2025年浙教版必修3物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版必修3物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示电路中，电源电动势为内阻为电动机内阻为．当开关闭合，电动机正常工作时，滑动变阻器接入电路中的电阻为电动机两端的电压为通过电动机的电流为．电动机的输出功率等于（）

A.B.C.D.2、两根同种材料制成的导线，横截面积之比为长度之比为则它们的电阻之比为（）A.B.C.D.3、如图甲，A、B是某电场中的一条电场线上的两点，一带负电的粒子从点由静止释放，仅在静电力的作用下从点运动到点，其运动的图像如图乙所示。取A点为坐标原点，且规定方向为正方向建立轴，作出了所在直线的电场强度大小电势粒子的电势能随位移的变化的图像、图像、图像；其中可能正确的是（）

A.B.C.D.4、如图所示是一种可测量物体位移的电学仪器。当被测物体在左、右方向发生微小的位移时，会带动电介质进、出两板之间，灵敏电流计的指针也会左、右发生偏转。已知电流从a流向b时；电流计的指针向右偏，则下列说法正确的是（）

A.当电流计的指针向左偏时，电容器的电容增大B.当电流计的指针向左偏时，被测物体向右移动C.当电流计的指针向右偏时，电容器的电容减小D.当电流计的指针向右偏时，电容器的电量减小5、有一个电流表G，内阻Rg=10Ω满偏电流Ig=3mA，要把它改装成量程0～3V的电压表，则（）A.要串联一个阻值为990Ω的电阻B.要并联一个阻值为990Ω的电阻C.要串联一个阻值为0.10Ω的电阻D.要并联一个阻值为0.10Ω的电阻6、电动自行车已成为人们日常生活中常用的交通工具，某品牌电动自行车电池的容量为正常工作时输出电压为输出电流为小王同学骑上该车后，以的速度匀速行驶，若行驶过程中受到的阻力恒为则（）A.为该电池能贮存的最大电能B.该车能续航约C.电机的发热功率为D.电机的效率为评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)7、如图所示是一实验电路图．在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是（）

A.路端电压变小B.电流表的示数变大C.电源内阻消耗的功率变大D.电源的输出功率一定变大8、在如图所示的电路中；电压表和电流表均为理想电表，电源内阻不能忽略。闭合开关S后，将滑动变阻器的滑片P向下调节，则下列叙述正确的是（）

A.灯L1变亮，电压表的示数增大B.灯L2变暗，电流表的示数增大C.电容器C所带电荷量增加D.电容器C所带电荷量减小9、在如图所示的电路中，电表均为理想电表，闭合开关S，在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，以下说法正确的是()

A.电压表和电流表的示数都增大B.电源的总功率变大C.灯L1变亮，电压表的示数减小D.灯L2变亮，电容器的带电量增加10、关于静电场的以下说法中正确的是：（）A.沿电场线方向各点电势不可能相同；B.沿电场线方向电场强度一定是减小的；C.等势面上各点电场强度不可能相同；D.等势面上各点电场强度方向一定垂直于该等势面．11、如图所示，在水平面内有直角三角形ABC，AB边的长度为2cm，在水平面内有一匀强电场，A点电势为4V，B点电势为2V，C点电势为0。若电子电量大小为e，则下列说法正确的是（）

A.电子在A点的电势能大于在B点的电势能B.将电子从A移到B再移到C和直接从A移到C，电场力做功均为4eVC.电场强度的方向与AB边的夹角为30°D.电场强度的大小为12、如图所示的电路中，当开关S接a点时，标有“5V，2.5W”的小灯泡L正常发光，当开关S接b点时，通过电阻R的电流为1A，这时电阻R两端的电压为4V。则下列说法正确的是（）

A.电阻R的阻值为0.25ΩB.电源的电动势为5VC.电源的电动势为6VD.电源的内阻为2Ω评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)13、把一个电荷量为q＝5×10－9C的正电荷从距电场无穷远处移到电场中M点，电荷克服电场力做功WM＝6.0×10－3J，如果把该点电荷从距电场无穷远处移到电场中N点，电荷克服电场力做功WN＝3.6×10－3J．取无穷远处为零电势点，M、N点的电势差是______把该点电荷从M点移到N点电场力做功________14、用如图甲所示的电路做“测定电池的电动势和内电阻”的实验，根据测得的数据做出了如图乙所示的U-I图象，由图可知测得的电池的电动势为______V，内电阻为______Ω.

15、如图所示是一种指针式多用电表外形图，表的上半部分为______，下半部分是______开关；开关周围标有测量功能的区域及量程．

16、某实验小组计划用一个表头G（满偏电流Ig=100μA，内阻Rg=900Ω），改装成1mA和10mA的双量程电流表和一个大量程的电压表，已知R2=90Ω，R3=2910Ω；如图所示。

（1）选接________（填“1”或“2”）是10mA的电流表，可算得R1应为________Ω；

（2）选接3时，改装电压表的量程是________V。

17、在电场中A点放一个电量的电荷，受到电场力大小为则该力的方向跟A点电场强度的方向相__________，A点电场强度大小为__________如果在A点放一个的电荷，它受到的电场力大小为__________N，方向跟A点电力线的方向相__________，如果拿走电荷则A点电场强度大小为__________18、匀强磁场。

（1）概念：各点的磁感应强度的____相等、_____相同的磁场。

（2）磁感线特点：匀强磁场的磁感线是间隔____的平行直线。评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)19、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

20、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短21、以下是几种点电荷的电场线的分布情况；请标出图中各电荷的电性。

22、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、实验题(共3题，共12分)23、某学习小组用伏安法测量一未知电阻的阻值；给定器材及规格为：

电流表（量程为内阻约为）；

电压表（量程为内阻约为）；

滑动变阻器（最大阻值约为）；

电源（电动势约）；

开关导线若干。

（1）由于不知道未知电阻的阻值范围，先采用如图所示的电路试测，读得电压表示数大约为电流表示数大约为则未知电阻的阻值大约为______

（2）经分析，该电路测量误差较大，需要作改进。请在虚线框内画出改进后的测量原理图。（______）

（3）用改进后的电路进行测量，其测量值________（填“等于”“小于”或“大于”）真实值。24、利用下列器材设计一个如图所示电路，尽量准确地测量Rx电阻（Rx约为100Ω）。

电流表A1（量程0~250mA内阻）

电流表A2（量程；0~300mA内阻约为5Ω）

滑动变阻器R1（最大阻值约为5Ω；额定电流为1A）

滑动变阻器R2（最大阻值约为100Ω；额定电流为2A）

（1）实验时两个滑动变阻器在本实验中选用的是_______。（填“R1”或“R2”）

（2）某同学设计方案正确，测量得到电流表A1的读数为I1，电流表A2的读数为I2，则这段金属丝电阻的计算式_______。从设计原理看，其测量值与真实值相比_______（填“偏大”、“偏小”或“相等”）。25、某同学用热敏电阻制作高温报警器。实验器材如下，热敏电阻Rx、电磁继电器、蜂鸣器、小灯泡（额定电压2.5V）、保护电阻r（阻值5Ω）、变阻箱R（0~9999.9Ω）；电池组两组、多用电表（有温度挡）、铁架台、烧杯、开关及导线若干。

（1）如图甲是某同学设计的高温报警器电路图，左边部分是控制电路，右边部分是报警装置，实验发现控制电路不工作，合上开关S，用多用电表排查电路故障，则应将如图乙所示的选择开关旋至_________（选填“A”、“B”、“C”或“D”），发现表笔接入继电器线圈两端时多用电表的指针偏转，接入热敏电阻两端时多用电表的指针不偏转，说明继电器线圈_________（选填“短路”或“断路”）。

（2）是该热敏电阻阻值随温度变化如图丙所示。当热敏电阻Rt达到设定温度时，电磁继电器应自动吸合，报警装置报警。已知控制电路电池组电动势为6V，内阻不计，实测电磁继电器正常吸合时的电流为37.6mA~40.2mA，继电器线圈内阻为61.0Ω，如果设置报警温度为55℃，至少应将变阻箱的电阻R调节到_________Ω。想要让热敏电阻在高温报警中更加“敏感”（即温度不是太高就报警），需要_________（选填“增大”“减小”或“不变”）变阻箱的电阻。

评卷人得分六、解答题(共1题，共5分)26、2021年2月10日19时52分，我国首次火星探测任务“天问一号”探测器实施近火捕获制动，成功实现环绕火星运动，成为我国第一颗人造火星卫星。在“天问一号”环绕火星做匀速圆周运动时，周期为T。已知火星的半径为R，火星表面的重力加速度的大小为g，引力常量为G；不考虑火星的自转。求：

（1）火星的质量M；

（2）火星的第一宇宙速度v；

（3）求“天问一号”绕火星飞行时轨道半径r；

（4）在电场中我们利用E=来定义电场强度，引力场与电场有相似的性质，请你求“天问一号”所处轨道的引力场强度是多大？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】【详解】

电动机消耗的总的电功率为：其中一部分是另一部分输出机械功率由解得：故C正确，ABD错误。

点睛：2、D【分析】【分析】

【详解】

已知横截面积之比

长度之比

则由电阻定律

得，它们的电阻之比为

故选D。3、C【分析】【详解】

AB．根据图像可知，粒子的加速度在逐渐减小，粒子所受电场力在逐渐减小，电场强度随位移在逐渐减小；AB错误；

C．粒子带负电，电场力方向从指向电场强度方向从指向故从到电势逐渐升高，由于电场强度逐渐减小，故图像的斜率逐渐减小；C正确；

D．从到电势能逐渐减小，但由于电场力减小，图像的斜率逐渐减小；D错误。

故选C。4、B【分析】【分析】

【详解】

AB．当电流计的指针向左偏时，说明电容器放电，即电容器电容减小，由公式

可知；介电常数减小，则被测物体向右移动，故A错误，B正确；

CD．当电流计的指针向右偏时；说明电容器充电，电量增加，即电容器的电容增大，故CD错误。

故选B。5、A【分析】【详解】

把电流表改装为电压表，应串联一个分压电阻，串联电阻阻值为：

故A正确．6、C【分析】【分析】

【详解】

A．为电荷量的单位，为该电池能贮存的最大电荷量；故A错误；

B．由可知，该车的续航时间

故B错误；

C．电机的发热功率

故C正确；

D．电机的效率

故D错误。

故选C。二、多选题(共6题，共12分)7、A:C【分析】【详解】

A.在滑动触头由a端滑向b端的过程中，变阻器接入电路的电阻变小，外电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，电路中总电流I变大，根据路端电压：

知U变小．故A正确．

B.电流表的示数：

因为路端电压U变小，所以变小．故B错误．

C.电源内阻消耗的功率：

因为I变大，P变大．故C正确．

D.电源输出功率取决于电源的内阻与外电阻的大小关系，由于这两者的关系未知，不能判断电源输出功率如何变化，故D错误．8、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压U并=U-U1，U减小，U1增大，则U并减小，灯L2变暗。流过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，IA增大；电流表的示数增大，故A错误，B正确；

CD．R与灯L2并联电路的电压减小；电容器板间电压减小，则其带电量减小。故C错误，D正确。

故选BD。9、B:C【分析】【分析】

由题中“在将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中”可知；本题考查含电容器电路变化，根据欧姆定律和电容器规律可分析本题。

【详解】

A.将滑动变阻器的滑片P向下移动的过程中，滑动变阻器电阻变小，因此电流表示数变大，但是电路总电阻变小，电压表所测电压为路端电压，根据闭合电路欧姆定律可得

所以电压表示数会变小；故A错误；

B.电源的总功率可以表示为

电阻变小；电流变大，电动势不变，因此电源总功率变大，故B正确；

C.因为灯L1在干路上，电阻变小，总电流变大，因此灯L1变亮；电压表示数变小，故C正确；

D.因为灯L2于滑动变阻器并联，因此其两端电压等于路端电压，因为电压表示数变小，故灯L2变暗，电容器电压也变小，根据公式

可知，电容器电容不变，电压表小，电荷量也变小，故D错误、10、A:D【分析】【详解】

A．沿电场线的方向电势逐渐降低；所以沿电场线的方向各点电势不可能相同，A正确；

B．电场线的方向不能反映电场线的疏密；所以沿电场线方向电场强度不一定是减小，也可能增大或不变，B错误；

C．电场强度与电势是描述电场的两个不同方面性质的物理量．在匀强电场中；各等势面上电场强度都是相等的，C错误；

D．电场线与等势面一定是相互垂直的；这是它们的特点之一，D正确．

故选AD。11、C:D【分析】【详解】

A．A点的电势大于B点的电势，因为电子带负电，所以电子在A点的电势能小于在B点的电势能；A错误；

B．将电子从A移到B再移到C和直接从A移到C，电势能增大，电场力做负功为B错误；

C．由图可知，在匀强电场中，AC中点D的电势为2V，连接BD为一条等势线，根据电场强度与该处等势线垂直可得，作BD的垂线BF即为场强方向，由几何知识可得与AB边的夹角为30°；C正确；

D．AB沿着场强方向的距离为

由公式可得场强为

D正确。

故选CD。

12、C:D【分析】【详解】

A．当开关S接b点时，电阻R的值为

故A错误；

BCD．当开关S接a点时，小灯泡L正常发光，故通过的电流为

根据闭合电路欧姆定律

联立解得

B错误；CD正确。

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)13、略

【分析】【详解】

[1]把一个正点电荷从距电场无穷远处移到电场中的M点，电荷克服静电力做功W=6.0×10-3J，相反的过程中，把正点电荷从电场中的M点移动到距电场无穷远处，静电力做功W′=6.0×10-3J，所以：

把该点电荷从电场中的N点移到距电场无穷远处，静电力做功W=3.6×10-3J，所以：

M、N两点的电势差：

[2]把该点电荷从M点移到N点静电力做功：WMN=qUMN=5×10-9×4.8×105=2.4×10-3J【解析】4.8×105V2.4×10－3J14、略

【分析】【详解】

试题分析：电源的U-I图像，纵轴截距为电源电动势，由图可得电池电动势为1.40V；电池内电阻为

考点：测定电池的电动势和内电阻。

点评：容易题．本题要特别注意纵坐标没有由零开始，计算内电阻时不能用．【解析】1.401.015、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.表盘②.选择16、略

【分析】【详解】

（1）[1]选接1时电流表的量程为

选接2时电流表的量程为

可看出I1m>I2m；则选接1是10mA的电流表，选接2是1mA的电流表。

[2]根据选接2时电流表的量程，代入数据，可计算出R1=10Ω

（2）[3]选接3时，改装电压表的量程是Um=IgRg＋I2mR3

代入数据有Um=3V【解析】110317、略

【分析】【详解】

[1]负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，所以该力的方向跟A点电场强度的方向相反；

[2]A点电场强度大小为

[3]如果在A点放一个的电荷，它受到的电场力大小为

[4]正电荷受的电场力方向与场强方向相同；

[5]电场强度只与电场本身有关，与有无检验电荷无关，所以拿走电荷则A点电场强度大小仍为300N/C。【解析】反300同30018、略

【解析】①.大小②.方向③.相等四、作图题(共4题，共32分)19、略

【分析】【分析】

【详解】

线框穿过磁场的过程可分为三个阶段，进入磁场阶段（只有边在磁场中），在磁场中运动阶段（两边都在磁场中），离开磁场阶段（只有边在磁场中）。

①线框进入磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性增加，最后为

②线框在磁场中运动阶段：对应，时间内，穿过线框的磁通量线性减小，最后为时间内，穿过线框的磁通量反向线性增加，最后为

③线框离开磁场阶段：对应穿过线框的磁通量线性减小，最后为

画出图像如图所示。

【解析】见解析20、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD21、略

【分析】【分析】

【详解】

根据电场线从正电荷出发；终止与负电荷及等量同种，等量异种点电荷电场线的分布特点，可标出电荷的电性如图所示。

【解析】见解析22、略