2025年浙科版选择性必修1物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙科版选择性必修1物理下册月考试卷746考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、如图甲所示；为物块与轻质弹簧组成的弹簧振子，在竖直方向上做简谐运动。取竖直向上为正方向，该弹簧振子的振动图象如图乙所示。下列说法正确的是（）

A.时，振子向上振动B.到过程中，振子的速度增大C.和时，振子的加速度相同D.和时，振子的速度相同2、彩虹的形成可以简化为如图所示的模型。球是空中的球形雨滴，太阳光（复色光）从点射入，在雨滴内经反射和折射后射出并进入地面上人的眼中，因光的折射率不同，从而形成了彩虹，其中光线和光线是彩虹最外侧的两束光线。下列说法正确的是（）

A.光线为红光，光线为紫光B.两种光在点和点可以发生全发射C.人看到空中的彩虹红光在顶端，紫光在底端D.光线在雨滴中传播的速度大于光线在雨滴中传播的速度3、如图所示，将一质量为m的小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球沿光滑的漏斗壁在某一水平面内做半径为r的匀速圆周运动，周期为T，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.在T时间内，小球受到的重力冲量为零B.在时间内，小球受到合力的冲量为零C.在T时间内，小球受到弹力的冲量为零D.在时间内，小球受到弹力的冲量大小为4、在下列几种现象中，所选系统动量守恒的有()A.原来静止在光滑水平面上的车，从水平方向跳上一个人，人车为一系统B.运动员将铅球从肩窝开始加速推出，以运动员和铅球为一系统C.从高空自由落下的重物落在静止于地面上的车厢中，以重物和车厢为一系统D.光滑水平面上放一斜面，斜面也光滑，一个物体沿斜面滑下，以重物和斜面为一系统5、一列波长大于的简谐横波沿直线方向由a向b传播，相距两质点的振动图像如图所示。由此可知（）

A.末两质点的位移相同B.该波的波速为C.该波的波长为D.该波由传播到历时评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、激光的发明是20世纪科学技术划时代的一项重要成就。关于激光的下列说法正确的是（）A.可利用激光进行通信B.可利用激光加工坚硬材料C.可利用激光进行室内照明D.激光是由自然界中某种物质直接发光产生的7、如图，一列简谐横波沿x轴正方向传播，实线为t=0时的波形图，虚线为t=0.5s时的波形图。已知该简谐波的周期大于0.5s。关于该简谐波；下列说法正确的是（）

A.波长为2mB.波速为6m/sC.频率为1.5HzE.t=2s时，x=2m处的质点经过平衡位置E.t=2s时，x=2m处的质点经过平衡位置8、在纸面上有两波源和相距3m，频率均为2Hz，以为原点建立如图所示的坐标系，t=0时波源从平衡位置开始垂直纸面向上做简谐运动，所激发的横波在均匀介质中向四周传播。t=0.25s时波源也开始垂直纸面向上做简谐运动，在t=0.75s时两列简谐波的最远波峰传到了图示中的两个圆的位置。则（）

A.波的传播速度为4m/sB.虚线x=1.5m为振动加强区C.t=1.0s时波谷与波谷相遇的点共有2个D.t=1.0s后和连线上有2个振动减弱的位置9、一列火车共有n节车厢，各节车厢质量相等，车厢之间间隙相等，间隙长度的总和为L，静止于水平长直轨道上．若第一节车厢以v0向第二节车厢运动，碰撞后连在一起运动，再与第三节车厢碰撞后连在一起运动，再与第四节车厢碰撞，以此类推，直到n节车厢全部运动，则火车的最后速度v及整个过程所经历的时间t为：（不计铁轨对车轮的阻力以及列车编组时的动力）A.B.C.D.10、如图，质量和半径都相同的四分之一光滑圆弧体A、B静止在光滑的水平面上，圆弧面的最低点和水平面相切，圆弧的半径为R。圆弧体B锁定，一个小球从A圆弧体的最高点由静止释放，小球圆弧体B上升的最大高度为已知重力加速度大小为g；则（）

A.小球与圆弧体的质量之比为1∶1B.小球与圆弧体的质量之比为1∶2C.若圆弧体B没有锁定，则圆弧体B最终获得的速度大小为D.若圆弧体B没有锁定，则圆弧体B最终获得的速度大小为11、第二宇宙速度是人造天体脱离地球引力束缚所需要的最小速度，即当以第二宇宙速度发射探测器，探测器将到达距离地球无限远时的速度恰好为零。若规定两质点相距无限远时引力势能为零，则质量分别为M、m的两个质点相距为r时的引力势能式中G为引力常量。为了节省发射探测器成本，某同学设计了一种可以收集利用近地卫星回收中的能量来发射的小型探测器。质量为M的近地卫星回收时，启动内部装置释放部分能量，瞬间弹出质量为m的小型探测器，弹射后卫星剩余部分竖直自由下落，探测器恰好获得脱离地球束缚的速度，忽略释放能量时质量损失。则下列说法正确的是（）A.M与m的比值为B.M与m的比值为2C.装置释放的能量与卫星初始动能的比值为D.装置释放的能量与卫星初始动能的比值为12、如图所示，水平面上的轻弹簧一端与物体相连，另一端固定在墙上的P点，已知物体的质量为m，物体与水平面间的动摩擦因数μ，弹簧的劲度系数k。现用力拉物体，使弹簧从处于自然状态的O点由静止开始缓慢向左移动一段距离，这时弹簧具有弹性势能Ep。撤去外力后，物体在O点两侧往复运动的过程中（）

A.在整个运动过程中，物体第一次回到O点时速度不是最大B.在整个运动过程中，物体第一次回到O点时速度最大C.物体最终停止时，运动的总路程为D.在物体第一次向右运动的过程中，速度相等的位置有2个13、如图所示，实线是一列简谐横波在t1时刻的波形图，M是平衡位置距O点5m的质点，虚线是t2=(t1+0.2)s时刻的波形图．下列说法中；正确的是_________

A.该波遇到长度为3m的障碍物时将会发生明显衍射现象B.若波速为35m/s，该波沿着x轴正方向传播C.若波速为15m/s，t1时刻质点M向下振动E.该简谐横波所有可能周期的最大值是0.8sE.该简谐横波所有可能周期的最大值是0.8s14、在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样.若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是（）A.改用红色激光B.改用蓝色激光C.减小双缝间距E.将光源向远离双缝的位置移动E.将光源向远离双缝的位置移动评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、在接近收费口的道路上安装了若干条突起于路面且与行驶方向垂直的减速带，相邻减速带间距为10m，当车辆经过减速带时会产生振动。若某汽车的固有频率为1.25Hz，则当该车以_________m/s的速度行驶在此减速区时颠簸得最厉害，我们把这种现象称为_________。16、判断下列说法的正误。

（1）小鸟飞走后树枝的往复运动不是机械振动。（____）

（2）弹簧振子同质点一样都是理想化模型。（____）

（3）弹簧振子的x－t图像的曲线就是它的运动轨迹。（____）

（4）弹簧振子的位移是从平衡位置指向振子所在位置的有向线段。（____）

（5）简谐运动的图像表示质点振动的轨迹是正弦曲线。（____）

（6）振动图像中弹簧振子的位移－5cm小于1cm。（____）17、（1）内容。

如果一个系统不受外力，或者所受外力的___________为0；这个系统的总动量保持不变。

（2）表达式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系统相互作用前的总动量等于相互作用后的总动量。

b.Δp1=___________；相互作用的两个物体动量的变化量等大反向。

（3）适用条件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力为___________。

b.近似守恒：系统内各物体间相互作用的内力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系统在某一方向上所受外力的合力为零，则系统在___________动量守恒。

（4）应用动量守恒定律解题的步骤。

a.明确研究对象，确定___________的组成（系统包括哪几个物体及研究的过程）。

b.进行受力分析，判断系统动量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.规定___________，确定初、末状态___________。

d.由动量守恒定律列出方程。

e.代入数据，求出结果，必要时讨论说明。18、如图所示是一列沿方向传播的简谐横波在时的波形图，已知波速质点相距从到点第二次振动到波谷的这段时间内质点通过的路程为__________。

19、一束平行的自然光，以角入射到平玻璃表面上．若反射光束是完全偏振的，则透射光束的折射角是________。评卷人得分四、作图题(共2题，共14分)20、O点是弹簧振子的平衡位置，在图上标出振子在B点的振动位移和在A点的加速度。

21、某同学利用“插针法”测定玻璃的折射率，所用的玻璃砖两面平行。正确操作后，四枚大头针的位置如图所示，入射光线已画出，补全光路图及标出入射角i和折射角r。

评卷人得分五、实验题(共3题，共6分)22、在实验室里为了验证动量守恒定律；一般采用如图甲；乙所示的两种装置：

（1）若入射小球质量为m1，半径为r1；被碰小球质量为m2，半径为r2，则_______；

A．m1>m2，r1>r2B．m1>m2，r1<r2

C．m1>m2，r1＝r2D．m1<m2，r1＝r2

（2）若采用图乙所示装置进行实验，以下所提供的测量工具中必需的是______；

A．直尺B．游标卡尺。

C．天平D．弹簧测力计E．秒表。

（3）设入射小球的质量为m1，被碰小球的质量为m2，则在用图甲所示装置进行实验时（P为碰前入射小球落点的平均位置），所得“验证动量守恒定律”的结论为________________（用装置图中的字母表示）。23、气垫导轨是常用的一种实验仪器；它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦。现用带竖直挡板C；D的气垫导轨和滑块A、B探究碰撞中的不变量，实验装置如图所示。

采用的实验步骤如下：

a．用天平分别测出A、B的质量mA、mB；

b．调整气垫导轨；使导轨处于水平；

c．在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧；用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上；

d．用刻度尺测出A的左端至挡板C的距离L1；

e．按下电钮放开卡销，同时分别记录A、B运动时间的计时器开始工作，当A、B分别碰撞C、D时计时结束，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2。

(1)实验中还应测量的物理量及其符号是______。

(2)作用前A、B质量与速度乘积之和为______；作用后A、B质量与速度乘积之和为______。

(3)作用前、后A、B质量与速度乘积之和并不完全相等，产生误差的原因有______(至少答出两点)。24、在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中，若摆球在垂直纸面的平面内摆动，为了将人工记录振动次数改为自动记录振动次数，在摆球运动最低点的左、右两侧分别放置一激光光源与光敏电阻，如图所示．光敏电阻与某一自动记录仪相连，该仪器显示的光敏电阻阻值R随时间t的变化图线如图所示，则该单摆的振动周期为________。若保持悬点到小球顶点的绳长不变，改用直径是原小球直径2倍的另一小球进行实验，则该单摆的周期将________(填“变大”“不变”或“变小”)，图中的Δt将________(填“变大”“不变”或“变小”)．

评卷人得分六、解答题(共2题，共20分)25、如图，ABD为竖直平面内的轨道，其中AB段是水平粗糙的、BD段为半径R=0.4m的半圆光滑轨道，两段轨道相切于B点．小球甲从C点以速度υ0沿水平轨道向右运动，与静止在B点的小球乙发生弹性碰撞．已知甲、乙两球的质量均为m，小球甲与AB段的动摩擦因数为μ=0.5，C、B距离L=1.6m，g取10m/s2．(水平轨道足够长，甲、乙两球可视为质点)

（1）甲乙两球碰撞后，乙恰能通过轨道的最高点D，求乙在轨道上的首次落点到B点的距离；

（2）在满足(1)的条件下，求的甲的速度υ0；

（3）若甲仍以速度υ0向右运动，增大甲的质量，保持乙的质量不变，求乙在轨道上的首次落点到B点的距离范围．26、如图所示，光滑导轨ABC固定在竖直平面内，左侧为半径为r的半圆环，右侧为足够长的水平导轨。一弹性绳原长为r，其一端固定在圆环的顶点A，另一端与一个套在圆环上质量为m的小球D相连。先将小球移至某点，使弹性绳处于原长状态，然后由静止释放小球。已知弹性绳伸长时弹力的大小满足胡克定律，弹性绳弹性势能满足公式劲度系数x为形变量，重力加速度为g。求。

（1）释放小球瞬间；小球对圆环作用力的大小和方向；

（2）D球在圆环上达到最大速度时；弹性绳的弹性势能为多大；

（3）在水平导轨上等间距套着质量均为2m的n个小球，依次编号为1、2、3、4n；当小球D在圆环上达到最大速度时恰好与弹性绳自动脱落，继续运动进入水平光滑导轨，之后与小球发生对心碰撞，若小球间的所有碰撞均为弹性碰撞，求1号球的最终速度及其发生碰撞的次数。（结果可保留根式）

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】【详解】

A．由图象可知，时；振子处于平衡位置，速度最大，向负方向运动，即振子向下振动，故A错误；

B．时，振子处于负向的最大位移处，所以到过程中；振子由平衡位置向下运动到负向的最大位移处。在平衡位置时，振子的速度最大；在最大位移处，振子的速度为0，所以振子的速度减小，故B错误；

CD．在和时，振子的加速度方向竖直向下，速度方向不同：时速度竖直向上，时速度竖直向下；故C正确，D错误。

故选C。2、C【分析】【详解】

A．光线入射角相同，的折射角小，故的折射率大，所以为紫光，为红光；故A错误；

C．如图；人观察彩虹时，红光在上；紫光在下，故C正确；

B．由题图可知，光线由空气射入雨滴的折射角等于雨滴背面的入射角，所以两种光在点和点不能发生全反射；故B错误；

D．根据

光线在雨滴中传播的速度小于光线在雨滴中传播的速度；故D错误。

故选C。3、D【分析】【详解】

A．小球在T时间内；小球受到的重力冲量不为零，故A错误；

B．小球的线速度

在时间内，小球的速度大小不变，方向改变，小球受到的合力冲量为

故B错误；

C．在T时间内，小球动量改变量为零，根据动量定理可得

解得

故C错误；

D．在时间内，小球受到弹力的冲量大小

故D正确。

故选D。4、A【分析】A．人与车组成的系统在水平方向受到的合外力为0；故水平方向的动量守恒，A正确；

B．人与铅球组成的系统；初动量为零，末动量不为零，B错误；

C．重物和车厢为一系统的末动量为零而初动量不为零；C错误；

D．该选项中；在物体沿斜面下滑时，向下的动量增大，D错误．

故选A．5、B【分析】【分析】

【详解】

A．由图可知，末两质点的位移不同；一个在平衡位置，一个在波谷，故A错误；

BCD．由图可知，波的周期为T=4s，质点a的振动传到b用时。

则该波的波速为。

该波的波长为。

根据题意，波长大于3.6m，则n只能取0；故。

v=2m/s，故B正确；CD错误；

故选B。二、多选题(共9题，共18分)6、A:B【分析】【分析】

【详解】

A．激光能够传递声音、图象等信息，因此可以利用激光进行通信，故A正确；

B．激光的强度很大；可以用来切割；加工较硬的材料，故B正确；

C．室内照明需要更多的散射光；而激光的方向性比较好，是单方向的光，不适合室内照明，故C错误。

D．激光是人造光；自然界中无法直接产生，故D错误；

故选AB。7、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．由题图可知，该波波长λ=4m；A项错误；

B．波速

B项正确；

C．T＞0.5s，则由题图知波在0.5s内沿x轴正方向传播的距离为传播时间

频率

C项正确；

D．1s=T，t=1s时，x=1m处的质点处于波谷；D项错误；

E．2s=3T，t=2s时，x=2m处的质点经过平衡位置；E项正确。

故选BCE。8、A:C【分析】【详解】

A．两波源起振的时间差为

时间内两列波的传播距离之差为

波的传播速度为

故A正确；

B．根据几何关系可知x=1.5m上各质点到两波源的波程差均为零，而t=0.25s时S1正向下振动，与S2起振方向相反，所以两波源在x=1.5m上引起质点的振动步调相反，即虚线x=1.5m为振动减弱区；故B错误；

C．两列波的波长均为

t=1.0s时S1波传播到的最远位置到S1的距离为

此时S1波的最远波谷到S1的距离为

S1波的最近波谷到S1的距离为

t=1.0s时S2波传播到的最远位置到S2的距离为

S2波此时产生的波形中只有一个波谷，且到S2的距离为

如图所示，可知t=1.0s时波谷与波谷相遇的点共有2个，故C正确；

D．和连线上满足到两波源的波程差为波长的整数倍的点为振动减弱位置，即（k=0，1，2，）

则（k=0，1，2，）

解得（k=0，1，2，）

即

所以t=1.0s后和连线上有3个振动减弱的位置；故D错误。

故选AC。9、A:D【分析】【详解】

AB．n节车厢运动、碰撞过程中，系统所受外力之和为零，故整个过程中动量守恒，则根据动量守恒有：

解得故A正确，B错误.

CD．设每节车厢相邻间距为s，则有：

碰撞后链接在一起的车厢节数依次为2节、3节···(n-1)节，n节，它们的速度相应为所以火车最后的速度为由：

得通过各间距的时间分别为：···

整个过程经历的时间为：

故C错误，D正确.10、A:C【分析】【详解】

AB．设小球质量为m，圆弧体质量为M，小球从圆弧体A上滚下时，A的速度大小为小球的速度大小为由题意可知

解得

故A正确；B错误；

CD．若圆弧体B没有锁定，则小球与圆弧体B作用过程类似于弹性碰撞，交换速度，因此圆弧体B最终获得的速度大小为故C正确，D错误。

故选AC。11、A:C【分析】【详解】

AB．因为近地卫星的环绕速度为

由题意探测器将到达距离地球无限远时的速度恰好为零且规定两质点相距无限远时引力势能为零，则根据机械能守恒定律知

所以

由动量守恒定律知

所以解得

故A正确；B错误；

CD．因为开始时的动能为

末动能为

所以释放的能量为

解得装置释放的能量与卫星初始动能的比值为故C正确，D错误。

故选AC。12、A:D【分析】【分析】

【详解】

ABD．由题意知，撤去外力时弹力大于滑动摩擦力，物体向右加速运动，由牛顿第二定律得

随着向右运动x减小，a减小；故做加速度减小的加速运动；当弹力与摩擦力相等时，加速度为0，速度最大；之后物体向右左减速运动，因此在物体第一次向右运动的过程中，速度相等的位置有2个，所以选项AD正确，B错误；

C．物体最终停止时在平衡位置，即弹力与摩擦力相等时，此时有弹性势能，所以物体最终停止时，运动的总路程小于选项C错误。

故选AD。13、A:C:E【分析】【详解】

由图中可以读出该横波波长为4m，故该波遇到长度为3m的障碍物时将会发生明显衍射现象，故A正确；由题干知，经过0.2s内横波的位移为1+4n（波沿X轴正向传播）或3+4n（波沿X轴负向传播）米，因此波速为或m/s，n为正整数，若波速为35m/s，则表达式m/s中n=1，可知该波沿着x轴负方向传播，故B错误；若波速为15m/s，则为m/s中n=0，此时波向左传播，则由“逆向爬坡法”可知，t1时刻质点M向下振动，选项C正确；若质点M在t1到t2时间内所走路程为180cm=9A，则M点振动2T，则相同时间内O点两次到达波谷，选项D错误；若波沿X轴正向传播，则当n=0时可得最大周期为Tm=0.8s；若波沿X轴负向传播，则当n=0时可得最大周期为T＇m=s<0.8s；则该简谐横波所有可能周期的最大值是0.8s，选项E正确.14、A:C:D【分析】【详解】

A.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Δx＝λ可知；改用红色激光，波长变大，则条纹的间距变大，选项A正确；

B.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Δx＝λ可知；改用蓝色激光，则波长变短，则条纹的间距变小，选项B错误；

C.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Δx＝λ可知，减小双缝间距d；则条纹的间距变大，选项C正确；

D.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Δx＝λ可知，将屏幕向远离双缝的位置移动，即l变大；则条纹的间距变大，选项D正确；

E.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Δx＝λ可知，将光源向远离双缝的位置移动对条纹间距无影响，选项E错误.三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【详解】

可知，汽车的固有周期为则汽车的速度即当速度为12.5m/s时，汽车达到共振颠簸的最厉害；【解析】12.5；共振16、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确错误正确错误错误17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]动量守恒的定义：如果一个系统不受外力；或者所受外力的矢量和为0，这个系统的总动量保持不变动量守恒的。

（2）[2][3]动量守恒定律的表达式为：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]动量守恒的三种情况。

a.不受外力或所受外力的合力为零。

b.系统内各物体间相互作用的内力远大于它所受到的外力。

c.如果系统在某一方向上所受外力的合力为零；则系统在这一方向上动量守恒。

（4）[7][8][9][10]应用动量守恒定律解题的步骤。

a.明确研究对象；确定系统的组成；

b.进行受力分析；判断系统动量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.规定正方向；确定初；末状态动量。

d.由动量守恒定律列出方程求解。【解析】矢量和m1v1′＋m2v2′-Δp2零远大于这一方向上系统守恒正方向动量18、略

【分析】【详解】

由图读出该列波波长

根据

得该列波的传播周期为

由题意知Q点的起振方向沿y轴负方向向下，则从t=0到Q点第二次到达波谷所需时间

在这2.2s内P质点经历的时间是周期的n倍，则

因而通过的路程为s==0.22m【解析】19、略

【分析】【详解】

据题，当入射角为时，反射光恰好产生完全偏振，此时反射光线与折射光线垂直，由几何关系可得反射角为=60°；

则折射角为30°。【解析】30°四、作图题(共2题，共14分)20、略

【分析】【分析】

【详解】

弹簧振子的位移由平衡位置指向振子的方向；加速度指向平衡位置，如图。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

根据实验原理，则大头针P4挡住P3本身及P2、P1的像；光路图如下。

【解析】五、实验题(共3题，共6分)22、略

【分析】【详解】

（1）[1]为保证两球发生对心正碰；两球的半径应相等，为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，故C正确，ABD错误。

故选C；

（2）[2]小球离开轨道后做平抛运动，由

得小球做平抛运动的时间

由于小球做平抛运动时抛出点的高度h相同，则它们在空中的运动时间t相等，验证碰撞中的动量守恒，需要验证

则

即

由图乙所示可知，需要验证

因此实验需要测量的量有入射小球的质量；被碰小球的质量、入射小球碰前平抛的水平位。

移；入射小球碰后平抛的水平位移、被碰小球碰后平抛的水平位移；所以实验需要刻度尺与天平，故AC正确，BDE错误。

故选AC；

[3]“验证动量守恒定律”的结论为【解析】CAC23、略

【分析】【详解】

A、B被压缩的弹簧弹开后，在气垫导轨上运动时可视为匀速运动，因此只要测出A与C的距离L1、B与D的距离L2及A到达C、B到达D的时间t1和t2；测出A；B的质量，就可以探究碰撞中的不变量。

(1)[1]由上述分析可知，实验中还应测量的物理量为：B的右端至D的距离L2。

(2)[2][3]设向左为正方向；根据所测数据求得A；B的速度分别为。

vA＝vB＝－碰前A、B静止，即v＝0；质量与速度乘积之和为0；

碰后A；B的质量与速度乘积之和为。

mAvA＋mBvB＝mA－mB若设向右为正方向，同理可得碰后A、B的质量与速度乘积之和为mB－mA

(3)[4]产生误差的原因：

①L1、L2、t1、t2、mA、mB的数据测量误差；

②没有考虑弹簧推动滑块的加速过程；

③滑块并不是做标准的匀速直线运动；滑块与导轨间有少许摩擦力；