2025年人教版PEP高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版PEP高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于电场强度和电势，下列说法中正确的是()A.由公式E=F／q可知，E与F成正比，与q成反比B.由U=Ed可知，匀强电场中E恒定，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比C.场强为零的地方，电势一定为零D.无论是正电荷还是负电荷，当它在电场中移动时，若电场力作正功，它一定是从电势能大的地方移动到电势能小的地方2、下列说法中正确的是（）A.元电荷实质上是指电子和质子本身B.感应起电和摩擦起电都是电荷从一个物体转移到另一个物体C.电场线的切线方向一定与通过该点的正电荷的加速度方向相同D.正电荷只在电场力作用下一定沿电场线运动3、如图所示，半径为R

的圆表示一柱形区域的横截面(

纸面).

在柱形区域内加方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B.

一带正电荷的粒子沿图中直线以速率v0

从圆上的a

点射入柱形区域，从圆上b

点射出磁场时速度方向与射入时的夹角为120鈭�(b

点图中未画出).

已知圆心O

到直线的距离为12R

不计重力，则粒子的比荷qm

为()

A.v02BR

B.v0BR

C.3v02BR

D.2v0BR

4、如图所示，图线1

表示的导体的电阻为R1

图线2

表示的导体的电阻为R2

则下列说法正确的是(

)

A.R1R2=31

B.把R1

拉长到原来的3

倍长后电阻等于R2

的3

倍C.将R1

与R2

并联后接于电源上，则电流之比I1I2=13

D.将R1

与R2

串联后接于电源上，则功率之比P1P2=11

5、下面列出的是一些核反应方程。

Be+H→B+Y

He+He→Li+Z

P→Si+X

其中（）A.X是质子，Y是中子，Z是正电子B.X是正电子，Y是质子，Z是中子C.X是中子，Y是正电子，Z是质子D.X是正电子，Y是中子，Z是质子6、关于电场强度和电场线，下列说法正确的是（）A.在电场中某点放不同的检验电荷，该点的电场强度就不同B.在电场中没有电场线的地方场强一定为零C.电荷在电场中某点所受力的方向即为该点的电场强度方向D.由静止释放的带电粒子在电场中运动的轨迹可能不与电场线重合7、一静止的铀核放出一个娄脕

粒子衰变成钍核，衰变方程为92238U隆煤90234Th+24He

下列说法正确的是(

)

A.衰变后钍核的动能等于娄脕

粒子的动能B.衰变后钍核的动量大小等于娄脕

粒子的动量大小C.铀核的半衰期等于其放出一个娄脕

粒子所经历的时间D.衰变后娄脕

粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量8、在如图所示的实验中；能在线圈中产生感应电流的是（）

A.磁铁N极停在线圈中B.磁铁S极停在线圈中C.磁铁从线圈内抽出的过程D.磁铁静止在线圈左侧评卷人得分二、填空题(共7题，共14分)9、某地强风速为14m/s，设空气密度为通过横截面积为的风全部使风力发电机转动，其动能有20%转化为电能，则发电的功率为____W？（t秒内到风叶处的空气包含在以S为底面积，长为L=vt的柱体中）10、电磁波遇到某些障碍物会发生反射现象，雷达就是根据这一原理制成的．一次，某雷达站正在观察一架飞机飞行，若飞机正向雷达站飞来，从某时刻雷达发出的电磁波到接收到反射的电磁波历时200微秒，隔4秒种后再观测，从发出电磁波到接收到反射的电磁波历时186微秒，则飞机飞行的速度为______．11、游标尺上有10

个等分刻度的游标卡尺测量工件的情况；读数为______mm

12、在电场中某点放入一点电荷，电量q、受到的电场力F．则电场中该点电场强度大小为______。若在该点放入另一个点电荷，电量q′=3q、电场中该点电场强度大小为______，点电荷q′受到的电场力大小为______。13、一弹簧振子，周期是0．5s，振幅为2cm，当振子通过平衡位置向右运动，时开始计时，那么2秒内振子完成_________次全振动，通过路程_________cm，在2．4s未，振子于位于平衡位置_________侧，向_________方向运动。14、家庭电路中有地线、____________和____________三条线，地线的作用不容忽视，家电一般是____________联连接．15、已知能使某金属产生光电效应的极限频率为υ0，当用频率为2υ0的单色光照射该金属时，所产生的光电子的最大初动能为____________．当照射光的频率继续增大时，则逸出功____________(填“增大”“减小”或“不变”)(普朗克常量为h)评卷人得分三、判断题(共7题，共14分)16、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）17、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

18、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

19、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）20、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）21、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）22、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

评卷人得分四、解答题(共3题，共12分)23、如图所示，在倾角都为θ的光滑导轨上，放一根长为l、质量为m的金属棒ab，在通电金属棒所在空间存在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场，金属棒ab在磁场中处于静止状态，则金属棒ab中的电流大小为多大？方向如何？

24、在“测定金属的电阻率”的实验中。

①需要直接测量的物理量是______；请用直接测量的量来表示金属丝的电阻率，则ρ=______

②该实验中需采用伏安法测金属丝（阻值约为3Ω）的电阻值；实验室提供了以下仪器：

A．电压表V：3V（内阻约为3kΩ）和15V（内阻约15kΩ）两个量程。

B．电流表A：0.6A（内阻约为0.1Ω）和3A（内阻约为0.02Ω）两个量程。

C．一节干电池。

D．滑动变阻器；最大阻值10Ω

E．导线；电键若干。

为了减小实验误差；电压表应选择______量程，电流表应选择______量程．电流表应采用______法（填“内接”或“外接”），通过该方法测出的电阻值比实际值偏______（填“大”或“小”）．

③在框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图；并连接尚未完成的实物图。

④如图是利用螺旋测微器测出的金属丝的直径；其读数为______mm．

25、如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×10-8C的正电荷从a移到b电场力做功为W1=1.2×10-6J求：

（1）匀强电场的场强E=？

（2）电荷从b移到c电场力做功W2=？

（3）a；c两点的电势差Uac=？

评卷人得分五、作图题(共4题，共16分)26、在图中，分别给出了其中的电流方向或磁场中某处小磁针N极的指向；请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向．

27、波源O由平衡位置起振；经0.2s第一次回到平衡位置，介质中形成的简谐波如图甲所示，波恰好传播到P点。已知这段时间内波源O通过的路程为20cm，O；P两质点平衡位置间的距离为2m。求：

（1）波源O振动的振幅A和周期T；

（2）所形成简谐波的波长和波速；

（3）以波传播到P点作为计时零点，请在图乙上画出P点一个周期的振动图象（以向上为位移的正方向）。28、如图所示；一束红色激光从空气射入厚度均匀的平行玻璃砖．

（1）请完成该光线射到CD界面之后的光路图．

（2）随着入射角θ1的不断增加，该光线______（选填“能”或“不能”）在CD界面发生全反射．29、我们可以通过实验探究电磁感应现象中；感应电流方向的决定因素和遵循的物理规律.

以下是实验探究过程的一部分．

(1)

如图(1)

所示；当磁铁N

向下运动时，发现电流表指针偏转.

若要探究线圈中产生感应电流的方向，必须知道______．

(2)

如图(2)

所示，实验中发现闭合开关时，电流表指针向右偏.

闭合开关稳定后，若向左移动滑动触头，此过程中电流表指针向______偏转；若将线圈A

抽出，此过程中电流表指针向______偏转(

均选填“左”或“右”)

．评卷人得分六、综合题(共1题，共8分)30、(1)20

世纪中叶以后，移动电话快速发展。移动电话____A.既能发射电磁波，也能接收电磁波B.

只能发射电磁波，不能接收电磁波C.不能发射电磁波，只能接收电磁波D.

既不能发射电磁波，也不能接收电磁波(2)

真空中有两个点电荷，它们间的静电力为F

如保持它们的带电量不变，将它们的距离增大为原来的2

倍，则它们间的作用力大小变为____A.2FB.FC.F/2D.F/4

(3)

如图所示，小磁针放置在螺线管轴线的左侧。闭合电路后，不计其它磁场的影响，小磁针静止时的指向是____A.N

极指向螺线管B.S

极指向螺线管C.N

极垂直于纸面向里D.S

极垂直纸面向里(4)

关于家庭安全用电，下列做法正确的是____A.使用洗衣机时，电器外壳不接地B.用湿抹布擦去工作中电器上的灰尘C.将移动插座远离水池D.消毒碗柜、电饭煲和电冰箱同时使用一个移动插座

(5)

如图所示，矩形线圈abcd

放在匀强磁场中，线圈平面和磁感线平行，当线圈以ab

为轴转动时线圈中____感应电流产生；当线圈以ad

为轴转动时线圈中____感应电流产生(

填“有”或者“无”)

(6)

如图所示，有一匀强磁场，磁感应强度B

=2T

有一段长L

=2m

的导线垂直磁场方向放置，当导线中通以I

=0.5A

的水平向右的电流时，垄脵

判断导线所受安培力的方向是垂直导线向上还是向下；垄脷

求导线所受到的安培力F

的大小。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【解析】试题分析：电场强度由电场本身的性质决定，电场强度与电势没有直接关系，电场力做正功电势能减小。A、公式是电场强度的定义式，电场强度E反映电场本身的性质，与试探电荷q无关，不能说E与F成正比，与q成反比；错误B、公式中d为沿电场线方向方向的两点间的距离，即任意两点间的电势差与这两点间沿电场线方向的距离成正比；错误C、电场强度与电势没有直接关系，场强为零的地方，电势不一定为零；错误D、无论是正电荷还是负电荷，只要电场力做正功，电势能一定减小，即它一定是从电势能大的地方移动到电势能小的地方；正确故选D考点：电场的能的性质【解析】【答案】D2、C【分析】解：A；元电荷是最小单位电荷量；不是电子或质子，故A错误；

B；摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体；而感应起电是物体一部分转移到另一部分，故B错误；

C；电场线的切线方向为该点的场强方向；正电荷所受的电场力方向与场强方向相同，所以正电荷所受的电场力方向沿电场线的切线方向，由牛顿第二定律可知，电场线的切线方向一定与通过该点的正电荷的加速度方向相同．故C正确；

D；带电粒子在电场中运动的轨迹与带电粒子的初速度的方向以及电场的特点决定的；所以带电粒子在电场中运动的轨迹不一定与电场线重合，只有电场线是直线时，电荷的运动轨迹才可能沿电场线，故D错误．

故选：C

元电荷是最小单位电荷；感应起电是物体一部分转移到另一部分；电场线的切线方向即为该点的场强方向，正电荷所受的电场力方向与场强方向相同．电荷的运动轨迹与电场线不一定重合，只有电场线是直线时，电荷的运动轨迹才能沿电场线．

考查元电荷的概念，理解感应起电的实质，掌握点电荷的条件，掌握住电场线的特点：疏密表示场强的大小、切线方向表示场强的方向，即可解决本题．【解析】【答案】C3、B【分析】解：如图所示，设正粒子从a

点沿直线射出后从b

点射出，ab

两点的速度方向或反向延长线方向相交于c

点.

由于cb=ca

且隆脧bca=60鈭�

所以鈻�cba

是等边三角形.

由题设条件od=12R

则ab=2odtan60鈭�=3R.

则粒子做匀速圆周运动的半径r=2隆脕ab2隆脕cot60鈭�=R.

由洛仑兹力提供向心力：qvB=mv2r

所以qm=v0BR

则选项ACD错误，B正确．

故选：B

画出正粒子运动的轨迹；由几何关系可以求出粒子做匀速圆周运动的半径，从而求出正粒子的比荷．

本题涉及到的条件比较含蓄，要根据几何关系判断出粒子做匀速圆周运动的半径，再由洛仑兹力提供向心力才能求得粒子的比荷.

几何关系要用到切线长定理、垂径定理、三角函数等相关知识，最重要的是先要判断出三点构成等边三角形．【解析】B

4、B【分析】解：A

根据I鈭�U

图象知；图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1R2=13

故A错误．

B、根据电阻定律R=娄脩LS=娄脩L2V

当把R1

拉长到原来的3

倍，则电阻变为原来的9

倍，因此R1隆盲R2=31

故B正确；

C；串联电路电流相等；所以将R1

与R2

串联后接于电源上，电流比I1I2=11.

并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1

与R2

并联后接于电源上，电流比I1I2=31.

故C错误；

D；将R1

与R2

串联后接于电源上；因串联，电流相等，由P=I2R

那么功率与电阻的平方成正比，则功率之比P1P2=19

故D错误．

故选：B

．

通过I鈭�U

图象得出两电阻的关系.

串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，并依据功率P=I2R

及电阻定律R=娄脩LS=娄脩L2V

即可判定．

解决本题的关键知道I鈭�U

图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点，同时掌握电阻定律与功率表达式．【解析】B

5、D【分析】【解答】解：根据电荷数守恒；质量数守恒知；X的电荷数为1，质量数为0，则X为正电子；Y的电荷数为0，质量数为1，则Y为中子；Z的电荷数为1，质量数为1，则Z是质子．

故选：D．

【分析】根据核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒确定X、Y、Z的电荷数和质量数，从而确定粒子的种类．6、D【分析】解：A；电场中某点的场强大小由电场本身决定；与放入电场中的检验电荷无关，因此在电场中某点放不同的检验电荷，该点的电场强度是相同的，故A错误．

B；电场线的疏密表示电场强度的强弱；在电场中没画电场线的地方场强并不一定为零．故B错误；

C；正电荷在电场中某点所受力的方向才是该点的电场强度方向；电场强度方向与负电荷所受的电场力方向相反，故C错误．

D；若电场线是曲线；由静止释放的带电粒子在电场中运动的轨迹不与电场线重合，故D正确．

故选：D

电场中某点的电场强度由场源和该点的位置决定；与试探电荷无关．正电荷所受的电场力方向与场强方向相同．电荷的运动轨迹与电场线不一定重合，只有电场线是直线时，电荷的运动轨迹才可能能沿电场线．

电场强度是用比值法定义的物理量之一，电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与该点是否有试探电荷无关．加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点：疏密表示场强的大小、切线方向表示场强的方向．场强方向与正电荷所受的电场力方向相同．【解析】【答案】D7、B【分析】解：AB

一静止的铀核放出一个娄脕

粒子衰变成钍核，根据系统动量守恒知，衰变后钍核和娄脕

粒子动量之和为零，可知衰变后钍核的动量大小等于娄脕

粒子的动量大小，根据Ek=p22m

知；由于钍核和娄脕

粒子质量不同，则动能不同，故A错误，B正确。

C；半衰期是原子核有半数发生衰变的时间；故C错误。

D；衰变的过程中有质量亏损；即衰变后娄脕

粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，故D错误。

故选：B

根据动量守恒定律；抓住系统总动量为零得出两粒子的动量大小，结合动能和动量的关系得出动能的大小关系.

半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，结合衰变的过程中有质量亏损分析衰变前后质量的大小关系．

本题考查了原子核的衰变，知道半衰期的定义，注意衰变过程中动量守恒，总动量为零，以及知道动量和动能的大小关系．【解析】B

8、C【分析】解：A；磁铁N极停在线圈中；穿过线圈的磁通量不变，不能产生感应电流。故A错误。

B；磁铁S极停在线圈中；穿过线圈的磁通量不变，不能产生感应电流。故B错误。

C；磁铁从线圈内抽出的过程；穿过线圈的磁通量减小，能产生感应电流。故C正确。

D；磁铁静止在线圈左侧；穿过线圈的磁通量不变，不能产生感应电流。故D错误。

故选：C。

要解答本题需掌握：感应电流产生的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化．

本题主要考查学生对感应电流产生的条件的了解和掌握，是一道基础题，牢记感应电流产生的条件是穿过闭合电路的磁通量发生变化即可正确解答．【解析】C二、填空题(共7题，共14分)9、【分析】【解答】在t时间内通过横截面积为的风能全部使风力发电机转动，根据能量守恒定律，有：

其中：m=ρV=ρvtS，其动能有20%转化为电能，故产生电能功率为：

故答案为：．

【分析】在t时间内通过横截面积为的风能全部转化为电能，根据能量守恒定律列式求解即可．10、略

【分析】解：飞机接收到第一个无线电脉冲时距雷达的距离为。

S1=c•

飞机接收到第一个无线电脉冲时距雷达的距离为。

S2=c•

则在△t=0.8s时间内飞机的位移为：

△x=S1-S2=c•-c•=2100m

故飞机的飞行速度为：v==525m/s

故答案为：525m/s．

雷达发出的无线电脉冲在空中匀速传播；速度为光速c，脉冲碰到飞机后被反射回来，根据发射和接收的时间间隔求出飞机离雷达的距离，由两次距离差求出飞机飞行的位移，根据速度公式求出飞机的速度．

本题考查对雷达测速原理的能力．抓住两点：一是电磁波在空中传播速度均相同，等于光速c；二是根据发射和接收电磁波的时间间隔确定飞机的位置．【解析】525m/s11、略

【分析】解：10

分度的游标卡尺；精确度是0.1mm

游标卡尺的主尺读数为11mm

游标尺上第4

个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4隆脕0.1mm=0.4mm

所以最终读数为：11mm+0.4mm=11.4mm

．

故答案为：11.4

．

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．

对于基本测量仪器游标卡尺要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】11.4

12、3F【分析】解：在电场中放入一点电荷q，电荷受到的电场力为F，则该点电场强度大小为：E=

若在该点放一个电荷量为3q的点电荷，场强不变，为

故电场力：F′=3q•E=3F；

故答案为：3F

根据电场强度的定义式E=求出电场强度；再根据F=qE求出电场力的大小。电场强度的大小与放入电场中的电荷无关。

解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=以及知道电场强度的大小与放入电场中的电荷无关。【解析】3F13、略

【分析】【解析】【答案】4，32，右，左14、略

【分析】解：家庭电路中主要有两根导线；火线和零线，对于有金属外壳的用电器还要接地线，才能保证使用的安全性；

家电的额定电压都是220V；故是并联的．

故答案为：火线、接地线、并．【解析】火线;接地线;并15、略

【分析】解：根据光电效应方程EKm=hγ-hγ0得，EKm=h•2γ0-hγ0=hγ0．

逸出功与入射光的频率无关；增大入射光的频率，逸出功不变．

故答案为：hγ0；不变；【解析】hγ0;不变三、判断题(共7题，共14分)16、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．17、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．18、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．19、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．20、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．21、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．22、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．四、解答题(共3题，共12分)23、略

【分析】

F安=BIl①

又∵F安=mgtgθ②

由①②可得：I=

方向：由b指向a

故金属棒ab中的电流大小为方向由b指向a．

【解析】【答案】ab棒受重力、导轨的支持力以及水平向右的安培力处于平衡，根据共点力平衡求出安培力以及电流I的大小，根据左手定则判断出金属棒ab中的电流方向．

24、略

【分析】

①根据电阻定律R=欧姆定律R=得．横截面积S=所以需要测量的物理量有：电压U；电流I，导线的长度L，导线的直径d．

②因为电压的电压为一节干电池，电压大约为1.5V，则电压表选择3V量程的误差较小．电路中的最大电流大约所以电流表选择0.6A量程的误差较小．金属丝的电阻远小于电压表的内阻，属于小电阻，根据“小外偏小”知，电流表采取外接法，测量误差偏小．

③电流表采取外接法；滑动变阻器采用限流式接法，电路图如下，实物连接图如下．

④螺旋测微器的读数为：1.5mm+0.01×49.7mm=1.997mm．

故答案为：①U、I、L、d，

②3V；0.6A，外接，小。

③如图所示．

④1.997

【解析】【答案】①根据电阻定律R=欧姆定律R=确定需要测量的物理量；从而求出电阻率的表达式．

②根据电源电压确定电压表的量程；根据电路中的电流确定电流表的量程．通过比较待测电阻；电流表、电压表内阻大小，确定电流表的内外接．

③根据伏安法测电阻；画出电路图，再根据电路图连接实物图．

④螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读．

25、略

【分析】

（1）由题，由W1=qElab得。

E===600V/m

（2）电荷从b移到c电场力做功为。

W2=qElbccos60°=4×10-8×600×0.12×0.5J=1.44×10-6J

（3）电荷从a移到c电场力做功为。

Wac=W1+W2

则a、c两点的电势差为==66V．

答：（1）匀强电场的场强E=600V/m．

（2）电荷从b移到c电场力做功W2=1.44×10-6J．

（3）a、c两点的电势差Uac=66V．

【解析】【答案】（1）根据电场力做功公式W=qEd；求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离．

（2）电场力做功公式W=qEd，求解电荷从b移到c电场力做功W2．

（3）先求出电荷从a到c电场力做功，再求解a、c两点的电势差Uac．

五、作图题(共4题，共16分)26、【分析】【解答】根据安培定则；各图中电流方向和磁感线方向判定如图所示．

答：如图．

【分析】结合磁场方向；判断出甲图和图乙中导线中电流的方向．运用安培定则，结合电流方向，判断出丙图与丁图中磁场的方向．

通电直导线的磁场可以由安培定则进行判断：用右手握住直导线；大拇指指向电流方向，四指弯曲的方向即为磁场的方向；

根据安培定则，即右手螺旋定则，可知，大拇指指向即为内部磁场方向，而环绕四指指向即为电流的方向．27、解：（1）从O点到B点，通过了T，波源O通过的路程为20cm，从O点开始通过达到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，经=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如图甲所示，OP恰好半个波长，故波长：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波传播到P点作为计时零点；P点一个周期的振动图象如图所示：

答：（1）波源O振动的振幅A为10cm；周期T为0.4s；

（2）所形成简谐波的波长为4m；和波速为10m/s；

（3）以波传播到P点作为计时零点，P点一个周期的振动图象如图所示。【分析】

（1）从O到P；质点经过了半个周期，所振动的路程等于振幅的2倍，从而可以求出波源O振动的振幅A和周期T；

（2）知道半个周期的OP的长度；和所用时间，可以求出波长和波速；

（3）振动满足正弦函数图象；可以作出P点一个周期的振动图象。

本题考查了横波的图象。本题是基础题，考的是基本概念，难度不大。【解析】解：（1）从O点到B点，通过了T，波源O通过的路程为20cm，从O点开始通过达到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，经=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如图甲所示，OP恰好半个波长，故波长：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波传播到P点作为计时零点；P点一个周期的振动图象如图所示：

答：（1）波源O振动的振幅A为10cm；周期T为0.4s；

（2）所形成简谐波的波长为4m；和波速为10m/s；

（3）以波传播到P点作为计时零点，P点一个周期的振动图象如图所示。28、略

【分析】解：（1）完成该光线射到CD界面之后的光路图如图．

（2）随着入射角θ1的不断增加；该光线不能在CD界面发生全反射．

因为：根据几何知识有：光线在AB面的折射角等于在CD面的入射角；由光路可逆性原理可知，光线不会在CD界面发生全反射，一定能从CD面射出．

答：（1）光路图如图．

（2）不能．

（1）该光线射到CD界面时既有反射；又有折射．结合光的反射定律和折射定律画出光路图．

（2）对照全反射条件和光路可逆性；分析光线在CD界面能否发生全反射．

画光路图时，要结合光的反射定律和折射定律，注意角的大小关系，光线上要标明箭头．【解析】不能29、略

【分析】解：(1)

如图甲所示；当磁铁的N

极向下运动时，发现电流表指针偏转，若要探究线圈中产生感应电流的方向，必须知道电流表指针偏转方向与电流方向间的关系．

(2)

如图乙所示；实验中发现闭合开关时，穿过线圈B

的磁通量增加，电流表指针向右偏；电路稳定后，若向左移动滑动触头，通过线圈A

的电流增大，磁感应强度增大，穿过线圈B

的磁通量增大，电流表指针向右偏转；若将线圈A

抽出，穿过线圈B

的磁通量减少，电流表指针向左偏转．

故答案为：(1)

电流表指针偏转方向与电流方向间的关系；(2)

右；左．

(1)

要探究感应电流方向；应该知道电流表指针偏转方向与电流方向间的关系．

(2)

根据题意确定电流表指针偏转方向与磁通量变化的关系；然后根据磁通量的变化判断指针的偏