2025年人民版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、一根阻值为R的均匀电阻丝，在下列哪种情况中其阻值仍为R（设温度不变）（）A.当长度不变，横截面积增大一倍时B.当横截面积不变，长度增加一倍时C.当长度和横截面半径都缩小一半时D.当长度和横截面积都扩大一倍时2、有一电压表，它的内阻100Ω，量程0.2V，现要改装成量程为10A的电流表，电压表上应（）A.并联0.002Ω的电阻B.并联0.02Ω的电阻C.并联50Ω的电阻D.串联4900Ω的电阻3、电源、开关、平行板电容器连成如图电路，A板接地。闭合开关S，电源对电容器充电后，电容器的电容为C，A板带正电，板间电场强度大小为E，两板正中间点P电势为固定在P点的负电荷的电势能为则下列说法正确的是（）

A.若保持开关闭合，将A板下移少许，E增大，有电流从上到下通过电源B.若保持开关闭合，将B板下移少许，E不变，有电流从上到下通过电源C.若断开开关，将B板下移少许，C减小；降低，减小D.若断开开关，将A板下移少许，C增大；升高，减小4、某条电场线是一条直线，沿电场线方向依次有O、A、B、C四个点，相邻两点间距离均为d，以O点为坐标原点，沿电场强度方向建立x轴，该电场线上各点电场强度E随x的变化规律如图所示。一个带电量为的粒子，从O点由静止释放，仅受电场力作用。则下列说法正确的是（）

A.若O点的电势为零，则A点的电势为B.粒子从A到B做匀速直线运动C.粒子在OA段电势能减少量小于BC段电势能减少量D.粒子运动到B点时动能为5、如图所示，在x轴上关于O点对称的A、B两点有等量同种点电荷在y轴上C点有点电荷且下列判断正确的是（）

A.O点电场强度为零B.D点电场强度方向沿方向C.若将点电荷从O移向C，电势能增大D.若将点电荷从O移向C，电势能增大6、如图所示，不带电物体A和带电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，A、B的质量分别为2m和m，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在水平面上，另一端与物体A相连，倾角为θ斜面处于沿斜面向上的匀强电场中，整个系统不计一切摩擦。开始时，物体B在一沿斜面向上的外力的作用下保持静止且轻绳恰好伸直，然后撤去外力F，直到物体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度（已知弹簧形变量为x时弹性势能为为）；则在此过程中（）

A.物体B带负电，受到的电场力大小为B.物体B的速度最大时，弹簧的伸长量为C.撤去外力F的瞬间，物体B的加速度为D.物体B的最大速度为评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示，两块正对平行金属板与一电压恒定的电源相连，下极接地，下板上叠放有玻璃板，一带电油滴恰好静止于两板间的P点；当把玻璃板从两板间快速抽出，下列说法正确的是（）

A.带电油滴带负电B.P点的电势保持不变C.带电油滴将加速向下运动D.会有瞬间电流从a向b流经电阻R8、有一个电场的电场线如图所示，有一个负试探电荷从A运动到B，已知该电荷只受电场力，下列说法不正确的是（）

A.该电荷一直在减速B.该电荷的加速度一直在减小C.该电荷的电势能先增大后减小D.该电荷克服电场力做的功等于动能的减少量9、如图所示，大小可以不计的带有同种电荷的小球A和B互相排斥，静止时，绝缘等长轻绳与竖直方向的夹角分别为和且<由此可知（）

A.B球受到的库仑力较大，电荷量较大B.B球的质量较小C.B球受到轻绳的拉力较大D.若让两球接触后再静止时，悬线与竖直方向的夹角可能发生变化10、在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形abcd，顶点a、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，若将一个带负电的粒子置于b点，自由释放，粒子将沿着对角线bd往复运动，粒子从b点运动到d点的过程中（）

A.先作匀加速运动，后作匀减速运动B.先从低电势到高电势，后从高电势到低电势C.电势能与机械能之和先增大，后减小D.电势能先减小，后增大11、如图所示，在竖直平面内有水平向左的匀强电场，匀强电场中有一根长为L的绝缘细线，细线一端固定在O点，另一端系一可视为质点的质量为m、电荷量为的带电小球。小球静止时细线与竖直方向成角，此时让小球获得沿切线方向的初速度且恰能绕O点在竖直平面内沿逆时针方向做圆周运动，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.小球带负电，且匀强电场的电场强度B.小球做圆周运动过程中速度的最小值C.小球从静止位置运动至圆周轨迹最高点的过程中动能逐渐减小，电势能先减小后增大D.小球从静止位置开始至其在竖直平面内运动一周的过程中，机械能先减小后增大12、如图所示，框架面积为S，框架平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直；则下列关于穿过平面的磁通量的情况中，正确的是（）

A.如图所示位置时磁通量为零B.若使框架绕转过60°，磁通量为C.若从初始位置转过90°角，磁通量为BSD.若从初始位置转过180°角，磁通量变化为2BS评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、把一个电荷量为q＝5×10－9C的正电荷从距电场无穷远处移到电场中M点，电荷克服电场力做功WM＝6.0×10－3J，如果把该点电荷从距电场无穷远处移到电场中N点，电荷克服电场力做功WN＝3.6×10－3J．取无穷远处为零电势点，M、N点的电势差是______把该点电荷从M点移到N点电场力做功________14、电磁波通信：电磁波可以通过电缆、光缆进行有线传输，也可实现无线传输。电磁波的频率_____，相同时间内传递的信息量_____。15、某实验小组计划用一个表头G（满偏电流Ig=100μA，内阻Rg=900Ω），改装成1mA和10mA的双量程电流表和一个大量程的电压表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如图所示。

（1）选接________（填“1”或“2”）是10mA的电流表，可算得R1应为________Ω；

（2）选接3时，改装电压表的量程是________V。

16、如图所示为静电除尘装置的原理图；该装置由集尘极和悬在两集尘极间的放电极组成，在集尘极和放电极间加有高压电源，其间的空气被电离成为电子和正离子，电离出的电子在静电力的作用下运动。废气在经过机械过滤装置后进入静电除尘区域，废气中的粉尘吸附电子后带上负电，粉尘在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积，实现除尘的目的。图中虚线为电场线，不考虑粉尘重力的影响。

（1）为了实现净化废气的目的，静电除尘装置中的放电极，应接高压电源的___________（选填“正极”或“负极”）。

（2）由电场的分布特点可知，图中A点电势___________B点电势（选填“高于”、“低于”或“等于”），带相同电荷量的粉尘在A点位置的电势能___________在B点位置的电势能（选填“高于”、“低于”或“等于”），带电粉尘运动轨迹___________与某条弯曲的电场线重合（选填“可能”、“不可能”）。17、均匀带电正方形框边长为R，所带电量为+Q，若取无穷远处电势为零，则其两条对角线交点处的电势___零，(选填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一边中点挖去一个长为r(r<<R)的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度大小____________18、如图所示，A和B两平行金属板相距10mm，M点距A板及N点距B板均为2mm，两极板间的电压为4V，则板间场强为______N/。A．A板电势为________V，N点电势为________V.评卷人得分四、作图题(共4题，共28分)19、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

20、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

21、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短22、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共2题，共16分)23、有一额定电压为额定功率的小灯泡；现要用伏安法描绘这个小灯泡的伏安特性曲线。有下列器材可供选用。

A.电压表（量程内阻约）

B.电压表（量程内阻约）

C.电流表（量程内阻约）

D.电流表（量程内阻约）

E.滑动变阻器（最大电阻允许最大电流）

F.滑动变阻器（最大电阻允许最大电流）

G.三节干电池（电动势约为）

H.电键；导线若干。

（1）为提高实验的精确程度，电压表应选用______；电流表应选用______；滑动变阻器应选用______；以上均填器材前的序号。

（2）通过实验描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图，则以下电路图中哪一种实验误差最小______；

A.B.C.D.

所以小灯泡电阻测量值______真实值填“大于”、“小于”、“等于”

（3）根据小灯泡的伏安特性曲线，当小灯泡电压是时，小灯泡电阻是______保留两位小数

（4）由伏安特性曲线可知，小灯泡电阻随电压增大而______。24、（1）游标卡尺的读数为______cm；螺旋测微器的读数为______mm；电压表的读数为______V；电流表的读数为______A。

（2）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘示数如图所示，则该电阻的阻值约为______Ω

评卷人得分六、解答题(共1题，共6分)25、如右图所示，固定于同一条竖直线上的A、B是两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量分别为+Q和—Q，A、B相距为2d，MN是竖直放置的光滑绝缘细杆，另有一个穿过细杆的带电小球p．质量为m、电荷量为+q（可视为点电荷，不影响电场的分布），现将小球p从与点电荷A等高的C处由静止开始释放，小球p向下运动到距C点距离为d的O点时，速度为v0；已知MN与AB之间的距离为d；静电力常量为k，重力加速度为g，求：

（1）C、O间的电势差UCO；

（2）在O点处的电场强度E的大小；

（3）小球p经过与点电荷B等高的D点时的速度VD大小．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．由可知；长度不变，横截面积增大一倍时，电阻变为原来的一半，故A错误；

B．当长度增大1倍横截面不变时；电阻变为原来的2倍；故B错误；

C．横截面半径都缩小一半时；由。

横截面积都缩小为原来的当长度和横截面积都缩小为原来的一半时，电阻为原来的2倍，故C错误；

D．当长度扩大一倍而横截面积缩为原来的一半时；电阻不变。故D正确。

故选D。2、B【分析】【详解】

电表的满偏电流为：

把它改装成量程为10A的电流表需要并联一个分流电阻，并联电阻阻值为：

A．并联0.002Ω的电阻；与结论不相符，选项A错误；

B．并联0.02Ω的电阻；与结论相符，选项B正确；

C．并联50Ω的电阻；与结论不相符，选项C错误；

D．串联4900Ω的电阻，与结论不相符，选项D错误；3、D【分析】【详解】

A．若保持开关闭合，将A板下移少许，由电容的决定式

可知，d减小，C增大，由电容的定义式

可知，U不变，Q增大，有电流从下到上通过电源

E增大；A错误；

B．若保持开关闭合，将B板下移少许，由电容的决定式

可知，d增大，C减小，由电容的定义式

可知，U不变，Q减小，有电流从上到下通过电源

E减小；B错误；

C．若断开开关，将B板下移少许，由电容的决定式

可知，d增大，C减小，同理

E不变，P点距A板距离不变，P点与A板间电势差不变，不变；所以不变；C错误；

D．若断开开关，将A板下移少许，由电容的决定式

可知，d减小，C增大

板间场强E不变，P点距A板距离减小，A板接地，P点与A板间电势差减小，升高；负电荷在电势高的地方电势能小，所以减小；D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

A．图象与坐标轴围成的面积代表电势的变化，沿着电场线，电势逐渐降低，若O点的电势为零，则A点的电势为故A错误；

B．粒子从A到B运动时；电场力恒定不变，做匀变速直线运动，故B错误；

C．根据及图象与坐标轴围成的面积可知粒子在OA段电势能减少量大于BC段电势能减少量；故C错误；

D．根据动能定理可知

解得

故D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．根据对称性及矢量运算法则可知，A、B两点处的电荷在O点产生的合场强为零，除此之外，C点处的电荷在O点产生的场强不为零，且电场强度的方向指向轴的正方向，由此可知，O点电场强度不为零；故A错误；

B．由几何关系及矢量运算法则可知，A、B两点处的电荷在D点产生的合场强大小等于其中任意一电荷在D点产生的场强大小，合场强方向由D指向O，而C点处的电荷在D点产生的场强方向由O指向D，但由于离D点的距离等于A、B电荷离D点的距离，因此C点处的电荷在D点产生的场强等于A、B电荷在D点产生的合场强，则可知三个电荷在D点产生的合场强为零；故B错误；

CD．若将点电荷从O移向C，则由点电荷的分布可知，三个电荷都对点电荷做负功，若将点电荷从O移向C，三个电荷都对点电荷做正功，由此可知将点电荷从O移向C，电势能增大，若将点电荷从O移向C；电势能减小，故C正确，D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

A．当施加外力时，对B分析可知

解得

沿斜面向下；故B带负电，故A错误；

B．当B受到的合力为零时，B的速度最大，由

解得

故B错误；

C．当撤去外力瞬间，弹簧弹力还来不及改变，即弹簧的弹力仍为零，当撤去外力F的瞬间物体AB受到的合外力为

解得

故C错误；

D．设物体B的最大速度为由功能关系可得

解得

故D正确。

故选D。二、多选题(共6题，共12分)7、A:B:D【分析】【详解】

A．由图可知；上极板带正电，下极板带负电，故两板间电场方向向下，油滴悬浮在两板间，受到的重力与电场力平衡，故电场力向上，带电油滴受力方向与场强方向相反，因此油滴带负电，故A正确；

B．当把玻璃板从两板间快速抽出，两板间距离d不变，电压U不变，根据公式

可知，两板间电场强度不变，再根据

可知，P点与下极板间的电势差不变，下极板接地，电势始终为0，则P点的电势保持不变；故B正确；

C．因为两板间电场强度不变；则带电油滴受力情况不变，仍将保持静止，故C错误；

D．当把玻璃板从两板间快速抽出，相对介电常数减小，根据电容的决定式

可知，电容C减小，又根据

可得，电量Q减小，故电容器放电，会有瞬间电流从a向b流经电阻R；故D正确。

故选ABD。8、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．负试探电荷从A运动到B；所受电场力方向向左，故受力方向与运动方向相反，所以该电荷一直在减速，A正确；不符合题意；

B．电场线的疏密表示电场强度的强弱，负试探电荷从A运动到B中；电场线先变密后变疏，所以受到的电场力先变大后变小，该电荷的加速度先变大后减小，B错误，符合题意；

C．负试探电荷从A运动到B中；电场力一直做负功，该电荷的电势能一直增大，C错误，符合题意；

D．根据功能关系可知；该电荷克服电场力做的功等于动能的减少量，D正确，不符合题意。

故选BC。9、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．根据牛顿第三定律得；A球对B球的库仑力等于B球对A球的库仑力，故A错误；

BC．对小球受力分析如图所示。

由几何关系得。

由于OA=OB，所以AC

所以。

即B球的质量较小；

即B球受到轻绳的拉力较小；故B正确，C错误；

D．若两小球电量不相同；接触后电荷量将重新分布，再静止时库仑力将发生变化，两小球的重力没有发生变化，则悬线与竖直方向的夹角将发生变化，故D正确。

故选BD。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．由等量正电荷连线的中垂线上电场分布可知，bd连线上的电场不是匀强电场；由于负电荷受到的电场力是变力，加速度是变化的，A错误；

B．由等量正电荷的电场分布知道，在两电荷连线的中垂线O点的电势最高，所以从b到d；电势是先升高后降低，B正确；

C．由于只有电场力做功；所以只有电势能与动能的相互转化，故电势能与机械能的和守恒，C错误；

D．由b到ac连线的中点O的过程中，电场力做正功，电势能减小，由O到d电场力做负功；电势能增加，D正确；

故选BD。11、A:B:C【分析】【详解】

A.小球静止时细线与竖直方向成角，由平衡条件可知电场力水平向右，与场强方向相反，小球带负电，有

解得

故A正确；

B.小球恰能绕O点在竖直面内做圆周运动，在等效最高点A点速度最小；如图所示。

根据平衡条件得

解得

故B正确；

C.小球从静止位置内沿逆时针方向运动至圆周轨迹最高点的过程中，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大，而小球在等效最高点A点速度最小；动能最小，所以小球动能逐渐减小，故C正确；

D.小球从静止位置开始沿逆时针方向至其在竖直平面内运动一周的过程中；小球的机械能和电势能之和守恒，小球电场力先做正功后负功后再做正功，则电势能先减小后增大再减小，机械能先增大后减小再增大，故D错误。

故选ABC。12、B:D【分析】【分析】

图示时刻，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积。当它绕轴转过θ角时，线圈在磁场垂直方投影面积为磁通量等于磁感应强度与这个投影面积的乘积。线圈从图示转过90°时；磁通量为0，磁通量的变化量大小等于初末位置磁通量之差。

【详解】

A．线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积。故图示位置的磁通量为

故A错误；

B．使框架绕OO＇转过60°角，则在磁场方向的投影面积为

则磁通量为

故B正确；

C．当线圈从图示转过90°时；线框与磁场平行，故磁通量为0，故C错误；

D．从初始位置转过180°角，磁通量变化为

故D正确。

故选BD。

【点睛】

本题要知道对于匀强磁场中磁通量计算的一般公式θ是线圈与磁场垂直方向的夹角。夹角变化，磁通量也会变化，注意磁通量要分清穿过线圈的正反面。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【详解】

[1]把一个正点电荷从距电场无穷远处移到电场中的M点，电荷克服静电力做功W=6.0×10-3J，相反的过程中，把正点电荷从电场中的M点移动到距电场无穷远处，静电力做功W′=6.0×10-3J，所以：

把该点电荷从电场中的N点移到距电场无穷远处，静电力做功W=3.6×10-3J，所以：

M、N两点的电势差：

[2]把该点电荷从M点移到N点静电力做功：WMN=qUMN=5×10-9×4.8×105=2.4×10-3J【解析】4.8×105V2.4×10－3J14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]电磁波通信：电磁波可以通过电缆、光缆进行有线传输，也可实现无线传输。电磁波的频率越高，相同时间内传递的信息量越大。【解析】①.越高②.越大15、略

【分析】【详解】

（1）[1]选接1时电流表的量程为

选接2时电流表的量程为

可看出I1m>I2m；则选接1是10mA的电流表，选接2是1mA的电流表。

[2]根据选接2时电流表的量程，代入数据，可计算出R1=10Ω

（2）[3]选接3时，改装电压表的量程是Um=IgRg＋I2mR3

代入数据有Um=3V【解析】110316、略

【分析】【详解】

（1）[1]要使带负电的粉尘在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积；放电极应接高压电源的负极。

（2）[2]由放电极接负极及电场分布对称可知；越靠近集尘板电势越高，故图中A点电势低于B点电势；

[3]由电势能表达式可知，带相同电荷量的粉尘在A点位置的电势能高于在B点位置的电势能；

[4]只在电场力作用下，电荷运动轨迹与电场线重合的要满足电场线为直线，且初速度的方向与电场线的方向共线，故带电粉尘运动轨迹不可能与某条弯曲的电场线重合。【解析】负极低于高于不可能17、略

【分析】【详解】

[1]均匀带电正方形框；根据对称性可知，其两条对角线交点处的电场强度为零，而正点电荷，电场线是扩散状，根据沿着电场线方向电势降低可知，两条对角线交点处的电势大于零；

[2]在其一边中点挖去一个长为r（r＜＜R）的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度等于由r长的电荷在对角线交点处的场强，即【解析】大于18、略

【分析】【分析】

【详解】

根据可知两板间的电场强度为板间电场方向向上，故A点的电势低于B板的电势，因B板接地电势为零，所以可知A板电势为-4V；B、N之间的电势差为所以N点的电势为-0.8V．【解析】400－4－0.8四、作图题(共4题，共28分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】20、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析21、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小