2025年浙教版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年浙教版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图是物体做直线运动的v-t图象；由图可知，该物体（）

A.第1s内和第3s内的运动方向相反B.第3s内和第4s内的加速度不相同C.第1s内和第4s内的位移大小不相等D.0-2s和0-4s内的平均速度大小不等2、矩形导线框abcd

放在匀强磁场中，在外力控制下静止不动，磁感线方向与线圈平面垂直，磁感应强度B

随时间变化的图象如图甲所示。t=0

时刻，磁感应强度的方向垂直纸面向里；在0隆芦4s

时间内，线框ab

边受匀强磁场的作用力随时间变化的图象(

力的方向规定以向左为正方向)

是图中的()A.B.C.D.3、如图甲所示，一条电场线与Ox

轴重合，取O

点电势为零，Ox

方向上各点的电势娄脮

随x

变化的情况如图乙所示.

若在O

点由静止释放一电子，电子在仅受电场力的作用下开始运动，则以下说法正确的是(

)

A.电子将沿x

正方向运动B.电子的电势能将变大C.电子运动的加速度先增大后减小D.电子运动的加速度一直增大4、如图所示的双缝干涉实验，用绿光照射单缝S时，在光屏P上观察到干涉条纹。要得到相邻条纹间距更大的干涉图样，可以A.增大S1与S2的间距B.减小双缝屏到光屏的距离C.将绿光换为红光D.将绿光换为紫光5、两根长直通电导线互相平行，电流方向相同，它们的截面处于等边△ABC的A和B处，如图所示.两通电导线在C处产生磁场的磁感应强度大小都是B，则C处磁场的磁感应强度大小是A.0B.BC.D.2B6、三束粒子沿纸面向上射人垂直于纸面向内的匀强磁场中，偏转轨迹如图所示，关于粒子带电性质，下列判断正确的是A.带负电荷B.带正电荷C.带正电荷D.带正电荷7、一平行电容器两极板之间充满云母介质，充满电后与电源断开．若将云母介质移出，则电容器（）A.电容器的电压变大，极板间的电场强度变大B.电容器的电压变小，极板间的电场强度变大C.电容器的电压变大，极板间的电场强度不变D.电容器的电压变小，极板间的电场强度不变8、纪念抗战胜利70周年的阅兵式上，20架直升机组成“70”字样编队飞过天安门上空。飞行员认为自己处于静止状态，则他选取的参考系可能是（）A.邻近的直升机B.天安门城楼C.飞机上的旋翼D.天安门上飘扬的红旗评卷人得分二、双选题(共2题，共4分)9、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解10、下列说法中；正确的是（）

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂B.蔗糖是最重要的二糖，麦芽糖是它的同分异构体C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中，滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液，加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉尚未水解评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)11、在“测定金属的电阻率”的实验中；需要用刻度尺测出被测金属丝的长度L，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻R．

（1）请写出测金属丝电阻率的表达式：ρ=____．（用上述测量的字母表示）

（2）若实验中测量金属丝的长度和直径时，刻度尺和螺旋测微器的示数分别如图所示，则金属丝长度的测量值为L=____cm，金属丝直径的测量值为d=____mm．

（3）选用量程为3V的电压表V，量程为600mA电流表A测量某电阻的电压和电流，两电表的示数分别如下图所示，则电压为____V，电流强度为____mA．12、实验表明：密度大于液体的固体球；在液体中开始是竖直加速下沉，但随着下沉速度变大，其所受的阻力也变大，到一定深度后开始匀速下沉．

下表是某兴趣小组在探究“固体球在水中竖直匀速下沉时的速度与哪些量有关”的实验中得到的数据记录。次序固体球的半径。

r/×10﹣3m固体球的密度。

ρ/×103kg•m﹣3固体球匀速下沉的速度。

v/m•s﹣110.52.00.5521.02.02.2031.52.04.9540.53.01.1051.03.04.4060.54.01.6571.04.06.60①分析第1、2、3三组数据可知：固体球在水中匀速下沉的速度与____成正比．

②若要研究固体球在水中匀速下沉的速度与固体球密度的关系可以选用上表中第____组数据进行分析．根据该组数据所反应的规律可推断，若一个半径为1.00×10﹣3m、密度为3.5×103kg•m﹣3的固体球在水中匀速下沉的速度应为____m/s．13、如图所示，在竖直向上的匀强电场中有三个小球ABC

用不伸长的绝缘丝线相连挂于O

点，质量分别为5m3m

和2m

其中只有B

球带电鈭�Q

电场强度为E.

现将AO

线烧断，在烧断瞬间，A

球的加速度为______，AB

间线的张力为______，BC

间线的张力为______．14、用升压变压器可以实现高压输电，以减少远距离输电过程中的电能损失．为了达到升压的目的，升压变压器的原线圈匝数应______（选填“少于”或“多于”）副线圈匝数．15、图（a）所示螺旋测微器的读数为______mm；

图（b）所示游标卡尺的读数为______mm．

16、A

在匀强磁场中；有一长为5cm

的导线和磁场垂直，当导线通过的电流是2A

时，导线受到的安培力是0.1N

那么磁感应强度B=

________T

现将导线长度增大为原来的4

倍，通过电流减小为原来的一半，那么磁感应强度B=

________T

．

B

太阳能是绿色能源，太阳能发电已被广泛应用，某型号太阳能电池组的电动势为20V

内阻为1娄赂

给一个阻值为9娄赂

的电阻供电，则通过该电阻的电流为________A

该电阻两端的电压为________V

．17、LC

振荡电路中，电容器的一个极板所带的电量随时间变化的关系如图所示.

那么在从1隆脕10鈭�6s

到2隆脕10鈭�6s

的这段时间内，电容器处于______状态，由这个振荡电路激发的电磁波的波长为______m.

评卷人得分四、判断题(共1题，共3分)18、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）评卷人得分五、实验探究题(共4题，共32分)19、在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器接在电压为U

、频率为f

的交流电源上，在实验中打下一条理想纸带，如图所示，选取纸带上打出的连续5

个点ABCDE

测出A

点距起始点的距离为s0

，点AC

间的距离为s1

，点CE

间的距离为s2

，已知重锤的质量为m

，当地的重力加速度为g

，则：(1)

从起始点O

到打下C

点的过程中，重锤重力势能的减少量为螖Ep

=

________，重锤动能的增加量为螖Ek=

________.(2)

根据题中提供的条件，可求出重锤实际下落的加速度a=

________，它和当地的重力加速度g

进行比较，则a

________g

(

填“大于”、“等于”、“小于”)

．20、某同学设计了一个用电磁打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车A

的前端粘有橡皮泥，推动小车A

使之做匀速直线运动，然后与原来静止在前方的小车B

相碰并粘合成一体，继续做匀速直线运动.

他设计的装置如图甲所示.

在小车A

后连着纸带，电磁打点计时器所用电源频率为50Hz

长木板下垫着薄木片以平衡摩擦力．(1)

若已测得打点纸带如图乙所示，并测得各计数点间距(

已标在图上)

．A

为运动的起点，则应选________段来计算A

碰前的速度.

应选________段来计算A

和B

碰后的共同速度(

以上两空选填“AB

”或“BC

”或“CD

”或“DE

”)

．(2)

已测得小车A

的质量m

1=0.4kg

小车B

的质量为m

2=0.2kg

则碰前两小车的总动量为________kg隆陇m/s

碰后两小车的总动量为________kg隆陇m/s

．21、用圆弧状玻璃砖做测定玻璃折射率的实验时，先在白纸上放好圆弧状玻璃砖，在玻璃砖的一侧竖直插上两枚大头针P1、P2，然后在玻璃砖的另一侧观察，调整视线使P1的像被P2的像挡住，接着在眼睛所在的一侧插两枚大头针P3和P4，使P3挡住P1和P2的像，P4挡住P3以及P1和P2的像，在纸上标出大头针位置和圆弧状玻璃砖轮廓，如图甲所示，其中O为两圆弧圆心，图中已画出经P1、P2点的入射光线。

（1）在图甲上补画出所需的光路。

（2）为了测出玻璃的折射率，需要测量入射角和折射角，请在图甲中的AB分界面上画出这两个角，分别用i和r表示。

（3）为了保证在弧面CD得到出射光线；实验过程中，光线在弧面AB的入射角应适当______（选填“小一些”；“无所谓”或“大一些”）。

（4）多次改变入射角，测得几组入射角和折射角，根据测得的入射角和折射角的正弦值，画出了如图乙所示的图象，由图象可知该玻璃的折射率n=______。22、为了测定干电池的电动势和内阻；现有下列器材：

A.干电池一节。

B.电压表v1(0鈭�15V

内阻约为15K娄赂)

C.电压表v2(0鈭�3V

内阻约为3K娄赂)

D.电流表A1(0鈭�3A

内阻约为2娄赂)

E.电流表A2(0鈭�0.6A

内阻约为10娄赂)

F.电流表G(

满偏电流3mA

内阻Rg=10娄赂)

G.变压器。

H.滑动变阻器(0鈭�1000娄赂)

I.滑动变阻器(0鈭�20娄赂)

J.开关；导线。

(1)

用电流表和电压表测量干电池的电动势和内电阻；应选用的滑动变阻器是______，电流表______，电压表______(

用代号回答)

(2)

根据实验要求；用笔画线代替导线在实物图甲上连线．

(3)

某次实验记录如下：。组别123456电流I/A0.120.200.310.320.500.57电压U/V1.371.321.241.181.101.05根据表中数据在坐标图乙上画出U鈭�I

图线，由图可求得E=

______Vr=

______娄赂.

(4)

用你设计的电路做实验；测得的电动势与电池电动势的真实值相比______(

填“偏大”“偏小”或“相等”)

．

评卷人得分六、作图题(共2题，共12分)23、如图(a)所示中有一条均匀的绳，0、1、2、3、4是绳上一系列等间隔的点．现有一列简谐横波沿此绳传播．某时刻，绳上9、10、11、12四点的位置和运动方向如图(b)所示(其他点的运动情况未画出)，其中12的位移为零，向上运动，点9的位移达到最大值．试在图(c)中画出再经过周期时点3、4、5、6的位置和速度方向，其他点不必画．(图(c)的横、纵坐标与图2-1-6(a)、(b)完全相同)24、试画出下面图1中负电荷产生的电场；画出图2中的A点的电场方向以及放在B点的负电荷所受的电场力方向。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】解：A；由图知；在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向一直不变，故A错误；

B；由速度时间图象的斜率等于加速度；直线的斜率一定，则知第3s内和第4s内的加速度相同，故B错误；

C；由图象与时间轴所围的面积表示位移；由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等．故C错误；

D；根据“面积”可知：0～2s内和0～4s内的位移相等；但所用时间不等，所以平均速度不等，故D正确．

故选：D

在速度时间图线中；根据速度的正负判断运动方向的关系，根据图线的斜率判断加速度之间的关系，图象与时间轴所围的面积表示位移．平均速度等于位移与时间之比．根据这些知识进行解答．

解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．【解析】【答案】D2、D【分析】【分析】穿过线圈的磁通量发生变化，导致线圈中产生感应电动势，从而形成感应电流，由题意可知，磁感应强度是随着时间均匀变化的，所以感应电流是恒定的，则线框ab

边所受的安培力与磁感应强度有一定的关系。安培力的方向由左手定则来确定，而感应电流方向则由楞次定律来确定，当导线与磁场垂直放置时，若电流、导线长度不变时，安培力与磁感应强度成正比。【解答】t=0

时刻，磁感应强度的方向垂直线框平面向里，在0

到1s

内，穿过线框的磁通量变小，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ab

边的安培力水平向左，当在1s

到2s

内，磁感应强度的方向垂直线框平面向外，穿过线框的磁通量变大，由楞次定律可得，感应电流方向是顺时针，再由左手定则可得线框的ab

边的安培力水平向右；在下一个周期内，重复出现安培力先向左后向右，故D正确，ABC错误。

故选D。【解析】D

3、A【分析】解：A

由图可知；沿Ox

方向电势逐渐升高，则电场线方向沿x

负方向，电子所受电场力方向沿x

轴正方向，故电子将沿x

轴正方向运动，故A正确；

B；由静止释放后；电场力对电子做正功，电子的电势能减小.

故B错误；

CD

根据E=Ud

知；娄脮鈭�x

图象的斜率大小等于电场强度，由几何知识得知，斜率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，电子所受电场力先减小后增大，则电子加速度先减小后增大，故CD错误；

故选：A

由图看出；电势逐渐升高，可判断出电场线的方向，确定电子的运动方向，并判断电子电势能的变化.

根据娄脮鈭�x

图象的斜率大小等于电场强度，分析场强的变化，即可分析电子所受电场力如何变化，从而判断电子的加速度变化情况．

本题的关键要从数学有角度理解娄脮鈭�x

图象的斜率等于场强，由电势的高低变化判断出电场线的方向，再根据电性来判断电场力方向以及加速度和做功情况．【解析】A

4、C【分析】【解析】试题分析：在波的干涉中，干涉条纹的间距由公式可得，条纹间距与波长、屏之间的距离成正比，与双缝间的距离d成反比，故要增大间距应减小d，增大双缝屏到光屏的距离或增大光的波长，故只有C正确；故选C．考点：光的干涉．【解析】【答案】C5、C【分析】【解析】试题分析：根据安培定则可知，导线A在C处产生的磁场方向垂直于AC方向向右，导线B在C处产生的磁场方向垂直于BC方向向右，如图，根据平行四边形定则得到，C处的总磁感应强度为故选C考点：磁场的叠加【解析】【答案】C6、B【分析】【解析】试题分析：由右手定则判断洛伦兹力的方向。A．若带负电荷，则粒子向右偏，A错误，B正确；C、若带正电荷，则粒子向左偏，C错误；D．若带正电荷，不会沿直线运动，故D错误。考点：洛伦兹力【解析】【答案】B7、A【分析】解：由C=可知；当云母介质抽出时，ɛ变小，电容器的电容C变小；电容器充电后断开，故Q不变；

根据U=可知；当C减小时，U变大．

再由E=由于d不变，U变大，故E也变大，故A正确，BCD错误．

故选：A．

电容器始终与恒压直流电源相连；则电容器两端间的电势差不变，将云母介质移出后介电常数减小，根据电容器介电常数的变化判断电容的变化以及电场强度的变化．

本题是电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，当电容器与电源始终相连，则电势差不变；当电容器与电源断开，则电荷量不变．要掌握C=C=E=三个公式．【解析】【答案】A8、A【分析】解：直升机相对于天安门城楼；以及天安门上飘扬的红旗的位置不断改变；以他们为参照物，飞行员是运动的；飞机上的旋翼是旋转的，以它们为参考系，飞行员是运动的，以别的直升机为参照物，它们之间的位置没有发生变化，所以飞行员是静止的，故A正确，BCD错误。

故选：A。

研究物体的运动时；必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的。

参照物可任意选，也就是不论是静止的物体还是运动的物体；参照物被选定后，可认为该物体是静止的（假设）物体。【解析】A二、双选题(共2题，共4分)9、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB10、AB【分析】本题考查物质的性质。该题属于基础性试题，难度不大。只要能记住常见物质的性质，就不难得出正确的结论。

A.油脂在碱性水溶液中水解在工业上用于制肥皂；故A正确；

B.蔗糖是最重要的二糖；麦芽糖是它的同分异构体，故B正确；

C.在蔗糖与稀H2SO4共热后的溶液中；加氢氧化钠中和硫酸以后再滴加银氨溶液，再水浴加热有银镜生成，故C错误；

D.取淀粉与稀硫酸共热后的溶液；加入碘水溶液，溶液不变蓝，证明淀粉水解完全，故D错误；

​故选AB。【解析】AB三、填空题(共7题，共14分)11、略

【分析】

（1）根据电阻定律有R=又S=联立可得ρ=．

（2）刻度尺读数为L=36.50cm；螺旋测微器读数为d=0.5mm+30.0×0.01mm=0.800mm．

（3）电压表示数为U=1.23V；电流表示数为I=0.50A=500mA

故答案为（1）

（2）36.500.800

（3）1.23500

【解析】【答案】解（1）时注意横截面面积S的表达，解（2）时刻度尺读数要估读到最小分度的十分之一，螺旋测微器读数时注意半毫米刻度线是否露出．解（3）时电压表需估读到最小分度的十分之一，电流表读数时需估读到最小分度的．

12、固体球半径的平方1、4、6（或2、5、7）5.50【分析】【解答】（1）根据表格中的数据，使用控制变量法（控制其中一个量不变，去研究其他量与这个量的关系），来探究水中匀速下沉的速度与什么因素有关，结果可知，固体球在水中匀速下沉的速度与固体球半径的平方成正比．（2）研究固体球在水中匀速下沉的速度与固体球密度的关系，要么控制半径为0.5×10﹣3m，要么控制为1.0×10﹣3m，即选用上表中第1，4，6或2，5，7组数据进行分析，这样得到下沉速度与密度的关系．从表格可知，当半径为1.0×10﹣3m，密度为2×103kg•m﹣3时，下沉的速度为2.20m/s；而当半径为1.0×10﹣3m，密度为3×103kg•m﹣3时，下沉的速度为4.40m/s；若当半径为1.0×10﹣3m，密度为4×103kg•m﹣3时，下沉的速度为6.60m/s；所以当半径为1.0×10﹣3m，密度为3.5×103kg•m﹣3时，下沉的速度为5.50m/s；故答案为：（1）固体球半径的平方;（2）1；4、6（或2、5、7）；5.50．

【分析】（1）根据表格数据分析可知：球形固体在水中匀速下沉的速度与固体球的半径和密度均有关系，我们可以采用控制变量法来确定另一物理量与速度的关系，最终得出速度与固体球的半径与密度的确切关系；（2）根据表格的数据，得出影响速度的因素，从而求出速度大小．13、略

【分析】解：剪断OA

时；由于B

带电受向下的电场力作用，使AB

向下加速运动，以AB

整体为研究对象，受力如图所示：

整体所受合力为：

F潞脧=8mg+QE

A

的加速度为：

aA=8mg+QE8m=QE8m+g

．

对A

进行受力分析如图：

A

球所受合力FA=5mg+T=5maA

解得TAB=58QE

．

由于电场力作用加速度向下且大于g

故此时BC

绳间无作用力．

故答案为：QE8m+g58QE0

．

OA

段被剪断；球被释放，由于电场力作用AB

具有相同的向下加速度a

且加速度a

大于重力加速度g

故BC段绳子松弛无弹力作用，采用整体法和隔离法处理AB

间的相互作用力即可．

解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用．【解析】QE8m+g58QE0

14、略

【分析】解：变压器中原副线圈上的电压之比等于匝数之比；

若要U2＞U1则需n2＞n1；即原线圈匝数少于副线圈匝数；

故答案为：少于。

根据变压器中电压之比与线圈匝数比的关系判断。

本题考查了变压器上原副线圈电压之比等于其线圈匝数之比，知道变压器的变压和变流比规律．【解析】少于15、略

【分析】解：1；螺旋测微器的固定刻度为3.5mm；可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为3.5mm+0.200mm=3.700mm．

2；游标卡尺的主尺读数为6mm；游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.1mm=0.2mm，所以最终读数为：6mm+0.2mm=6.2mm．

故答案为：3.700；6.2．

解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法；主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．【解析】3.700；6.216、A.11

B.218【分析】A.【分析】

B隆脥L

根据安培力的公式F=BIL

求磁感应强度B

注意公式B=FIL

是采用比值法定义的，磁场中某点磁感应强度的大小与FIl

等因素无关，是由磁场本身决定的。本题考查了对磁感应强度定义式：B=FIL

的理解和应用，属于简单基础题目，平时训练不可忽视要加强练习。【解答】根据磁感应强度的定义式，有：B=FIL=0.12隆脕0.05T=1T

由此可知该处的磁感应强度为1T

这与导线的放置；长短、电流大小等因素无关，即该处的磁感应强度有磁场本身决定．

故填：11

B.【分析】根据闭合电路欧姆定律求解电流，由欧姆定律求出电阻两端的电压。闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律是电路部分重点知识；要能熟练运用。

【解答】根据闭合电路欧姆定律得：通过该电阻的电流为I=ER+r=209+1A=2A

该电阻两端的电压为U=IR=2隆脕9V=18V

故题218

【解析】A.11

B.218

17、略

【分析】解：由题意可知；电容器在1隆脕10鈭�6s

到2隆脕10鈭�6s

内，电量在不断增加，说明正在充电；

由图可知；T=4隆脕10鈭�6s

根据娄脣=CT=3隆脕108隆脕4隆脕10鈭�6m=1200m

故答案为：充电；1200

．

电路中由L

与C

构成的振荡电路；在电容器充放电过程就是电场能与磁场能相化过程.q

体现电场能，i

体现磁场能．

并根据娄脣=vT

结合电磁波的传播速度，即可求解．

电容器具有储存电荷的作用，而线圈对电流有阻碍作用.

同时掌握充放电过程中，会判定电流、电量、磁场、电场、电压如何变化．【解析】充电；1200

四、判断题(共1题，共3分)18、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．五、实验探究题(共4题，共32分)19、mg(s0+s1);小于【分析】解：(1)

重锤重力势能的减少量为鈻�EP=mg(s0+s1).

打C

点重锤的速度vC=s1+s22TT=2鈰�1f

重锤动能的增加量为鈻�Ek=m(s1+s2)2f232

(2)

由s2鈭�s1=a(2f)2

得。

a=(s2鈭�s1)f24

由于纸带与限位孔之间摩擦力作用；重物受到空气阻力等影响；g

测量值比当地重力加速度的真实值要小．

故答案为：垄脵mg(s0+s1)m(s1+s2)2f232垄脷(s2鈭�s1)f24

小于【解析】mg(s0+s1);m(s1+s2)2f232;(s2鈭�s1)f24;

小于20、（1）BCDE（2）0.4200.417【分析】【分析】(1)A(1)A与BB碰后速度减小，通过纸带上相等时间内点迹的间隔大小确定哪段表示AA的速度，哪段表示共同速度；

(2)(2)求出碰前和碰后的速度大小，得出碰前和碰后总动量的大小，从而得出结论。解决本题的关键知道AA与BB碰后，速度减小，会通过纸带求解速度的大小。【解答】(1)A(1)A与BB碰后粘在一起，速度减小，相等时间内的间隔减小，可知通过BCBC段来计算AA的碰前速度，通过DEDE段计算AA和BB碰后的共同速度；

(2)A(2)A碰前的速度：v1=BC鈥�t=1.05m/s

碰后共同速度：v2=DE鈥�t=0.695m/s

碰前总动量：P1=m1v1=0.420kg隆陇m/s

碰后的总动量：P2=(m1+m2)v2=0.417kg隆陇m/s

【解析】(1)BCDE(1)BCDE(2)0.4200.417(2)0.4200.41721、小一些1.5【分析】解：（1）连接P1、P2表示入射光线，连接P3、P4表示出射光线；连接两光线与玻璃砖的交点，即为折射光线，作出光路图如图。

（2）标出需要测量的入射角i和折射角γ；如图。

（3）为防止光线在弧面CD发生全反射；光线在弧面AB的入射角应适当小一些。

（4）根据折射定律得，n==1.5。

故答案为：（1）如图；（2）如图；（3）小一些；（4）1.5。

（1）连接P1、P2表示入射光线，连接P3、P4表示出射光线；连接两光线与玻璃砖的交点，即为折射光线，作出光路图；

（2）在图中标出需要测量的入射角i和折射角γ；

（3）为防止光线在弧面CD发生全反射；光