2025年外研版选择性必修2物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版选择性必修2物理下册阶段测试试卷435考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图甲所示，矩形导线框ABCD固定在匀强磁场中，磁感线垂直于线框所在平面且向里．规定垂直于线框所在平面向里为磁场的正方向；线框中电流沿着逆时针方向为感应电流i的正方向，要在线框中产生如图乙所示的感应电流，则磁感应强度B随时间t变化的规律可能为。

A.B.C.D.2、如图所示，电源的电动势为E，内阻r不能忽略，A、B是两个相同的小灯泡，L是一个自感系数相当大的线圈。关于这个电路的以下说法正确的是（）

A.开关闭合到电路中电流稳定的时间内，A灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定B.开关闭合到电路中电流稳定的时间内，B灯立刻亮，而后逐渐变暗，最后亮度稳定C.开关由闭合到断开瞬间，A灯闪亮一下再熄灭D.开关由闭合到断开瞬间，电流自左向右通过B灯3、在下列电磁感应现象应用中说法正确的是（）A.探雷器是利用涡流工作的，探测时是地下的金属感应出涡流，涡流的磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警B.为了减小变压器铁芯中的涡流损失，可以减小铁芯材料的电阻率C.真空冶炼炉的工作原理是炉体产生涡流使炉内金属熔化D.磁电式电流表在运输过程中需要将正、负接线柱用导线连接起来以免损坏是电磁驱动原理4、如图表示一条放在磁场里的通电直导线，导线与磁场方向垂直，图中分别标明电流、磁感应强度和安培力这三个物理量的方向，关于三者方向的关系，下列选项中正确的是（）A.B.C.D.5、如图所示，一磁感应强度为B的圆形匀强磁场区域，圆心为O，半径为r，MN是直径，一粒子发射装置S置于M端，可从M端向圆平面内任意方向发射速率相等的同种带电粒子，某个粒子从N端离开磁场，在磁场中运动的时间为其中k为带电粒子的比荷；下列说法正确的是（）

A.该粒子的速率为krB，发射方向垂直于MNB.该粒子的速率为krB，发射方向与MN的夹角为45°C.该粒子在磁场中运动的时间最短D.若该粒子沿直径MN方向射入磁场，其运动的时间为6、许多科学家在物理学发展过程中做出了重要贡献，下列表述正确的是（）A.安培通过实验研究确认了电荷之间的相互作用力规律B.库仑发现了磁场产生电流的条件和规律C.奥斯特首次发现了通电导线周围存在着磁场D.法拉第概括总结了判断感应电流方向的规律评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、一环形线圈放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直线圈平面向里，如图甲所示。若磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示；那么下列选项正确的是（）

A.第1s内线圈中感应电流的大小逐渐增加B.第2s内线圈中感应电流的大小恒定C.第3s内线圈中感应电流的方向为顺时针方向D.第4s内线圈中感应电流的方向为逆时针方向8、在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图所示。产生的交变电动势的图像如图所示，则（）

A.时线框的磁通量变化率为零B.时线框平面与中性面重合C.线框产生的交变电动势有效值为311VD.线框产生的交变电动势频率为100Hz9、电路如图甲所示，电阻R的阻值为484Ω，C为电容器，L为直流电阻不计的自感线圈，开关S断开，当接上如图乙所示的电压u；下列说法正确的是（）

A.R上的电压应等于155.5VB.电压表的示数为220VC.电阻R消耗的功率小于50WD.为保证闭合开关S后电容器不被击穿，该电容器的耐压值不得小于311V10、如图所示，在圆形区域内有在垂直纸面向外的匀强磁场，为圆的直径，P为圆周上的点，带正电的粒子a和带负电的粒子b（a、b在图中均未画出）以相同的速度从P点沿方向射入磁场，结果恰好从直径两端射出磁场。粒子a、b的质量相等；不计粒子所受重力以及粒子间的相互作用。下列说法错误的是（）

A.从A点射出磁场的是粒子aB.粒子a、b在磁场中运动的半径之比为1∶3C.粒子a、b的电荷量之比为3∶1D.粒子a、b在磁场中运动的时间之比为3∶211、如图所示，在半径为R的圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，a、b、c、d是圆上对称的四个点。一带电粒子从P点射入磁场，OP连线与Od的夹角为带电粒子的速度大小为v，方向与ab成直角时，恰好能反向飞出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t，若只将cbd半圆内磁场方向变成垂直纸面向里，该粒子仍然从P点沿垂直ab方向射入，设粒子在磁场中的偏转半径为粒子在磁场中运动的时间为则下列说法正确的是（）

A.粒子的偏转半径为B.粒子的偏转半径为C.粒子的运动时间D.粒子的运动时间为2t12、磁流体发电是一项新兴技术。如图所示；平行金属板之间有一个很强的磁场，将一束含有大量正；负带电粒子的等离子体，沿图中所示方向喷入磁场。图中虚线框部分相当于发电机。把两个极板与用电器相连，则（）

A.用电器中的电流方向从B到AB.用电器中的电流方向从A到BC.若只断开用电器，发电机两极板间电压增大D.若只增大喷入粒子的速度，发电机的电动势增大13、如图甲所示的电路中，变压器为理想变压器，Ro为定值电阻，R为滑动变阻器，L为标有“22V20W”的白炽灯泡，所有电表均为理想电表。当变压器原线圈输入如图乙所示的交变电压时，灯泡L正常发光。则下列说法正确的是（）

A.通过R的交变电流频率为50HZB.变压器原、副线圈的匝数比为10∶1C.变压器原、副线圈铁芯中磁通量变化率之比为10∶1D.当滑动变阻器R的滑动片P向下移动时，电流表A1和A2的示数均增大评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、如图所示，已知导体棒中通有电流I，导体棒长度为l，磁场磁感应强度为B；当导体棒按下面几种方式放置时，写出导体棒所受安培力的大小，并写出安培力的方向。

（1）F=_______；

（2）F=_______；

（3）F=_______；

（4）F=_______；15、高频电视信号的三种传播方式：地面_________传输、有线网络传输以及____传输。16、LC振荡电路中，某时刻的磁场方向如图所示，若磁感应强度正在减弱，则电容器上极板带___________电；若磁感应强度正在增强，则电容器上极板带___________电。（均选填“正”或“负”）

17、如图甲所示，一个固定的矩形线圈abcd的匝数n=500，线圈面积S=100cm2，线圈的总电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化的规律如图乙所示。则线圈中的感应电流为___________A，流过R的电流方向为___________（选填“向上”或“向下”）

18、自感系数与线圈的______、______、______，以及是否有______等因素有关．评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)19、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

20、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

21、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

22、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共3题，共15分)23、甲；乙、丙三位同学利用如图所示装置探究影响感应电流方向的因素。

（1）如图a，甲同学在断开开关时发现灵敏电流计指针向右偏转，（下列操作中同样能使指针向右偏转的有__________。

A．闭合开关。

B．开关闭合时将滑动变阻器的滑片向左滑动。

C．开关闭合时将A线圈从B线圈中拔出。

D．开关闭合时将A线圈倒置再重新插入B线圈中。

（2）如图b，乙同学将条形磁铁从B线圈上方由静止释放，使其笔直落入B线圈中，多次改变释放高度，发现释放高度越高，灵敏电流计指针偏转过的角度越大。该现象说明了线圈中_________（选填“磁通量”“磁通量变化量”；“磁通量变化率”）越大，产生的感应电流越大。

（3）丙同学设计了如图c所示的装置来判断感应电流的方向。他先使用多用电表的欧姆挡对二极管正负极进行确认，某次测量时发现多用电表指针几乎没有偏转，说明此时黑表笔接触的是二极管的__________（选填“正极”或“负极”）。实验操作时将磁铁插入线圈时，只有灯__________（选填“C”或“D”）短暂亮起。24、（1）探究限流式接法中滑动变阻器的选择依据，采用图甲所示的电路，探究滑片从下往上滑动过程中，负载电阻两端的电压变化。已知滑动变阻器的最大阻值为选择负载电阻以两端电压与总电压的比值为纵轴，为横轴（为滑动变阻器接入电路部分电阻，为滑动变阻器的最大阻值），得到分压特性曲线为图乙中的“A”；当分压特性曲线对应图乙中的______（选填“B”或“C”）；则限流式接法中滑动变阻器最大阻值的选择依据是______。

（2）某实验小组用如图丙所示的实验装置探究“变压器的电压与匝数的关系”；

某次实验中，用匝数匝和匝的线圈进行实验，测得数据如图丁所示，则原线圈的匝数为______（选填“”或“”），电压比和匝数比不严格相等，原因有______。25、在“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验中；操作步骤如下：

①将两个线圈套到可拆变压器的铁芯上；

②闭合电源开关；用多用电表的交流电压挡分别测量原线圈和副线圈两端的电压；

③将匝数较多的一组线圈接到学生电源的交流电源输出端上；另一个作为副线圈，接上小灯泡；

④将原线圈与副线圈对调；重复以上步骤。

（1）以上操作的合理顺序是________（只填步骤前的数字序号）。

（2）如图所示，在实验中，两线圈的匝数分别为1600、400，当原线圈匝数较多，且原线圈两端电压为12V时，副线圈两端电压为3V；原线圈与副线圈对调后，当原线圈两端电压为2V时，副线圈两端电压为8V。那么可初步确定，变压器原、副线圈的电压U1、U2与原、副线圈匝数n1、n2的关系是________。评卷人得分六、解答题(共4题，共36分)26、回旋加速器的示意图如图所示。它由两个铝制D型金属扁盒组成，两个D形盒正中间开有一条狭缝；两个D型盒处在匀强磁场中并接在高频交变电源上。在D1盒中心A处有粒子源，它产生并发出带电粒子，经狭缝电压加速后，进入D2盒中。在磁场力的作用下运动半个圆周后，垂直通过狭缝，再经狭缝电压加速；为保证粒子每次经过狭缝都被加速，设法使交变电压的周期与粒子在狭缝及磁场中运动的周期一致。如此周而复始，速度越来越大，运动半径也越来越大，最后到达D型盒的边缘，以最大速度被导出。已知某粒子所带电荷量为q，静止时质量为m0，加速时电极间电压大小恒为U，磁场的磁感应强度为B，D型盒的半径为R；设狭缝很窄，粒子通过狭缝的时间可以忽略不计。设该粒子从粒子源发出时的初速度为零，不计粒子重力和粒子间的相互作用力。

（1）忽略相对论效应；求：

①交变电压的周期T；

②粒子被加速后获得的最大动能Ekm。

（2）人们使用早期制造的回旋加速器加速带电粒子时发现，粒子能量达到25～30MeV后，就很难再加速了。原因是：按照狭义相对论，粒子的质量m随着速度v的增加而增大（具体关系为c为真空中的光速），质量的变化会导致其回转周期的变化，从而破坏了交变电压的周期与粒子在磁场中运动周期的一致性（若将m0换成后，粒子在磁场中运动的周期公式仍然成立）。已知：在高速运动中，动能定理仍然成立，只不过物体的动能表达式需要修改为Ek=mc2−m0c2。考虑相对论效应后；适当调整交变电压的周期，可以使粒子获得更大的动能。

①求粒子第n次通过狭缝时，交变电压的周期（注：结果用U、n、B、m0、q、c和π表示）

②若交变电压的最终周期为Tm，求粒子被加速后获得的最大动能Ekm'。（注：结果用Tm、B、q、m0、c和π表示）

27、如图所示，两平行金属板间距为d，电势差为U，板间电场可视为匀强电场；金属板下方有一垂直于纸面向外，磁感应强度为B的匀强磁场。带电量为＋q、质量为m的粒子，由静止开始从正极板的点出发，经电场加速后射出，并从点沿垂直于荧光屏MN和磁场的方向进入磁场，做匀速圆周运动打到荧光屏MN的点。忽略重力的影响；求：

（1）匀强电场场强E的大小；

（2）粒子从电场射出时速度ν的大小；

（3）粒子在磁场中做匀速圆周运动的间距离S。

（4）粒子从点进入电场开始至打到点的总时间t。

28、发电机和电动机具有装置上和机理上的类似性。直流发电机和直流电动机的工作原理可以简化为如图（a）、图（b）所示的情景。在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根光滑平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L，电阻不计，电阻为R的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好，以速度v（v平行于MN）向右做匀速运动。

图（a）轨道端点MP间接有阻值为r的电阻，导体棒ab受到水平向右的外力作用。图（b）轨道端点MP间接有直流电源，内阻为r，导体棒ab通过光滑滑轮匀速提升重物，电路中的电流为I。

（1）求图（a）、图（b）中，金属棒两端a、b两点间的电压；

（2）求在时间内，图（a）“发电机”产生的电能和图（b）“电动机”输出的机械能

（3）分析时间内，图（a）和图（b）中能量转化的过程。

29、电源是通过非静电力做功把其它形式的能转化为电势能的装置；在不同的电源中，非静电力做功的本领也不相同，物理学中用电动势来表明电源的这种特性。

(1)如图所示，固定于水平面的U形金属框架处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度为B，金属框两平行导轨间距为l。金属棒MN在外力的作用下，沿框架以速度v向右做匀速直线运动，运动过程中金属棒始终垂直于两平行导轨并接触良好。已知电子的电荷量为e。

a.请根据法拉第电磁感应定律，推导金属棒MN切割磁感线产生的感应电动势

b.在金属棒产生电动势的过程中，请说明是什么力（充当非静电力，并求出这个非静电力的大小。

(2)由于磁场变化而产生的感应电动势，也是通过非静电力做功而实现的。在磁场变化时产生的电场与静电场不同，它的电场线是闭合的，我们把这样的电场叫做感生电场，也称涡旋电场。在涡旋电场中电场力做功与路径有关，正因为如此，它是一种非静电力。如图所示，空间存在一个垂直于纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为磁场区域半径为R。一半径为r的圆形导线环放置在纸面内，其圆心O与圆形磁场区域的中心重合。已知电子的电荷量为e。

a.如果磁感应强度随时间t的变化关系为求圆形导线环中的感应电动势的大小；

b.上述感应电动势中的非静电力来自于涡旋电场对电子的作用。求上述导线环中电子所受非静电力的大小。

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】

【详解】

A．在0－t0时间内，磁场垂直纸面向里，且均匀减小，根据楞次定律，知感应电流的方向为ABCDA，与规定的正方向相反，根据法拉第电磁感应定律，产生的感应电动势为定值，则感应电流为定值，同理，在t0－2t0时间内，感应电流的方向为ADCBA；与规定的正方向相同，感应电流为正值，且为定值。故A错误；

B．在0－t0时间内，磁场垂直纸面向外，且均匀减小，根据楞次定律，知感应电流的方向为ADCBA，与规定的正方向相同，感应电流为正值。同理，在t0－2t0时间内，感应电流的方向为ABCDA；与规定的正方向相反，感应电流为负值，且为定值，故B正确；

C．在0－t0时间内，磁场垂直纸面向里，且均匀减小，根据楞次定律，知感应电流的方向为ABCDA，与规定的正方向相反，根据法拉第电磁感应定律，产生的感应电动势为定值，则感应电流为定值，在t0－2t0时间内，磁场方向垂直纸面向外，且均匀增大，根据楞次定律，感应电流的方向仍然为ABCDA；与规定的正方向相反。故C错误；

D．磁感应强度不变；磁通量不变，则不产生感应电流。故D错误。

故选B。2、B【分析】【分析】

【详解】

AB．从开关闭合到电路中电流稳定的时间内，由于L中产生自感电动势阻碍电流的增加，可知A灯逐渐变亮，最后亮度稳定；B灯立刻亮起，而后随电路总电流变大，则路端电压减小，则B灯逐渐变暗；最后亮度稳定；选项A错误，B正确．

CD．开关由闭合到断开的瞬间，B灯原来的电流立刻消失；由于在L中的自感电动势阻碍电流减小，则通过A灯的电流会在L-A-B中重新组成回路，则电流自右向左通过B灯；使得两灯都会慢慢熄灭，选项CD错误。

故选B。3、A【分析】【详解】

A．探雷器是利用涡流工作的；探测时是地下的金属感应出涡流，涡流的磁场反过来影响线圈中的电流，使仪器报警，A正确；

B．为了减小变压器铁芯中的涡流损失；应该增大铁芯材料的电阻率，B错误；

C．真空冶炼炉的工作原理是炉内的金属导体内产生涡流使其熔化；故C错误；

D．磁电式电流表在运输过程中需要将正；负接线柱用导线连接起来以免损坏是电磁阻尼原理；D错误。

故选A。4、D【分析】【详解】

根据左手定则可知：

A．该图中电流所受安培力的方向水平向右；选项A错误；

B．该图中电流所受安培力的方向竖直向上；选项B错误；

C．该图中电流所受安培力的方向竖直向上；选项C错误；

D．该图中电流所受安培力的方向竖直向上；选项D正确。

故选D。5、B【分析】【详解】

ABC．由题设条件带电粒子在磁场中运动的周期为根据粒子在磁场中运动的时间可知，带电粒子从M到N运动了四分之一周期，由几何知识作图知道该粒子运动轨迹的圆心在边界圆上，半径为由

则

发射方向与MN的夹角为45°；此轨迹对应弧长最长，运动时间最长，选项AC错误，B正确；

D．根据前面的数据再画出沿MN方向的粒子运动轨迹，经计算轨迹圆弧对应的圆心角为则时间不等于D错误．

故选B。6、C【分析】【详解】

A．库伦通过实验研究确认了电荷之间的相互作用力规律；故A错误；

B．法拉第发现了电磁感应现象；即穿过闭合回路的磁通量发生变化时，就会产生感应电流，故B错误；

C．奥斯特首次发现了通电导线周围存在着磁场；故C正确；

D．楞次概括总结了判断感应电流方向的规律；故D错误。

故选C。二、多选题(共7题，共14分)7、B:D【分析】【分析】

【详解】

根据B-t图中同一条直线磁通量的变化率是相同的，由法拉第电磁感应定律可得

可知；各段时间内的电流为定值，且大小相等。由题意可知，第1s内磁感线垂直线圈平面向里，则有。

A．在第1s内；磁场正向增大，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故A错误；

B．在第2s内；磁场反向减小，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；感应电流是恒定的，故B正确；

C．在第3s内；磁场正向增大，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；故C错误；

D．在第4s内；磁场反向减小，由楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向；故D正确；

故选BD。8、A:B【分析】【详解】

A.t=0.01s时；感应电动势为0，则此时线框的磁通量变化率为零，A正确；

B．t=0.01s时；感应电动势为零，则线框平面与中性面重合，B正确；

C．线框产生的交变电动势最大值为311V，有效值为

C错误；

D．线框产生的交变电动势的周期为

频率为

D错误；

故选AB。9、C:D【分析】【详解】

A．设电压表的读数为U，根据电压有效值的概念应有

解得U=110V≈155.5V

即电压表的示数应为155.5V，由于线圈的自感作用，电阻R两端的电压应小于155.5V；所以A错误；

B．根据选项A分析可知电压表示数155.5V；B错误；

C．当不考虑线圈的自感作用时，电阻R消耗的功率为

所以由于线圈的自感作用影响，电阻R消耗的功率一定小于50W；所以C正确；

D．根据电源电压图象可知；电源的最大电压为311V，电容器的耐压值不能小于311V，所以D正确．

故选CD．

【点睛】

应明确：①应根据电流的热效应定义来求交流电的有效值；②电容器的耐压值不能大于电压的最大值；③电压表示数应是电压有效值．10、A:B:C【分析】【详解】

A．从A点射出磁场的粒子在P点受到的洛伦兹力垂直于OP向左下方，根据左手定则判断可知该粒子带负电，是粒子b；故A错误，符合题意；

B．画出粒子在磁场中的运动轨迹；如图所示。

设粒子a、b在磁场中运动的半径分别为r1和r2，设AB=2R，根据几何知识可得

则有

故B错误；符合题意；

C．由半径公式得

由于m、v、B相同，则粒子a、b的电荷量之比为

故C错误；符合题意；

D．粒子a、b在磁场中运动时轨迹对应的圆心角分别为和则粒子a、b在磁场中运动的时间之比为

故D正确；不符合题意。

故选ABC。11、B:C【分析】【详解】

AB．带电粒子的速度大小为v，方向与ab成直角时，恰好能反向飞出磁场，则粒子轨迹如图

由图可知，粒子的偏转半径为

若只将cbd半圆内磁场方向变成垂直纸面向里，粒子在磁场中的偏转半径

A错误B正确；

CD．带电粒子的速度大小为v，方向与ab成直角时，恰好能反向飞出磁场，且粒子在磁场中运动的时间为t，由上图可知

若只将cbd半圆内磁场方向变成垂直纸面向里，粒子仍然从P点打入，则粒子轨迹如下图

由图知粒子在磁场中运动的时间

则

D错误C正确。

故选BC。12、B:C:D【分析】【详解】

AB．由左手定则可知，等离子体进入磁场后，正离子向上运动，负离子向下运动，所以上板为正，下板为负，用电器的电流方向从A到B；故A错误，B正确；

C．图中虚线框部分相当于电源；接用电器时，两极板之间的电压为路端电压，若只断开用电器，发电机两极板间电压等于电源的电动势，路端电压要小于电源的电动势，故C正确；

D．因电荷在电场和磁场中受电场力和洛仑兹力作用，最终会处于平衡，即最终等离子体将匀速通过磁场区域，所以有

解得

所以增大喷入粒子的速度；发电机的电动势将增大，故D正确。

故选BCD。13、A:B:D【分析】【详解】

A．由乙图可知，周期则频率为

故A正确；

B．由乙图可知，原线圈的最大电压为

则原线圈电压的有效值

而此时灯泡正常发光，由并联电路的特点可知，此时副线圈两端的电压

故变压器原、副线圈的匝数比为

故B正确；

C．根据法拉第电磁感应定律，有

因

变压器原；副线圈铁芯中磁通量变化率之比为1∶1；故C错误；

D．当滑动变阻器R的滑动片P向下移动时，R的有效阻值减小，副线圈电压不变，故副线圈的电流增大，根据

可知，原线圈的电流也增大，故电流表和的示数均增大；故D正确；

故选ABD。三、填空题(共5题，共10分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.IlB，垂直于导体棒斜向左下②.IlB，垂直纸面向外③.IlB，垂直于导体棒斜向右下④.015、略

【解析】无线电16、略

【分析】【详解】

[1]若磁场正在减弱，则磁场能在减小，是电容器的充电过程，根据楞次定律可确定电流由b向a；电场能增大，则上极板带负电；

[2]若磁场正在增强，则磁场能在增大，是放电过程，电场能正在减小，根据楞次定律，可判断电流由a向b，则上极板带正电。【解析】负正17、略

【分析】【详解】

[1]根据法拉第电磁感应定律有

再根据闭合电路欧姆定律有

[2]根据楞次定律可判断流过R的电流方向为向上。【解析】向上18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】大小形状匝数铁芯四、作图题(共4题，共32分)19、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】22、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共3题，共15分)23、略

【分析】【详解】

（1）[1]断开开关时；A线圈中电流迅速减小，则B线圈中磁通量减小，出现感应电流，使灵敏电流计指针向右偏转；为了同样使指针向右偏转，应减小B线圈中的磁通量或增加B线圈中反向的磁通量。

A．闭合开关；A线圈中的电流突然增大，则B线圈中的磁通量增大，故A错误；

B．开关闭合时将滑动变阻器的滑片向左滑动；滑动变阻器接入电路阻值减小，A线圈中的电流增大，则B线圈中的磁通量增大，故B错误；

C．开关闭合时将A线圈从B线圈中拔出；则B线圈中的磁通量减小，故C正确；

D．开关闭合时将A线圈倒置；再重新插入B线圈中，则B线圈中反向的磁通量增加，故D正确。

故选CD。

（2）[2]释放高度越高；磁铁落入线圈的速度越快，则线圈中磁通量变化率越大，产生的感应电流越大。

（3）[3]某次测量时发现多用电表指针几乎没有偏转；说明测量的是二极管的反向电阻，此时黑表笔接触的是二极管的负极；

[4]当磁铁插入线圈时；通过线圈的磁通量向下增加，根据楞次定律可知，线圈中出现如图所示方向的电流，灯C短暂亮起。

【解析】CD##DC磁通量的变化率负C24、略

【分析】【详解】

（1）[1]由题意可知当滑动变阻器的最大阻值时，分压特性曲线为图乙中的“A”；当滑动变阻器的最大阻值时，假设滑动变阻器接入电路的阻值不变，则负载电阻两端的电压不变，不变，减小；由图像可知分压特性曲线对应图乙中的C；

[2]分压特性曲线为图乙中的“B”时，变化较小，电压表示数变化较小，可采集的数据较少；分压特性曲线为图乙中的“C”时，电压表示数变化不是线性变化；分压特性曲线为图乙中的“A”时，电压表示数变化接近线性变化，故限流式接法中滑动变阻器最大阻值和负载电阻应接近，即

（2）[3][4]根据图中数据可以看出与电压之比近似相等，则原线圈的匝数为电压比和匝数比不严格相等，原因有漏磁、铁芯发热、导线发热等。【解析】C漏磁、铁芯发热、导线发热25、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]在“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验中；首先将两个线圈套到可拆变压器的铁芯上；再将匝数较多的一组线圈接到学生电源的交流电源输出端上，另一个作为副线圈，接上小灯泡；然后闭合电源开关，用多用电表的交流电压挡分别测量原线圈和副线圈两端的电压；最后将原线圈与副线圈对调，重复以上步骤。可知顺序为①③②④。

（2）[2]两线圈对调前n1＝1600，n2＝400

当U1＝12V时U2＝3V

可知

原线圈与副线圈对调后n1＝400，n2＝1600