2025年湘教版高一物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘教版高一物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于功率公式和P=Fv的说法；正确的是（）

A.由知；只要知道W和t就可求出任意时刻的功率。

B.由P=Fv能求某一时刻的瞬时功率。

C.由P=Fv可知汽车的功率与它的速度成正比。

D.由P=Fv可知当汽车发动机功率一定时；牵引力与速度成反比。

2、【题文】如图所示，地球上北纬30°的甲处及北纬45°的乙处，由于自转产生的向心加速度分别是a甲和a乙；它们的大小关系是。

A.a甲>a乙B.a甲乙C.a甲=a乙D.条件不足，无法判断3、下面说法中错误的是(

)

A.曲线运动一定是变速运动B.平拋运动一定是匀变速运动C.匀速圆周运动一定是速度不变的运动D.做圆周运动的物体的速度方向与其合外力的方向不可能在同一条直线上4、A、B两个物体在同一地点出发，沿同一直线做匀变速直线运动，它们的速度一时间图象如图所示，则（）A.2-4s内，物体A的加速度是B的2倍B.t=6s时，B两物体相遇C.t=4s时，B两物体相距40mD.t=2s时，B两物体相距最远5、两个质点甲与乙；同时由同一地点向同一方向做直线运动，它们的速度一时间（v-t）图象如图所示．下列关于甲；乙运动的说法中正确的是（）

A.甲；乙质点在第2s末相遇。

B.甲；乙质点在第4s末相遇。

C.甲；乙相遇前在第2s末相距最远。

D.在前2s内；甲的平均速度比乙的大。

6、【题文】如图所示，红蜡块可以在竖直玻璃管内的水中匀速上升，速度为v，若在红蜡块从A点开始匀速上升的同时；玻璃管从AB位置由静止开始水平向右做匀加速直线运动，加速度大小为a，则红蜡块的实际运动轨迹可能是图中的（）

A.直线PB.曲线QC.曲线RD.无法确定7、关于力和运动的下列说法中，正确的是(

)

A.撤去作用后，运动物体由于惯性最终总要停下来B.作用在物体上的合外力不为零，物体的即时速度可能为零C.物体在恒力作用下，它的速度一定不会发生变化D.物体运动速度的方向总跟合外力的方向一致8、平抛物体的初速度为v0，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时，不正确的是（）A.运动的时间t=B.运动的时间t=C.水平分速度与竖直分速度大小相等D.位移大小等于评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)9、下列运动中，在任何1s的时间间隔内运动物体的速度改变量完全相同的有（空气阻力不计）（）A.自由落体运动B.平抛物体的运动C.竖直上抛物体运动D.匀速圆周运动10、一质量为m的物体，以g的加速度减速上升h高度，不计空气阻力，则（）A.物体的机械能不变B.物体的动能减小mghC.物体的机械能增加mghD.物体的重力势能增加mgh11、如图所示，半径为R

的薄圆筒绕竖直中心轴线匀速转动.

一颗子弹沿直径方向从左侧射入，再从右侧射出，发现两弹孔在同一竖直线上，相距h.

若子弹每次击穿薄圆筒前后速度不变，重力加速度为g

则以下说法正确的是()

A.子弹的速度大小为R2gh

B.子弹的速度大小为2Rgh

C.圆筒转动的周期可能232hg

D.圆筒转动的周期可能为2hg

12、水平匀速飞行的飞机每隔1s

投下一颗炸弹，共投下5

颗，若空气阻力及风的影响不计，则在炸弹落地前A.这5

颗炸弹在空中排列成抛物线B.这5

颗炸弹及飞机在空中排列成一条竖直线C.这5

颗炸弹在空中各自运动的轨迹均是抛物线D.这5

颗炸弹在空中均做直线运动13、如图所示，x鈭�t

图象和v鈭�t

图象中，给出四条曲线1234

代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是()A.曲线1

表示物体做曲线运动，曲线3

表示物体做直线运动B.x鈭�t

图中t1

时刻物体1

的速度大于物体2

的速度，0

至t2

时间内物体1

平均速度大于物体2

的平均速度C.v鈭�t

图中0

至t3

时间内物体4

的位移大于物体3

的位移，物体4

的平均速度大于物体3

的平均速度D.两图象中，t2t4

时刻分别表示物体24

开始反向运动14、如图所示；放在光滑水平桌面上的两个木块AB

中间夹一被压缩的弹簧，当弹簧被放开时，它们各自在桌面上滑行一段距离后飞离桌面落在地上.A

的落地点与桌边的水平距离为0.5mB

的落地点与桌边的水平距离为1m

不计空气阻力，那么()

A.B

离开弹簧时的速度之比为1:2

B.B

质量之比为2:1

C.未离开弹簧时，AB

所受冲量之比为1:2

D.未离开弹簧时，AB

加速度之比为1:2

15、许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、微元思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等.

以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是(

)

A.牛顿用控制变量法通过大量的实验得出牛顿第二定律B.伽利略为了说明力是维持物体运动的原因用了理想实验法C.在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫假设法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、一个做匀变速直线运动的物体，第一个3s内的位移是9m，第2个3s内位移为0，则该物体运动的加速度为____，初速度为____．17、【题文】质量为m的汽车行驶在平直的公路上，在运动中所受阻力恒定。当汽车的加速度为a、速度为v时，发动机的功率是P1，则当功率是P2时，汽车行驶的最大速率为____。18、【题文】飞机做特技表演时常做俯冲拉起运动.如图此运动在最低点附近可看作是半径为500m的圆周运动.若飞行员的质量为65kg，飞机经过最低点时的速度为360km/h,则这时飞行员对坐椅的压力为____Ｎ。（g取10m/s2）19、【题文】已知地球的质量为M，万有引力恒量为G，地球半径为R。用以上各量表示在地球表面附近运行的人造地球卫星的第一宇宙速度v＝____。20、汽车以10m/s的速度在平直公路上匀速行驶，刹车后经2s速度变为6m/s，则刹车后第2秒通过的距离为____m，刹车后8s内前进的距离为____m．21、【题文】从地面以初速度v0竖直向上抛出一质量为m的球，设球在运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比关系，它运动的速率随时间变化的规律如图所示，在t1时刻到达最高点，再落回地面，落地时速率为v1；且落地前球已做匀速运动。则球受到的空气阻力与其速率之比k=___________，球上升的最大高度H=_________________。

22、某走时准确的时钟，分针与时针的长度之比是3:2

则分针针尖与时针针尖的向心加速度之比为_____。评卷人得分四、画图题(共2题，共20分)23、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。24、画出下面2个物体所受重力的图示（1）放在桌面上的质量为m=0.1kg的字典（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球。评卷人得分五、实验探究题(共2题，共14分)25、某同学在“用打点计时器测速度”的实验中；用打点计时器记录了被小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出0；1、2、3、4、5、6共7个测量点，每两个相邻的测量点之间还有四个点没标出，其部分相邻点间的距离如图所示，完成下列问题．

（1）关于打点计时器的时间间隔，下列正确的是______．

A．电源电压越高；每打两个点的时间间隔就越短．

B．纸带速度越大；每打两个点的时间间隔就越短．

C．打点计时器连续打两个点的时间间隔由电源的频率决定．

D．如果将交流电源改为直流电源；打点计时器连续打两个点的时间间隔保持不变．

（2）计算出打下点4时小车的瞬时速度为______，求出小车的加速度为______．（要求计算结果保留三位有效数字）26、为了研究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关；小明同学在老师的指导下做了一系列实验．以下是部分实验步骤（实验过程中保持长木板水平且固定）

第一次：把木块平放在长木板上；用弹簧测力计水平拉动木块，使木块做匀速直线运动（如图甲），读出弹簧测力计的示数，并记入下表中；

第二次：把木块侧放在长木板上；用同样的方法拉木块（如图乙），记下相应的示数；

第三次：把两块相同木块叠在一起平放在长木板上；再用同样的方法拉木块（如图丙），记下相应的示数．

（1）若已知每个木块的质量为2kg；请你帮助小明填全表格内的数据；（g=10N/㎏）

（2）比较______两次实验数据；可以发现滑动摩擦力的大小与接触面积的大小无关；

（3）比较1、3两次实验数据，可以初步得出的结论______．

（4）木块与长木板间的动摩擦因数为______

。实验次数木块对木板的压力/N弹簧测力计的示数/N滑动摩擦力/N14.024.038.0评卷人得分六、其他(共4题，共36分)27、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．28、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．29、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．30、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】

A、P=只能计算平均功率的大小；不能用来计算瞬时功率，所以A错误．

B；P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率；取决于速度是平均速度还是瞬时速度，所以B错误．

C；从P=Fv知；当F不变的时候，汽车的功率和它的速度是成正比的，当F变化时就不对了，所以C错误．

D；从P=Fv知；当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比，所以D正确．

故选D．

【解析】【答案】功率的计算公式由两个P=和P=Fv，P=只能计算平均功率的大小；而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．

2、A【分析】【解析】由万有引力沿圆周运动半径方向的分力提供向心力，两个位置的向心力大小相同，所以选A【解析】【答案】A3、C【分析】解：A

无论是物体速度的大小变了；还是速度的方向变了，都说明速度是变化的，都是变速运动，做曲线运动的物体的速度方向在时刻改变，所以曲线运动一定是变速运动.

所以A正确．

B；平抛运动；只受重力，因此存在加速度且恒为g

所以是匀变速曲线运动，故B正确．

C；匀速圆周运动是指速率不变；方向时刻在变的运动，为变速运动.

故C错误；

D；根据物体做曲线运动的条件可知；做圆周运动的物体的速度方向与其合外力的方向不可能在同一条直线上，故D正确．

因选错误的；故选：C

．

物体做曲线运动时；所受合外力的方向与加速度的方向在同一直线上，合力可以是恒力，也可以是变力，加速度可以是变化的，也可以是不变的.

平抛运动的物体所受合力是重力，加速度恒定不变，平抛运动是一种匀变速曲线运动.

物体做圆周运动时所受的合外力一定与速度方向不在同一直线上。

本题主要是考查学生对物体做曲线运动的条件、圆周运动特点的理解，涉及的知识点较多，是一道比较好的题目【解析】C

4、C【分析】解：A、在v-t图象中，图象的斜率代表加速度，则A的加速度为aA==m/s2=10m/s2，B的加速度为aB==m/s2=20m/s2，物体A的加速度是B的倍；故A错误；

B；根据图象与坐标轴围成的面积表示位移；知0-6s内，A的位移大于B的位移，则t=6s时，A、B两物体没有相遇。故B错误。

C、t=4s时，A、B两物体相距的距离等于0-4s内A、B位移之差，为△x=×40×4-×40×2m=40m；故C正确；

D；当速度相同时；两者的距离相距最远，故t=4s时，相距最远，故D错误。

故选：C。

在速度-时间图象中；图象的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移；根据两物体的速度大小，判断何时两者相距最远。

本题关键是根据速度时间图象得到两个物体的运动规律，知道速度时间图象的斜率表示加速度，图象与时间轴包围的面积表示位移大小，结合初始条件进行分析处理。【解析】C5、B|C【分析】

A；B、C；0～2s内甲的速度一直比乙大，故甲、乙之间的距离越来越大，2～4s内，乙的速度大于甲的速度，故两质点间距开始变小，故第2s末速度相等，距离最大；根据速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小，可以知道，4s末两质点再次相遇，故A错误，B、C正确；

D、前2s内，甲做匀加速运动，平均速度为==m/s=5m/s，而乙做匀速直线运动，平均速度为故D错误．

故选BC．

【解析】【答案】从图象得到两个质点的运动情况；甲做匀速直线运动，乙做初速度为零的匀加速直线运动，然后结合速度时间图象与时间轴包围的面积表示位移大小进行分析．

6、B【分析】【解析】

试题分析：当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上；物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向．蜡块的合速度方向竖直向上，合加速度方向水平向右，不在同一直线上，轨迹的凹向要大致指向合力的方向，知B正确，A；C、D错误．

故选B．

考点：运动的合成和分解．

点评：解决本题的关键知道当合速度的方向与合力（合加速度）的方向不在同一条直线上，物体将做曲线运动，且轨迹夹在速度与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力的方向．【解析】【答案】B7、B【分析】解：A

撤去作用后；运动物体由于惯性仍保持原来的运动状态，做匀速直线运动，但在运动过程中会受到摩擦阻力的作用，所以最终要停下来.

故A错误．

B；物体的合外力不为零；速度可能为零，比如竖直上抛到最高点时，故B正确．

C；力是改变物体运动状态的原因；物体在恒力作用下；速度一定改变，故C错误．

D；根据牛顿第二定律知；加速度的方向总跟合外力的方向一致，但速度的方向与合外力的方向不一定一致，故D错误．

故选：B

．

利用下列知识分析判断：

(1)

力是改变物体运动状态的原因；

(2)

当物体受到平衡力的作用；合外力为零时；物体的运动状态保持不变，处于平衡状态，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态；

(3)

当物体受到非平衡力的作用；合外力为不零时；物体的运动状态将发生变化．

(4)

物体运动状态的改变包括两个方面；一是运动方向的改变，二是运动速度大小的改变，只要二者中有一个发生了变化，我们都说它的运动状态发生了改变．

解答力和运动的问题，可根据牛顿第一、二定律和惯性知识进行分析．【解析】B

8、C【分析】解：A、当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时有：解得t=．故A正确。

B、水平分速度vx=v0，竖直分速度vy=gt=2v0，两分速度不等，合速度v=．故B正确；C错误。

D、水平位移x=所以位移大小s=．故D正确。

本题选错误的；故选C。

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动，抓住水平方向分位移与竖直方向分位移相等，求出运动的时间，从而求出水平分速度和竖直分速度和合速度．

解决本题的关键知道平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住分运动和合运动具有等时性进行求解．【解析】C二、多选题(共7题，共14分)9、ABC【分析】解：A；自由落体运动、竖直上抛运动、平抛运动的加速度都为g；根据△v=at=gt，可知△v的方向竖直向下，不变，相等时间，大小相等．故ABC正确．

D；由△v=at；F=ma，得△v与加速度、合力方向相同，匀速圆周运动合力是向心力，方向时刻变化，则在相等的两段时间内，物体速度的变化量是变化的，故D错误．

故选：ABC

速度变化量是矢量；当其大小和方向均相同时，矢量才相同．根据加速度的定义式和牛顿第二定律，就能判断物体速度变化量相同与不同．

矢量既有大小又有方向，只有当大小、方向均相同时，矢量才相同．而矢量大小、方向之一发生变化时，矢量就变化．紧紧抓住常见运动的动力学特点和运动学特点是作答这类概念题的关键．【解析】【答案】ABC10、BC【分析】解：A、物体的加速度为≠g；除重力做功外，还有其它力做功，物体机械能不守恒，故A错误；

B；对物体受力分析；设物体受的拉力的大小为F，则由牛顿第二定律可得；

mg-F=m×解得：F=对全过程由动能定理可得，△EK=Fh-mgh=物体的动能减少了故B正确；

C、除重力外其它力做的功等于物体机械能的变化量，则机械能的增量△E=Fh=mgh；故C正确；

D；物体高度增加；重力势能增加，增加的重力势能为mgh，故D错误；

故选：BC．

物体的加速度的大小为对物体受力分析可知物体还要受到向上的拉力的作用，所以物体的机械能不守恒，再根据动能定理可以得出动能的变化．

物体的加速度为这是本题的关键所在，由此可以说明物体还要受到向上的拉力的作用．【解析】【答案】BC11、AC【分析】【分析】子弹在桶中做平抛运动，根据高度求出运动的时间，结合水平位移求出子弹的初速度；在子弹平抛运动的过程中，运动的时间是转筒半个周期的奇数倍，根据该关系求出圆筒转动的速度。本题考查了线速度、角速度和周期、转速，平抛运动；解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，以及知道圆周运动的周期性。【解答】AB.

根据h=12gt2

解得t=2hg

则子弹在圆筒中的水平速度为v0=2Rt=R2gh

故A正确，B错误；CD.

因为子弹右侧射穿圆筒后发现两弹孔在同一竖直线上，则t=(2n?1)T2n=123

则：T=2t2n鈭�1=22n鈭�12hg

当n=1

时，T=22hg

当n=2

时，T=232hg

故C正确，D错误。故选AC。【解析】AC

12、BC【分析】【分析】炸弹投下后做平抛运动，而平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。结合平抛运动水平方向和竖直方向的运动规律进行分析。

解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向的运动规律，知道炸弹在空中处于竖直线上。AB.

飞机上投下的炸弹做平抛运动；平抛运动的初速度等于飞机飞行的速度.

而平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以炸弹在落地前都处于飞机的正下方，在空中排成一条竖直线.

故A错误，B正确；

CD.

这5

颗炸弹都平抛运动；在空中各自运动的轨迹均是抛物线，故C正确，D错误。

故选BC。

【解析】BC

13、BC【分析】【分析】位移时间图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，速度时间图线通过位移的大小判断平均速度的大小..在位移时间图线中，通过物体位移增加还是减小判断物体的运动方向，在速度时间图线中，通过速度的正负值判断物体的运动方向。

解决本题的关键能够从速度时间图线和位移时间图线获取信息，知道两图线的区别。【解答】A.位移时间图线与速度时间图象中；位移的方向和速度的方向都用正负表示，故是在同一直线上，都是直线运动，故A错误；

B.x鈭�t

图象中某时刻图象上对应点的切线斜率表示对应时刻的速度；故t1

时刻物体1

的速度大于物体2

的速度；0

至t2

时间内物体1

的位移大于物体2

的位移，故物体1

平均速度大于物体2

的平均速度，故B正确；

C.v鈭�t

图象中图象与时间轴包围的面积表示位移大小；故0

至t3

时间内4

的位移大于3

的位移，时间相等，则4

的平均速度大于3

的平均速度，故C正确；

D.在位移时间图线中；在t2

时刻，位移减小，则运动反向，在速度时间图线中，在t4

时刻，速度减小，但方向不变，故D错误；

故选BC。

【解析】BC

14、ABD【分析】【分析】物体AB

离开桌面后做平抛运动，抛出点的高度相同，运动时间相等，由水平位移可以求出它们的初速度关系，弹簧弹开物体过程中，系统动量守恒，由此判断其质量关系，由动量定理和牛顿第二定律求解冲量和加速关系。本题考查了动量守恒、平抛运动和牛顿第二定律的应用，分析物体被弹开后的运动情况，根据平抛运动判断初速度关系，由动量守恒判断其质量关系，由动量定理和牛顿第二定律求解冲量和加速关系。【解答】A.AB

离开桌面后做平抛运动，它们的运动时间相等，根据x=vt

可得速度之比为：vAvB=xAxB=12

故A正确；B.两个物体及弹簧组成的系统动量守恒，由动量守恒定律得：mAvA鈭�mBvB=0

则质量之比为：mAmB=vBvA=21

故B正确；C.未离开弹簧时。两个物体受到的弹力大小相等，物体所受合外力大小相等，力的作用时间相等，则所受冲量大小相等，AB

所受冲量之比为1:1

故C错误；D.未离开弹簧时，物体所受到的合外力等于弹簧的弹力，两物体受到的合外力相等，加速度之比为：aAaB=mBmA=12

故D正确。故选ABD。【解析】ABD

15、AD【分析】解：A

牛顿用控制变量法通过大量的实验得出牛顿第二定律；故A正确。

B；伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法；故B错误。

C；在不需要考虑物体本身的形状和大小时；用质点来代替物体的方法叫理想模型法，故C错误。

D；在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，故D正确。

故选：AD

根据物理方法和常识解答；记住常见的物理学方法以及著名物理学家的主要贡献即可．

在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．【解析】AD

三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】

在第一个3s内的位移是9，在第二个3s内的位移是0，根据逐差相等公式△x=at2可得：

第一个3s末的瞬时速度等于全程的平均速度：v=

第一个3s内的平均速度为：

所以：

解得：v=4.5m/s

故答案为：-1m/s2；4.5m/s．

【解析】【答案】运用逐差相等公式△x=at2可求得加速度；某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度；根据该规律求出第1个3s末的速度，再根据平均速度等于初末速度的平均可解出初速度的大小．

17、略

【分析】【解析】

试题分析：由和可得，汽车受到的阻力当功率是时，汽车有最大速度时牵引力和阻力相等，所以

考点：汽车启动问题。

点评：汽车加速行驶时满足关系此时当汽车的牵引力等于阻力时，汽车有最大速度。【解析】【答案】18、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】195019、略

【分析】【解析】

试题分析：地球表面附近运行的人造地球卫星,的运转半径等于地球的半径，作圆周运动的向心力等于万有引力，则根据万有引力定律及牛顿定律可知解得第一宇宙速度v＝

考点：万有引力定律的应用。【解析】【答案】20、725【分析】【解答】解：汽车加速度a=

刹车后2s位移

刹车后1s位移=10××（﹣2）×12m=9m

刹车后第2秒通过的距离为x2﹣x1=7m

汽车从刹车到停止的时间为T=

刹车后8s车已经停止，位移为x=

故答案为：7；25

【分析】据速度时间公式求出汽车匀减速直线运动的加速度，求出刹车到停止所需的时间，从而判断汽车8s后是否停止，再结合位移公式求出汽车刹车后的位移．21、略

【分析】【解析】

试题分析：由于最终匀速下落，满足因此

对上升过程的某一极短时间：对整个过程求和：

即：

解得：

考点：匀变速度直线运动的图象，竖直上抛运动【解析】【答案】22、216：1【分析】【分析】时针和分针都是做匀速圆周运动，已知周期之比，根据n=f=1T

求解转速之比，根据娄脴=2娄脨n

求解角速度之比，根据a=娄脴2r

求解向心加速度之比。本题关键是建立圆周运动的运动模型，然后结合向心加速度与周期间的关系列式分析，基础题目。【解答】根据a=4娄脨2rT2

分针与时针的针尖加速度之比为336002拢潞2(12隆脕3600)2=216拢潞1

故填：2161

【解析】2161

四、画图题(共2题，共20分)23、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）24、略

【分析】【解析】试题分析：（1）受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力作用，作用点都在重心（2）抛出后在空中飞行的质量为m=5kg的铅球只受到竖直向下的重力作用考点：考查受力分析的能力【解析】【答案】作图题（略）五、实验探究题(共2题，共14分)25、略

【分析】解：（1）A；打点计时器的打点时间间隔是由电源频率决定的；与电源电压无关，电源电压越高，每打两个点的时间间隔不变，故A错误；

B；打点计时器的打点时间间隔由电源的频率决定；与纸带速度无关，故B错误；

C；打点计时器连续打两个点的时间间隔由电源的频率决定；故C正确；

D；打点计时器应该使用交流电源；使用直流电源将无法工作，故D错误；

故选C．

（2）由匀变速直线运动的推论可知，打下点4时小车的瞬时速度v4=

代入数据解得：v4=×10-2=0.314m/s；

出小车的加速度为a=代入数据解得：a==0.499m/s2．

故答案为：（1）C；（2）0.314m/s，0.499m/s2

（1）根据对打点计时器的掌握分析答题．

（2）应用匀变速直线运动的推论求出受到与加速度．

本题考查了打点计时器的使用、求瞬时速度与加速度，应用匀变速直线运动的推论即可正确解题，注意有效数字的保留．【解析】C；0.314m/s；0.499m/s226、略

【分析】解：（1）木块做匀速直线运动；读出弹簧测力计的示数，根据二力平衡的原理，得到摩擦力的大小等于拉力．

一个木块对木板的压力为20N；则两个木块对木板的压力为40N，数据如下表所示。

。实验次数对木板的压力/N测力计的示数/N滑动摩擦力/N1204.04.02204.04.03408.08.0（2）由1；2两次实验数据可知；物体间接触面的粗糙程度与物体间的压力相同而接触面的面积不同，物体间的滑动摩擦力相同，由此可知，滑动摩擦力的大小与接触面积无关．

（3）比较第1；3两次实验数据可知；在物体间接触面的粗糙程度相同时，物体间的压力越大，物体受到的滑动摩擦力越大．

（4）根据公式：求得摩擦因数：．

故答案为：（1）如上表所示；（2）1；2；（3）滑动摩擦力与压力正比（4）0.2

（1）水平匀速拉动木块；木块做匀速直线运动，处于平衡状态，由二力平衡条件可得，滑动摩擦力等于拉力．根据平衡条件