2025年牛津上海版高二物理上册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年牛津上海版高二物理上册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、下面属于电磁感应现象的是（）

A.通电导体周围产生磁场。

B.磁场对感应电流发生作用；阻碍导体运动。

C.闭合电路的一部分导体做切割磁感线时；在电路中产生电流的现象。

D.电荷在磁场中定向移动形成电流。

2、如图所示，带箭头的线表示某一电场的电场线。在电场力作用下，一带电粒子（不计重力）经A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，下列说法正确的是()A.粒子带正电B.粒子在A点加速度小C.粒子在B点动能大D.B两点相比，B点电势较高3、如图所示，用细绳将一个导热良好且开口向下的气缸悬挂在天花板上，气缸内有一定质量的气体（不计气体分子之间的相互作用力），气缸内活塞可以自由滑动且不漏气，活塞下挂个沙桶，当沙桶装满细沙时，活塞恰好静止，外部环境温度恒定．给沙桶底部开一小孔，细沙缓慢漏出，则在此过程中（）A.气缸内气体体积减小，温度降低学科B.气缸内气体压强增加，内能不变C.外界对气体做功，气体温度升高学科D.气体向外界放热，气体内能减少4、下列通电导线放在如图所示的磁场中，所受安培力方向是垂直于纸面向里的是()A.B.C.D.5、在匀强磁场中，带正电的物体沿光滑的绝缘水平面以初速度v0

向左运动，如图。运动过程中物体除了受重力和支持力外，还受到的一个力是()

A.洛仑兹力B.库仑力C.安培力D.电场力评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、如图所示，带电粒子P所带的电荷量是粒子Q所带电荷量的3倍，它们以相同的速度ν从同一点出发，沿着与电场强度垂直的方向射入电场，分别打在下极板上的M、N点，若OM=MN，则P与Q的质量之比是____．（不计重力）

7、一定质量的理想气体，由初始状态A开始，按图中箭头所示的方向进行了一系列状态变化，最后又回到初始状态A，即A→B→C→A（其中BC与纵轴平行，CA与横轴平行），这一过程称为一个循环，则：A由A→B，气体分子的平均动能（填“增大”、“减小”或“不变”）B由B→C，气体的内能（填“增大”、“减小”或“不变”）C由C→A，气体____热量（填“吸收”或“放出”）8、家庭电路中有地线、____________和____________三条线，地线的作用不容忽视，家电一般是____________联连接．9、一个共有10匝的闭合矩形线圈，总电阻为10Ω，置于水平面上．若线圈内的磁通量在0.02s内，由垂直纸面向里，从0.02wb均匀增加到0.06wb，则在此时间内，线圈内导线的感应电流大小为______A．10、某发电厂输出的功率为200kW

输出电压为11kV.

若采用220kV

的高压输电，那么，升压变压器(

不计变压器能量损失)

的原线圈和副线圈的匝数比为______；输电电流为______A.11、一台理想变压器；其原线圈2200

匝，副线圈440

匝，并接一个100娄赂

的负载电阻，如图所示．

(1)

当原线圈接在44V

直流电源上时；电压表示数为______V

电流表示数为______A.

(2)

当原线圈接在220V

交流电源上时，电压表示数为______V

电流表示数为______A.此时输入功率为______W

变压器的效率为______．12、图中已经标出了磁场B的方向、通电直导中电流I的方向，在图中画出通电直导线在磁场中的受力方向．这个力是____力．

13、氘核和氚核可发生热核聚变而释放巨大的能量，该反应方程为：H+H→He+x，式中x是某种粒子．已知：H、H、He和粒子x的质量分别为2.0141u、3.0161u、4.0026u和1.0087u；1u=931.5MeV．由上述反应方程和数据可知，粒子x是______，该反应释放出的能量为______MeV（结果保留3位有效数字）评卷人得分三、判断题(共6题，共12分)14、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）15、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

16、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）17、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、计算题(共4题，共32分)20、质量为0.1g

的小物块，带有5隆脕10鈭�4C

的电荷量，放在倾角为30鈭�

的绝缘光滑斜面上，整个斜面置于0.5T

的匀强磁场中，磁场方向如图所示。物块由静止开动下滑，滑到某一位置时，物块开始离开斜面(

设斜面足够长，g

取10m/s2)

问：

(1)

物块带何种电荷？(2)

物块离开斜面时的速度为多少？

(3)

物块在斜面上滑行的最大距离是多少？21、如图所示，为某一装置的俯视图，PQ、MN为竖直放置的很长的平行金属薄板，两板间有匀强磁场，它的磁感应强度大小为B，方向竖直向下，金属棒AB搁置在两板上缘，并与两板垂直，现有质量为m、带电量大小为q，其重力不计的粒子，以初速度v0水平射入两板问．问：1.金属棒AB应朝什么方向、以多大的速度运动，可以使带电粒子做匀速运动?2.若金属棒运动停止，带电粒子在磁场中继续运动时，位移第一次到达时的时间间隔是多少？22、据报道，我国实施的“双星”计划所发射的卫星中放置一种磁强计(

霍尔元件传感器)

用于测定地磁场的磁感应强度等研究项目.

磁强计的原理如图所示，电路中有一段金属导体，它的横截面是宽为a

高为b

的长方形；放在沿y

轴正方向的匀强磁场中，导体中通有沿x

轴正方向；电流强度为I

的电流.

已知金属导体单位体积中的自由电子数为n

电子电量为e.

金属导电过程中，自由电子所做的定向移动可视为匀速运动.

测出金属导体前后两个侧面间的电势差为U.

则：

(1)

金属导体前后两个侧面哪个电势较高？

(2)

求磁场磁感应强度B

的大小．23、如图所示，一个圆形线圈匝数n=1000匝，面积S=2×10-2m2，电阻r=1Ω；在线圈外接一阻值为的电阻R=4Ω．把线圈放入一个匀强磁场中，磁场方向垂直线圈平面向里，磁场的磁感强度B随时间变化规律如图所示。求：

（1）0.4s内；回路中的感应电动势；

（2）t=5s时，电阻两端的电压U。参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、C【分析】

A；电流能产生磁场；是电流的磁效应现象，不是电磁感应现象．故A错误．

B感应电流在磁场中受到安培力作用；不是电磁感应现象．故B错误．

C；闭合电路的一部分导体做切割磁感线时；在电路中产生电流的现象是电磁感应现象．故C正确．

D电荷在磁场中定向移动形成电流；不是电磁感应产生的电流不是电磁感应现象．故D错误．

故选：C

【解析】【答案】电磁感应现象的是指穿过电路的磁通量变化时；产生感应电动势或感应电流的现象．

2、B【分析】【解析】试题分析：由物体做曲线运动时，其力要指向轨迹的内侧，判断出电场力方向应与场强的方向相反，所以粒子带负电，A错；由图知B点的场强大，所受的电场力大，其加速度大，反之A点的加速度小，B对；在由A到B的过程中，电场力做负功，电势能增加，动能减小，即B点的动能小，C错；由沿电场线方向电势降低，所以A点的电势高，D错。考点：本题考查物体做曲线运动时力与轨迹的关系，电场线的疏密与场强的关系，牛顿第二定律，电场力做功与动能的关系，电场线方向与电势高低的关系。【解析】【答案】B3、B【分析】解：以活塞为研究对象，受力分析，根据平衡条件有：PS+mg=P0S

得：P=P0-

细沙漏出，mg减小，则P增大；气缸导热良好，则温度不变，根据理想气体状态方程=C；则V减小；体积减小，外界对气体做功，不计气体分子之间的相互作用力则忽略分子势能，分子内能只与温度有关，温度不变则分子内能不变，根据热力学第二定律知气体放热．

故B正确ACD错误．

故选B．

分析活塞可知内部压强的变化；由温度的变化及压强变化可知体积变化；则可知系统是否做功，由热力学第一定律可得出物体状态的变化及是否吸放热．

本题考查热力学第一定律及理想气体的状态方程，注意若气体不计分子间的相互作用时，气体可看作理想气体不计分子势能．【解析】【答案】B4、B【分析】【分析】

正确应用左手定则是解答本题的关键，在应用时为防止手忙脚乱，可以先让四指和电流方向一致，然后通过翻转手让磁感线穿过手心，从而进一步确定大拇指的指向即安培力方向。要熟练应用左手定则判断安培力方向一定平时多加练习；同时注意磁场；电流方向的表示方法。

【解答】

A；根据左手定则；让磁感线穿过手心，即手心向下，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指垂直于纸面指向外，故安培力方向垂直纸面向外，故A错误；

B；根据左手定则；让磁感线穿过手心，即手心向上，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指垂直于纸面指向里，故安培力方向垂直纸面向里，故B正确；

C；根据左手定则；让磁感线穿过手心，即手心向里，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指平行于纸面垂直电流指向下，故安培力方向垂直电流向下，故C错误；

D；根据左手定则；让磁感线穿过手心，即手心向外，四指指向电流方向，即指向右侧，大拇指垂直于电流指向上，故安培力方向垂直电流指向上，故D错误。

故选B。【解析】B

5、A【分析】略【解析】A

二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】

P；Q两粒子在电场中做类平抛运动；水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动；

OM=MN，则2xP=xQ

根据t=可知，tQ=2tP

竖直方向做匀加速直线运动，根据y=可知

根据牛顿第二定律得：a=得：

又因为

所以

故答案为：3：4

【解析】【答案】带电粒子在电场中做类平抛运动；根据水平位移的关系求出时间关系，再根据竖直方向做匀加速直线运动求出加速度的关系，最后根据牛顿第二定律求出质量之比．

7、略

【分析】（1）A．由可知由A→B，温度升高，平均动能增大；B、由B→C，体积不变压强减小，温度降低，分子平均动能减小，气体的内能减小；C、由C→A，压强不变，体积减小，温度降低，外界对气体做功，气体向外释放能量【解析】【答案】（1）A．增大（2分）；B．减小（2分）；C．放出（2分）8、略

【分析】解：家庭电路中主要有两根导线；火线和零线，对于有金属外壳的用电器还要接地线，才能保证使用的安全性；

家电的额定电压都是220V；故是并联的．

故答案为：火线、接地线、并．【解析】火线;接地线;并9、略

【分析】解：感应电动势E=n=10×V=20V

感应电流的大小I==A=2A．

故本题答案为：2．

根据法拉第电磁感应定律E=n求出感应电动势；再根据欧姆定律求出感应电流的大小．

解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律E=n和闭合电路欧姆定律．【解析】210、略

【分析】解：由n1n2=U1U2

得，升压变压器的原线圈与副线圈匝数比为n1n2=11000220000=120

输电电流I=PU=200000220000=0.90A

故答案为：1200.90

(1)

根据变压器线圈匝数比等于电压之比即可求解；

(2)

根据I=PU

求解电流；

本题主要考查了变压器的原理，电功率的计算问题，难度不大，属于基础题．【解析】1200.90

11、略

【分析】解：(1)

变压器的工作原理是互感现象；当原线圈接在44V

直流电源上时，原线圈电流恒定，副线圈中不会产生感应电流，故电流表与电压表的读数都为零；

(2)

当原线圈接在220V

交流电源上时，根据变压器的变压比公式，有：U1U2=n1n2=2200440

解得：U2=44V

电流为：I2=U2R=44100=0.44A

理想变压器输出功率与输入功率相等；

故输入功率P=U2I2=44隆脕0.44=19.36W

变压器的效率为100%

故答案为：(1)00(2)440.4419.36100%

．

(1)

变压器的工作原理是互感现象；当原线圈接在44V

直流电源上时，原线圈电流恒定，副线圈中不会产生感应电流；

(2)

当原线圈接在220V

交流电源上时；根据变压器的变压比公式求解副线圈的输出电压，根据欧姆定律求解输出电流，根据P=UI

求解输出功率，理想变压器输出功率与输入功率相等．

本题第一问关键明确变压器的工作原理，容易出错；第二问是基本规律的运用，关键熟悉理想变压器的变压比公式．【解析】00440.4419.36100%

12、安培【分析】【解答】根据左手定则；导体受到的安培力方向为竖直向上，故受力方向如图，这个力是安培力．

故答案为：如图；安培力。

【分析】根据左手定则判断出安培力的方向，伸开左手，使大拇指与四指方向垂直，四指方向与电流方向相同，磁场方向垂直于掌心，大拇指所指方向为安培力的方向．13、略

【分析】解：由核电荷数守恒可知；x粒子的核电荷数为：1+1-2=0；

由质量数守恒可知，x粒子的质量数为：2+3-4=1，则x粒子是n或中子；

核反应过程中释放的能量为E=△mc2=17.6MeV；

故答案为：中子；17.6．

由核电荷数与质量数守恒可以判断出x粒子是哪种粒子；

先求出质量亏损；然后由质能方程可以求出释放的能量．

考查核反应方程的书写规律，应用核电荷数与质量数守恒、质能方程是正确解题的关键．【解析】中子；17.6三、判断题(共6题，共12分)14、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．15、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．16、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．17、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、计算题(共4题，共32分)20、解：（1）由题意可知：小滑块受到的洛伦兹力垂直斜面向上．

根据左手定则可得：小滑块带负电．

（2）当物体离开斜面时，弹力为零，

因此有：qvB=mgcos30°，

故v==2m/s．

（3）由于斜面光滑，物体在离开斜面之前一直做匀加速直线运动，

由牛顿第二定律得：mgsin30°=ma，

由匀变速直线运的速度位移公式得：v2=2ax，

解得：x=1.2m．【分析】

(1)

物体离开时对斜面的压力为零；即洛仑兹力等于重力的分力；

(2)

物体离开前一直做匀加速直线运动；由牛顿第二定律可求得加速度，由运动学公式可求得离开时的速度．

(3)

物体离开斜面后由于重力及洛仑兹力的作用速度大小及方向均做调整；只到最终达到稳定为止，根据受力情况可知稳定时的速度及运动状态．

本题考查小球在重力及洛仑兹力作用下的运动，要明确洛仑兹力不做功，只改变速度的方向．【解析】解：(1)(1)由题意可知：小滑块受到的洛伦兹力垂直斜面向上..

根据左手定则可得：小滑块带负电..

(2)(2)当物体离开斜面时，弹力为零，

因此有：qvB=mgcos30鈭�qvB=mgcos30^{circ}

故v=v=mgcos30鈭�qB=2=23m/s.m/s.

(3)(3)由于斜面光滑，物体在离开斜面之前一直做匀加速直线运动，

由牛顿第二定律得：mgsin30鈭�=mamgsin30^{circ}=ma

由匀变速直线运的速度位移公式得：vv2=2ax=2ax

解得：x=1.2m.x=1.2m.21、略

【分析】(1)(5分)不管粒子带何种电荷，匀速运动必有①，即MN板带正电，棒AB向左运动，设AB棒以速度v向左运动，产生感应电动势为②，∴③得v=v0（2）(5分)当AB棒停止运动后，两扳通过AB放电板间电场消失，仅受磁场力作圆周运动，位移为时转过圆心角60o。∴④【解析】【答案】1.v=v02.22、解：（1）电子定向移动的方向沿x轴负向；所以电子向前表面偏转，则前表面带负电，后表面失去电子带正电，后侧面的电势较高．

（2）当金属导体中自由电子定向移动时受洛伦兹力作用向前侧面偏转，使得前后两侧面间产生电势差，当电子所