2025年湘师大新版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年湘师大新版选修3物理上册阶段测试试卷932考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合开关S，在滑动变阻器的滑片由a向b移动的过程中；下列各物理量的变化情况不正确的是。

A.电流表的读数减小B.灯泡L变亮C.电源输出功率先减小后增大D.电压表的读数先增大后减小2、如图所示，电源电动势为E，内阻为r；不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是()

A.小灯泡L1、L2均变暗B.小灯泡L1变暗，小灯泡L2变亮C.电流表A的读数变大，电压表V的读数变小D.电流表A的读数变小，电压表V的读数变大3、有一种在超市中常见的“强力吸盘挂钩”如图甲所示。图乙；图丙是其工作原理示意图。使用时；按住锁扣把吸盘紧压在墙上（如图乙），然后把锁扣扳下（如图丙），让锁扣以盘盖为依托把吸盘向外拉出，使吸盘牢牢地被固定在墙壁上，若吸盘内气体可视为理想气体，且温度始终保持不变。则此过程中（）

A.吸盘内气体要吸收热量B.吸盘内气体分子的密度增大C.吸盘被向外拉出过程中，吸盘内气体不对外界做功D.吸盘内气体压强增大4、关于热力学定律，下列说法中正确的是（）A.在一定条件下物体的温度可以降到绝对零度B.第二类永动机和第一类永动机一样，都违背了能量守恒定律C.热机的效率可以达到100%D.在热传递中，热量不可能自发地从低温物体传给高温物体5、图所示装置中，cd杆原来静止。当ab杆做如下哪些运动时，cd杆将向右移动()

A.向右匀速运动B.向左匀速运动C.向右加速运动D.向左加速运动6、一个物体在下述运动中，动量不发生变化的是A.匀速直线运动B.匀速圆周运动C.平抛运动D.竖直上抛运动评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、在做光电效应的实验时，某种金属被光照射发生了光电效应，实验测得光电子的最大初动能Ek与入射光的频率v的关系如图所示(A、C坐标值已知）；由实验图象可求出。

A.该金属的截止频率B.普朗克常量C.该金属的逸出功D.单位时间内逸出的光电子数8、为证明实物粒子也具有波动性，某实验小组用电子束做双缝干涉实验．实验时用50kV电压加速电子束，然后垂直射到间距为1mm的双缝上，在与双缝距离约为35cm的光屏上得到了干涉条纹．该条纹与托马斯·杨用可见光做的双缝干涉实验所得到的图样基本相同，但条纹间距很小．这是对德布罗意物质波理论的又一次实验验证．根据德布罗意理论，实物粒子也具有波动性，其波长其中h为普朗克常量，p为电子的动量．下列说法正确的是A.只减小加速电子的电压，可以使干涉条纹间距变大B.只增大加速电子的电压，可以使干涉条纹间距变大C.只增大双缝间的距离，可以使干涉条纹间距变大D.只增大双缝到光屏的距离，可以使干涉条纹间距变大9、如图电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、表示．下列判断正确的是

A.减小B.C.减小D.10、2021年8月5日东京奥运会跳水女子台决赛中；14岁的全红婵领先第二名90多分，以总分466.2拿到金牌，并打破了世界纪录。五次跳水有三次满分，娴熟的动作，标准的姿势，李小鹏感叹：我扔个硬币溅起的水花都比她跳水大。下列说法错误的是（）

A.运动员出水后泳衣上的水很快滑落是因为制造泳衣的材料对水不浸润B.运动员入水过程中，在水中产生的气泡内的气体压强小于大气压C.运动员入水过程中激起的水花中，很多水滴呈现球形是因为水的表面张力的作用E.跳水运动员入水后，身体周围会出现一些小气泡，这些小气泡在做无规则的布朗运动E.跳水运动员入水后，身体周围会出现一些小气泡，这些小气泡在做无规则的布朗运动11、下列说法正确的是（）A.气体温度升高时，气体中所有分子的速率都增大B.冰熔化成水的过程中，水分子的平均动能不变，分子势能增大C.水银不能浸润玻璃，是因为水银分子间相互作用强于水银和与之接触的玻璃的相互作用D.热量不可能从低温物体传到高温物体12、电阻A、的图像如图；由图像可知（）

A.A，阻值之比为B.A，阻值之比为C.A，串联后的图线位于Ⅰ区D.A，并联后的图线位于Ⅱ区13、简谐横波在均匀介质中沿直线传播，P、Q是传播方向上相距10m的两质点，波先传到P，当波传到Q开始计时，P、Q两点的振动图像如图所示,设振幅为A,则。

A.当Q的位移为＋A时，P的位移为B.该波从P传到Q的时间可能是8sC.该波的传播速度可能为1m/sD.该波的波长可能是3m14、某横波在介质中沿轴传播，图甲是时的波形图，图乙是介质中处质点的振动图象，则下说法正确的是____

A.波沿轴正向传播，波速为1m/sB.＝2s时，＝2m处质点的振动方向为y轴负向C.＝lm处质点和＝2m处质点振动步调总相同E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小E.在＝ls到＝2s的时间内，＝0.5m处的质点运动速度先增大后减小15、所示，在光滑水平面上的两小球发生正碰．小球的质量分别为m1和m2.图乙为它们弹性碰撞前后的s﹣t（位移时间）图象．已知m1=0.1㎏．由此可以判断。

A.碰前静止，向右运动B.碰后和都向右运动C.D.碰撞过程中系统损失了的机械能评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、如图所示，由“非”门构成的一个简单控制电路，其中为光敏电阻，光照时电阻很小，为变阻器，L为小灯泡，其原理：当光敏电阻受到光照时，小灯泡L__________（选填“亮”或“灭”），不受光照时，小灯泡L__________（选填“亮”或“灭”）。请同学们想一想这种自动控制电路可应用在哪里较好？______________________

17、填写下列空格：

（1）某物体的温度为用热力学温度表示为________；

（2）对水加热，温度升高了则升高了________K；

（3）某物体温度为用热力学温度表示为________；

（4）对某物体降温则降低了________K。18、一定质量的理想气体，状态经A→B→C→A的变化过程可用如图所示的p-V图线描述，其中C→A为等温过程，气体在状态A时温度为该气体在状态B时的温度为______K，C→A过程中气体______（填“吸热”或“放热”）。

19、质谱仪是分离同位素的重要仪器，其原理如图所示，带等量异种电荷的两平行金属板P1，P2之间的电压为U，一个带负电的粒子（不计重力）从P1板中由静止释放，之后从O点进入另一磁感应强度为B的匀强磁场中，在洛仑磁力的作用下，粒子做匀速圆周运动，经过半个圆周后打在挡板MN上的A点。已知粒子的质量为m，电荷量为q，可以判断粒子带________电，OA两点间的距离为________20、如图所示，质量为m的导体棒a从h高处由静止起沿足够长的光滑导电轨道滑下，另一质量为2m的导体棒b静止在宽为L的光滑水平导轨上，在水平轨道区域有垂直于轨道平面向上的匀强磁场，磁感应强度为B，a、b导体棒不会相碰，重力加速度取g，则a、b导体棒的最终的共同速度为__________，回路中最多能产生焦耳热为__________．

21、下图甲为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈内阻为5Ω，外接灯泡的电阻为105Ω，电流的有效值为_____A，电压表的示数为_____V，灯泡实际消耗的功率为_____W，发电机线圈内阻每分钟产生的焦耳热为_____J．

22、图为某同学改装的毫安表的电路图；其中虚线框内是毫安表的改装电路。

已知毫安表表头的内阻为100Ω，满偏电流为1mA，R1和R2为阻值固定的电阻，若使用a和b两个接线柱，电表量程为3mA：若使用a和c两个接线拄，电表量程为10mA，由题给条件和数据，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共1题，共6分)26、某同学由于手头没有电流表；设计了如图所示的电路测定电压表的内阻。实验器材如下：

A．待测电压表V，量程内阻约为

B．电阻箱阻值范围为

C．电阻箱阻值范围为

D．滑动变阻器额定电流

E．滑动变阻器额定电流

F．电源E（电动势为内阻很小）

G．导线；开关若干。

（1）为完成实验，选择的滑动变阻器为__________，选择的电阻箱为__________（填器材前面的字母代号）

（2）实验步骤如下：

①闭合开关调节滑动变阻器R；使电压表指针指向满刻度处；

②断开开关保持__________（填“R”或“”）不变，调节__________（填“R”或“”）使电压表指针指向满刻度的处；

③读出电阻箱的阻值为

④断开开关拆下实验仪器，整理器材。

（3）电压表的内阻为__________，此实验电压表内阻的测量值与真实值相比__________（填“偏大”“偏小”或“相等”）。评卷人得分六、解答题(共3题，共9分)27、如图所示，两光滑金属导轨，接有电阻R，间距为d，导轨放在桌面上的部分是水平的，仅在桌面的区域内有磁感应强度为B，方向竖直向下的匀强磁场，桌面高为H，金属杆ab质量为m，电阻为r，从导轨上距桌面高度为h的地方由静止开始释放，落地点距桌面左边缘的水平距离为s，重力加速度为g；导轨电阻不计，求：

（1）整个过程中R上的最大瞬时电流；

（2）整个过程中电阻r产生的焦耳热。

28、如图所示，质量为m，带电量为+q的微粒在0点以初速度v0与水平方向成q角射出；微粒在运动中受阻力大小恒定为f．

（1）如果在某方向加上一定大小的匀强电场后，能保证微粒仍沿v0方向做直线运动；试求所加匀强电场的最小值的大小与方向．

（2）若加上大小一定，方向水平向左的匀强电场，仍能保证微粒沿v0方向做直线运动，并经过一段时间后又返回o点，求微粒回到o点时的速率．29、有两个质量为m的均处于基态的氢原子A、B，A静止，B以速度v0与之发生碰撞．已知碰撞前后二者的速度均在一条直线上，碰撞过程中部分动能有可能被某一氢原子吸收，从而使该原子由基态跃迁到激发态.然后此原子向低能级态跃迁，并发出光子．若该激发态氢原子最多能辐射出三个光子，则速度v0至少需要多大?已知氢原子的基态能量为E1（E1<0），量子轨道为n的能量为E1/n2．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】在滑动变阻器的滑片由a向b移动的过程中，接入电路的电阻总电阻先变大后变小，路端电压先变大后变小，所以电压表读数先变大后变小，D正确；当电源内阻和外电路电阻相等时，电源的输出功率增大，若外电路的电阻大于电源内阻，则电源的输出功率随外电路电阻的增大而减小，由于灯泡L的电阻大于电源的内阻r，电源的输出功率先减小后增大，C正确；因为灯泡在干路，由于总电流先减小后变大，故小灯泡的亮度先变亮后变暗，B错误；电流表测量的电流是滑动变阻器右半部分电阻上的电流，在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中；右半部分上的电阻值越来越大，而左半部分的电阻值越来越小，所以电流表的读数越来越小，A正确．

【点睛】在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联电阻先增大后减小，滑片滑到中点时，并联电阻最大，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，确定电流表示数的变化．根据电源内外电阻的关系分析电源输出功率的变化．2、D【分析】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，则L2灯变暗，电流表读数变小．电源的内电压减小，则路端电压增大，电压表读数变大．根据串联电路分压特点可知，并联部分电压增大，则L1灯变亮．故D正确．故选D.3、A【分析】【分析】

【详解】

AC．吸盘内气体体积增大，气体对外做功，W<0，由于气体温度不变，气体内能不变，∆U=0；由热力学第一定律。

∆U=W+Q可知。

Q=∆U−W>0吸盘内气体要吸收热量；A正确，C错误；

B．吸盘内气体分子数不变；而气体体积变大，则吸盘内气体分子的密度减小，B错误；

D．吸盘内气体温度不变而体积变大，由玻意耳定律PV=C可知；吸盘内气体压强减小，D错误。

故选A。4、D【分析】【分析】

【详解】

A．热力学第三定律告诉我们；绝对零度永远无法达到，A错误；

B．第一类永动机违反能量守恒定律；第二类永动机不违反能量守恒定律，但违反热力学第二定律，B错误；

C．不可能从单一热源吸收热量使之全部用来做功而不产生其他影响；热机效率无法达到100%，C错误；

D．热量可以从低温物体传到高温物体；但是不可能自发的从低温传到高温物体，D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

ab杆向右或向左匀速运动时，在ab杆中产生恒定的电流，该电流在线圈L1中产生恒定的磁场，在L2中不产生感应电流，所以cd杆不动。故AB错误。ab杆向右加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的a到b的电流，根据安培定则，在L1中产生向上增强的磁场，该磁场向下通过L2，根据楞次定律，在cd杆上产生c到d的电流，根据左手定则，受到向右的安培力，向右运动。故C正确。ab杆向左加速运动，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的b到a的电流，根据安培定则，在L1中产生向下增强的磁场，该磁场向上通过L2；根据楞次定律，在cd杆上产生d到c的电流，根据左手定则，受到向左的安培力，向左运动。故D错误。故选C。

【点睛】

本题综合考查了右手定则、左手定则、安培定则以及楞次定律，综合性较强，关键搞清各种定则适用的范围，不能混淆．6、A【分析】【详解】

如果物体的动量不发生变化，则只有当物体的速度不变时，上述运动中，匀速圆周运动、平抛运动以及竖直上抛运动速度都要发生变化，则动量都发生变化；只有匀速直线运动的物体速度不变，则动量不变，故选A.二、多选题(共9题，共18分)7、A:B:C【分析】【详解】

ABC.根据可知，图像与横轴交点对应的是截止频率，与纵轴交点的绝对值对应的是逸出功的，根据可求出普朗克常量，ABC正确．

D.单位时间逸出的光电子数目与光强有关，而图像得不出光强，所以不能判断，D错误．8、A:D【分析】【详解】

AB、增大加速电子的电压，则电子的速度变大，动量变大，根据德布罗意波长公式知，波长变小，根据知；条纹间距变小；同理，只减小加速电子的电压，可以使干涉条纹间距变大，A正确B错误；

C、根据知，加大双缝间的距离d；则条纹间距减小，C错误；

D、根据知，只增大双缝到光屏的距离L，可以使干涉条纹间距增大，D正确．9、C:D【分析】【分析】

当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，其阻值变小，外电路总电阻变小，分析总电流变化和路端电压的变化，判断出流过的电流变化，即可知道I的变化，由欧姆定律分析的变化．根据路端电压的变化，分析的变化以及与的大小．

【详解】

当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动，其阻值变小，外电路总电阻变小，总电流表变大，电源的内电压变大，则路端电压U减小，的电压减小，的电流减小，所以电流表的示数增大，是定值电阻，根据欧姆定律得知的电压增大，故A错误；路端电压增大，U减小，所以减小，且故B错误，CD正确．所以CD正确，AB错误．

【点睛】

对于电路的动态分析问题，首先要认清电路部分的连接关系，往往按“局部整体局部”思路进行分析．10、B:D:E【分析】【分析】

【详解】

A．运动员出水后泳衣上的水很快滑落是因为泳衣采用了对水不浸润的材料制成；故A正确；

B．运动员落水后水下气泡内的气体压强大于大气压；故B错误；

C．运动员落水激起的水花中；较小的水滴呈现接近球形是因为表面张力的作用，故C正确；

D．跳水池水温约26摄氏度；保证运动员落水后处于舒适的温度，所以此时运动员和水池温度并不相同，所以没有处于热平衡状态，故D错误；

E．跳水运动入水后；身体周围会有一些小气泡做无规则的运动，这些小气泡的运动不是布朗运动，不符合布朗运动的特点。故E错误。

故选BDE。11、B:C【分析】【分析】

【详解】

A．气体温度升高时；分子运动的平均速率会增大，并不是所有分子运动的速率都增大，故A错误；

B．冰熔化成水的过程中；需要吸热，分子个数；温度没有变化，水分子的平均动能不变，说明分子势能增大，故B正确；

C．玻璃的分子对水银分子的吸引力小于水银分子间的吸引力；附着层收缩，呈现不浸润现象，所以不能润湿玻璃，故C正确；

D．热量能够自发从高温物体传到低温物体；也能在一定的条件下从低温物体传到高温物体，如电冰箱，故D错误。

故选BC。12、A:C【分析】【详解】

AB．I-U图像的斜率之比等于电阻比的倒数，由图像可知A、B阻值之比为

选项A正确；B错误；

C．A、B串联后的电阻比B的电阻还要大，可知I-U图线位于Ⅰ区；选项C正确；

D．A、B并联后的总电阻比RA还小，则I-U图线位于Ⅲ区；选项D错误；

故选AC。13、A:C【分析】【详解】

由图可知P的振动方程为：由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期为T=6s，质点Q的振动图象向左4s、后与P点的振动重合，意味着Q点比P点振动滞后了4s，则Q的振动方程为：所以当Q的位移为+A时，P的位移为故A正确；由题可知，简谐横波的传播方向从P到Q，由图可知，周期为T=6s，质点Q的振动图象向左4s、后与P点的振动重合，意味着Q点比P点振动滞后了4s，即P传到Q的时间△t可能为4s，同时由周期性可知，从P传到Q的时间△t为（4+nT）s，n=0、1、2、3，即△t=4s，10s，16s，故B正确；由考虑到波的周期性，当△t=4s，10s，16s、28s时，速度（n=0，1，2，3），当v=1m/s时，n=1，所以可能为1m/s，故C正确；由λ=vT可知则可知，当λ=3m时，n不是整数，故D错误．14、B:D:E【分析】【详解】

A、由甲图知，波长λ=2m，由乙图知，质点的振动周期为T=2s，则波速为：由乙图知，t=1s时刻，x=2m处质点向上运动，根据甲图可知，该波沿x轴负方向传播，故A错误；

B；由乙图知；t=2s时，x=2m处质点的振动方向为y轴负向，故B正确；

D、因则在C；x=lm处质点和x=2m处质点相距半个波长，振动步调总相反，故C错误；

1s的时间内；波动图象上任意质点通过的路程都是两个振幅，为10cm，故D正确；

E、在t=1s到t=2s经历的时间为t=1s时刻x=0.5m处的质点位于波峰，则在t=1s到t=2s的时间内该质点的速度先增大后减小，故E正确；

故选BDE．

【点睛】本题关键要把握两种图象的联系，能根据振动图象读出质点的速度方向，在波动图象上判断出波的传播方向．15、A:C【分析】【详解】

A.由s-t图象的斜率等于速度，可得m1碰前速度v1=4m/s，m2碰前速度v2=0，则知碰前m2静止，m1向右运动；故A正确；

BC.碰后m1速度为v′1=-2m/s，向左运动．碰后m2的速度v′2=2m/s，向右运动．

根据动量守恒定律得m1v1+m2v2=m1v′1+m2v′2．

代入数据解得：m2=0.3kg．

故BC错误；

D.两物体组成的系统在碰撞过程中的机械能损失为：

所以碰撞过程是弹性碰撞．故D错误．三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]当光敏电阻受到光照时，电阻很小，则非门输入高电势，输出低电势，故灯泡灭；不受光照时，电阻大，则分压大，非门输入低电势，输出高电势，小灯泡L亮，根据原理可知，可以作为路灯。【解析】灭亮可以作为路灯17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]]由于。

当时。

（2）[2]由于。

所以温度升高时；温度升高50K

（3）[3]由于。

当时。

（4）[4]由于。

物体降温时降低了20K。【解析】323.15K50253.15K2018、略

【分析】【详解】

[1]A→B等压变化过程中，根据盖—吕萨克定律

代入已知条件，可得

[2]在C→A等温变化过程中

又由于体积减小，外界对系统做正功

根据热力学第一定律

可得

故气体放热。【解析】600放热19、略

【分析】【分析】

带电粒子在加速电场中电场力做功等于粒子动能的增加量；由动能定理可以求得粒子进入磁场时的速度v；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，在磁场中运动半个圆周后打在A点，根据左手定则判断粒子的电性；洛伦兹力提供向心力；O；A两点间的距离是圆的直径．

【详解】

带电粒子在加速电场中加速，在磁场中向上偏转，根据左手定则可知，粒子带负电；由动能定理得：qU=mv2-0；

粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m解得：

O、A两点间的距离：x=2r=

【点睛】

本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程是解题的关键，应用动能定理与牛顿第二定律可以解题．【解析】负20、略

【分析】【分析】

a先加速下滑，进入磁场后切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，受到向左的安培力而做减速运动，b在安培力作用下向右加速运动；也切割磁感线产生感应电动势，此感应电动势与a的感应电动势方向相反，整个回路总的电动势减小，感应电流减小，两棒所受的安培力减小，当两棒的速度相等时，电路中不再产生感应电流，两棒不受安培力，将一起做匀速运动，达到稳定状态．以两棒组成的系统为研究对象，满足动量守恒，据动量守恒定律求解即可；当两棒最终一-起做匀速运动时，回路中不再产生焦耳热，根据能量守恒定律求解即可．

【详解】

第一空．a从h高处由静止滑到水平导轨处；由动能定理得：

解得：

a进入磁场后，a棒减速，b棒加速，最终速度相等，a、b系统水平方向合外力为零．

设水平向右为正方向；由动量守恒定律得：

解得，最终速度：

第二空．整个过程；对系统,由能量守恒定律得：

解得：．

【点睛】

本题考查电磁感应现象的综合应用，属于一般题型．【解析】21、略

【分析】【详解】

解：电动势的有效值为：

电流的有效值为：

电压表的示数为：

灯泡消耗的功率为：

发电机线圈内阻每分钟产生的焦耳热为为：【解析】2，210，420，120022、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]使用a、b接线柱时

使用a、c两个接线柱时

即

联立解得【解析】1535四、作图题(共3题，共6分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共1题，共6分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1]电路选用的是分压电路，如选择阻值比较