2025年华东师大版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华东师大版选修3物理上册月考试卷454考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示，当滑动变阻器滑动触头向左移动时，灯泡L1、L2、L3的亮度将（）

A.都变亮B.都变暗C.L1、L3变亮，L2变暗D.L1、L2变亮，L3变暗2、如图所示，水平面上有两根足够长的光滑平行金属导轨MN和PQ，两导轨间距为l，电阻均可忽略不计。在M和P之间接有阻值为R的定值电阻，导体杆ab电阻为r并导轨接触良好。整个装置处于磁感应强度为B，方向竖直向上的匀强磁场中，现给ab杆一个瞬时冲量，使它获得水平向右的初速度下列图中，关于ab杆的速度v、通过电阻R中的电流i、电阻R的电功率P、通过MPabM的磁通量随时间变化的规律；可能正确的是（）

A.B.C.D.3、如图所示，竖直放置的两端开口的U形管，一段空气柱被水银柱a和水银柱b封闭在右管内，水银柱b的两个水银面的高度差为h。现将U形管放入热水槽中，则系统再度达到平衡的过程中（水银没有溢出，外界大气压保持不变）（）

A.空气柱的压强变大B.空气柱的长度不变C.水银柱b左边液面要上升D.水银柱b的两个水银面的高度差h不变4、下列说法正确的是（）A.热量不可以从低温物体向高温物体传递B.某冰水混合物的温度为则其分子的平均动能为零C.10克水蒸气你内能大于10克水的内能D.气体如果失去了容器的约束就会散开，原因是气体分子之间斥力大于引力5、一个带电粒子沿垂直于磁场的方向射入一匀强磁场；粒子的一段轨迹如图所示，轨迹上的每一小段都可近似看成圆弧。由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小（带电荷量不变），则从图中情况可以确定（）

A.粒子从a到b，带正电B.粒子从a到b，带负电C.粒子从b到a，带正电D.粒子从b到a，带负电6、如图所示的电路，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P向右移动时；下列说法正确的是（）

A.小灯泡L变暗B.电源的总功率变小C.电容器C上电荷量减小D.电流表读数变小，电压表读数变大7、如图所示的各点之间的距离均是当时，点开始向上振动，经达到最大位移，此时波传播到点则以下结论中正确的是()

A.波的传播速度是周期是B.波的频率是波长是C.再经波传播到了点此时点达最大位移D.波从1传播到点时，其历时质点达到最大位移8、如图所示；一束红光从空气穿过平行玻璃砖，下列说法正确的是。

A.红光进入玻璃砖前后的波长不会发生变化B.红光进入玻璃砖前后的速度不会发生变化C.若紫光与红光以相同入射角入射，则紫光不能穿过玻璃砖D.若紫光与红光以相同入射角入射，在玻璃砖中紫光的折射角比红光的折射角小评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、如图所示的电路，是定值电阻，是滑动变阻器，电源内阻不可忽略．闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动的过程中()

A.电压表示数变小B.电容器充电C.电源的总功率变大D.通过滑动变阻器的电流变小10、下列说法正确的是（）A.把一枚曲别针轻放在水面上，它会浮在水面，这是由于水表面存在表面张力的缘故B.形成液体表面张力的原因是由于液体表层的分子分布比内部密集C.在围绕地球飞行的宇宙飞船中，自由飘浮的水滴呈球形，这是表面张力作用的结果D.在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的降低，这与液体的种类和毛细管的材质有关11、根据热学中的有关知识，判断下列说法中正确的是（）A.机械能可以全部转化为内能，内能也可以全部用来做功转化成机械能B.自发的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的C.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降到－293℃E.空调既能制热又能制冷，说明在不自发的条件下，热量可以逆向传递E.空调既能制热又能制冷，说明在不自发的条件下，热量可以逆向传递12、下列说法中正确的是A.随着高科技的不断发展，绝对零度是可以达到的B.一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行C.从单一热源吸取热量，并使之全部变成有用的机械功是不可能的D.热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体13、平行导轨固定在水平桌面上，左侧接有阻值为R的电阻，导体棒ab与导轨垂直且接触良好，ab棒质量为m，在导轨间的阻值为r,长度为l．输出功率恒为P的电动机通过水平绳向右拉动ab棒，使ab棒从静止开始运动．整个区域存在竖直向上的大小为B的匀强磁场．若导轨足够长；且不计其电阻和摩擦．则。

A.导体棒一直做匀加速运动B.导体棒的最大速度为C.电阻R消耗的最大功率为D.若经过时间t，导体棒的速度为v，则电阻R上产生的热量为pt-mv214、如图甲为电动汽车无线充电原理图，M为受电线圈，N为送电线圈．图乙为受电线圈M的示意图，线圈匝数为n、电阻为r、横截面积为S，a、b两端连接车载变流装置；磁场平行于线圆轴线向上穿过线圈．下列说法正确的是。

A.当线圈N接入恒定电流时，不能为电动汽车充电B.当线圈N接入正弦式交变电流时，线圈M两端产生恒定电压C.当线圈M中的磁感应强度增加时，有电流从a端流出D.充电时，△t时间内线圈M中磁感应强度大小均匀增加△B，则M两端电压为15、如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图乙中曲线a，b所示；则()

A.两次t＝0时刻线圈平面均与中性面重合B.曲线a，b对应的线圈转速之比为2∶3C.曲线a表示的交变电动势频率为25HzD.曲线b表示的交变电动势有效值为10V16、如图所示，半径为R的圆形区域中充满了垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．一带负电粒子以速度射入磁场区域，速度方向垂直磁场且与半径方向的夹角为45°．当该带电粒子离开磁场时，速度方向刚好与入射速度方向垂直．不计带电粒子的重力，下列说法正确的是()

A.该带电粒子离开磁场时速度方向的反向延长线通过O点B.该带电粒子的比荷为C.该带电粒子在磁场中的运动时间为D.若只改变带电粒子的入射方向，则其在磁场中的运动时间变短评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、按照玻尔理论，一个氢原子核外的电子从半径为ra的圆轨道自发地直接跃迁到半径为rb的圆轨道上，在此过程中原子要___________（填“发射”或“吸收”）某一频率的光子，电子的动能________（填“增大”、“减小”或“不变”），电子（系统）的电势能________（填“增大”、“减小”或“不变”），原子的总能量（）。18、如图所示，体积相同的玻璃瓶分别装满温度为60℃的热水和0℃的冷水，两瓶水通过__________方式改变内能。已知水的相对分子质量是若瓶中水的质量为水的密度为阿伏伽德罗常数则瓶中水分子个数约为__________个（保留两位有效数字）

19、用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近悬挂的通草球时，通草球被推开，则通草球带______电；反复摩擦后，发现橡胶棒的温度升高，这是通过______的方式改变物体的内能的。20、马鞍山是一座钢铁城市，马钢工人时常为高炉进行检修．而这时高炉内干燥空气的温度竟达160℃，工人却安全在炉内工作几个小时，是因为________．21、不确定度是指______________________________。不确定度一般包含多个分量，按其数值的评定方法可归并为两类：__________________________。22、A、B两根粗细相同的不同导线，电阻率之比1:2，长度之比为4:1，则它们的电阻之比RA:RB="__________"；然后分别加上相同的电压，相同时间内通过两导线横截面的电荷量之比qA:qB=__________；消耗的电功率之比PA:PB=__________。23、如图所示，一边长为0.1m的单匝正方形线圈从左侧匀速进入匀强磁场，磁场的磁感应度B＝2T．从ab边开始进入磁场至cd边恰好进入磁场的过程中，线圈的磁通量变化了________Wb；若上述过程所经历的时间为0.2s，则线圈中产生的感应电动势为________V.

24、如图所示，质量为m的导体棒a从h高处由静止起沿足够长的光滑导电轨道滑下，另一质量为2m的导体棒b静止在宽为L的光滑水平导轨上，在水平轨道区域有垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度为B，a、b导体棒不会相碰，重力加速度取g，则a、b导体棒的最终的共同速度为__________，回路中最多能产生焦耳热为__________．

25、用内阻为的电压表和内阻为的电流表测电阻，在图甲、乙两种情况下，电压表的示数都是60V，电流表的示数都是则的测量值为______真实值是______的测量值为______真实值是______用伏安法测电阻应采用电流表______较好”外接法”或”内接法”

评卷人得分四、作图题(共3题，共24分)26、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

27、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

28、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)29、（1）某同学利用测力计研究在竖直方向运行的电梯运动状态，他在地面上用测力计测量砝码的重力，实数是G，他在电梯中用测力计仍测量同一砝码的重力，则测力计的实数小于G，由此判断此时电梯的运动状态能是_________________。

（2）用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示，该金属丝的直径是_________mm。

（3）某同学用大头针、三角板、量角器等器材测量玻璃砖的折射率，开始玻璃砖位置如图中实线所示，使大头针圆心在同一直线上，该直线垂直于玻璃砖的直径边，然后使玻璃砖绕圆心缓缓转动，同时在玻璃砖的直径边一侧观察的像，且的像挡住的像，如此观察，当玻璃砖转到图中虚线位置时，上述现象恰好消失。此时只需测量出______________，即可计算出玻璃砖的折射率，请用你的方法表示出折射率________

（4）某同学测量阻值约为25kΩ的电阻；现备有下列器材：

A．电流表（量程122μA；内阻约2kΩ）；

B．电流表（量程500μA；内阻约300Ω）；

C．电压表（量程15V；内阻约100kΩ）；

D．电压表（量程50V；内阻约500kΩ）；

E．直流电源（20V；允许最大电流1A）；

F．滑动变阻器（最大阻值1kΩ；额定功率1W）；

G．电键和导线若干。

电流表应选_________，电压表应_________。(填字母代号)

该同学正确选择仪器后连接了以下电路；为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，实验前请你检查该电路，指出电路在接线上存在的问题：

①_________________________________________.

②_________________________________________.

30、如图所示是研究电磁感应现象的实验电路图，螺旋管插入螺旋管中静止不动。已知开关刚闭合瞬间，灵敏电流计指针向右偏转。开关闭合一段时间后，当滑动变阻器的滑动触头向接线柱端移动时，灵敏电流计指针将___________；保持滑动变阻器的滑动触头不动，当开关断开瞬间，灵敏电流计指针将___________（均选填“左偏”“右偏”或“不偏”）。

31、一个标有“3V；1.5W”小灯泡的伏安特性曲线如图(a)所示．小明同学有两节干电池，其中一节新电池的电动势为1.5V，内阻为1.5Ω；另一节为旧电池，使用多用电表粗略测出该旧电池的电动势约为1.4V，查阅资料得知旧电池的内阻为10Ω以上．

(1)现用新电池直接给该小灯泡供电，小灯泡发光昏暗，则小灯泡实际功率为___________W(结果保留两位有效数字)．

(2)该同学尝试用这两节干电池串联在一起为该小灯泡供电；在接入电路前，先测定该电池组的电动势和内阻，实验室备有下列器材：

A.电流表G(满偏电流2mA；内阻10Ω)

B.电流表A(0~0.6A；内阻约0.1Ω)

C.滑动变阻器R1(0~5Ω；10A)

D滑动变阻器R2(0~50Ω；1A)

F.定值电阻R3=1990Ω

G.开关；导线若干。

①为方便且能较准确地进行测量，选用滑动变阻器___________(填写器材前面的序号)．

②利用实验室备有的实验器材在虚线框中画出测量电池组电动势和内电阻的电路图____．

③该同学根据他设计的实验测出了多组I1(电流表A的示数)和I2(电流表G的示数)，并作出了如图(b)所示的I1和I2的关系图线．根据图线可得，被测电池组的电动势为___________V，内阻为___________Ω(结果保留三位有效数字)．

④根据电池组的电动势和内阻判断用新、旧干电池各一节串联在一起为该小灯泡供电比一节新干电池单独使用时亮度___________(填“亮”或“暗”)32、(1)用螺旋测微器测量圆柱体直径如图甲，可知其直径D为______mm，用游标卡尺测量其长度如乙，可知其长度L为______cm．

(2)欲测量一个电流表的内阻；现备有如下器材:

A.待测电流表A1(量程3mA，内阻约为40)

B.电压表V(量程3V，内阻约3000)

C.电流表A2(量程15mA，内阻为40)

D.定值电阻

E.直流电源E(电动势1.5V；内阻忽略不计)

F.滑动变阻器(总阻值5；额定电流0.5A)

G.开关一个；导线若干。

①请利用上述所给器材，设计出合理的、便于多次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的一半，将电路图画在题中的虚线框中__________．

②在所测量的数据中选一组，用测量量和已知量来计算A1的内阻，表达式为______．(用物理量对应的字母表示)评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)33、如图所示，上端开口的绝热汽缸内有两个质量均为m=1kg的绝热活塞（厚度不计）A、B，活塞A、B之间为真空并压缩一劲度系数k=500N/m的轻质弹簧。活塞A、B与汽缸无摩擦，活塞B下方封闭有温度为27℃的理想气体，稳定时，活塞A、B将汽缸等分成三等分。已知活塞的横截面积均为S=20cm2，L=0.6m，大气压强重力加速度g取10m/s2.

(1)现通过加热丝对下部分气体缓慢加热；当活塞A刚好上升到气缸的顶部时，求封闭气体的温度；

(2)在保持第(1)问的温度不变的条件下，在活塞A上施加一竖直向下的力F，稳定后活塞B回到加热前的位置，求稳定后力F的大小和活塞A；B间的距离。

34、如图所示，一细U型管两端开口，用两段水银柱封闭了一段空气柱在管的底部，初始状态时气体温度为280K，管的各部分尺寸如图所示，图中封闭空气柱长度L1＝20cm.其余部分长度分别为L2＝15cm，L3＝10cm，h1＝4cm，h2＝20cm；现使气体温度缓慢升高，取大气压强为p0＝76cmHg；求：

（1）气体温度升高到多少时右侧水银柱开始全部进入竖直管；

（2）气体温度升高到多少时右侧水银柱与管口相平．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【详解】

当滑动变阻器的滑动触头P向左移动时，变阻器有效电阻变小，故整个电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知干路电流增大，故灯泡变亮；并联电路的电压

故并联电路电压变小，灯泡变暗；干路电流变大，而通过灯泡的电流变小，故通过灯泡的电流增大，灯泡变亮。

故选D。2、B【分析】【分析】

根据题意判断导体棒受到的安培力的表达式，结合受到变化判断安培力的变化，而ab受到的安培力大小等于其的合力，据此判断ab运动的加速度的变化；根据判断电流变化；结合电流的变化情况判断电功率的变化；根据判断通过MPabM的磁通量的变化。

【详解】

A．根据楞次定律可得ab中的电流为b→a，根据左手定则可知导体棒受到的安培力方向水平向左，与运动方向相反，做减速运动，导体棒受到的安培力

故

由于轨道光滑，所以安培力即为导体棒的合力，受到减小，合力减小，所以加速度减小，故导体棒做加速度减小的减速运动，A错误；

B．电流由于速度减小，并且减小的越来越慢，所以电流也减小，并且减小的越来越慢，故B正确；

C．电阻R的电功率因为电流减小，所以电阻R的电功率也在减小，C错误；

D．通过MPabM的磁通量随着ab棒向右运动；线圈的面积越来越大，所以磁通量越来越大，D错误。

故选B。3、D【分析】【详解】

AB．外界大气压不变；被封闭气体压强始终不变，气体做等压变化，温度升高，则气体体积增大，故AB错误；

CD．被封闭气体压强始终不变，水银柱b两液面高度差h不变；则液面位置也不会发生变化，故C错误，D正确。

故选D。4、C【分析】【详解】

A．热量不可以“自己”从低温物体向高温物体传递；能在“一定”的条件下是可以实现的，故A错误；

B．分子在做永不停息的无规则运动；因此其分子的平均动能不是零，故B错误；

C．同样质量同样温度的水蒸气和水的平均动能相等；可同样温度的水变成水蒸气需要吸收热量，因此水蒸气的内能更大，故C正确；

D．气体分子间的距离很大；相对作用力近似是零，气体如果没有容器的约束，气体分子散开原因是分子做杂乱无章的运动的结果，故D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

由于带电粒子使沿途的空气电离，粒子的能量逐渐减小，速度逐渐减小，根据粒子在磁场中运动的半径公式可知，粒子的半径逐渐的减小，所以粒子的运动方向是从b到a，在根据左手定则可知，粒子带正电，故C正确,ABD错误。

故选C。6、C【分析】【分析】

首先认识电路的结构：灯泡与变阻器串联；电容器与灯泡并联．当滑动变阻器滑片P向右移动时，变阻器接入电路的电阻减小，根据欧姆定律分析．

【详解】

当滑动变阻器滑片P向右移动时；变阻器接入电路的电阻减小；

A.灯泡功率P=I2RL，RL不变；I增大，P增大，则灯泡变亮．故A错误；

B.电源的总功率P总=EI，E不变，I增大，P总增大．故B错误；

C.电容器电压UC=E-I（RL+r）减小，电容器电量Q=CUC减小．故C正确；

D.根据欧姆定律可知，电流增大，电压表的读数U=E-Ir减小．故D错误；

故选C．

【点睛】

本题考查电路动态分析的能力，比较简单．对于电路动态分析往往按“局部→整体→局部”的思路．7、D【分析】【详解】

AB．由题分析得知

所以周期波长则频率为

波速为

故A；B错误；

C．根据

此时波传到了点故C错误；

D．点与点间的距离为则波传到点的时间为

点与点相差波长，此时点在波峰处；达到最大位移，故D正确．

故选D。8、D【分析】【详解】

AB、波在传播的过程中频率和周期保持不变，在玻璃中，红光的传播速度为故红光进入玻璃后的速度会发生变化，在玻璃中，红光的波长波长发生改变，故AB错误；

CD、紫光与红光以相同入射角入射，光从光疏介质射入光密介质，折射角一定小于全反射的临界角，所以能再次从玻璃砖中穿出来，故C错误，因为紫光的折射率大于红光的折射率，故在玻璃砖中紫光的折射角比红光的折射角小，D正确．二、多选题(共8题，共16分)9、A:C【分析】【分析】

变阻器滑片移动时；分析总电阻的变化，判断总电流和路端电压的变化。根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律分析电容器两端电压变化情况，即可判断电容器的状态.

【详解】

A、当滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动时，R4变小，电路的总电阻变小，总电流I变大；内电压变大，则路端电压变小，因此电压表示数变小；故A正确.

B、电容器两端电压为：U=E-I（r+R2），I变大，故电容器两端电压U变小；带电量变小，电容器放电，故B错误；

C、电源的总功率P=EI，I变大，则P变大；故C正确.

D、根据串联电路分压规律知，变阻器两端的电压增小，通过R1的电流变小；而总电流变大，所以通过滑动变阻器的电流变大；故D错误.

故选AC.

【点睛】

本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化.10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．一枚针浮在水面上；浮力很小，可以忽略不计，是由于水的表面存在表面张力的缘故，故A正确；

B．形成液体表面张力的原因是由于液体表层的分子分布比液体内部稀疏；故B错误；

C．在围绕地球飞行的宇宙飞船中；自由飘浮的水滴处于失重状态，形状呈球形，这是表面张力作用的结果，故C正确；

D．在毛细现象中；毛细管中的液面有的升高，有的降低，这是由于液体的表面张力以及浸润和不浸润造成的，这与液体的种类和毛细管的材质有关，故D正确。

故选ACD。11、A:B:E【分析】【详解】

A．机械能可以全部转化为内能；而内能也可以全部转化为机械能，只是在这个过程中会引起其他变化，A正确；

B．根据热力学第二定律可知；自发的热传递过程是向着分子热运动无序性增大的方向进行的，B正确；

C．尽管科技不断进步；热机的效率仍不能达100%，制冷机也不能使温度降到－293℃，只能接近－273.15℃，却不可能达到，C错误；

D．第一类永动机违背能量守恒定律；第二类永动机不违背能量守恒定律，而是违背了热力学第二定律，第二类永动机不可能被制造出来，D错误；

E．根据热力学第二定律可知；热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但在不自发的条件下，能从低温物体传递到高温物体，E正确。

故选ABE。12、B:D【分析】绝对零度是永远也达不到的，只能趋近，A错误；由热力学第二定律的微观意义可知B正确；由开尔文表述可知C错误；热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体，D正确．13、B:C【分析】【详解】

导体棒在细线的拉力作用下向右加速，随着速度的增加，切割电动势增加，电流增加，安培力增加，加速度逐渐减小，最终稳定时导体棒做匀速直线运动，拉力和安培力平衡，则选项A错误；电阻R消耗的电功率最大时，回路的电流最大，导体棒以最大速度做匀速直线运动，受拉力和安培力平衡；拉力的功率为P，故克服安培力做功的功率也为P，产生的电功率为P；即又解得选项B正确；根据P=I2R，有：故选项C正确；若经过时间t，导体棒的速度为v，则整个电路上产生的总热量为pt-mv2，电阻R上产生的热量：(Pt-mv2)，故D错误．14、A:C【分析】【详解】

A．当送电线圈N接入恒定电流；则产生的磁场不变化，受电线圈M中的磁通量没有发生变化，故无法产生感应电流，不能为电动汽车充电，故A正确；

B．当线圈N接入正弦式交变电流时；受电线圈M中的磁通量线圈按正弦式变化，故M两端产生正弦式电压，故B错误；

C．穿过线圈M的磁感应强度增加，根据楞次定律，如果线圈闭合，感应电流的磁通量向下，故感应电流方向从b向a；即电流从a端流出；故C正确；

D．根据法拉第电磁感应定律，有：E＝nnS设受电线圈外接电路的电阻为R，由闭合电路的欧姆定律得M两端的电压UR故D错误．15、A:C【分析】【详解】

t＝0时刻，两次产生的交流电的电动势瞬时值均为零，因此线圈平面均与中性面重合，A项正确；图中a、b对应的周期之比为2∶3，因此线圈转速之比na∶nb＝∶＝3∶2，B项错误；a线表示的交流电动势的频率为fa＝＝25Hz，C项正确；a线对应线圈相应的电动势的最大值Eam＝NBS·由图象知Eam＝15V，b线对应线圈相应的电动势的最大值Ebm＝NBS·因此＝＝Ebm＝10V，有效值Eb＝V＝5V，D项错误．16、B:D【分析】【详解】

A；带负电的粒子在磁场中的运动轨迹如图所示：

从图像上可以看出该带电粒子离开磁场时速度方向的反向延长线不通过O点；故A错；

B、有几何关系知，轨迹所对的圆心角为且轨迹的圆心O刚好在圆形磁场的边界上，所以轨迹的半径为由可求得：故B对；

C、运动时间等于弧长除以速度，即故C错；

D；有图可知；此时轨迹圆弧对应的弦长最长，等于磁场区域的直径，所以在磁场中运动时间也就最长，若改变入射角度，则运动时间变短，故D对；

故选BD三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【详解】

[1]因为一个氢原子核外的电子从半径为的圆轨道能够自发地直接跃迁到半径为的圆轨道上，则有

即氢原子的能量减小；会向外发射光子，因为能级差一定，只能发出特定频率的光子；

[2][3]氢原子在发出特定频率的光子之后，氢原子的总能量减小，根据可知轨道半径减小，电子的动能增大，则原子的电势能减小。【解析】发射，增大，减小，减小18、略

【分析】【详解】

[1]若把A；B两只玻璃瓶并靠在一起；则A、B瓶内水的内能都将发生改变，这种改变内能的方式叫热传递。

[2]根据题意，由公式可得，瓶中水的体积为

一个水分子的体积为

瓶中水分子个数约为

联立代入数据解得个【解析】热传递19、略

【分析】【详解】

[1]毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；通草球受到斥力作用，故通草球也带负电；

[2]摩擦橡胶棒时通过做功的方式改变物体内能。【解析】①.负电②.做功20、略

【分析】【分析】

【详解】

工人能在炉内温度竟达160℃的环境中工作几个小时；是因为在高压炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温．

【点睛】

高压炉内空气温度高，工人容易排汗，温度越高汗液蒸发越快，蒸发吸热，人体温度降低．【解析】在高炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温21、略

【分析】【详解】

[1][2]不确定度是指由于测量误差的存在而对被测量值不能肯定的程度。不确定度一般包含多个分量，按其数值的评定方法可归并为两类：不确定度的A类分量和不确定度的B类分量。【解析】由于测量误差的存在而对被测量值不能肯定的程度A类不确定度和B类不确定度22、略

【分析】【详解】

[1]A、B两根粗细相同，横截面积相等，根据电阻定律

得

[2]由欧姆定律得，电流I=

电压U相同，则电流之比

由电量q=It

得相同时间内通过两导线横截面的电荷量之比

[3]消耗的电功率之比【解析】2:11:21:223、略

【分析】【详解】

从ab边开始进入磁场至cd边恰好进入磁场的过程中，线圈的磁通量变化了线圈中产生的感应电动势．【解析】0.020.124、略

【分析】【分析】

a先加速下滑，进入磁场后切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，受到向左的安培力而做减速运动，b在安培力作用下向右加速运动；也切割磁感线产生感应电动势，此感应电动势与a的感应电动势方向相反，整个回路总的电动势减小，感应电流减小，两棒所受的安培力减小，当两棒的速度相等时，电路中不再产生感应电流，两棒不受安培力，将一起做匀速运动，达到稳定状态．以两棒组成的系统为研究对象，满足动量守恒，据动量守恒定律求解即可；当两棒最终一-起做匀速运动时，回路中不再产生焦耳热，根据能量守恒定律求解即可．

【详解】

第一空．a从h高处由静止滑到水平导轨处；由动能定理得：

解得：

a进入磁场后，a棒减速，b棒加速，最终速度相等，a、b系统水平方向合外力为零．

设水平向右为正方向；由动量守恒定律得：

解得，最终速度：

第二空．整个过程；对系统,由能量守恒定律得：

解得：．

【点睛】

本题考查电磁感应现象的综合应用，属于一般题型．【解析】25、略

【分析】【分析】

求电阻的真实值时，应考虑电表内阻的影响，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可．伏安法测电阻内外接法的选择方法是：当满足时，电流表应用外接法，满足时；电流表应用内接法．

【详解】

甲图中：电阻测量值：真实值为：乙图中：电阻测量值为：真实值为：比较它们的绝对误差可知，伏安法测时，采用内接法测量误差较小，所以电流表应用内接法较好．【解析】300290300333内接法四、作图题(共3题，共24分)26、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】27、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】28、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共4题，共12分)29、略

【分析】【详解】

（1）[1]加速度方向向下；物体处于失重状态，故可能是减速上升或加速下降。

（2）[2]螺旋测微器的读数为

（3）[3]由题意可知，当玻璃砖转过某一角度θ时，刚好发生全反射，在直径边一侧观察不到P1、P2的像，做出如图所示的光路图可知，测出玻璃直径边转过的角度θ，根据光路图可知法线转过的角度也为θ，玻璃砖内入射角为θ，临界角为θ，则

所以测出玻璃直径边转过的角度θ；便可计算出玻璃砖的折射率。

[4]根据光路图可知全反射的临界角为θ，则

（4）[5]本题中，待测电阻的阻值约为25kΩ，直流电源电动势为20V，所以经粗略计算电路中最大的电流约为I===800μA

所以电流表选择B；

[6]虽然电压表C的量程不足；可以变阻器调节使电压不超过量程，电压表D的量程超过太多，读数偏小，故电压表选择C表。

[7]由于

所以属于大电阻；则电流表应采用内接的方法；

[8]滑动变阻器为小阻值的，为了保护电路和方便调控，所以应采用分压器方式的接法。【解析】减速上升或加速下降1.706玻璃砖直径绕点转过的角度θBC电流表应采用内接的方法滑动变阻器应采用分压式的接法30、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]已知开关刚闭合瞬间，灵敏电流计指针向右偏转，说明穿过螺旋管的磁通量增多导致A线圈产生的电流流过电流计右偏，而开关闭合一段时间后，当滑动变阻器的滑动触头向接线柱端移动时，接入电路的电阻减小，流过螺旋管的电流增大，则穿过螺旋管的磁通量增多；灵敏电流计指针也将右偏；

[2]保持滑动变阻器的滑动触头不动，当开关断开瞬间，穿过螺旋管的磁通量减少，则灵敏电流计指针将左偏。【解析】右偏左偏31、略

【分析】【分析】

根据题中“测量电池组电动势和内电阻”可知；本题考查测定电源电动势和内阻的实验，应用闭合电路的欧姆定律；电表改装、图象法等知识分析求解．

【详解】

(1)设灯泡接在新电池两端时，灯泡两端的电压为流过灯泡的电流为据闭合