Ω．

（3）金属丝电阻约为15Ω；滑动变阻器最大阻值为5Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电流表内阻很小，约为零点几欧姆，电压表内阻很大，约为几千甚至几万欧姆，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：

（4）由欧姆定律可知，电阻R=由电阻定律得：R=ρ=ρ则电阻率ρ=．

故答案为：（1）ADC；（2）15；（3）电路图如图所示；（4）．

（1）应用欧姆表测电阻时要选择合适的档位；使指针指针中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值．

（2）欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数．

（3）根据伏安法测电阻的