2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版选修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示的三个小球的质量都为m，B、C两球用水平轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，A球以速度v0沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起,弹簧的最大弹性势能是()

A.B.C.D.2、下列关于电源电动势的叙述中，不正确的说法是（）A.电源电动势等于内外电路电势降落之和B.在电源外部中，静电力做的功越多即电源把电能转化成其它形式的能为也越多，电动势也越大C.在电源内非静电力把单位正电荷从负极移送到正极所做的功的大小就等于电源的电动势D.电源的电动势等于外电路断开时的路端电压3、在如下图所示的电路中，闭合，当滑片向端移动时，会出现的现象是（）

A.电流表示数变小，灯泡亮度变暗B.电流表示数变大，灯泡亮度变亮C.电流表示数变大，灯泡亮度变暗D.电流表示数变小，灯泡亮度变亮4、气体的压强的产生和液体不相同：固体液体的压强产生是由于重力而产生的；而气体的压强产生是由于气体分子持续的碰撞容器壁，导致产生了持续的压力。单位面积上的压力就是气体的压强。如图，外界大气压为固定于水平地面的气缸开口向右，用光滑轻活塞将一定质量的气体封闭在气缸内（汽缸中间位置有小挡板）。开始时，活塞紧压于小挡板右侧。缓慢升高封闭气体温度T，封闭气体压强p随T变化图象可能正确的是（）

A.B.C.D.5、新冠肺炎疫情期间，某班级用于消毒的喷壶示意图如图甲所示。储气室内气体可视为理想气体，在喷液过程中储气室内温度保持不变，喷液全过程储气室内气体在P-V图像中的变化图线如图乙所示，A、B是双曲线上的两点。下列说法正确的是（）

A.气体在状态A的内能一定大于在状态B的内能B.图中Rt△OAC和Rt△OBD的面积一定相等C.气体从状态A变化到状态B的过程中，气体吸收的热量大于气体做的功D.气体从状态A变化到状态B的过程中，气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数不变6、如图所示；将一线圈放在一匀强磁场中，线圈平面平行于磁感线，则线圈中有感应电流产生的是（）

A.线圈绕M边为轴转动B.线圈绕N边为轴转动C.线圈沿纸面上下运动D.线圈沿纸面左右运动7、如图；在薄金属圆筒表面上通以与其轴线平行；分布均匀的恒定电流时，该圆筒的形变趋势为（）

A.沿轴线上下压缩B.沿轴线上下拉伸C.沿半径向内收缩D.沿半径向外膨胀8、如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，则下列说法正确的是（）．

A.保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ不变B.保持S闭合，将A板向B板靠近，则θ变小C.断开S，将A板向B板靠近，则θ增大D.断开S，将A板向B板靠近，则θ不变9、如图所示，在坐标原点处的波源产生一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速v=10m/s．t0时刻，波刚好传播到x=6m处．下列说法正确的是。

A.该波的波长为6mB.波源的振动周期为0.6sC.质点A的振动方向沿y轴负方向D.波源开始振动的方向沿y轴负方向评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)10、如图所示，两端与定值电阻相连的光滑平行金属导轨倾斜放置，其中导轨电阻不计，导轨宽度为L，匀强磁场垂直穿过导轨平面，磁感应强度为B。导体棒ab的电阻为R，垂直导轨放置，与导轨接触良好。释放后，导体棒ab沿导轨向下滑动，某时刻流过的电流为I，在此时刻（）

A.重力的功率为B.金属杆ab消耗的热功率为C.导体棒的速度大小为D.导体棒受到的安培力的大小为2BIL11、如图所示，在固定的水平杆上，套有质量为m的光滑圆环，轻绳一端拴在环上，另一端系着质量为M的木块，现有质量为m0的子弹以大小为v0的水平速度射入木块并立刻留在木块中，重力加速度为g．下列说法正确的是。

A.子弹射入木块之后，圆环、木块和子弹构成的系统动量守恒B.子弹射入木块后的瞬间，速度大小为C.子弹射入木块后的瞬间，绳子拉力等于D.子弹射入木块后的瞬间，环对轻杆的压力大于12、下列说法正确的是（）A.分子间距离增大，分子势能一定减小B.一个热力学系统，如果从外界吸热，内能可能减少C.气体温度升高，体积一定增大D.热机的效率总是小于100%13、下列说法正确的是（）A.只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数B.悬浮微粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动越明显C.在使两个分子间的距离由很远（）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大E.自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性E.自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性14、某静电场中的电场线为图示实线；带电粒子仅受电场力作用由M点运动到N点，其运动轨迹如图中虚线所示，以下说法正确的是（）

A.粒子带正电荷B.由于M点没有电场线，粒子在M点不受电场力的作用C.粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D.粒子在M点的动能小于在N点的动能15、一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B；C和D后又回到状态A．其中C→D→A为等温过程．该循环过程如图所示；下列说法正确的是__________

A.A→B过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增加B.B→C过程中，气体分子内能减少C.状态A和状态C，气体分子平均动能相同E.气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象围成的面积E.气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象围成的面积16、如图所示为发生月食时；太阳照射光线的示意图，当月球进入图中哪个区域时，在地球上处于夜晚地区的观察者可以看到月食（）

A.全部进入区域ⅠB.全部进入区域Ⅱ或ⅣC.全部进入区域ⅢD.部分进入区域Ⅰ评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)17、热平衡定律：如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定处于_______。18、如图为一定质量理想气体的压强p与体积V关系图像，它由状态A经等容过程到状态B，再经等压过程到状态C．设A、B、C状态对应的温度分别为TA、TB、TC，则TA______TB，TB______TC（均选填“＞”“＜”或“＝”）。

19、有一充电的平行电容器，两板件电压为现使它的电荷量减小于是电容器两极板间电压降为原来的此电容器的电容是__________μF；若电容器极板上的电荷全部放掉，电容器的电容是__________μF。20、质量为m,电荷量为q的带电粒子由静止开始，在电压为U的电场中仅在电场力作用下加速后的速度为___________21、一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的竖直气缸内，活塞可沿气缸无摩擦地上下滑动．开始时活塞静止，取一小盒沙子缓慢地倒在活塞的上表面上，在倒沙子的过程中，缸内气体内能______（填“增大”、“减小”或“不变”），气体对活塞______（填“做正功”、“做负功”或“不做功”），气体______（填“吸热”或“放热”）．22、据统计，人在运动过程中，脚底在接触地面瞬间受到的冲击力是人体所受重力的数倍．为探究这个问题，实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验，即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况．重物与地面的形变很小，可忽略不计，不考虑空气阻力的影响取重力加速度g＝10m/s2下表为一次实验过程中的相关数据．

。重物（包括传感器）的质量m/kg

8.5

重物下落高度H/cm

45

重物反弹高度h/cm

20

最大冲击力Fm/N

850

重物与地面接触时间t/s

0.1

（1）请你选择所需数据；通过计算回答下列问题。

a．重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小a＝_____

b．在重物与地面接触过程中；重物受到地面施加的平均作用力是_____倍重物所受的重力．

（2）如果人从某一确定高度由静止竖直跳下，为减小脚底在与地面接触过程中受到的冲击力，可采取一些具体措施，请你提供一种可行的方法并说明理由．_____．评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)26、某物理兴趣小组的小明和小华两同学走进实验室；准备利用实验室现有器材进行电学知识实验探究。实验室可供探究的器材有：

A．干电池（电动势E=1.5V，内阻r约为2）；

B．电流表A（满偏电流为3mA，内阻约为9）；

C．电压表V（量程为1.5V，内阻约为1000）

D．电阻箱R1（最大阻值为999.9）；

E．滑动变阻器R2（最大阻值为1000）；

F．定值电阻R3（阻值约为1）；

G．开关；导线若干。

（1）小明同学将干电池、电流表A和滑动变阻器R串联，设计了如图甲所示的欧姆表，完成测试后表盘上1.5mA刻度对应的电阻值为_______

（2）小华同学为了对图甲的欧姆表进行改装，他首先测量了电流表A的内阻，他将电流表A与电阻箱R1串联，设计了如图乙所示的测量电路。闭合开关，调节电阻箱的阻值，当电流表满偏时电压表的示数为1.47V，电阻箱的读数为480则电流表的内阻RA=_______

（3）小华同学在上述实验基础上继续利用电流表A和电压表V来测量定值电阻R3的阻值，用伏安法的内接和外接两种电路进行测量，则采用伏安法的_______（填“内接”或“外接”）测量较准确。在测量中，若电压表的示数为U，电流表的示数为I，则定值电阻R3阻值的表达式为R3=_______（用实验测量的物理量的字母表示）。

（4）小华同学经过多次测量得到定值电阻R3的电阻为他利用该定值电阻对小明同学设计的如图甲所示的欧姆表进行改装，从而实现了对欧姆表倍率的转换，改装电路如图丙所示。则图甲和图丙两种欧姆表的倍率之比为_______。27、某物理兴趣小组的同学准备测量一个定值电阻的阻值，实验室提供了以下实验器材供选择，请你帮助该实验小组完成以下操作。A．待测电阻Rx：阻值约为200ΩB．电源E：电动势为3.0V，内阻可忽略不计；C．电流表A1：量程为0~30mA，内电阻r1=20Ω；D．电流表A2：量程为0~50mA，内电阻r2约为8ΩE．电压表V：量程为0~15V，内电阻RV约为10kΩ；F．定值电阻R0；阻值R0=80Ω；G．滑动变阻器R1：最大阻值为10ΩH．滑动变阻器R2：最大阻值为1000Ω

J．开关S；导线若干。

(1)由于实验室提供的电压表量程太大，测量误差较大，所以实验小组的同学准备将电流表A1和定值电阻R0改装成电压表；则改装成的电压表的量程为___________V。

(2)为了尽可能减小实验误差；多测几组数据且便于操作，滑动变阻器应该选择___________(选填“G”或“H”)，请在右侧方框内已经给出的部分电路图中，选择恰当的连接点把电路连接完整___________。

(3)若某次测量中电流表A1的示数为I1，电流表A2的示数为I2，则Rx的表达式为Rx=___________。28、某实验小组测量某电阻元件的电阻阻值．

①先用多用电表粗略测量．选用“”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转角度过大，需要选择_____（选填“”或“”）倍率的电阻挡，重新欧姆调零后再测量，测量结果如图所示，则该电阻元件的电阻为_____．

为了精确测量；供选择的器材有：

A．电流表（量程0.6A，内阻约为）

B．电流表（量程60mA，内阻约为）

C．电流表（量程20mA，内阻）

D．电压表V（量程15V，内阻约为）

E．定值电阻

F．滑动变阻器最大阻值为额定电流1A

G．滑动变阻器最大阻值为额定电流0.2A

H．电源E；电动势为4V，内阻不计。

I．开关S及导线若干。

②为减小测量误差，测量时要求电表示数不能小于其量程的1/3，并且电表示数变化范围较大．除请器材H和I外，还需选用的实验器材是：______（选填器材前对应的字母序号）．

③根据你选择的实验器材；请在虚线框内画出精确测量该电阻元件电阻阻值的最佳电路图，并标明器材的字母代号．

()

29、小明同学用如左图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据他作出了如右图所示的图线认为各电表均为理想电表由图可知电动势______V，内电阻______

评卷人得分六、解答题(共1题，共10分)30、一内横截面积为S的玻璃管下端有一个球形小容器，管内有一段长度为2cm的水银柱。容器内密封一定质量的理想气体。初始时，环境温度为27管内（除球形小容器）气柱的长度为L。现再向管内缓慢注入水银，当水银柱长度为4cm时，管内（除球形小容器）气柱的长度为0.8L。整个装置导热良好，已知大气压强p0=76cmHg。

（i）求球形小容器的容积；

（ii）若将该容器水银柱以下部分浸没在恒温的水中，稳定后，管内（除球形小容器）气柱的长度为0.41L；求水的温度为多少摄氏度。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【详解】

设A、B碰撞后的速度为v，根据动量守恒：mv0=2mv，解得A、B一起向右运动，当A、B、C速度相等时，弹簧上的弹性势能最大，根据动量守恒2mv=3mv1，解得A、B、C相同的速度再根据能量守恒可求弹簧的最大弹性势能：所以A正确；B、C、D错误．2、C【分析】电源的电动势是描述的内部非静电力做功，将其他形式的能转变呈电能的物理量，电流从电源正极发出，经外电路回到电源负极，故A正确；在电源外，静电力对单位电荷做的功越多，电源把其他形式的能转化为电能也越多，电动势越大，故B正确；由于功不等于电动势，功与电荷量的比值才等于电动势，故C错误，D正确．此题选择错误的选项，故选C．3、B【分析】【详解】

当滑片向端移动时，滑动变阻器接入电路电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可以知道电路电流变大，电流表示数变大，由公式可以知道灯泡实际功率变大，因此灯泡变亮，故B正确．

故选B．4、C【分析】【分析】

【详解】

当缓慢升高缸内气体温度时，气体先发生等容变化，根据查理定律，缸内气体的压强p与热力学温度T成正比，图线是过原点的倾斜直线；当缸内气体的压强等于外界的大气压后，气体发生等压膨胀，图线是平行于T轴的直线；故C正确，ABD错误。

故选C。5、B【分析】【分析】

【详解】

A．由于该双曲线为等温线，则气体在状态A、B时的分子平均动能相等,又由于气体为理想气体，则气体的分子势能可忽略不计，所以气体在状态A的内能一定等于在状态B的内能；选项A错误；

B．由题意可知,图线为等温曲线,由理想气体状态方程可得。

由于C是常量，温度T保持不变，则pV为定值，则图中Rt△OAC和Rt△OBD的面积相等；选项B正确；

C．从状态A变化到状态B的过程中，气体的体积增大，气体对外界做功，由热力学第一定律得气体从外界吸收热量，又由于则气体吸收的热量等于气体对外界所做的功，选项C错误；

D．从状态A变化到状态B的过程中气体的压强减小；则气体分子单位时间内对器壁单位面积上的碰撞次数减少，选项D错误。

故选B。6、A【分析】A、线圈绕M边为轴转动；线圈平面与磁场方向的夹角改变，磁通量发生变化，有感应电流产生，故A正确；

B、线圈绕N边为轴转动；磁通量一直为零，没有发生变化，无感应电流产生，故B错误；

C；线圈沿纸面上下运动；磁通量一直为零，没有发生变化，无感应电流，故C错误；

D；线圈沿纸面左右运动；磁通量一直为零，没有发生变化，无感应电流，故D错误；

故选A。

【点睛】注意把握磁通量是否变化这一根本条件，不要受其它因素的干扰。7、C【分析】【详解】

根据电流间的相互作用力关系：同向电流相互吸引，反向电流相互排斥，所以通以同向电流后，电流间相互吸引，所以整个圆筒有沿半径向内收缩的趋势，ABD错误C正确8、D【分析】【分析】

保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，由E=和F=qE可判断出电场力的变化，即可判断的变化；开关S断开，电容器的带电量Q不变，由电容的决定式和定义式可推导出板间的电场强度E的变化，进而可知的变化．

【详解】

A、保持开关S闭合，电容器两端间的电势差不变，将A板向B板靠近，极板间距离减小，由电场强度E=可知，电场强度增大，小球所受的电场力变大，增大；故A；B错误．

C、开关S断开，电容器的带电量Q不变，将A板向B板靠近，极板间距离减小，由电容器电容的决定式C=可知，电容器电容C增大，而电容器电容的定义式C=所以板间的电场强度E===可以判断电场强度E不变，故带正电的小球受的电场力不变，则不变；故C错误，D正确．

故选D9、C【分析】【详解】

A．由简谐波图象可知；波长为4m，故A错误；

B．根据可知波源的振动周期为故B错误；

C．据质点的振动方向与波的传播方向关系；利用上下坡法可知质点A的振动方向沿y轴负方向，故C正确；

D．简谐波传播过程中；介质中各质点的起振方向与波源的起振方向相同，所以波源起振方向与图中x=6m处质点的振动方向相同，即沿y轴正方向，故D错误；

故选C．二、多选题(共7题，共14分)10、B:D【分析】【详解】

AB．据题知R1=R2=2R，流过R2的电流为I，则流过ab棒的电流为2I，金属杆ab消耗的热功率为

若导体棒匀速运动，根据能量守恒重力的功率等于电路的总功率

由于导体棒不一定匀速运动，所以重力的功率不一定为8I2R，也不一定是6I2R，故A错误，B正确；

C．金属杆ab产生的感应电动势为

得导体棒的速度大小为

故C错误；

D．导体棒受到的安培力的大小为

故D正确。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

A；圆环、木块和子弹构成的系统水平方向没有外力；水平方向动量守恒，A错误。

B、子弹射入木块后的瞬间，子弹和木块组成的系统水平方向动量守恒，所以可得B正确。

C、子弹射入木块后的瞬间，速度大小为圆环没有移动，根据圆周运动向心力的构成可知C错误。

D、子弹射入木块后的瞬间，环对轻杆的压力等于T+mg，大于D正确12、B:D【分析】【详解】

A．当分子间作用力表现为引力时；分子间距离增大，分子间作用力做负功，分子势能增加，故A错误；

B．一个热力学系统；如果从外界吸热的同时系统对外做功，则内能可能减少，故B正确；

C．根据理想气体状态方程

知；气体温度升高，体积不一定增大，故C错误；

D．根据热力学第二定律可知，热机的效率总是小于100%；故D正确。

故选BD。13、A:D:E【分析】【详解】

A．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量就可以计算出阿伏伽德罗常数，即

故A正确；

B．悬浮微粒越大；在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，受力就越趋于平衡，布朗运动就越不明显，故B错误；

C．将一个分子从无穷远处无限靠近另外一个分子；分子力先增加后减小再增加，分子力先表现为引力，做正功，后表现为斥力做负功，故分子势能先减小后增大，故C错误；

D．温度是分子平均动能的标志；温度越高分子平均动能越大，但温度升高并不代表所有分子的动能都增大，故D正确；

E．根据热力学第二定律可知；自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故E正确。

故选ADE。14、A:C:D【分析】试题分析：由电荷的运动轨迹可知；电荷的受力沿电场线的方向，故粒子带正电，A对；电场线是为了形象的描述电场而假想出来的，没有电场线的位置，电场并不为零，B错；电场线的疏密，表示场强的强弱，又有电场力知，电场强度大的地方，电场力大，加速度大，知C对；粒子在由M向N运动过程中，电场力做正功，动能增加，D对．

考点：电场线；电场强度．

【名师点睛】电场线的应用。

(1)判断电场力的方向——正电荷的受力方向和电场线在该点切线方向相同；负电荷的受力方向和电场线在该点切线方向相反；

(2)判断电场强度的大小(定性)——电场线密处电场强度大；电场线疏处电场强度小，进而可判断电荷受力大小和加速度的大小；

(3)判断电势的高低与电势降低的快慢——沿电场线的方向电势逐渐降低；电场强度的方向是电势降低最快的方向；

(4)判断等势面的疏密——电场越强的地方，等差等势面越密集；电场越弱的地方，等差等势面越稀疏．15、B:C:E【分析】【详解】

A→B过程中，压强不变，体积变大，温度升高，则气体分子的平均速率变大，碰撞力变大，而气体的分子数密度减小，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减小，选项A错误；B→C过程中，气体体积不变，压强减小，温度降低，则分子内能减少，选项B正确；状态A和状态C，气体的温度相同，则气体分子平均动能相同，选项C正确；D→A过程气体温度不变，内能不变，气体体积减小，外界对气体做功，则放出热量，选项D错误；根据W=P∆V可知，从A→B气体对外做功为从B→C气体体积不变，则W2=0;从D→A气体体积减小，外界对气体做功：其值等于曲线下方的面积，则气体状态变化的全过程中气体对外做的功等于该图象ABCD围成的面积，选项E正确；16、A:D【分析】【详解】

当月球进入地球本影区Ⅰ时；所有太阳光线都照不到月球上，因此月亮是黑暗无光的，这时，地球上观察者看到的是月全食．当月球部分进入Ⅰ区时，进入的部分没有光线反射出来，这时看到的是月偏食．月球处于半影区Ⅱ或Ⅳ时，有部分太阳光照到月球上．因此月球仍然反射这部分太阳光，所以看不到月食．另外，由于地球的本影区长度远大于地月之间的距离，月球不可能进入Ⅲ区，假设月球能进Ⅲ区，因有部分太阳光照到月球上，也不可能发生月食。

综上所述，故应选AD。三、填空题(共6题，共12分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】热平衡18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]A到B为等容变化，故

由图可知

则

B到C为等压变化，则

由图可知

则【解析】①.＞②.＜19、略

【分析】【详解】

[1]由题平行板电容器的电荷量减少

电压降低

则μF

[2]电容反应电容器本身的特性，电容器极板上的电荷全部放掉电容器的电容不变，仍为150μF。【解析】20、略

【分析】【分析】

带电粒子经加速电场加速后；动能的大小等于电场力做功，求得速度v；

【详解】

设加速后的速度为v，根据动能定理可得：所以．

【点睛】

本题考查带电粒子在电场中的加速，注意动能定理的应用．【解析】21、略

【分析】【详解】

一定质量的理想气体被活塞封闭在可导热的竖直气缸内；缓慢倒入沙子过程中，活塞下移，气体对活塞做负功，由于气缸导热，所以气体对外放出热量，内能不变．

故答案为不变；做负功；放热．【解析】不变做负功放热22、略

【分析】【详解】

（1）a．重物受到最大冲击力时加速度的大小为a，由牛顿第二定律解得：

b．重物在空中运动过程中，由动能定理有：

重物与地面接触前瞬时的速度大小为：

重物离开地面瞬时的速度大小为：

重物与地面接触过程，重物受到的平均作用力大小为F，设竖直向上为正方向，由动量定理有：（F﹣mg）t＝mv2﹣mv1

解得：F＝510N

重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍数为：

因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．

（2）人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力．【解析】90m/s26人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力四、作图题(共3题，共18分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=