2025年人教版必修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版必修3物理下册阶段测试试卷349考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图所示中，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器。电源的电动势为E，内阻为r，电压表读数为U，电流表读数为I。当R3的滑片向a端移动时；下列结论中正确的是（）

A.U变大，I变大B.U变大，I变小C.U变小，I变小D.U变小，I变大2、如图，空间中存在着水平向右的匀强电场，现将一个质量为m，带电量为的小球在A点以一定的初动能竖直向上抛出，小球运动到竖直方向最高点C时的沿场强方向位移是动能变为原来的一半（重力加速度为g）；下列说法正确的是（）

A.场强大小为B.A、C竖直方向的距离为的2倍C.小球从C点再次落回到与A点等高的B点时，水平位移是D.小球从C点落回到与A点等高的B点时，电场力做功大小为3、如图所示，匀强电场的电场强度E=60V/m，A、B两点相距10cm，A、B连线与电场线的夹角为60°，则UBA的值为（）

A.-3VB.3VC.-6VD.6V4、如图所示的电路，电源电动势恒定且内阻不可忽略，为定值电阻，为滑动变阻器，为理想电流表，为理想电压表。闭合开关后，分别表示两个电流表的示数，分别表示三个电压表的示数。现将滑动变阻器的滑片稍向上滑动一些，分别表示两个电流表示数变化的大小分别表示三个电压表示数变化的大小。下列说法正确的是（）

A.变小B.变小C.小于D.大于5、静电现象在自然界中普遍存在，我国早在西汉末年已有对静电现象的记载，《春秋纬·考异邮》中有“玳瑁吸”之说，但下列不属于静电现象的是（）A.梳过头发的塑料梳子吸起纸屑B.带电小球移至不带电金属球附近，两者相互吸引C.磁铁吸引铁D.从干燥的地毯上走过，手碰到金属把手时有被电击的感觉6、下列物理量是矢量的是（）A.功B.重力势能C.速度的变化量D.磁通量7、均匀带电的球壳在球内空间任意一点产生的场强为零．如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=R/2．已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为（））

A.B.C.-ED.E-E8、如图所示，真空中有一边长为l的菱形ABCD，∠ADC=60°，P点是AC连线的中点，在A点固定一电量为q的负点电荷，在C点固定一电量为2q的正点电荷．则以下说法正确的是

A.B点和D点的电场强度相同B.P点的电场强度大小是D点的4倍C.B点电势低于P点电势D.试探电荷在D点的电势能大于在B点的电势能评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)9、电动势为E、内阻为r的电池与固定电阻R0、可变电阻R串联，如图所示，设R0=r，Rab=2r．当滑动变阻器的滑动片自a端向b端滑动时；下列说法正确的是（）

A.变阻器消耗的功率减少B.电池消耗的总功率先变大后变小C.固定电阻R0上消耗的功率将减小D.电池内电阻上消耗的功率将变大10、如图所示,平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接,下极板接地,静电计所带电荷量很少,可被忽略。一带负电油滴被固定于电容器中的P点。现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离,则下列说法中正确的是（）

A.平行板电容器的电容值将变小B.静电计指针张角变小C.带电油滴的电势能将减少D.若先将上极板与电源正极的导线断开,再将下极板向下移动一小段距离,则带电油滴所受电场力不变11、在x轴上O、P两点分别放置电荷量为q1、q2的点电荷，一带正电的试探电荷在两电荷连线上的电势能EP随x变化关系如图所示，其中A、B两点电势能为零，BD段中C点电势能最大；则下列说法正确的是（）

A.q1和q2带异种电荷B.C点的电势大于零C.B点电场强度方向沿x轴正方向D.将一负点电荷从B点移到D点，电场力先做负功后做正功12、如图所示；是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）

A.a点的电势高于b点的电势B.a点的电场强度大于b点的电场强度C.a点和b点电场强度的方向相同D.该点电荷带负电13、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源（内阻不计）连接，下极板接地，静电计所带电荷量很少，可被忽略．一带负电油滴被固定于电容器中的P点．现将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则（）

A.平行板电容器的电容将变大B.静电计指针张角不变C.带电油滴的电势能将增大D.若先将上极板与电源正极连接的导线断开，再将下极板向下移动一小段距离，则带电油滴所受电场力不变14、如图所示，质量为M=4kg的木板静止在光滑水平面上，一个质量为m=1kg的小滑块以初速度v0=5m/s从木板的左端向右滑上木板；小滑块始终未离开木板．则下面说法正确的是。

A.从开始到小滑块与木板相对静止这段时间内,小滑块和木板的加速度大小之比为1:4B.整个过程中因摩擦产生的热量为10JC.可以求出木板的最小长度是3.5mD.从开始到小滑块与木板相对静止这段时间内，小滑块与木板的位移之比是6:1评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、有一个电流表G，内阻Rg=30Ω，满电流Ig=1mA．要把它改装为量程0~0.6A的电流表，要并联_____Ω的电阻，改装后电流表的内阻是______Ω。16、一矩形线圈面积S＝10cm2，它和匀强磁场方向之间的夹角θ1＝30°，穿过线圈的磁通量Ф＝2×10－4Wb，则磁场的磁感应强度B＝______________；若线圈以一条边为轴转180°，则穿过线圈的磁通量的变化量为____________；若线圈平面和磁场方向之间的夹角变为θ2＝0°，则Ф0＝________________。17、如图所示，A、B两个带异种电荷的小球分别被两根绝缘细线系在木盒内的一竖直线上，静止时木盒对地面的压力为细线对B的拉力为若将系B的细线断开，刚断开时木盒对地面的压力等于____________；在B向上运动过程中，木盒对地面的压力逐渐___________（填“变大”或“变小”）。

18、如图，是探究影响电荷间相互作用力的因素的实验图，这个实验目的是研究电荷间的相互作用力的大小和______的关系，该实验采用的实验方法是______。19、图中A、B、C、D是匀强电场中一边长为0.10m的正方形的四个顶点，已知A、B、C、D四点的电势分别为????????=15V，????????=3V，????C=9V，则A、B的中点电势为________V，该电场的电场强度大小为______________V/m.

评卷人得分四、实验题(共3题，共18分)20、小明手里有一块多用电表A，其功能完好，但刻度值已不清晰。他想通过实验测定该多用表（简称A表，下同）“×10Ω”档欧姆调零后的内阻R0和内置电源的电动势E。他找来了另一个多用电表B（简称B表；下同）；一个电阻箱、一个开关和若干导线作为实验的器材。

实验的操作如下：

（1）小明将A表调到“×10Ω”档，将B表调到“mA”档，准备如图（甲）将所有的器材串联起来作为实验电路。请你在图中连好剩余的导线______：

（2）先使用B表的电流档测量A表“×10Ω”档的满偏电流。将电阻箱阻值调为0，将A表调到欧姆档“×10Ω”档位置。几次试测后，确定B表应使用“10mA”档，调节A表的欧姆调零旋钮直至A表满偏，此时B表的读数如图（乙）所示，记录下B表读数为______mA；

（3）断开开关，保持A、B表档位不变，将A表红黑表笔短接进行______；然后重新连入原来电路。

（4）调节电阻箱，闭合开关，当B表读数为6.0mA时，读出电阻箱阻值为R1=250Ω：继续调节电阻箱阻值，当B表读数为4.0mA时，读出电阻箱阻值为R2=1000Ω；

（5）断开电路；整理器材。

根据以上测量数据，可算出A表“×10Ω”档内置电源的电动势E=_____V，A表“×10Ω”档欧姆调零后的内阻R0=_____Ω，B表量程“10mA”档的内电阻RB=______Ω。21、测定电源的电动势和内电阻的实验电路和图像如下；回答下列问题：

(1)如图所示在闭合开关之前为防止电表过载而滑动变阻器的滑动头P应放在___________处。

(2)现备有以下器材：

A.干电池1个。

B.滑动变阻器（0~50Ω）

C.滑动变阻器（0~1750Ω）

D.电压表（0~3V）

E.电压表（0~15V）

F.电流表（0~0.6A）

G.电流表（0~3A）

其中滑动变阻器应选___________，电流表应选___________，电压表应选___________。（填字母代号）

(3)如图是根据实验数据画出的图像。由此可知这个干电池的电动势E=___________V，内电阻r=___________22、（1）图1是改装并校准电流表的电路图，已知表头μA的量程为Ig=600μA内阻为Rg，mA是标准电流表，要求改装后的电流表量程为I=60mA．完成下列填空．图1中分流电阻Rp的阻值为__________．

（2）在电表改装成后的某次校准测量中，a表的示数如图2所示，由此读出流过a电流表的电流为__________mA，此时流过分流电阻Rp的电流为_______mA（结果均保留一位小数）参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

由图可知，R2、R3并联后，与R1串联，电压表测量路端电压，当变阻器的滑片向a端移动时，接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，则根据闭合电路欧姆定律

可知，路端电压减小，即电压表的读数U减小；

总电流增大，则根据部分电路欧姆定律

可知，R1的电压增大，再根据串联电路电压特点

可知，R2两端的电压减小，电流减小，即电流表的读数I减小；

故选C。2、A【分析】【详解】

A.设水平方向因电场力产生的加速度为小球在A点的初速度为小球在最高点C的速度为小球从A到C的时间为则有

由题意最高点C的动能变为原来的一半，

联立解得场强大小为

A正确；

B.球从A到C过程，水平方向

竖直方向

联立解得

B错误；

C.小球在水平方向做初速度为0的匀加速运动，由于A到C的时间等于C到B的时间，则有

即小球从C点再次落回到与A点等高的B点时，水平位移是C错误；

D.小球从C点落回到与A点等高的B点时，电场力做功大小

D错误；

故选A。3、A【分析】【分析】

【详解】

匀强电场中，有

所以

故选A。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．滑动变阻器的滑片向上滑动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由“串反并同”可知变大；A错误；

B．由欧姆定律可知

接入电路的阻值变大，所以变大；B错误；

C．电压表的示数等于电阻和两端的电压之和，接入电路阻值变大，电压表的示数变大，由于总电流变小，但是流过的电流变大，所以流过电阻的电流变小，电阻两端的电压变小，所以大于C正确；

D．由闭合电路欧姆定律分析可知

所以小于D错误。

故选C。5、C【分析】【分析】

【详解】

A．梳过头发的塑料梳子由于摩擦而带电；吸起纸屑是带电体吸引轻小物体，属于静电现象，故A错误；

B．带电小球移至不带电金属球附近；由于感应起电使二者相互吸引，属于静电现象，故B错误；

C．磁铁吸引铁是磁现象；不属于静电现象，故C正确；

D．从干燥的地毯上走过；手碰到金属把手时有被电击的感觉，属于静电现象，故D错误。

故选C。6、C【分析】【详解】

ABD．功、重力势能和磁通量都只有大小没有方向，是标量，故ABD错误；

C．速度的变化量既有大小又有方向；是矢量，故C正确。

故选C。7、D【分析】【分析】

【详解】

根据题意；把另外一半的球面补充完整，则整个球面带电量将为2q,由均匀带电的球壳在球内空间任意一点产生的场强为零知，整个球面在M点产生的场强为零，已知M点的场强为E，则右半部分在M的场强大小也为E，方向与E相反，根据对称性，左半部分在N点的场强和右半部分在M的场强大小相等，也为E.故A；B、C错误，D正确.

故选D.

【点睛】

本题考查电场强度和割补法的应用.8、C【分析】【详解】

A项；电场强度是矢量，由于A；C两点的电荷量不相等，所以B、D两点场强叠加后方向不相同，故A错；

B、P点的场强大小为

而D点的场强大小为故B错误。

C；由电场的叠加可以知道在PB之间的电场方向应该与PB方向成锐角；而沿电场线电势降低，所以P点的电势高于B点的电势，故C正确；

D；由于对称性可知BD两点的电势相等；所以试探电荷在这两点的电势能也相等，故D错误；

故选C二、多选题(共6题，共12分)9、A:D【分析】【分析】

【详解】

A.将R0看成电源的内阻；则有。

R0+r=2r而。

Rab=2r当外电阻等于内阻时，电源消耗功率最大，则滑动片由a端向b端滑动时；变阻器消耗的功率减小，故A正确；

B.根据电池总功率。

P=IE可知；电流增大，总功率变大，故B错误．

CD.当变阻器的滑动片自a端向b端滑动时；变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，根据功率。

P=I2R可知，固定电阻R0上和电源的内阻上消耗功率变大，故C错误，D正确；10、A:C:D【分析】【详解】

A．根据知，d增大；则电容减小，故A正确；

B．静电计测量的是电容器两端的电势差；因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B错误；

C．电势差不变，d增大，则电场强度减小，故P点与上极板的电势差减小，则P点的电势升高；因油滴带负电，可知带电油滴的电势能将减小，故C正确；

D．电容器与电源断开，则电荷量不变，再将下极板向下移动一小段距离，即d变大，根据可得

则两板间场强不变，油滴受电场力不变，选项D正确；故选ACD。11、A:B【分析】【详解】

A．由图知从O到P电势能一直减小；试探电荷带正电，电势一直降低，则两个点电荷必定是异种电荷，选项A正确；

B．由图可知从B到C，电势能增加，试探电荷带正电，电势升高，故C点的电势大于零；选项B正确；

C．根据顺着电场线电势降低可知，BC间电场强度方向沿x轴负方向；选项C错误；

D．将一负点电荷从B移到D点；电势先升高后降低，电势能先减小后增大，电场力先做正功后做负功，选项D错误。

故选AB。12、B:D【分析】【详解】

A．点电荷的等势面是以点电荷为圆心的同心圆，利用等势面和沿着电场线方向电势降低可判断出b点的电势高于a点的电势；A错误；

B．电场线的疏密表示场强大小，所以a点的电场强度大于b点的电场强度；B正确；

C．电场线上某点的切线方向表示该点的场强方向；C错误；

D．根据正负点电荷电场线的特点可判断该点电荷带负电；D正确。

故选BD。13、B:D【分析】【详解】

A.根据知；将平行板电容器的下极板竖直向下移动一小段距离，则d增大，则电容减小，故A错误；

B.静电计测量的是电容器两端的电势差；因为电容器始终与电源相连，则电势差不变，所以静电计指针张角不变，故B正确；

C.两板电势差不变，d增大，则两板间电场强度减小，P点与上极板间的距离不变，由U=Ed可知，P点与上极板间的电势差减小，则P点的电势升高；因油滴带负电，可知油滴的电势能减小，故C错误；

D.电容器与电源断开，则电荷量不变，d改变，根据知电场强度不变，则油滴所受电场力不变．故D正确．14、B:D【分析】【分析】

由牛顿第二定律分别求出加速度即可；分析滑块和木板组成的系统所受的外力，判断动量是否守恒．滑块相对木板静止时，由动量守恒定律求出两者的共同速度，由能量守恒定律求内能．再由求木板的最小长度L；由运动学公式求滑块与木板的位移之比．

【详解】

A．滑块在水平方向只受到摩擦力的作用，由牛顿第二定律可得：地面光滑，可知M在水平方向也只受到m对M的摩擦力，由牛顿第二_定律可得：其中μ是二者之间的动摩擦因数，即：故A错误；

B．水平面光滑，则滑块和木板组成的系统所受的合外力为零，两者水平方向动量守恒，滑块相对木板静止时，取向右为正方向，根据动量守恒定律得：解得：v=1m/s．根据能量守恒定律得，整个辻程中因摩擦产生的内能：故B正确；

C．设木板的最小长度为L，則有但由于不知道动摩擦因数不能求出木板的最小长度，故C错误；

D.从开始到滑块与木板相对静止込段时向内；滑快与木板的位移之比是：

故D正确．

【点睛】

本题主要考查了板块模型的综合应用，属于中等题型．三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

[1]把它改装为量程0~0.6A的电流表，要并联电阻阻值为

[2]改装后电流表的内阻为【解析】0.050.0516、略

【分析】【详解】

[1]磁感应强度为

[2]线圈以一条边为轴转过180°，穿过线圈的磁能量的变化为

[3]若线圈平面和磁场方向之间的夹角变为θ2=0°，则Φ=0。【解析】0.4T4×10－4Wb017、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]细线断开前，对整体(A、B和木盒)进行受力分析，整体受重力Mg和地面的支持力F′N。根据共点力平衡的条件和牛顿第三定律得出。

细线断开前；对小球B进行受力分析，根据共点力平衡的条件得出。

若将系B的细线断开，对小球B进行受力分析，小球B受重力mg，向上的电场力F电刚断开时，对A和木盒做为整体进行受力分析，整体受重力M′g、地面的支持力FN′′、小球B对A的静电力F电。运用平衡条件得出。

由牛顿第三定律得木盒对地的压力等于

[2]在B向上运动的过程中，小球B对A的电场力F电′增大；由。

得地面对木盒的支持力也在增大，根据牛顿第三定律知道木盒对地的压力逐渐变大.【解析】变大18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由题图可看出；本实验改变了电荷间的距离，没有改变电荷量的大小，所以这个实验的目的是研究电荷间的相互作用力的大小和两点电荷之间距离的关系。

[2]探究影响电荷间相互作用力的因素有电荷电量的大小和电荷之间的距离，研究一个变量与多个变量之间的关系时，采用的实验方法是控制变量法。【解析】两点电荷间距控制变量法19、略

【分析】【详解】

[1]．设AB的中点为M，则根据匀强电场的特点可知，A、B的中点电势为

[2]．因CM电势相等，可知连接MC为等势线，做MC的垂线为场强方向斜向下；如图：

由几何关系可知则场强【解析】9