2025年冀教版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高三物理上册阶段测试试卷340考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、一定质量的理想气体，经过一个绝热膨胀过程，则此过程中理想气体的（）A.内能增大B.温度升高C.压强减小D.对外界不做功2、在研究摩擦力的实验中，用弹簧测力计水平拉一放在水平桌面上的木块，木块的运动状态及弹簧测力计的读数如表所示（每次实验时，物块与桌面的接触面相同），则由表格数据分析可知（）。实验。

次数木块的。

运动状态弹簧测力。

计读数（N）1静止1.52静止1.63加速1.84匀速1.55减速0.8A.木块受到的最大摩擦力为1.8NB.木块受到的最大静摩擦力可能为1.6NC.在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有四次是相同的D.在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有两次是相同的3、在固定的水平长木板上，一物块以某一初速开始滑动，经一段时间t1后停止，现将该木板改置成倾角为45°的斜面，让物块以相同初速沿木板上滑，物块与木板之间的动摩擦因数为μ，则物块上滑到最高位置所需时间t1与t2之比为（）A.B.C.D.4、在利用丝绸摩擦玻璃棒使玻璃棒带电的实验中，如果丝绸和玻璃棒原来均不带电，则通过摩擦后（）A.丝绸的带电量等于玻璃棒的带电量B.丝绸的带电量大于玻璃棒的带电量C.丝绸的带电量小于玻璃棒的带电量D.无法确定5、在点电荷Q形成的电场中有一点A，当一个电量为0.01C的带负电试探电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为0.02J，则试探电荷在A点的电势能及电场中A点的电势分别为（）A.EpA=-0.02J，φA=2VB.EpA=0.02J，φA=-2VC.EpA=0.02J，φA=2VD.EpA=-0.02J，φA=-2V评卷人得分二、填空题(共6题，共12分)6、移动通信诞生于19世纪末，20世纪80年代出现个人移动电话，每个移动电话都是一个发射器，它通过____把你讲话的信号发射到空中；同时它又是一个接收器，在空中捕获____，使你得到对方讲话的信息．7、（2014秋•阳谷县校级月考）某学习小组在“探究力的平行四边形定则”的实验中：

（1）其中的两个实验步骤分别是：

A．在水平放置的方木板上固定一张白纸，用图钉把橡皮条的一端固定在方木板上，另一端拴上两个绳套，通过细绳同时用两个弹簧测力计（弹簧测力计与方木板平面平行）互成角度地拉橡皮条，使它与细绳的结点到达某一位置O点，在白纸上用铅笔记下O点的位置和读出两个弹簧测力计的示数F1和F2；

B．只用一只弹簧测力计；通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与两个弹簧测力计拉时相同，读出此时弹簧测力计的示数F′和记下细绳的方向．

请指出以上步骤中的错误或疏漏：

A中是____；

B中是____．

（2）该学习小组纠正了（1）中的问题后，实验中两个拉力F1、F2的图示已画出，图中的方格每边长度表示2.0N，O点是橡皮条的结点．请作出合力F的图示，并求出合力的大小为____N．（结果要求保留1位小数）8、重量为200N的木箱放在水平地面上，至少要用40N的水平推力，才能使它从原地开始运动．木箱从原地运动以后，用30N的水平推力，就可以使木箱继续匀速直线运动．则木箱与地面间的最大静摩擦力为____．木箱所受的滑动摩擦力为____，木箱与地面的动摩擦因数为____．9、如图所示，粗细均匀的玻璃管A和B由一橡皮软管连接，构成连通器，一定质量的空气被水银柱封闭在A管上方，静止时两管内水银面一样高，A管内水银面到管顶的长度为Lcm，B管上方与大气相通，大气压强为HcmHg．现固定B管，将A管沿竖直方向缓慢上移一小段距离，则B管内水银面相对管壁将____（填“升高”，“降低”）；如果上移A管直至两管水银面的高度差为hcm，则此过程A管内空气柱长度的变化量为____cm．

10、如图所示，一个验电器用金属网罩罩住，当加上水平向右的、场强大小为E的匀强电场时，验电器的箔片____（填“张开”或“不张开”），我们把这种现象称之为____。此时，金属网罩的感应电荷在网罩内部空间会激发一个电场，它的场强大小为____，方向为____。

11、一个静止的质量为M的不稳定原子核，当它放射出质量为m、速度为v的粒子后，原子核剩余部分的速度为____．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)12、布朗运动是微观粒子的运动，其运动规律不遵循牛顿第二定律．____．（判断对错）13、化学成分相同的物质只能生成同一种晶体．____．（判断对错）14、电视机的显象管中电子束每秒进行50场扫描____．15、火车转弯时，若转弯处内外轨道一样高，则转弯时，对外轨产生向外的挤压作用．____．16、物体受到的合外力不做功，则物体一定作匀速直线运动．____．评卷人得分四、作图题(共3题，共27分)17、质点A受到在同一平面内的三个力F1、F2、F3的作用，如图所示，用作图法求出A所受合力F．18、A；B两波相向而行；在某时刻的波形与位置如图所示，已知波的传播速度为v，图中标尺每格长度为l．在图中画出又经过t=7l/v时的波形．

19、【题文】如图，电源电压保持不变，电阻R1=20Ω。当开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.3A；当开关S1、S2都闭合时；电流表的示数变为0.5A。求：

（1）电源电压。

（2）电阻R2的阻值评卷人得分五、解答题(共1题，共4分)20、如图所示，有一对平行金属板M、N垂直纸面放置，两板相距为d，板间电压为U，金属板M、N间有垂直纸面向里，磁感应强度为B0的匀强磁场；在平行金属板右侧有一平行纸面的直角坐标系XOY；坐标轴OY垂直于平行金属板，在其POY区域内有垂直纸面向外，磁感应强度为B的匀强磁场，磁场边界OP与X轴正方向夹角为30°；POX区域为无场区．一个带正电的粒子沿平行于金属板，垂直磁场方向射入两板间并做匀速直线运动，从H（0，h）点垂直于Y轴进入第Ⅰ象限，经OP上某点离开磁场，最后沿与X轴正向成60°角的方向离开第I象限．求：

（1）粒子在平行金属板间匀速运动的速率；

（2）粒子的比荷；

（3）若在POX区域加一个场强大小为E、方向与PO平行斜向下的匀强电场，使粒子刚好垂直于OX轴射出，其它条件不变，求粒子离开X轴的速度v以及在电场中运动的时间t．评卷人得分六、实验探究题(共3题，共21分)21、某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．

①将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在______方向（填“水平”或“竖直”）

。L0LxL1L2L3L4L5L6数值（cm）25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30②弹簧自然悬挂，静止时，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如上表：表中有一个数值记录不规范，代表符号为______．由表可知所用刻度尺的最小刻度为______．

③如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与______的差值（填“L0或LX”）．

④由图可知弹簧的劲度系数为______N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为______g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）．22、在“探究弹力和弹簧伸长的关系；并测定弹簧的劲度系数”实验中，实验装置如图1所示．所用的每个钩码的重力相当于对弹簧提供了向右恒定的拉力．实验时先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在绳子的下端，每次测出相应的弹簧总长度．

（1）一位同学通过以上实验测量后把6组数据描点在如图2所示的坐标系中；请作出F-L图线．

（2）由此图线可得出的结论是：在弹性限度内，______．该弹簧的原长L0=______cm，劲度系数k=______N/m．（结果保留两位有效数字）

（3）该同学实验时，把弹簧水平放置与弹簧悬挂放置比较．优点在于______；缺点在于______．23、为了较准确的测量某细线能承受的最大拉力；小聪；小明分别进行了如下实验。

小聪在实验室里找到一把弹簧测力计；按图甲所示安装细线和测力计后，他用力缓慢竖直向下拉测力计，直到测力计的示数达到量程(

细线没有断裂)

读出测力计的示数F

将F

记为细线能承受的最大拉力．

小明在实验室里还找到一把刻度尺和一个玩具小熊；接着进行了如下的操作：

垄脵

用刻度尺测出细线的长度L

用弹簧测力计测出玩具小熊的重力G

垄脷

按图乙所示安装玩具小熊；细线(

玩具小熊悬挂在细线的中点)

垄脹

两手捏着细线缓慢向两边移动直到细线断裂；读出此时两手间的水平距离d

垄脺

利用平衡条件算出结果．

在不计细线质量和伸长影响的情况下；请回答：

(1)

小明算出的细线能承受的最大拉力是______(

用LGd

表示)

两位同学中______(

选填“小聪”或“小明”)

的测量结果较准确．

(2)

在小明两手捏着细线缓慢向两边移动的上述过程中；下列说法正确的是______(

填选项序号字母)

．

A.细线上的拉力大小不变B.

细线上的拉力大小减小。

C.细线上拉力的合力大小不变D.

细线上拉力的合力大小增大．参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【分析】根据题意可知气体做功及吸放热情况，由热力学第一定律可知内能的变化，由温度和分子平均动能的关系可知分子平均动能的变化．【解析】【解答】解：因气体绝热膨胀；故气体对外做功，压强减小，但没有热交换，由热力学第一定律可知，气体内能减小；

而气体不计分子势能；故内能只与温度有关，因内能减小，故温度降低，则可知分子的平均动能减小；

故选：C．2、B【分析】【分析】物体静止或做匀速直线运动时；物体处于平衡状态，由平衡条件可知，物体受到的摩擦力等于弹簧测力计的拉力；

物体相对于地面运动时受到的摩擦力是滑动摩擦力；滑动摩擦力由物体间的动摩擦因素与物体间的压力决定；

在该实验中，物体间的动摩擦因素与物体间的压力保持不变，则物体受到的滑动摩擦力不变．【解析】【解答】解：A；第4次实验木块做匀速直线运动；处于平衡状态，木块受到的滑动摩擦力与弹簧测力计的拉力是一对平衡力，由平衡条件得：木块受到的滑动摩擦力为1.5N，故A错误；

B；由表中实验数据可知；第一次实验时，木块受到的静摩擦力是1.5N，第二次实验时受到的静摩擦力是1.6N，所以最大静摩擦力可能是1.6N，也可能大于1.6N，故B正确；

C；在五次实验中；三次实验木块受到的摩擦力是滑动摩擦力，由于实验过程中物体间的动摩擦因素与物体间的压力不变，则木块受到的滑动摩擦力不变，这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的，故CD错误；

故选：B．3、A【分析】【分析】对物块在水平面和斜面上进行受力分析，运用牛顿第二定律结合运动学公式解决．【解析】【解答】解：木板水平时；物块的合力是滑动摩擦力．根据牛顿第二定律得出：

小物块的加速度a1=μg；

设滑行初速度为v0，则滑行时间为t1=；

木板改置成倾角为45°的斜面后；对物块进行受力分析：

小滑块的合力F合=mgsin45°+f=mgsin45°+μmgcos45°

小物块上滑的加速度a2==；

滑行时间t2=

因此

故选：A．4、A【分析】【分析】丝绸与玻璃棒摩擦，玻璃棒的一些电子转移到丝绸上，玻璃棒因失去电子而带正电，根据电荷守恒定律得丝绸因得到等量的电子而带负电．【解析】【解答】解：玻璃棒对电子的束缚能力弱；摩擦后，电子容易从玻璃棒转移到丝绸上，所以玻璃棒带正电，丝绸带负电．

根据电荷守恒定律得丝绸的带电量等于玻璃棒的带电量．故A正确；BCD错误；

故选：A．5、A【分析】【分析】根据电场力做功多少，电荷的电势能就减小多少，分析电荷在A点与无限远间电势能的变化量，确定电荷在A点的电势能，由公式φA=求解A点的电势．【解析】【解答】解：依题意，-q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，电场力做的功为W，则电荷的电势能减小W，无限处电荷的电势能为零，则电荷在A点的电势能为EA=-W=-0.02J；

A点的电势为φA=V．

故选：A二、填空题(共6题，共12分)6、电磁波电磁波【分析】【分析】要解答本题需掌握：移动电话既是电磁波的发射台也是电磁波接收台．【解析】【解答】解：移动电话是现代入们最常用的通信工具之一；移动电话间通话和收发信息是利用电磁波，即微波．

故本题答案为：电磁波，电磁波7、未记下两条细绳的方向未说明把橡皮条的结点拉到位置O14.1【分析】【分析】步骤A中只有记下两条细绳的方向，才能确定两个分力的方向，进一步才能根据平行四边形定则求合力；步骤B中只有使结点到达同样的位置O，才能表示两种情况下力的作用效果相同，根据F1、F2作出平行四边形，对角线表示合力，根据几何关系可以求出合力大小．【解析】【解答】解：（1）本实验为了验证力的平行四边形定则；采用的方法是作力的图示法，作出合力和理论值和实际值，然后进行比较，得出结果．所以，实验时，除记录弹簧秤的示数外，还要记下两条细绳的方向，以便确定两个拉力的方向，这样才能作出拉力的图示．步骤A中未记下两条细绳的方向；步骤B中未说明把橡皮条的结点拉到位置O．

（2）以F1、F2为临边；作出平行四边形，如图所示：

对角线表示合力，则F合=

故答案为：

（1）未记下两条细绳的方向；未说明把橡皮条的结点拉到位置O．

（2）如图所示，14.18、40N30N0.15【分析】【分析】木箱与地面间的最大静摩擦力等于木箱刚被推动时水平推力．木箱从原地移动以后，做匀速运动时，滑动摩擦力与水平推力平衡，对地的压力等于木箱的重力．由摩擦力公式求解动摩擦因数．【解析】【解答】解：（1）木箱未被推动前，静摩擦力随推力增大而增大，当木箱刚被推动时木箱与地面间的静摩擦力达到最大，恰好等于此时的推力．由题木箱与地面间的最大静摩擦力Fm=40N．

（2）木箱从原地移动以后；做匀速运动时，滑动摩擦力与水平推力平衡，则有f=30N

木箱对地的压力等于木箱的重力；即N=200N

由f=μN得：μ===0.15；

故答案为：40N，30N，0.15．9、略

【分析】

将A管沿竖直方向缓慢上移一小段距离；假设水银面不动，则封闭气体体积变大，根据玻意耳定律PV=C，气压会变小，故A测水银面被压高；

气体初始状态压强为：P=HcmHg；

如果上移A管直至两管水银面的高度差为hcm，则分别气体压强为：P=P-ρgh=（H-h）cmHg；

气体等温膨胀，根据玻意耳定律，有：PL=P（L+△L）；

解得：△L==

故答案为：升高，．

【解析】【答案】封闭气体是等温变化；气压变小，体积增大．

10、不张开静电屏蔽E水平向左【分析】【解答】因为处于电场中的导体内部会激发一个与外部电场大小相等；方向相反的电场，即合电场为零，所以箔片不会张开，此现象我们叫做静电屏蔽现象。

【分析】电屏蔽现象只考察对知识点的理解和特点区分问题，属于基础知识。11、【分析】【分析】原子核衰变的过程可以认为系统动量守恒．

根据动量守恒定律列出等式解决问题．【解析】【解答】解：规定后质量为m的粒子的速度方向为正；根据动量守恒定律研究整个原子核：

0=mv+（M-m）v′

解得：v′=；

故答案为：三、判断题(共5题，共10分)12、×【分析】【分析】布朗运动是由于分子的无规则运动而使花粉小颗粒受到撞击而振动；布朗运动的实质是大量分子做无规则热运动的结果．【解析】【解答】解：布朗运动是固体小颗粒的运动；是宏观物体，故符合牛顿第二定律；

故答案为：×13、×【分析】【分析】根据晶体的结构与特点可知，同种元素构成的固体，可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体．【解析】【解答】解：由同种元素构成的固体；可能会由于原子的排列方式不同而成为不同的晶体，例如石墨和金刚石．所以该说法是错误的．

故答案为：×14、√【分析】【分析】根据显像原理：显像管尾部的电子枪发射的电子束被加速和控制后呈扫描状轰击屏幕上的荧光粉，使屏幕发光，结合交流电的频率，即可求解．【解析】【解答】解：电子枪发射电子束击在显像管的屏幕上的彩色茧光粉上；它的电子束是逐行扫描的，速度非常的快，肉眼是看不出来的，电子束扫描的方向主是靠显像管管颈上的偏转线圈来控制的，交流电的频率为50赫兹，因此电子束能在1秒内，打在荧光屏上50场画面，所以显象管中电子束每秒进行50场扫描；

故答案为：√．15、√【分析】【分析】火车在水平轨道上转弯时，需要有力提供指向圆心的向心力，若转弯处内外轨道一样高，只能轨道的压力提供．【解析】【解答】解：火车在水平轨道上转弯时；做圆周运动，需要有力提供指向圆心的向心力，即方向指向内侧，此时外轨对火车的压力提供向心力，根据牛顿第三定律可知，火车对外轨产生向外的压力作用，此说法正确。

故答案为：√16、×【分析】【分析】物体做匀速直线运动时，合外力对物体不做功，但合外力不做功，物体不一定作匀速直线运动．【解析】【解答】解：物体受到的合外力不做功；则物体一定作匀速直线运动，如匀速圆周运动，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案为：×四、作图题(共3题，共27分)17、略

【分析】【分析】先将F1和F3进行合成，再将这个合力与F2进行合成，最后根据作图法可求出三个力的合力大小及方向．通过作图量出合力的长度，与标度相对照，从而确定合力的大小，再用反三角函数值来表示方向．【解析】【解答】解：通过直尺作出标度写出力的大小；

先将F1和F3进行合成，然后再与F2进行合成，通过作出平行四边形图，如图所示

从而根据平行四边形对角线的长度来确定合力大小；

即为F=30N与F3成45°角．18、略

【分析】【分析】两列波相遇时振动情况相同时振动加强，振动情况相反时振动减弱．同一介质里，波速是相同，则波长与频率成反比．【解析】【解答】解：若相遇时振动情况相同则位移是两者相加，振动情况相反时则位移是两者相差．由图可知A波的波长是2L，B波的波长是6L，已知波的传播速度为v，当经过时；A波向右传播了7L，而B波向左传播了也是7L．所以两波相叠加的图形如下所示．

19、略

【分析】【解析】

试题分析：当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。

（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电源的电压U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；

（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A；

R2==30Ω。

考点：欧姆定律的简单计算【解析】【答案】（1）6v（2）30Ω五、解答题(共1题，共4分)20、略

【分析】【分析】（1）粒子进入平行金属板做匀速直线运动；粒子所受的电场力和洛伦兹力平衡，由平衡条件可求出速度大小v；

（2）离子在磁场中做匀速圆周运动；由洛伦兹力提供向心力，画出轨迹，由几何知识求出轨迹半径，根据牛顿第二定律求解比荷．

（3）在pox区域加电场E后，粒子以速度v0垂直进入电场后做类平抛运动，运用运动的分解法，由牛顿第二定律和运动学公式结合求解．【解析】【解答】解：（1）设粒子的质量为m，在平行金属板间的速度为v0，平行板间场强为E0，依题意可得：qv0B0=qE0①

对于M、N板间的匀强电场：②

由①②解得：③

（2）粒子在poy区域内做匀速圆周运动；设轨道半径为R，如图甲所示．

由洛伦兹力充当向心力得：④

由图可得：R=b⑤

由③④⑤解得：⑥

（3）在pox区域加电场E后，粒子以速度v0垂直进入电场后做类平抛运动，如图乙建立坐标系o′x′y′，粒子射出电场时沿x′正方向的速度v0与沿y′正方向的速度vy'的合速度v如图乙所示．由图乙可得：⑦

⑧

又粒子在电场中运动的加速度：⑨

由③⑥⑧⑨式联立可得：

答：

（1）粒子在平行金属板间匀速运动的速率为；

（2）粒子的比荷为；

（3）粒子离开X轴的速度v为，在电场中运动的时间t为．六、实验探究题(共3题，共21分)21、略

【分析】解：①将弹簧悬挂在铁架台上；将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向．

②表中有一个数值记录不规范，尺的最小分度值为1mm，所以长度L3应为33.40cm；

由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm．

③在砝码盘中每次增加10g砝码，所以弹簧的形变量应该是弹簧长度与LX的差值．

④充分利用测量数据k==4.9N/m

通过图和表可知：L0=25.35cm，Lx=27.35cm

所以砝码盘的质量为：m==10g

故答案为：①竖直；②L3，1mm；③Lx；④4.9；10

用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位；即要有估读的．

充分利用测量数据；根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．

弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差．【解