2025年人教A新版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A新版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、三个大小相同彼此绝缘的细铁环，分别处在两两相互垂直的平面内，铁环的圆心相互重合，通有大小相同的电流，方向如图所示，单独一个铁环在圆心处产生的磁感应强度为则圆心处的磁感应强度大小为（）

A.0B.C.D.2、在物理学的发展进程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法中不正确的是A.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了理想模型法B.质点和点电荷采用的是同一种思想方法C.合力和分力体现了等效替换的思想D.功率、电阻都是采取比值法定义的物理量3、如图为某静电场的电场线，a、b、c是同一条电场线上的三个点，这三个点的电场强度大小分别为Ea、Eb、Ec，电势分别为φa、φb、φc。把一个检验电荷先后放在a、b、c三点，它受到的电场力大小分别为Fa、Fb、Fc；下列判断正确的是（）

A.Fa＞Fb＞FcB.Ea＜Eb＜EcC.Fa＝Fb＝FcD.φa＝φb＜φc4、静电纺纱是利用高压静电场使单纤维两端带异种电荷；在电场力作用下使纤维伸直；平行排列和凝聚的纺纱工艺。如图所示为其电场分布简图，下列说法正确的是（）

A.虚线可能是等势线B.电场强度EA＜EC＜EBC.负电荷在C点的电势能大于其在A点的电势能D.在C点静止释放一电子，它将在电场力作用下沿着虚线CD运动5、如图所示，平行板电容器与一个恒压直流电源连接，下极板通过A点接地，一带正电小球被固定于点；现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）

A.平行板电容器的电容值将变大B.静电计指针张角变小C.带电小球的电势能将减小D.若先将下极板与A点之间的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电小球所受电场力不变6、如图所示，甲、乙两个电路都是由一个小量程电流表和一个电阻箱R组成的；下列说法正确的是（）

A.甲表是电压表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电流表，R增大时量程增大D.乙表是电压表，R增大时量程减小7、如图所示；一干电池上标有“1.5V”字样，它指干电池的（）

A.内阻B.电流C.容量D.电动势8、如图所示，曲线C1、C2分别是纯电阻直流电路中；内；外电路消耗的电功率随电流变化的图线。由该图可知下列说法中错误的是()

A.电源输出功率最大值为8WB.电源的电动势为4VC.电源的内电阻为1ΩD.电源被短路时，电源消耗的最大功率可达16W评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、在如图所示电路中，电源电动势为ε，内阻为r，闭合电键后，当滑动变阻器的滑片P处于图中R的中点位置时，小灯泡L1、L2、L3的亮度相同．若将滑片P向左滑动；小灯泡的亮度变化情况是（）

A.L1变暗，L3变暗B.L1变亮，L2变暗C.L2变亮，L3变暗D.L2变暗，L3变亮10、下列说法正确的是（）A.电场强度的单位用国际单位制的基本单位来表示，为牛顿每库仑，即N/CB.重力势能、弹性势能、电势能都是系统所共有的能量C.由开普勒第二定律可知，在相同时间内，地球与太阳的连线扫过的面积和火星与太阳的连线扫过的面积相同D.库仑定律对任意空间中任意状态的两个点电荷都成立，并且库仑定律与万有引力定律公式具有相似的形式，都与距离的平方成反比，因此被称为平方反比定律11、如图所示，在x轴上放有两个电荷量分别为和的点电荷，其中位于x轴的坐标原点，电荷的右侧各点电势随x变化的关系如图曲线所示，其余部分的电势变化情况没有画出，其中B点电势为零，BD段中的电势最低点为C点；则（）

A.B点的电场强度大小为零B.A点的电场强度强度方向向左C.两点电荷的电荷量的大小关系为D.将一带负电的试探电荷从C点移到D点，电场力做负功12、一对等量正点电荷电场的电场线（实线）和等势线（虚线）分布情况如图所示，图中O点为两点电荷连线与中垂线的交点，A、B两点位于中垂线两侧不对称位置。C、D两点位于中垂线上，设无穷远处电势为零，A、B、C、D、O五点处的电场强度分别是EA、EB、EC、ED、EO，电势分别是φA、φB、φC、φD、φO，试探电荷q在C、D两点处的电势能分别是EPC、EPD；下列判断正确的是（）

A.EA>EB，EC>EDB.φA>φo>φc>φB>φDC.EPC<EPDD.EO=0，φO=013、如图所示，电路中A、B、C、D是完全相同的金属极板，P是A；B板间的一点；在C、D板间插有一块有机玻璃板。闭合开关，电路稳定后将开关断开。现将C、D板间的玻璃板抽出，下列说法正确的是（）

A.金属板D构成的电容器的电容减小B.玻璃板抽出过程中，电阻R中有向右的电流C.P点电势保持不变D.B两板间的电场强度不变14、如图所示，C为电容器，D为理想二极管（具有单向导通作用），电流表、电压表均为理想电表，闭合开关S至电路稳定后，调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，结果发现电压表V1的示数改变量大小为电压表V2的示数改变量大小为电流表A的示数改变量大小为则下列判断正确的有（）

A.的值不变，B.的值变小C.的值不变D.滑片向左移动的过程中，电容器所带的电荷量要不断减少评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、如图所示，条形磁铁的轴线穿过a、b、c三个金属圆环的圆心，且与三个环平面垂直，其中b、c两环同平面放置在条形磁铁的中垂面上．三个圆环的面积为sa＝sb＜sc．则通过a、b两环的磁通量Φa_______Φb，通过b、c两环的磁通量Φb_______Φc．（均选填“＜”；“＞”或“＝”）

16、若物体只受电场力作用，如果该物体的电场力做负功，那么电势能就会___________；若物体的电场力做正功，那么电势能就会___________。17、如图所示为一改装后的电流表和电压表电路，已知表头满偏电流为100微安，内阻为900欧姆，定值电阻R1=100欧姆，定值电阻R2=1910欧姆；A为公用接线柱则。

（1）当使用___________两接线柱时是电流表，其量程为___________安培；

（2）当使用___________两接线柱时是电压表，其量程为___________伏特；18、如图所示，A、B两个带异种电荷的小球分别被两根绝缘细线系在木盒内的一竖直线上，静止时木盒对地面的压力为细线对B的拉力为若将系B的细线断开，刚断开时木盒对地面的压力等于____________；在B向上运动过程中，木盒对地面的压力逐渐___________（填“变大”或“变小”）。

19、图中①、②分别为锂离子电池充电过程中充电电流I、电池电压U随时间t变化的图线。此过程中充电功率最大为_________W，图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是__________。20、判断下列说法的正误。

（1）电功率越大，表示电流做功越多。____

（2）电功W＝UIt可以用来计算所有电路中电流所做的功。____

（3）电热Q＝I2Rt可以用来计算所有含有电阻的电路中产生的焦耳热。____

（4）电动机消耗的电能，一部分转化为机械能，一部分转化为线圈内阻上的电热。____

（5）焦耳定律的表达式为Q＝I2Rt，此式适用于任何电路。____

（6）三个公式P＝UI、P＝I2R、P＝没有任何区别，它们表达相同的意义，所以三式中P都是电功率。____21、通电螺线管内有一在磁场力作用下处于静止的小磁针，小磁针的指向如图所示，则螺线管的端为_______（选填“”或“”）极，接电源的_____（选填“正”或“负”）极。

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)22、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

23、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。24、如图，黑箱面板上有三个接线柱1、2和3，黑箱内有一个由四个阻值相同的电阻构成的电路。用欧姆表测得1、2接线柱之间的电阻为2、3接线柱之间的电阻为1、3接线柱之间的电阻为在虚线框中画出黑箱中的电阻连接方式。

25、把蜂鸣器；光敏电阻、干簧管继电器开关、电源连成电路如图所示；制成光电报警装置，当报警器有光照射时，峰鸣器发声，当没有光照或者光照很弱时，蜂鸣器不发声，①光敏电阻：光敏电阻受光照后，阻值会变小，②干簧管继电器开关：由干簧管和绕在干簧管外的线圈组成，当线圈中有一定的电流时，线圈产生的磁场使密封在干簧管内的两个铁质簧片磁化，两个簧片在磁力作用下由原来的分离状态变成闭合状态，当线圈中没有电流或者电流很微弱时，磁场消失，簧片在弹力的作用下恢复到分离状态，电路已经连接一部分，请将电路完整连接好。

评卷人得分五、解答题(共3题，共6分)26、空间存在一方向竖直向下的匀强电场，O、P是电场中的两点．从O点沿水平方向以不同速度先后发射两个质量均为m的小球A、B．A不带电，B的电荷量为q（q>0）．A从O点发射时的速度大小为v0，到达P点所用时间为t；B从O点到达P点所用时间为．重力加速度为g；求。

（1）电场强度的大小；

（2）B运动到P点时的动能．27、如图所示，在竖直平面内建立直角坐标系xOy，x轴水平，y轴竖直，在第二象限有沿x轴负方向的匀强电场，其电场强度的大小为E，一长为L的绝缘轻绳一端固定在A（0，2L）点，另一端系一带正电的小球（视为质点），电荷量为q=（m为小球质量，g为重力加速度）；开始时绳刚好水平拉直，现将小球静止释放。

(1)求小球从第一象限通过y轴时的速度大小；

(2)若小球运动到y轴时轻绳断裂，小球能到达x轴上的B点（未画出），求B点的位置坐标；

(3)若小球能通过y轴继续运动；当速度最大时，绳中的拉力恰好达到绳子所能承受的最大拉力，求轻绳能承受的最大拉力。

28、如图为示波管工作原理示意图，质量为m、电荷量为e、初速度为零的电子经过电压为U1的电场加速后，以一定的速度水平射入两平行板间的匀强电场（称为偏转电场）。两板间的距离为d，电压为U2，板长为L1，平行板右端到荧光屏的水平距离为L2。

（1）求电子进入偏转电场时速度的大小；

（2）求电子离开偏转电场时速度的大小；

（2）若无偏转电场，电子将打在荧光屏上的O点。现电子离开偏转电场后打在荧光屏上的P点，求电子在荧光屏上产生的偏移距离OP的大小。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【分析】

【详解】

根据安培定则可知，竖直方向的通电圆环在圆心O处产生的磁感应强度方向如图所示。

根据勾股定理求出合磁感应强度为

故C正确；ABD错误。

故选C。2、A【分析】【详解】

A．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，再把各小段位移相加，这里运用了微元法，选项A错误，符合题意；

B．质点和点电荷采用的是同一种思想方法；即理想模型法，选项B正确，不符合题意；

C．合力和分力体现了等效替换的思想；选项C正确，不符合题意；

D．功率、电阻都是采取比值法定义的物理量，选项D正确，不符合题意。3、A【分析】【详解】

B．电场线越密电场强度越大，有Ea＞Eb＞Ec；故B错误。

AC．由于Ea＞Eb＞Ec，而电场力F＝qE，则有Fa＞Fb＞Fc；故A正确，C错误。

D．沿电场线方向电势逐渐降低，所以有φa>φb>φc；故D错误。

故选A。4、C【分析】【详解】

A．电极是等势体；其表面是等势面，根据电场线与等势面垂直可知虚线应是电场线，选项A错误；

B．由电场线的疏密表示电场强度的大小可知EA＜EB＜EC

选项B错误；

C．电场线由高压电源的正极到负极，所以A点的电势高，C点的电势低，由Ep=qφ

可知，负电荷在C点的电势能大于其在A点的电势能；选项C正确；

D．CD电场是曲线，在C点静止释放一电子，在电场力作用下不会沿着虚线CD运动；选项D错误。

故选C。5、D【分析】【详解】

A．根据知，增大，则电容减小，故A错误；

B．静电计测量的是电容器两端的电势差，因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B错误；

C．电势差U不变，增大，则电场强度减小。设点与上极板的距离x,点与上极板的电势差

减小，点与下极板的电势差

增大，下极板接地电势为零，则点的电势

增大，又因为该小球带正电，则电势能增大，故C错误；

D．电容器与电源断开，则电荷量Q不变，改变，根据

得

知电场强度不变，则带电小球所受电场力不变，故D正确。

故选D。

【点睛】

本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变，当电容器与电源断开，则电荷量不变。6、B【分析】【分析】

【详解】

AB．甲表是电流表；R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，B正确；

CD．乙是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大，故CD错误。

故选B。7、D【分析】【详解】

一干电池上标有“1.5V”字样；它指干电池的电动势。

故选D。8、A【分析】【详解】

A．当内电阻等于外电阻时；电源的输出功率最大，最大值为4W，选项A错误，符合题意；

B．根据P＝UI可得，当I＝2A时；外电压为2V，内电压也为2V，电源的电动势为4V，选项B正确，不符题意；

C．电源的内电阻为

选项C正确；不符题意；

D．电源被短路时，电源消耗的最大功率可达

选项D正确；不符题意。

本题选错误的，故选A。二、多选题(共6题，共12分)9、B:D【分析】【分析】

首先认识电路的结构：闭合电键后，L1与变阻器并联后与L2串联，再与L3并联．若将滑片P向左滑动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化和干路电流的变化，即知L3亮度的变化．根据干路电流和通过L3电流的变化，分析通过L2电流的变化，判断其亮度的变化．根据路端电压与L2电压的变化，分析L1电压的变化；即可判断其亮度的变化．

【详解】

若将滑片P向左滑动时，变阻器在路电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压U增大，则L3变亮，通过L2电流I2=I﹣I3，I减小，I3增大，则I2减小，故L2变暗，L1电压U1=U﹣U2，U增大，U2减小，则U1增大，故L1变亮；BD正确，AC错误。

故选BD。

【点睛】

本题首先要搞清电路的连接方式，其次按“局部→整体→局部”的思路进行分析．10、B:D【分析】【详解】

A．牛顿和库仑都不是国际单位制的基本单位，电场强度的单位用国际单位制的基本单位来表示，为故A错误；

B．重力势能；弹性势能、电势能都是系统所共有的能量；势能是由于各物体间存在相互作用而具有的、由各物体间相对位置决定的能，都是系统所共有的能量，故B正确；

C．开普勒第二定律指的是同一行星绕中心天体运动时候；行星与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等。因火星和地球绕不同的轨道绕太阳运动，则在相等时间内，火星和太阳的连线扫过的面积与地球和太阳的连线扫过的面积不相等，故C错误；

D．库仑定律对任意空间中任意状态的两个点电荷都成立；并且库仑定律与万有引力定律公式具有相似的形式，都与距离的平方成反比，因此被称为平方反比定律，故D正确。

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

A．根据

可知，图象的斜率表示电场强度，而B点的斜率不为零，则B点的电场强度不等于零；故A错误；

BC．因为C点的斜率等于零，则C点的电场强度等于零，所以q1和q2两个点电荷在C点产生的电场的电场强度等大，反向，所以q1和q2是异种电荷，根据点电荷的电场强度公式可知，q1离C点远，则q1的电荷量大，则

q1和q2是异种电荷，且q2附近的电势为正，所以q2为正电荷，q1为负电荷，q1和q2在A处产生的电场的电场强度都向左，则A处的电场强度水平向左；故BC正确；

D．C到D电势逐渐升高，根据EP=qφ可知，将一带负电的试探电荷从C点移到D点；电荷的电势能逐渐减小，所以电场力做正功，故D错误。

故选BC。12、A:B【分析】【详解】

A．由图可知A点的电场线比B点电场线密集，则EA>EB

同理C点的电场线比D点电场线密集，则EC>ED

选项A正确；

B．根据沿着电场线电势降低和图中A、B、C、D、O五点所处的等势面可以判断φA>φo>φc>φB>φD

选项B正确；

C．由于不知试探电荷q的电性，无法判断q在C、D两点处的电势能的大小；选项C错误；

D．等量正点电荷电场的连线的中点电场强度EO=0

从中点沿着中垂线向外电势降低，无穷远处为零势能点，则φO≠0

选项D错误。

故选AB。13、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．根据

可知，将CD板间的玻璃板抽出，电介质减小；其它条件不变，则金属板CD构成电容器的电容减小，故A正确；

BCD．当闭合开关，电路稳定后将开关断开，极板总电荷量不变，金属板CD构成电容器的电容减小，由

可知极板CD电势差变大，极板AB电势差也变大，由

可知极板AB间的场强变大，导致P点与B板的电势差变大，因B板接地，电势为零，即P点电势升高，因此电容器CD处于放电状态，电容器AB处于充电状态，电阻R中有向右的电流；故B正确，CD错误；

故选AB。

【点睛】

做好电容器的题目要把电容的定义式、决定式和场强的推导式结合应用，掌握电场强度的推导式，注意B极接地，电势为零。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据闭合电路欧姆定律有

由电源的伏安特性曲线有

所以A正确；

C．根据闭合电路欧姆定律有

由电源的伏安特性曲线有

所以C正确；

B．调节滑动变阻器滑片P向左移动一小段距离，则滑动变阻器的阻值增大，所以的值变大；则B错误；

D．滑片向左移动的过程中，滑动变阻器的阻值增大，则外电阻增大，根据

所以总电流越来越小，两端电压越为越小；但是二极管只有单向导电性，所以电容器不会放电，其带的电荷量要不会减少，则D错误；

故选AC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【详解】

[1]磁铁的磁感线的分布是：外部是从N极到S极，内部是从S极到N极，正好构成闭合曲线；对于a、b圆环面积相同，但由于磁场的不一样，通过a圆环的磁感线全是向左的，而通过b圆环的磁感线有部分向左（内部），有部分向右（外部）．而向左多于向右，所以

[2]对于c、b圆环面积不同，但通过它们的磁感线全是向左的，而通过b圆环的磁感线有部分向左（内部），有部分向右（外部），所以面积越大的相互抵消的磁感线越多．故两环的磁通量【解析】小于大于16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]若物体只受电场力作用；如果该物体的电场力做负功，那么电势能就会增加；

[2]若物体的电场力做正功，那么电势能就会减小。【解析】增加减小17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]当使用A；B两接线柱时是电流表；其量程为。

（2）[3][4]当使用A；C接线柱时是电压表；其量程为。

【解析】A、B0.001A、C2.018、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]细线断开前，对整体(A、B和木盒)进行受力分析，整体受重力Mg和地面的支持力F′N。根据共点力平衡的条件和牛顿第三定律得出。

细线断开前；对小球B进行受力分析，根据共点力平衡的条件得出。

若将系B的细线断开，对小球B进行受力分析，小球B受重力mg，向上的电场力F电刚断开时，对A和木盒做为整体进行受力分析，整体受重力M′g、地面的支持力FN′′、小球B对A的静电力F电。运用平衡条件得出。

由牛顿第三定律得木盒对地的压力等于

[2]在B向上运动的过程中，小球B对A的电场力F电′增大；由。

得地面对木盒的支持力也在增大，根据牛顿第三定律知道木盒对地的压力逐渐变大.【解析】变大19、略

【分析】【详解】

[1]充电功率。

由图可知在t2时刻充电电流I、电池电压U都最大；所以充电功率最大为。

[2]图线①与时间轴所包围的面积是电流I与时间t的乘积；根据。

可知图线①与时间轴所包围的面积对应的物理量是电量（电荷量）。【解析】4.2电量（电荷量）20、略

【分析】【详解】

略【解析】①.错误②.正确③.正确④.正确⑤.正确⑥.错误21、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由题图可知，小磁针静止时极指向端，则通电螺线管的端为极，通电螺线管的端为极，根据安培定则判断出电流的方向：从端流进，从端流出，接电源的正极，接电源的负极。【解析】①.②.正四、作图题(共4题，共12分)22、略

【分析】【详解】

实物图中第一个为电动机；电动机符号为符号图中的第二个；

实物图中第二个为电容器；电容器符号为符号图中的第三个；

实物图中第三个为电阻；电阻符号为符号图中的第四个；

实物图中第四个为灯泡；灯泡符号为符号图中的第一个。

【解析】23、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】24、略

【分析】【详解】

因为1；2接线柱之间的电阻与2、3接线柱之间的电阻之和等于1、3接线柱之间的电阻；所以2为中间的结点，又因为2、3接线柱之间的电阻与1、2接线柱之间的电阻的差等于1、2接线柱之间的电阻的一半，故2、3之间有两个电阻井联，后再与第三个电阻串联，每个电阻均为1Ω，连接方式如图所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

电池；光敏电阻与开关及干簧管继电器开关外面接线构成一个回路；而另一组电池、蜂鸣器与干簧管继电器开关里面的两个接线构成又一个回路。当有光照时，光敏电阻阻值变小，使得干簧管继电器开关存在磁场，