2025年粤教新版高一物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年粤教新版高一物理下册月考试卷528考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、小说《镜花缘》第七十九回中；宝云问奶公：“家乡有什么趣闻？”奶公说：“前几天刮了一阵大风，把咱们家的一口井忽然吹到墙外去了”你认为，对“井在运动”的参照物判断，错误的是（）

A.井。

B.奶公。

C.墙。

D.风。

2、某物体做变速直线运动，其加速度方向不变，大小逐渐减小到零，该物体的运动情况可能是()A.速度不断增大，最后达到最大，并以此速度做匀速直线运动B.速度不断减小，最后达到最小，并以此速度做匀速直线运动C.速度不断减小，又不断增大，最后做匀速直线运动D.速度不断增大，又不断减小，最后做匀速直线运动3、【题文】关于质点的下列说法正确的是（）A.研究地球公转时，由于地球很大，所以不能将地球看做质点B.万吨巨轮在大海中航行，研究巨轮所处的地理位置时，巨轮可看做质点C.研究火车经过南京长江大桥所用的时间时，可以将火车看做质点D.研究短跑运动员的起跑姿势时，由于运动员是静止的，所以可以将运动员看做质点4、一个小球从距地面8m

高处落下，与地面相碰后弹起而上升到2m

高处被接住，则在小球运动的整个过程中，小球的(

)

A.位移大小2m

方向竖直向上，路程为10m

B.位移大小6m

方向竖直向下，路程为10m

C.位移大小6m

方向竖直向上，路程为10m

D.位移大小10m

方向竖直向下，路程为6m

5、下列叙述正确的是A.rm{1molSO_{2}}的质量为rm{64g/mol}B.rm{SO_{2}}的摩尔质量为rm{64}C.rm{SO_{2}}的相对分子质量rm{64g}D.rm{N_{A}}个rm{SO_{2}}的质量为rm{64g}6、【题文】关于时刻和时间，下列说法正确的是()A.时刻表示时间极短，时间表示时间较长B.时刻对应过程，时间对应状态C.第3秒初表示时刻D.1min只能分成60个时刻7、【题文】长度为0.2m的轻质细杆OA，A端有一质量为1kg的小球，以O点为圆心，在竖直平面内做圆周运动，如图所示，小球通过最高点时的速度为2m/s，取g=10m/s2；则此时轻杆OA将（）

A.受到10N的拉力B.受到10N的压力C.受到20N的拉力D.受到20N的压力评卷人得分二、双选题(共8题，共16分)8、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}9、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量10、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}11、标准状况下，有rm{垄脵6.72L}甲烷，rm{垄脷3.01隆脕10^{23}}个rm{HCl}分子，rm{垄脹13.6gH_{2}S}rm{垄脺0.2mol}氨气，则下列四种气体的关系表示正确的是A.体积：rm{垄脺<垄脵<垄脷<垄脹}B.质量：rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}C.密度：rm{垄脵<垄脹<垄脺<垄脷}D.氢原子数：rm{垄脷<垄脺<垄脹<垄脵}12、关于化学反应过程中，能量变化描述正确的是A.成键过程中吸收能量B.断键过程中吸收能量C.成键过程中放出能量D.断键过程中放出能量13、下列大气污染物中，能与人体中血红蛋白结合而引起中毒的气体是()

A.rm{SO_{2}}B.rm{C{O}_{2}}C.rm{NO_{2}}D.rm{NO}评卷人得分三、多选题(共8题，共16分)14、如图所示，一个带负电的小球悬挂在竖直放置的平行板电容器的内部，接通K

后，悬线与竖直方向的夹角为娄脠

则(

)

A.K

闭合，减小AB

板间距离，则夹角娄脠

增大B.K

闭合，减小AB

板间距离，则夹角娄脠

减小C.K

断开，使B

板竖直向上移动，则夹角娄脠

减小D.K

断开，增大AB

板间距离，则夹角娄脠

不变15、一个光滑的圆锥体固定在水平桌面上，其轴线沿竖直方向，母线与轴线间的夹角为θ=30°，如图所示。一条长为L的细绳，一端拴着一个质量为m的物体。物体沿锥面在水平面内绕轴线以速度v做匀速圆周运动，则（）A.随着物体线速度的不断增大，绳子的拉力不断增大B.随着物体线速度的不断增大，物体受到的支持力先增大后减小C.当v=时物体恰好飘离圆锥面D.当v=时物体只受到两个力的作用16、某汽车研发机构研发了一款电动汽车，某次测试中，汽车以额定功率行驶一段距离后关闭发动机，测出了汽车速度v

与时间t

的关系图象如图所示，其中垄脵

是关闭电动机后的关系图线。已知汽车的质量为1000kg

设汽车运动过程中所受地面阻力恒定，空气阻力不计，根据图象所给的信息可求出(

)

A.汽车行驶过程中所受地面的阻力为2000N

B.汽车的额定功率为40kW

C.汽车在此测试过程中蓄电池提供的电能有36隆脕105J

D.整个过程汽车行驶的距离为1.8km

17、如图所示，水平光滑轨道的宽度和弹簧自然长度均为dm2

的左边有一固定挡板，m1

由图示位置静止释放.

当m1

与m2

第一次相距最近时m1

速度为v1

在以后的运动过程中(

)

A.m1

的最小速度可能是0

B.m1

的最小速度可能是m1鈭�m2m1+m2v1

C.m2

的最大速度可能是v1

D.m2

的最大速度可能是m1m1+m2v1

18、某卫星绕地球做匀速圆周运动，周期为T

已知地球半径为R

地球表面重力加速度为g

引力常量为G

假设地球的质量分布均匀，忽略地球自转。以下说法正确的是()A.卫星运行半径r=gR2T24蟺23

B.卫星运行半径r=RT2蟺g3

C.地球平均密度娄脩=3g4蟺GR

D.地球平均密度娄脩=3gR4蟺G

19、一小船在静水中的速度为3m/s

它在一条河宽150m

流速为4m/s

的河流中渡河，则下列说正确的是(

)

A.小船不可能到达正对岸。

B.小船渡河时间不少于50s

C.小船以最短时间渡河时，它沿水流方向的位移大小为200m

D.小船以最短位移渡河时，位移大小为150m

20、物体从h

高处自由下落，它在落地前1s

内共下落35m

g

=10m/s2.

下列说法中正确的有A.物体下落的时间为4s

B.物体落地时速度为40m/s

C.下落后第1s

内、第2s

内、第3s

内，每段位移之比为1隆脙2隆脙3

D.落地前2s

内共下落60m

21、两颗靠得很近的天体称为双星，它们以两者连线上的某点为圆心作匀速圆周运动，则下列说法正确的是（）A.它们作匀速圆周运动的半径与其质量成正比B.它们作匀速圆周运动的向心加速度大小相等C.它们作匀速圆周运动的向心力大小相等D.它们作匀速圆周运动的周期相等评卷人得分四、简答题(共2题，共18分)22、如图所示，质量均为M的两个梯形木块A、B在水平力F的作用下，一起沿光滑的水平面运动，A与B的接触面光滑，且与水平面的夹角为37°，已知重力加速度为g，则要使A与B保持相对静止一起运动，水平力F最大为多少？23、I.某五色透明溶液中可能存在大量rm{Ag^{+}}rm{Mg^{2+}}rm{Fe^{3+}}rm{Cu^{2+}}中的一种或几种，请填写下列空白。rm{(1)}不用做任何实验就可以肯定溶液中不存在的离子是________。rm{(2)}取少量原溶液，加入过量稀盐酸，有白色沉淀生成，再加入过量稀硝酸，沉淀不消失，说明原溶液中肯定存在的离子是________。rm{(3)}取rm{(2)}的滤液加过量的rm{NaOH}溶液，出现白色沉淀，说明原溶液中肯定有________。rm{(4)}原溶液中可能大量存在的阴离子是________rm{(}填序号rm{)}A.rm{Cl^{-}}B.rm{{NO}_{3}^{-}}C.rm{{CO}_{3}^{2-}}D.rm{OH^{-}}Ⅱrm{.}根据反应rm{Cu+4HNO_{3}(}浓rm{)=Cu(NO_{3})_{2}+2NO_{2}隆眉+2H_{2}O}回答下列问题：rm{(1)}氧化产物是________，还原产物是________。rm{(}均填化学式rm{)}rm{(2)}氧化剂与还原剂的物质的量之比是________。rm{(3)}当有rm{2molHNO_{3}}参加反应时，被氧化的物质是________rm{g}电子转移数目约为________个。评卷人得分五、识图作答题(共2题，共8分)24、自然界中的生物分细胞生物和非细胞生物两大类，请据图回答下列问题。(1)A与B相比，B特有的结构是__________________________（填细胞器）。(2)若A图是根尖分生区细胞，则图中不该有的结构是__________________（填细胞器）。B图细胞中能够产生ATP的结构有____________________。(3)A、B、C、D四种生物中与其它三种有明显区别的是__________，其自身蛋白质合成的场所是________。(4)A、B、C共有的细胞器是____。25、下图4个细胞是某雌性动物体内不同细胞分裂示意图（假设该动物的体细胞有4条染色体，无基因突变和交叉互换），请回答以下问题：

（1）图中属于减数分裂的有________________。（2）不具有同源染色体的细胞有________________。（3）不具有姐妹染色单体的细胞有________________。（4）D产生的子细胞的名称是__________________。（5）分裂过程中会发生等位基因分离的细胞是______________。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、A|B【分析】

人之所以看到“井”会被“吹到篱笆外去”；说明说这句话的人是以墙或者风为参照物的；

如果以人；井为参照物；井相对于人和井的位置没有发生变化，所以井是静止的。

本题选错误的。

故选AB

【解析】【答案】研究物体的运动情况时；首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物．研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的位置是否变化．由此来突破此题．

2、A|B|C【分析】试题分析：若物体做加速运动，速度方向与加速度方向相同，加速度减小，速度仍然增大，当加速度减小为0时，速度最大，而后做匀速直线运动，故A正确，D错误．当加速度方向与速度方向相反，速度减小，当加速度减小到零，速度还未减小到零，以后做匀速直线运动，故B正确．当加速度方向与速度方向相反，速度减小，当加速度还未减小到零，速度已减小到零，则会反向做加速运动，当加速度减小到零，做匀速直线运动，故C正确．故选ABC．考点：对速度和加速度的理解【解析】【答案】ABC3、B【分析】【解析】

试题分析：质点是一个物理抽象；也是一个理想化模型，即当物体的形状和大小与所研究的问题可以忽略不计时，就可以把物体看成是质点。万吨巨轮在大海中航行，研究巨轮所处的地理位置时，巨轮可看做质点，B选项正确；而研究地球公转时；研究火车经过南京长江大桥所用的时间时、研究短跑运动员的起跑姿势时，地球、火车、短跑运动员都不可看成质点，所以A、C、D均错。

考点：质点【解析】【答案】B4、B【分析】解：一个小球从8m

高处落下；被地面弹回，在2m

高处被接住，小球首末位置的距离为6m

则位移的大小为6m

方向竖直向下；

物体经过的路程为S=8+2=10m

故B正确；ACD错误．

故选：B

．

位移的大小等于首末位置的距离；方向由初位置指向末位置，路程是物体实际经过的轨迹长度．

解决本题的关键知道位移和路程的区别，位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度．【解析】B

5、D【分析】【分析】本题考查物质的量的使用及摩尔质量，注意摩尔质量的单位以及摩尔质量与相对分子质量的关系，题目难度不大。【解答】A.质量的单位是rm{g}rm{1molSO}rm{g}rm{1molSO}rm{{,!}_{2}}故A错误；B.的质量是rm{64g}故A错误；rm{64g}摩尔质量单位是rm{g/mol}rm{SO}rm{g/mol}故B错误；C.rm{SO}rm{{,!}_{2}}的摩尔质量是rm{64g/mol}故B错误；故C错误；D.rm{64g/mol}rm{SO}rm{SO}rm{2}rm{2}质量为的相对分子质量rm{64}故C错误；故D正确。故选D。rm{64}【解析】rm{D}6、C【分析】【解析】

试题分析：时刻是指时间点；时间是指时间的长度，即时间的间隔，所以A错误；时间是指时间的长度，对应过程，时刻是指时间点，对应状态，所以B错误；“第3s初”是一个瞬时，表示时刻，故C正确；1min时间内有无数个时刻，故D错误。

考点：时间与时刻【解析】【答案】C7、A【分析】【解析】

试题分析：小球在细杆的作用下，在竖直平面内做圆周运动．小球到达最高点时，受重力和杆的弹力，先假设为向下的弹力，杆的弹力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律得：

解得：

故弹力的方向与假设的方向相同；为向下的10N拉力．

根据牛顿第三定律；球对杆有向上的10N拉力．故选A．

考点：本题主要考查对向心力来源的分析以及牛顿第二定律和牛顿第三定律的简单应用．【解析】【答案】A二、双选题(共8题，共16分)8、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}9、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}10、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}11、BD【分析】【分析】该题是中等难度的试题，试题综合性强，在注重对基础知识考查的同时，更侧重对学生能力的培养。该题学生需要注意的是在进行物质的量的有关计算时，关键是熟练应用几个关系式rm{n=m/M}特别还要注意气体摩尔体积的使用条件，即只能适用于气体，且只有在标准状况下，气体的摩尔体积才是rm{22.4L/mol}【解答】根据题意可知，甲烷、氯化氢、rm{H_{2}S}的物质的量分别是rm{垄脵}rm{垄脵}rm{6.72L隆脗22.4L/mol=0.3mol}rm{垄脷}rm{垄脷}rm{垄脹}氨气。A.根据阿伏加德罗定律可知，气体的体积大小关系是rm{垄脹}故A错误；B.甲烷的质量是rm{13.6g隆脗34g/mol=0.4mol}氯化氢的质量是rm{垄脺0.2mol}氨气。氨气的质量是rm{垄脺0.2mol}所以质量关系是rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}故B正确；C.在相同条件下，气体的密度之比是相对分子质量之比，故C错误；D.氢原子的物质的量分别是rm{4.8g}rm{18.25g}rm{3.4g}rm{垄脺<垄脵<垄脹<垄脷}则氢原子数rm{1.2mol}故D正确。故选BD。rm{0.5mol}【解析】rm{BD}12、BC【分析】【分析】本题考查了化学反应中的能量变化，理解化学键的断裂和形成是能量变化的根本原因是解题的关键。

【解答】化学键的断裂和形成是化学反应中能量变化的原因，破坏化学键要吸收能量，形成新的化学键要释放能量，故B、C正确。故选BC。【解析】rm{BC}13、BD【分析】【分析】本题主要考查物质的性质方面的知识，解答时要理解一氧化碳、一氧化氮等物质能够与血红蛋白结合，从而引起中毒。【解答】A.二氧化硫对眼和呼吸道有强烈刺激作用，吸入高浓度二氧化硫可引起喉水肿、肺水肿、声带水肿及rm{(}或rm{)}痉挛导致窒息，rm{SO_{2}}还会导致糖及蛋白质的代谢障碍；从而引起脑；肝、脾等组织发生退行性变，故A错误；

B.一氧化碳容易与血液中的血红蛋白结合，使人中毒；故B正确；

C.二氧化氮的毒作用主要是损害深部呼吸道；故C错误；

D.一氧化氮容易与血液中的血红蛋白结合；使人中毒，故D正确。

故选BD。【解析】rm{BD}三、多选题(共8题，共16分)14、AD【分析】解：AK

闭合；减小AB

板间的距离，电势差不变，电场强度E

增大，则小球所受的电场力增大，可知夹角娄脠

增大，故A正确，B错误．

C、K

断开，则电容器的电荷量不变，电场强度E=Ud=QCd=4娄脨kQ系s

将B

板竖直向上移动，则正对面积减小，电场强度增大，可知夹角娄脠

增大.

若增大两极板间的距离，电场强度E

不变，夹角娄脠

不变，则故C错误，D正确．

故选：AD

．

小球受重力；拉力、电场力三个力处于平衡状态；保持开关S

闭合，电容器两端间的电势差不变；断开开关S

电容器所带的电量不变.

分析板间场强的变化，判断夹角的变化．

解决电容器的动态分析问题要抓住不变量.

若电容器与电源断开，电量保持不变；若电容器始终与电源相连，电容器两端间的电势差保持不变．【解析】AD

15、AD【分析】解：A；B、绳子的拉力和圆锥面支持力的竖直方向的合力与物体的重力相互平衡；绳子的拉力和圆锥面支持力的水平方向的合力通过向心力，随着线速度的增大，绳子拉力不断增大，但物体会离开斜面，故支持力逐渐减小，直至为零，A正确，B错误；

C、D、当物体刚好离开圆锥面时，此时支持力为零，Tcosθ-mg=0，解得临界线速度v=

当v1＜v时，支持力存在，物体还在圆锥面上，当v2＞v时；物体脱离圆锥面，受到重力和绳子拉力作用，C错误，D正确。

故选：AD。

①物体做圆周运动的线速度逐渐增大；绳子拉力不断增大，支持力逐渐减小直至为零；

②求出物体刚要离开锥面；支持力为零时的临界速度。当速度大于临界速度，则物体离开锥面，当速度小于临界速度，物体还受到支持力；

③根据牛顿第二定律；物体在竖直方向上的合力为零，水平方向上的合力提供向心力，求出绳子的拉力。

解决本题的关键找出物体的临界情况，以及能够熟练运用牛顿第二定律求解。支持力刚好为零时，此时的速度为临界速度。当速度大于临界速度，则物体离开锥面，当速度小于临界速度，物体还受到支持力。【解析】AD16、ACD【分析】解：A

对于图线垄脵

图象的斜率表示加速度，则加速度大小为a=鈻�v鈻�t=40鈭�065鈭�45=2m/s2

根据牛顿第二定律可得f=ma=2000N

故A正确。

B；设汽车匀速运动的速度为v=40m/s

则汽车的额定功率为：P=Fv=fv=2隆脕103隆脕40W=80kW.

故B错误。

C；汽车以额定功率行驶的时间为t=45s

汽车在此测试过程中蓄电池提供的电能为W=Pt=80隆脕103隆脕45J=36隆脕105J

故C正确；

D；根据动能定理可得：W鈭�fx=0

解得：x=1800m=1.8km

故D正确。

故选：ACD

根据图象求解加速度；根据牛顿第二定律求解阻力；根据P=Fv

建设汽车的额定功率；根据W=Pt

计算蓄电池提供的电能；根据动能定理求解移动的位移。

本题是汽车的起动问题，知道速度图象表示的物理意义以及功和功率的关系，能够根据整个过程利用动能定理求解问题。【解析】ACD

17、ABC【分析】【分析】当m1

与m2

相距最近后，m1

继续前行，两物体组成的系统水平方向不受外力，故动量守恒；由动量守恒及机械能守恒定律分析过程可知两小球的运动情景。本题为弹性碰撞的变式，可以作为水平方向弹性碰撞模型进行分析，分析其运动过程找出其最大最小速度的出现位置，由动量守恒可以解答。【解答】从小球m1

到达最近位置后继续前进；此后拉到m2

前进，m1

减速，m2

加速，达到共同速度时两者相距最远，此后m1

继续减速，m2

加速，当两球再次相距最近时，m1

达到最小速度，m2

达最大速度：

两小球水平方向动量守恒；速度相同时保持稳定，一直向右前进；

m1v1=m1v1隆盲+m2v2

12m1v12=12m1v1鈥�2+12m2v22

解得：v1隆盲=m1鈭�m2m1+m2v1,v2=2m1m1+m2v1

；当m1=m2

时，v1鈥�=0v2鈥�=v1

故ABC正确；D错误。

故选ABC。

【解析】ABC

18、AC【分析】【分析】卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力列式，物体在地球表面上，根据万有引力等于重力，求得地球的质量，联立可求得卫星运行半径；结合地球的质量和地球的体积求出地球的平均密度。解决本题的关键是掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能灵活运用。【解答】AB.

卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力得：GMmr2=m4娄脨2T2r

物体在地球表面上，根据万有引力等于重力，得GMm/R2=m/g

联立解得卫星运行半径r=gR2T24娄脨23

故A正确，B错误；CD.

由GMm/R2=m/g

得地球的质量M=gR2G

地球平均密度娄脩=M43娄脨R3=3g4娄脨GR

故C正确，D错误。故选AC。【解析】AC

19、ABC【分析】因为船在静水中的速度小于河水的流速；由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸.

故A正确．

当船的静水中的速度垂直河岸时渡河时间最短：tminmin=dv麓卢=50s

故B错误．

船以最短时间50s

渡河时沿河岸的位移：x=v水tminmin=4隆脕50m=200m

即到对岸时被冲下200m

故C正确．

因为船在静水中的速度小于河水的流速；由平行四边形法则求合速度不可能垂直河岸，小船不可能垂直河岸正达对岸．

所以最短位移大于河的宽度即大于150m.

故D错误．

故选ABC．【解析】ABC

20、ABD【分析】【分析】根据自由落体运动规律h=12gt2

可求得物体下落的时间和落地前2s2s内共下落的位移；由v=gtv=gt求物体落地时的速度；由由初速度为零的匀变速直线运动比例关系可求C

项。本题主要考查自由落体运动的规律，知道自由落体运动是初速度为零，加速度为g

的匀变速直线运动，灵活选取表达式求解。【解答】A.由h=12gt2鈭�12g(t鈭�1)2=35mh=dfrac{1}{2}g{t}^{2}-dfrac{1}{2}g(t-1{)}^{2}=35m解得：t=4st=4s故A正确；B.由v=gt=10x4m/s=40m/s

知，物体落地时速度为40m/s40m/s故B正确；C.由初速度为零的匀变速直线运动比例关系知，下落后第1s1s内、第2s2s内、第3s3s内，每段位移之比为1:3:91:3:9故C错误；D.落地前2s2s内共下h2=12gt2鈭�12g(t鈭�2)2=12隆脕10隆脕42m鈭�12隆脕10隆脕(4鈭�2)2m=60m{h}_{2}=dfrac{1}{2}g{t}^{2}-dfrac{1}{2}g(t-2{)}^{2}=dfrac{1}{2}隆脕10隆脕{4}^{2}m-dfrac{1}{2}隆脕10隆脕(4-2{)}^{2}m=60m故D正确。故选ABD。【解析】ABD

21、CD【分析】解：A、设两星之间的距离为L，质量分别为m1、m2；根据万有引力提供向心力得：

G=m1ω2r1①

G=m2ω2r2②

联立①②可得：m1r1=m2r2；即轨道半径和质量成反比，故A错误；

B、因为不清楚质量的大小关系，故半径的大小关系也无法确定，根据向心加速度：a=ω2r；可知向心加速度不一定相等，故B错误；

C；两颗星之间的万有引力是一对相互作用力；万有引力提供向心力，根据牛顿第三定律可知向心力大小相等，故C正确。

D；双星具有相同的周期；故D正确；

故选：CD。

在双星系统中；双星之间的万有引力提供各自做圆周运动的向心力，即向心力相同，同时注意：它们的角速度相同，周期相同，然后根据向心力公式列方程即可求解。

本题考查万有引力定律的运用，解决问题时要把握好问题的切入点。如双星问题中两卫星的向心力相同，角速度相等。【解析】CD四、简答题(共2题，共18分)22、略

【分析】

隔离对B分析；抓住临界情况，即地面对N的支持力为零，根据牛顿第二定律B的最大加速度，再对整体根据牛顿第二定律求出F的最大值．

解决本题的关键抓住临界情况，即地面对B的支持力为零，结合牛顿第二定律，运用整体法和隔离法进行求解．【解析】解：当F最大时；地面对B的支持力为零，根据牛顿第二定律有：

Ncos37°=Mg；

解得：N=

则B的最大加速度a=

对整体；根据牛顿第二定律得：

F=2Ma=1.5Mg

即F的最大值为1.5Mg．

答：要使A与B保持相对静止一起运动，水平力F最大为1.5Mg．23、Ⅰ．

（1）Fe3＋、Cu2＋

（2）Ag＋

（3）Mg2＋

（4）B

Ⅱ．

（1）Cu（NO3）2NO2

（2）2∶1

（3）32NA或6.02×1023【分析】【分析】本题考查无机物的推断和氧化还原反应的知识，为高频考点，侧重考查离子的反应与推断和氧化还原反应的知识，根据离子的颜色、离子之间的反应来分析解答，知道铁离子、亚铁离子、硫酸根离子、氯离子、铵根离子的检验方法及现象，题目难度不大。【解答】rm{(1)}有颜色的离子不用做实验就能判断是否存在，溶液无色说明不含rm{Cu}rm{2+}、rm{2+}rm{Fe}。故答案为：rm{3+}rm{3+}、rm{Cu}rm{2+}；rm{2+}加入过量稀盐酸，有白色沉淀生成，再加入过量稀硝酸，沉淀不消失，说明含有rm{Fe}rm{3+}故答案为：rm{3+}rm{(2)}；rm{Ag}能和rm{+}溶液反应的离子是rm{+}rm{Ag}故答案为：rm{+}rm{+}；rm{(3)}原溶液中存在rm{NaOH}rm{Mg}，则rm{2+}rm{2+}不能共存，原溶液中肯定有rm{Mg}rm{2+}，故Crm{2+}rm{(4)}rm{Ag}、rm{+}rm{+}不能与其共存，硝酸根离子不与所给的任何离子生成沉淀，故溶液中可能大量存在的离子是硝酸根。故答案为：rm{Cl}Ⅱrm{-}根据反应rm{-}rm{Mg}rm{2+}浓rm{2+}rm{O}rm{3}rm{3}rm{2-}rm{2-}rm{OH}rm{-}rm{-}回答下列问题：rm