2025年人教A版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版必修3物理上册阶段测试试卷893考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示，图甲中MN为足够大的不带电薄金属板，在金属板的右侧，距离为d的位置上放入一个电荷量为＋q的点电荷O，由于静电感应产生了如图甲所示的电场分布．P是金属板上的一点，P点与点电荷O之间的距离为r，几位同学想求出P点的电场强度大小，但发现问题很难．几位同学经过仔细研究，从图乙所示的电场得到了一些启示，经过查阅资料他们知道：图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的．图乙中两异种点电荷电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，虚线是两点电荷连线的中垂线．由此他们分别对P点的电场强度方向和大小做出以下判断；其中正确的是()

A.方向沿P点和点电荷的连线向左，大小为B.方向沿P点和点电荷的连线向左，大小为C.方向垂直于金属板向左，大小为D.方向垂直于金属板向左，大小为2、如图所示，R1和R2是材料相同、厚度相同、表面均为正方形的导体，R1边长为2L，R2边长为L，若R1的阻值为8Ω，则R2的阻值为（）

A.4ΩB.8ΩC.16ΩD.64Ω3、用带正电的导体球去接触不带电的验电器，验电器的金属箔片会张开，是因为验电器（）A.失去质子而带负电B.失去电子而带正电C.得到电子而带负电D.得到质子而带正电4、直空中有两个点电荷，带电量的大小分别是q1和q2，两电荷相距r时相互间库仑力的大小是F。如果两电荷的电量都增大为原来的2倍，距离减小到原来的一半，则这时两电荷相互间的库仑力的大小是（）A.16FB.8FC.4FD.F5、如图所示；铜丝编织的管线包裹着两个铜导线，能够实现高保真信号传输，铜丝编织的管线作用是（）

A.参与信号传输B.减少信号衰减C.屏蔽外部干扰D.提高绝缘效果6、如图所示；接地的空心金属球壳B右侧有一原来不带电的枕形导体C，现将带正电的小球A，置于空心金属球壳B的内部，则下列说法中正确的是（）

A.球壳B带负电，枕形导体C的左端带负电B.球壳B带负电，枕形导体C的左端带正电C.球壳B带负电，枕形导体C的左端不带电D.球壳B不带电，枕形导体C的左端不带电7、如图所示是电源路端电压和电流的关系图像；由图可得电源电动势和电源内阻为（）

A.3V2ΩB.2V3ΩC.3VΩD.2VΩ8、如图所示的电路中，电源的电动势为E、内阻为r，R1为滑动变阻器，R2为定值电阻。电路中灯泡A和灯泡B原来都是正常发光的。下列分析正确的是（）

A.将R1的滑动触头向左移动，则A灯变亮、B灯变暗B.将R1的滑动触头向右移动，则A灯变暗、B灯变亮C.若A灯、B灯均变暗，则可能R1断路D.若A灯变暗、B灯变亮，则可能R2断路9、如图所示；线圈M和线圈P绕在同一个铁芯上。下列操作后的现象判断正确的是（）

A.闭合开关S瞬间，线圈P里没有感应电流B.断开开关S瞬间，线圈P里有感应电流，且流经电表的电流方向为a→bC.闭合开关S瞬间，线圈P里有感应电流，且流经电表的电流方向为a→bD.闭合开关S，待线圈M中电流稳定时，线圈P里有感应电流评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、下列关于电源电动势的说法正确的是A.电源是通过静电力把其它形式的能转化为电能的装置B.电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功C.电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领D.把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势将变化11、如图，电路中定值电阻R大于电源内阻r。将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为△U1、△U2、△U3，理想电流表A示数变化量绝对值为△I；则。

A.V1、V2、V3示数都增大B.电流表的示数增大C.△U3大于△U2D.△U1与△I比值大于r12、已知通电长直导线周围空间中某点处产生的磁场的磁感应强度大小为其中k为常量．I为直导线中的电流．r为该点到长直导线的距离．如图所示，a．b两根通电长直导线经过圆心为O的圆上同一直径的两端，两根直导线中的电流大小相等，a中电流方向垂直圆所在平面向里，b中电流方向垂直圆所在平面向外，此时圆心O处的磁感应强度大小为B，则（）

A.圆心O处的磁感应强度的方向垂直于ab连线向上B.若在圆心处放置一垂直于纸面向里的通电直导线c，则此时c受到的安培力方向平行于ab指向aC.若只将直导线b沿圆周绕O点顺时针转动120°，其他条件不变，则O处的磁感应强度大小变为B/2D.若只将直导线b沿圆周绕O点顺时针转动90°，其他条件不变，则O处的磁感应强度大小变为B13、一点电荷仅在电场力的作用下运动，其速度-时间图象如图所示，其中ta和tb是电荷在电场中a、b两点运动的时刻；则下列说法中正确的是（）

A.a、b两点电势φa＞φbB.a、b两点电场强度Ea＝EbC.a、b两点电场强度Ea＞EbD.点电荷从a运动到b的过程中电场力做正功，电势能减小14、图中虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，已知平面b上的电势为2V。一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV。下列说法正确的是（）

A.平面c上的电势为零B.该电子可能到达不了平面fC.该电子经过平面d时，其电势能为4eVD.该电子经过平面b时的速率是经过d时的2倍15、电磁波在生产生活中有广泛应用。关于电磁波，下列说法正确的是（）A.在同一介质中所有电磁波传播速度都相同B.紫外线有助于人体合成维生素DC.一切物体都在不停地发射红外线E.医学上用γ射线透视人体，检查体内病变等E.医学上用γ射线透视人体，检查体内病变等评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)16、如图所示，真空中有两个点电荷和分别固定在x坐标轴的和的位置上。则x标轴上的_____处的电场强度为零。x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向区域是__________。

17、如图所示，为一等边三角形的三个顶点，某匀强电场的电场线平行于该三角形平面，现将电荷量为的正点电荷从点移到点，电场力做功为则两点间的电势差______将另一电荷量为的负点电荷从点移到点，克服电场力做功若边长为则电场强度大小______

18、一次闪电，流动的电荷量大约为300C，持续的时间大约是0.005s，所形成的平均电流为________A。19、x轴上各点电势随x变化的关系如图所示，其中N点的电势为零，ND段中C点电势最高。则同一负电荷在C点的电势能______在N点的电势能，N点的电场强度______C点的电场强度（均选填“＞”；“＝”、“＜”）。

20、如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I﹣U关系图象如图乙所示。则电源电压为_______V，R1的阻值是_______Ω。

21、探究感应电流方向的实验中；要用到灵敏电流计，条形磁铁，螺线管，已知若电流从正接线柱流入时，指针将偏向正接线柱的一侧，则：

（1）甲图中螺线管的感应电流的磁场方向是______（请填“向上”或“向下”）

（2）乙图中磁铁在螺线管中产生的磁场方向是______（请填“向上”或“向下”）

（3）图丙中螺线管中的磁通量正在______（请填“增大”或“减小”）

（4）图丁中螺线管的绕向为（从上往下看，按电流流经方向）______（请填“顺时针”或“逆时针”）

评卷人得分四、实验题(共4题，共32分)22、在“测定电源电动势和内阻”的实验中；实验室仅提供下列实验器材：

A．两节旧干电池；每节电动势约1.5V

B．直流电压表Vl、V2，量程均为0～3V，内阻约

C．电流表，量程0～0.6A，内阻小于1

D．定值电阻R0，阻值2

E．滑动变阻器R，最大阻值15

F．导线和开关若干。

（1）请根据连接的实物图甲，在图乙虚线框中画出对应的电路图________；

（2）根据图甲电路进行实验，测得多组U、I数据，作出U-I图象，求出电动势和内阻的值均小于真实值，其产生误差的原因是_______；

（3）实验过程中，由于电流表发生了故障，某同学又设计了图丙所示的电路测定电源的电动势和内阻，实验中移动滑动变阻器触头，记录Vl和V2的值如下表所示，用测出的数据在图丁中绘出U1－U2图线_____；

（4）由图线可得被测电池组的电动势E=______V，内阻r=_______Ω。（结果保留两位有效数字）23、某同学利用图甲所示电路测量一量程为3mA的直流电流表的内阻RA(约为110Ω)。提供的实验器材有：

A.直流电源(电动势为1V；内阻不计)；

B.电阻箱(0~999.9Ω)；

C.滑动变阻器(0~5Ω.额定电流为3A)；

D.滑动变阻器(0~50Ω.额定电流为1A)。

(1)为了尽可能减小测量误差，滑动变阻器R应选用__________(选填“C”或“D”)。

(2)根据图甲所示电路，在图乙中用笔画线代替导线，将实物间的连线补充完整___。

(3)主要实验步骤如下：

I.将电阻箱R0的阻值调为零，滑动变阻器R的滑片P移到右端；

II.闭合开关S，调节滑动变阻器R的滑片P；使电流表的示数为3mA；

I.调节电阻箱R0，使电流表的示数为1mA，读出此时电阻箱的阻值R1；

IV.断开开关S；整理好仪器。

(4)已知R1=208.8Ω，则电流表内阻的测量值为_________Ω，由于系统误差，电流表内阻的测量值_____(选填“大于”“等于”或“小于”)真实值。24、某兴趣小组要将一块量程Ig为1mA、内阻约为100Ω的电流表G改装成量程为3V的电压表．首先要测量该电流表的内阻现有如下器材。A．待测电流表G(量程1mA、阻值约100Ω)B．滑动变阻器(总阻值5000Ω、额定电流1A)C．滑动变阻器(总阻值500Ω、额定电流1A)D．电阻箱R2(总阻值999.9Ω)E．电源(电动势为1.5V，内阻很小)F．电源(电动势为3V，内阻很小)G．开关、导线若千

(1)该小组如果选择如图甲所示的电路来测量待测电流表G的内阻，则滑动变阻器R1应选择________(填器材前代码序号)；电源应选择_______(填器材前代码序号)．

(2)实验时，先断开开关S2，闭合开关S1，调节滑动变阻器R1，使得G的示数为Ig；保证R1的阻值不变，再闭合S2；调节电阻箱R2，使得G的示数为此时电阻箱R2的示数如图乙所示；则G的内阻为________Ω

(3)该实验中，G的内阻测量值_______真实值(填“大于”或“小于”)25、某研究小组的同学们准备测量15°C自来水的电阻率；以判断该自来水是否符合国际标准（国标规定自来水在15°C时电阻率应大于13Ω·m）。他们先在一根均匀的长玻璃管两端各装了一个电极，电极间装满密封的待测自来水，同学们设计了实验方案并分工进行了以下测量：

(1)同学们用游标卡尺测量玻璃管的内径d；向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L；用多用电表的电阻“×100”挡，按正确的操作步骤测量此水柱体的电阻R，表盘的示数如图所示；由图所示可知玻璃管的内径d=______mm，水柱体的电阻R=_______Ω；

(2)该小组同学想用伏安法更精确地测量其电阻R；现有的器材及其代号和规格如下：

电压表V（量程15V，内阻约30kΩ）；电流表A（量程5mA，内阻约50Ω）；滑动变阻器R0（0~100Ω，允许最大电流1A）；电池组E（电动势E=12V，内阻r=6Ω）；开关一个；导线若干。请根据情况补全电路原理图（并不是所有的接线点都要连接）；

()

(3)如果测出水柱的长度L。玻璃管的内径d和水柱的电阻R，则自来水电阻率的表达_______。（用符号表示）评卷人得分五、解答题(共1题，共4分)26、如图所示，在匀强电场中有A、B、C三点，已知A、B两点间的距离为AB=5m，A、C两点间的距离为AC=8m，∠BAC=37°，且匀强电场方向平行AB、AC直线所在的平面。现把一个带电荷量q=8×10-9C的正点电荷放在匀强电场中，当点电荷q由A点移到B点时电场力做功W1=8×10-8J，当点电荷q由A点移到C点时电场力做功W2=1.6×10-7J，若取A点电势为零；（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：

（1）AB和AC两点间电势差各为多少？

（2）B、C两点电势各为多少？

（3）匀强电场的电场强度大小和方向。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

根据P点的电场线方向可以得P点的电场强度方向是垂直于金属板向左，两异号点电荷电荷量的大小均为q，它们之间的距离为2d，P点与点电荷O之间的距离为r，根据点电荷的场强公式P点的电场是由两异号点电荷分别产生的场强叠加产生的．根据场强的叠加法则和几何关系得：大小为．故选C．

【点睛】

常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．2、B【分析】【分析】

【详解】

由公式。

长度比为2：1，横截面积比为2：1，所以两电阻比为1：1，则R2的阻值为8Ω；故B正确。

故选B。3、B【分析】【分析】

【详解】

带正电的导体球缺少电子；接触不带电的验电器时，金属箔片上的一部分电子转移到带正电的物体上来，使金属箔片缺少电子，从而带上正电，ACD错误，B正确。

故选B。4、A【分析】【详解】

根据库仑定律的公式可知F=两电荷的电量都增大为原来的2倍，则力会增大为原来的4倍，而距离又减小到原来的一半，所以力又要增大为原来的4倍，所以库仑力变为原来的16倍，故选A。5、C【分析】【详解】

铜丝编织的管线起到静电屏蔽的作用；能够屏蔽外部干扰，从而实现高保真信号传输。

故选C。6、C【分析】A置于球心后，球内部感应出负电荷，由于接地，球外部不带电，故枕形导体C的左端不带电，C正确．7、C【分析】【详解】

根据闭合电路欧姆定律公式

则图像表达式为

结合图像可知，纵轴截距为

斜率绝对值为

故选C。8、D【分析】【详解】

AB．将R1的滑动触头向左移动，则R1阻值减小，总电阻减小，总电流变大，路端电压减小，则A灯、B灯两端电压都减小，则两灯都变暗；同理可判断，将R1的滑动触头向右移动；则两灯都变亮，选项AB错误；

C．若R1断路，等效为R1的滑动触头向右移动电阻变大；则A灯；B灯均变亮，选项C错误；

D．若R2断路，则等效为R2变大，则总电阻变大，总电流减小，路端电压变大，通过R1的电流变大；则通过上面支路的电流减小，即通过A灯的电流减小，则此时A灯变暗，A灯两端的电压减小，则B灯两端电压变大，则B灯变亮，则选项D正确。

故选D。9、B【分析】【分析】

【详解】

A．闭合开关S瞬间；电流从无到有，所以感应磁场也是从无到有，磁场增强，根据楞次定律增反减同可知，线圈P里有感应电流，故A错误；

B．断开开关S瞬间，电流从有到无，所以感应磁场也时从有到无，磁场减弱，根据楞次定律增反减同可知，线圈P里有感应出向左的磁场，线圈P里有感应电流，且流经电表的电流方向为a→b；故B正确；

C．闭合开关S瞬间，电流从无到有，所以感应磁场也是从无到有，磁场增强，根据楞次定律增反减同可知，线圈P里有感应出向右的磁场，线圈P里有感应电流，且流经电表的电流方向为b→a；故C错误；

D．闭合开关S；待线圈M中电流稳定时，磁场稳定，没有磁通量变化，即没有感应电流，故D错误。

故选B。二、多选题(共6题，共12分)10、B:C【分析】【分析】

电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量．电动势由电源本身的特性决定；与外电路的结构无关．

【详解】

电源是把其他形式的能（非静电力）转化为电能的装置，电源电动势反映了电源内部非静电力做功的本领，A错误C正确；根据可得电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，B正确；电动势由电源本身的特性决定，与外电路的结构无关，D错误．11、B:C:D【分析】【详解】

分析电路图；滑动变阻器和定值电阻串联，将滑动变阻器滑片向下滑动，接入电路阻值变小，电路总阻值变小，干路电流变大。

A．V1测R两端电压，由于电流变大，示数变大；V2测路端电压，由于电流增大，内阻分压变大，所以示数变小；V3测滑动变阻器两端电压，是V2示数减去V1示数；示数减小，A错误；

B．电流表测干路电流；示数增大，B正确；

C．由A分析知，V3测滑动变阻器两端电压，是V2示数减去V1示数，所以

所以C正确；

D．电路中定值电阻R大于电源内阻r，

D正确；

故选BCD。12、B:C【分析】【详解】

A．由两直导线中电流大小相等,到圆心O的距离相等,又由安培定则可知,两直导线中电流在O点处产生的磁感应强度大小相等．方向相同,设其中一根直导线在O点处产生的磁感应强度大小为B0,则B=2B0，方向垂直于ab连线向下；故A错误；

B．根据左手定则，通电直导线c受到的安培力方向平行于ab指向a；故B正确；

C．将直导线b顺时针旋转120∘后，由安培定则可知,a．b两直导线中电流在O点处产生的磁感应强度大小相等，夹角为120°，合磁场磁感应强度大小B0，等于B/2；故C正确；

D．将直导线b沿圆周绕O点顺时针转动90°，两根直导线中电流产生的两个磁场方向相互垂直,所以B′=B0=B；故D错误。

故选BC。13、C:D【分析】【分析】

【详解】

AB．图像是速度-时间图像，图像斜率代表加速度，可判断出ta时刻的加速度大于tb时刻加速度，由可判断出ta时刻的电场强度大；故B错误，C正确；

D．根据动能定理可判断出从a点运动到b点电场力做正功；所以电势能减小，故D正确；

A．因为不知道点电荷的电性，无法判断出a、b两点电势高低；故A错误。

故选CD。14、A:B【分析】【详解】

A．虚线a、b、c、d、f代表匀强电场内间距相等的一组等势面，一电子经过a时的动能为10eV，从a到d的过程中克服电场力所做的功为6eV，动能减小了6eV，电势能增加了6eV，因此a、b、c、d、f相邻两个等势面间的电势差为2V，因平面b上的电势为2V，由于电子的电势能增加，等势面电势由a到f是降低的，因此平面c上的电势为零；故A正确；

B．由上分析可知，当电子由a向f方向运动，则电子到达平面f的动能为2eV，由于题目中没有说明电子如何运动，因此也可能电子在匀强电场中做抛体运动，则可能不会到达平面f；故B正确；

C．在平面b上电势为2V，则电子的电势能为-2eV，动能为8eV，电势能与动能之和为6eV，当电子经过平面d时；动能为4eV，其电势能为2eV，故C错误；

D、电子经过平面b时的动能是平面d的动能2倍，电子经过平面b时的速率是经过d时的倍；故D错误。

故选AB。

【点睛】

考查电场力做功与电势能变化的关系，掌握电势能与动能之和不变，理解电势为零处的电势能为零是解题的关键。15、B:C:D【分析】【详解】

A．一切电磁波在真空中传播速度相同；在同一介质中，不同电磁波传播速度不同，A错误；

B．紫外线有助于人体合成维生素D；但不宜过量，B正确；

C．红外线应用在遥感技术中；是利用一切物体都在不停地发射红外线，C正确；

D．电磁波谱中γ射线的频率最高；波长最短，D正确；

E．医学上用X射线透视人体；检查体内病变等，E错误。

故选BCD。三、填空题(共6题，共12分)16、略

【分析】【详解】

[1]某点的电场强度是正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的电场的叠加，是合场强，根据点电荷的场强公式可知，要使电场强度为零，那么正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强大小相等方向相反，不会在Q1的左边，因为Q1的电荷大于Q2，也不会在Q1Q2之间，因为它们电荷相反，在中间的电场方向都是一样的，所以，只能在Q2右边，设该位置据Q2的距离是L，则有

解得

所以x坐标轴上x=12cm处的电场强度为零；

[2]在Q1Q2之间，正电荷Q1和负电荷Q2在该处产生的场强方向沿x轴正方向，所以实际场强也是沿x轴正方向，根据点电荷的场强公式得x坐标轴大于12cm区域电场强度方向沿x轴正方向区域，所以x坐标轴上电场强度方向沿x轴正方向区域是和【解析】12或17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]正点电荷从A点移到点时，电场力做正功，故A点电势高于点；可以求得。

[2]同理可判断A点电势高于点；可求得：

因此两点电势相等；则有：

由于匀强电场中的等势线是一簇平行直线，因此，为一等势线，故电场线方向垂直设为的中点，则电场线方向为由A指向直线沿场强方向的距离等于线段的长度；故由匀强电场中电势差与场强的关系式可得。

【解析】300V10418、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】6×10419、略

【分析】【详解】

[1]由图可知，N点电势低于C点电势，根据电势能与电势的关系可得，对于负电荷，在电势低的地方电势能大，在电势高的地方电势能小，所以负电荷在C点的电势能小于在N点的电势能；

[2]φ-x图线切线斜率的大小表示电场强度，由图可知，N点切线的斜率大于C点切线的斜率，所以N点的电场强度大于C点的电场强度。【解析】<>20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]由电路图可知与串联，电压表测两端的电压，测两端的电压；电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小；

由图象可知，电路中的最小电流

两端的电压

两端的电压

因串联电路中总电压等于各分压之和，所以电源电压

由

可得定值电阻的阻值为【解析】①.18②.2021、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]依题意；若电流从正接线柱流入时，指针将偏向正接线柱的一侧，而甲图中电流从正接线柱流入电流计，根据安培定则，感应电流产生的磁场方向向上；

(2)[2]图中电流从负接线柱流入电流计；根据安培定则，感应电流产生的磁场方向向下，磁铁向上运动，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律则原磁场方向向下；

(3)[3]图中电流从正接线柱流入电流计；根据安培定则，感应电流的磁场方向向上，原磁场方向向上，根据楞次定律可知，磁通量减小；

(4)[4]磁铁N极向上运动，穿过线圈的磁通量减小，原磁场方向向下，根据楞次定律，感应磁场向下，而感应电流从正接线柱流入电流计，因此其方向俯视为顺时针方向。【解析】向上向下减小顺时针四、实验题(共4题，共32分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1]根据实物图；画出电路图如图所示。

（2）[2]电流的测量有误差；是电压表的分流引起的。

（3）[3]描点画一条直线；让点尽可能多的分布于直线上，其他的点均匀分布于直线两边。

（4）[4][5]根据闭合电路的欧姆定律可得

整理得

所以图象的斜率

代入数据得【解析】由图可知，电流表测的是支路电流，不准确，电压表分流了。2.8##2.9##3.02.9##3.0##3.123、略

【分析】【详解】

(1)[1]本实验为了减小实验误差；应满足滑动变阻器的最大阻值远小于电流表的内阻，即应选用C

(2)[