2025年新科版必修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新科版必修3物理上册阶段测试试卷48考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、一质量为m的带电小球，在竖直方向的匀强电场中以水平速度抛出，小球的加速度大小为g，空气阻力不计，小球在下落h的过程中，则（）A.小球的动能增加B.小球的电势能增加C.小球的重力势能减少D.小球的机械能减少2、如图所示的电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器的滑动端向上滑动的过程中（  ）

A.电压表与电流表的示数都增大B.电压表与电流表的示数都减小C.电压表的示数增大，电流表的示数减小D.电压表的示数减小，电流表的示数增大3、关于物理学研究方法，下列叙述中正确的是（）A.伽利略研究自由落体运动运用了微小量放大法B.时的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法C.探究求合力的方法实验运用了控制变量法D.用点电荷来代替实际带电体运用了理想模型法4、如图所示是一对不等量异种点电荷的电场线分布图，图中两点电荷连线长度为2r，左侧点电荷带电荷量为右侧点电荷带电荷量为P、Q两点关于两电荷连线对称。由图可知（）

A.P、Q两点的电场强度相同B.M点的电场强度小于N点的电场强度C.把同一试探电荷放在N点其所受电场力大于放在M点所受的电场力D.两点电荷连线的中点处的电场强度为5、在宇宙环境中；地磁场保护着地球，地质记录表明，自地球在46亿年前形成以来，已经有过数百次地磁反转，也就是说，地球的磁场在“反极性”（地磁场方向与现在的方向相反）和“正极性”（地磁场方向与现在的方向相同）之间不断变换。物理学家的研究认为，地球的磁极反转在未来仍可能会发生。下列关于地磁反转期间的说法正确的是（）

A.对依靠磁场进行导航的物种不会有影响B.若地磁场处于最弱的状态时，就不会对地球生物的生存有影响C.太阳辐射的高能粒子直接轰击地球的大气层，可能引发一些疾病D.地球磁场的反转可能是瞬间发生，而不是一个缓慢、渐进的过程6、下列哪项技术的应用原理与静电现象无关（）A.复印机B.油罐车尾的铁链C.避雷针D.手机无线充电7、老师做了一个物理小实验让学生观察：一轻质横杆两侧各固定一金属环；横杆克绕中心点自由转动，老师拿一条形磁铁插向其中一个小环，后又取出插向另一个小环，同学们看到的现象是（）

A.磁铁插向左环，横杆发生转动B.磁铁插向右环，横杆发生转动C.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都不发生转动D.无论磁铁插向左环还是右环，横杆都发生转动评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、下列说法中正确的有A.无论正电荷还是负电荷，静电力做负功时电势能一定增加B.电荷在电场中移动，若电场力对电荷做正功，电荷的电势能一定减小，但电荷的动能不一定增加C.将负电荷从电势高的地方移到电势低的地方，电势能一定减少D.若电场中A、B两点间的电势差为零，则同一点电荷在A、B两点所具有的电势能相同9、下列关于能量耗散的说法，正确的是（）A.能量耗散使能的总量减少，违背了能量守恒定律B.能量耗散是指耗散在环境中的内能再也不能被人类利用C.能量耗散导致能量品质降低D.能量耗散说明能量不能凭空产生，但可以凭空消失10、如图所示，实线表示电场线，虚线表示一带正电粒子以一定的初速度从M点射入电场中的运动轨迹；粒子只受电场力作用，下列判断正确的是（）

A.带电粒子的电势能一直在增加B.粒子在M点的加速度大于在N点的加速度C.粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力D.粒子从M点运动到N点的过程中，速度一直增大11、如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，弹簧上放一个质量为m且带正电的小球，小球与弹簧不连接。现加外力F将小球向下压至某一位置。当撤去外力F后，小球由静止开始运动到离开弹簧的过程中，小球克服重力做功为W1、电场力对小球做功为W2，小球离开弹簧时的速度为v；不计空气阻力，则该过程中（）

A.小球的重力势能增加W1B.小球动能的最大值一定为mv2C.弹簧弹性势能的最大值小于W1+mv2D.小球的机械能增加W212、如图所示；把一个架在绝缘支架上的枕形导体放在正电荷形成的电场中，导体处于静电平衡时，下列说法正确的是（）

A.A、B两点电场强度相等，电势相等B.A、B两点的电场强度不相等，电势相等C.感应电荷产生的附加场强大小是|EA|>|EB|D.当电键K闭合时，电子沿导线移向大地13、如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电荷量为q的油滴处于静止状态；以下说法正确的是（）

A.若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B.若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有b→a的电流C.若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有b→a的电流D.若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有b→a的电流14、科学家研究发现，磁敏电阻的阻值随所处空间磁场的增强而增大，随所处空间磁场的减弱而减小。如图所示电路中R′为一个磁敏电阻，置于真空中的平行板电容器水平放置，滑动变阻器R0的滑片位于中点位置，此时处在电容器中的油滴P恰好静止不动。现在要使油滴P向上加速运动；下列操作正确的是（）

A.仅将条形磁铁向左移动靠近磁敏电阻B.仅将滑动变阻器的滑片向上移动C.仅增大平行板电容器两个极板的距离D.仅减小平行板电容器两个极板的正对面积15、在如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r，电容器的电容为C，灯泡L的灯丝电阻不随温度变化，电压表和电流表均为理想电表。闭合开关S，待电路稳定后，缓慢减小电阻箱R接入电路中的阻值，与调节电阻箱之前相比，电压表示数变化量的绝对值为ΔU；在这个过程中电路中所有器件均不会被损坏，下列说法中正确的是。

A.灯泡L将变亮B.电压表和电流表的示数都将变大C.电源两端电压变化量的绝对值将大于ΔUD.电容器所带电荷量增加，增加量小于CΔU16、指南针是我国古代四大发明之一、关于指南针，下列说明正确的是（）A.指南针可以仅具有一个磁极B.指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C.指南针的指向不会受到附近磁场的干扰D.指南针可以看做小的条形磁铁评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、（1）串联电路：把几个导体（用电器）_________连接，接入电路的连接方式。如图甲所示。

（2）并联电路：把几个导体（用电器）的一端_________，另一端_________，再将两端接入电路的连接方式。如图乙所示。18、智能手机有自动调节屏幕亮度的功能，光照强度变大时屏幕变亮，反之变暗。图中电路元件R1、R2中一个为定值电阻，另一个为光敏电阻（其有“阻值随光照强度的减小而增大”这一特性）。该电路可实现“有光照射光敏电阻时小灯泡变亮，反之变暗”这一功能。分析可得：光敏电阻应为_______（选填“R1”或“R2”），理由是：_______。

19、如图所示，电容器上板A接电源正极、下板B接电源负极，且将上极板接地，电源电压恒定，开关S始终闭合，一带电液滴恰静止在电容器内部P点，现将电容器下极板B向下平移一小段距离，则电容器的电容将_________（填“不变”、“增大”、“减小”），液滴将______________（填“静止不动”；“向下运动”、“向上运动”）．

20、如图所示，有一块无限大的原来不带电的金属平板MN，现将一个带电量为+Q的点电荷放置于板右侧的A点，并使金属板接地．已知A点离金属板MN的距离为d，C点在A点和板MN之间，AC⊥MN，且AC长恰为．金属平板与电量为+Q的点电荷之间的空间电场分布可类比______________（选填“等量同种电荷”、“等量异种电荷”）之间的电场分布；在C点处的电场强度EC=______________．

21、电阻率。

（1）概念：电阻率是反映导体______性能的物理量；是导体材料本身的属性。

（2）影响电阻率的两个因素是______和______。

（3）纯金属电阻率较______，合金的电阻率较______。由于用电器的电阻通常远大于导线电阻，一般情况下，可认为导线电阻为______。22、(1)在测定一根粗细均匀合金丝电阻率的实验中，利用螺旋测微器测定合金丝直径，如图所示，甲图是将螺旋测微器小砧靠在一起时的读数，为______mm；乙图是测量合金丝直径时的读数，则合金丝的直径为______mm；

(2)某实验小组为测量电压表V1的内阻，先用多用电表的欧姆档进行了一次测量，为进一步准确测量电压表V1的内阻，设计了如图甲所示的电路，请根据电路图连接实物图乙______。

23、为了体现全民大联欢，2020年央视春晚继续采用“北京主会场+各地分会场”的直播模式，突破演播室界限，将春晚舞台的欢声笑语带到观众的身边。用卫星转播春晚实况是利用______（选填“超声波”“次声波”或“电磁波”）来传递信息的；主持人的说话声是由声带______产生的。评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)24、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共12分)25、有一小灯泡上标有“5.0V；1A”的字样，现要求描绘小灯泡伏安特性曲线。可供选择器材如下：

A.小灯泡L（规格“5.0V；1A”）

B.电流表A1（0~1A；内阻约0.1Ω）

C.电流表A2（0~0.6A；内阻1Ω）

D.电压表V1（0~3V；内阻3kΩ）

E.电压表V2（0~30V；内阻15kΩ）

F.标准电阻R3=3kΩ

G.滑动变阻器R（0~10Ω）

H.学生电源（E=6V；内阻不计）

I.开关S及导线若干。

为了能比较准确地进行测量，同时还要考虑操作的方便，选择正确的仪器，在图所示虚线框中画出该实验所需要的电路图___________

26、某同学通过两种方法测量量程为3V的电压表的内阻。

（1）先用多用电表的欧姆挡“×100”挡直接测量电压表的内阻，电压表、多用电表的示数分别如图甲、乙所示，则电压表的示数为______V、内阻为______Ω。

（2）再进一步精确测量电压表的内阻的电路图如图丙所示，图中电阻箱的最大电阻为定值电阻的阻值为电源的内阻不计。连接好电路后调节电阻箱的阻值，使得电压表的指针满偏，记下此时电阻箱的阻值然后调节电阻箱的阻值，使得电压表的指针半偏，记下此时电阻箱的阻值则电压表的内阻______27、小华同学新买了两节同一型号的干电池，并用这两节干电池串联起来组成一个电源给手电筒供电，他利用如图1甲所示的电路对这个电源的电动势和内阻进行了测量．所选用的器材有：待测电源，电阻箱R（最大阻值999.9Ω），电压表V（量程为0～3V，内阻很大），定值电阻R0＝10.0Ω，开关，导线若干，正确完成实验操作后利用取得的多组数据得到了如图2所示的—图像；并比较准确地测得了电源的电动势和内阻。

（1）测量的结果如图1乙、丙，则电压表的读数为__________V，电阻箱的读数为__________Ω；

（2）根据如图2所示的—图像，求出电源电动势E＝________V，内阻r＝______Ω。（计算结果保留三位有效数字）

28、现有一特殊电池，它的电动势E约为5V，内阻r约为40Ω；已知该电池允许输出的最大电流为40mA。为了测定该电池的电动势和内阻，某同学准备了如下器材：

A．待测电池；

B．电压表V：量程0～15V，内阻RV≈15kΩ；

C．电流表A：量程0～1mA，内阻RA=156Ω；

D．电阻箱R：0～999.9Ω；

E．定值电阻R1=4Ω；

F．定值电阻R2=39Ω；

G．定值电阻R3=50Ω；

H．定值电阻R4=90Ω；

I．开关；导线若干。

(1)该同学设计的部分电路如图甲所示，图中保护电阻R0应选择器材中的_________(填写器材前的选项字母)；

(2)选择合适的器材，将虚线框中的电路补充完整，并在电路中注明所选器材的符号________；

(3)将电阻箱的阻值调整到______（填“最大”或“最小”）；闭合开关；

(4)调节电阻箱的电阻，使所选电表指针指到某一位置，记录此时电阻箱的阻值R和所选电表的读数x；电表读数用国际单位（A或V）作单位；

(5)重复步骤(4)获取多组R和x的值；

(6)断开开关；整理器材；

(7)根据所得数据在坐标系中描点连线，如图乙所示。根据图线可求得该电池的电动势E为_____V，内阻r为____Ω。(结果均保留一位小数)评卷人得分六、解答题(共4题，共16分)29、如图所示，空间存在宽度为d的竖直向下的匀强电场，电场强度大小为E，现将一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子，从O点以初速度v0垂直于电场方向射入电场；最终从电场右边界穿出．粒子重力不计，求：

（1）粒子在电场中运动的时间；

（2）粒子在垂直方向的偏转距离．30、如图甲所示，带电量q=+1.0×10-4C、质量M=0.25kg的物块放在足够大的绝缘粗糙水平面上，物块与水平面间的动摩擦因数μ=0.2；长l=m的轻质细线上端固定，下端系着一质量m=0.5kg的绝缘小球，小球静止时位于O点。以O为原点，水平向右为x轴建立坐标。O点右侧空间有一水平电场，电场强度E随位置x的变化关系如图乙所示，规定水平向右为场强正方向。现将小球拉至与竖直方向夹角θ=37°的位置静止释放，运动至最低点O时与物块发生弹性正碰。设物块在碰撞和滑行过程中电荷量保持不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，不计空气阻力，小球与物块均视为质点。已知cos37°=0.8，g取10m/s2；求。

（1）碰撞前瞬间细线对小球的拉力；

（2）碰撞后瞬间物块的速度大小；

（3）物块最终停止的位置坐标。

31、环形电流周围有磁场，根据电磁学理论可知，半径为R、电流强度为I的环形电流中心处的磁感应强度大小其中K为已知常量。电流的本质是电荷的定向运动；电流可以产生磁场意味着运动的电荷也可以产生磁场。

（1）氢原子核外电子以速率v绕核做圆周运动，轨道半径为r，电荷量为e，求该“分子电流”在圆心处的磁感应强度大小B1。

（2）如图，在一个竖直放置一半径为r、电阻为R、匝数为n的圆形线圈的圆心O处，有一个可以绕竖直轴在水平面内转动的小磁针。线圈未通电流时，小磁针稳定后指向地磁场水平分量方向，调整线圈方位并通入电流，小磁针偏转了θ角。已知仪器所在处地磁场的磁感应强度水平分量大小为Be；求：线圈两端的电压。

（3）有人用电流观点解释地磁成因：在地球内部的古登堡面附近集结着绕地轴转动的管状电子群，转动的角速度为ω，该电子群形成的电流产生了地磁场。如图所示，为简化问题，假设古登堡面的半径为R，电子均匀分布在距地心R、直径为d的管道内，管道内单位长度电荷量q，且d<<R，求此管状电子群在地心处产生的磁感应强度大小B2。

32、如图所示的示波管，电子由阴极K发射后，初速度可以忽略，经加速后水平飞入偏转电场，最后打在荧光屏上，电子电量大小为e，质量为m．已知加速电压为U1，BC间偏转电压为U2；两偏转极板BC间距为d，板长为L，偏转极板右侧到荧光屏的距离为D，不计重力，求：

（1）电子射入偏转电场U2时的速度大小；

（2）电子打在荧光屏上的偏转距离OP．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【详解】

C．由题意知，重力做功为则物体的重力势能减少故C错误；

A．物体的加速度为则合外力为根据动能定理，合外力做的功等于动能的增量，故动能的增量为故A错误；

B．重力竖直向下合力竖直向下为故电场力竖直向上为故电场力做功则电势能增加故B正确；

D．除重力以外的其他力做功等于机械能的变化量，故小球的机械能减少等于电场力做功，大小等于故D错误。

故选B。

【点睛】

要知道重力做功等于重力势能变化量的负值，电场力做功等于电势能变化量的负值，合力做功等于动能的变化，除重力、弹簧的弹力以外的力做功等于物体机械能的变化。把握动能、机械能、重力势能、电势能发生变化的原因就能顺利解决本题。2、A【分析】【详解】

当滑片上移时，滑动变阻器接入电阻变大，则外电路总电阻变大，电路中总电流减小，电源的内电压减小，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压变大，故电压表示数变大；由欧姆定律可知，R1上的分压减小，而路端电压变大，故并联部分的电压变大，则通过R2的电流变大；电流表读数变大。

故选A。3、D【分析】【详解】

A.伽利略在研究自由落体运动时采用了转化法；故A错误。

B.△t→0时的平均速度可看成瞬时速度运用了极限法；故B错误；

C.探究求合力方法的实验中使用了等效替代的方法；故C错误；

D.用点电荷来代替实际带电体运用了理想模型法，故D正确；4、D【分析】【分析】

【详解】

A．根据图像可知，P点场强方向与Q点场强方向不同，所以P、Q两点的电场强度不相同；故A错误；

B．电场线的疏密表示电场强度的大小，M点的电场强度大于N点的电场强度；故B错误；

C．把同一试探电荷放在N点，因M点的电场强度大于N点的电场强度，根据

那么M点所受电场力大于放在N点所受的电场力；故C错误；

D．依据点电荷的电场强度公式

及叠加原则，则两点电荷连线的中点处的电场强度为

故D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

A．地磁反转期间；对依靠磁场进行导航的物种会有影响，A错误；

B．地磁场能使太阳辐射的高能带电粒子发生偏转；对地球的生物有一定的变化作用，若地磁场处于最弱的状态时，就会对地球生物的生存有影响，B错误；

C．当太阳辐射的高能粒子直接轰击地球的大气层时；可能引发一些疾病，C正确；

D．地球磁场的反转不可能是瞬间发生；而是一个缓慢；渐进的过程，D错误。

故选C。6、D【分析】【详解】

A．复印机是在光导体没有受光照的状态下进行充电；使其表面带上电荷，使原稿图像成像在光导体上，光导体表面的电荷通过基体的接地消失，从而形成了静电潜像，通过静电原理，将光导体表面的墨粉图像转印到复印纸表面。故A错误；

B．油罐利用车尾的铁链导走车内的静电；故B错误；

C．当云层上电荷较多时；避雷针与云层之间的空气就很容易被击穿，成为导体，这样带电云层与避免避雷针形成通路，而避雷针又是接地的，避雷针就可以把云层上的电荷导入大地，使其不对高层建筑构成危险，保证了它的安全。故C错误；

D．手机无线充电；则是利用电磁感应原理，与静电现象无关。故D正确。

故选D。7、B【分析】【详解】

左环没有闭合，在磁铁插入过程中，不产生感应电流，故横杆不发生转动。右环闭合，在磁铁插入过程中，产生感应电流，横杆将发生转动，故B正确，ACD错误。二、多选题(共9题，共18分)8、A:B:D【分析】【详解】

A、不论是正电荷还是负电荷，只要静电力做负功时，电势能一定增加，故A正确．B、电场力做正功时，电势能减小，因合外力做功情况未知则动能变化无法判断，故B正确．C、负电荷由高电势运动到低电势处，电场力做负功，所以电势能增加，故C错误．D、根据可知，当时，则电势能的变化为零，两点的电势能相等，故D正确．故选ABD．

【点睛】要时刻理解电场力做功正负与电势能变化的关系的含义掌握等势面与电场线的方向，明确等势面的特点：电荷在同一等势面上移动时电场力不做功．9、B:C【分析】【分析】

【详解】

AC．能量耗散是能量在转化的过程中有一部分以内能的形式被周围环境吸收；遵守能量守恒定律，但使得能量品质降低，故A错误，C正确；

B．能量耗散是指耗散在环境中的内能无法再被人类利用；故B正确；

D．能量耗散时能量既没有减少；也没有消失，故D错误．

故选BC。10、C:D【分析】【详解】

AD．粒子从M点到N点电场力做正功；根据动能定理可知，速度一直在增大，因为电场力做正功，所以电势能一直减小，故A错误，D正确；

BC．电场线的疏密表示场强大小，由图知粒子在M点的场强小于N点的场强，可知粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力，根据牛顿第二定律可知，在M点的加速度小于N点的加速度；故B错误，C正确；

故选CD。11、A:C【分析】【详解】

A．重力做功是重力势能变化的量度，由题意知重力做负功，重力势能增加W1；故A正确；

B．若重力大于电场力，则在重力等于电场力和弹簧弹力的合力时，速度最大，动能最大，所以小球动能的最大值不一定为故B错误；

C．设弹簧弹性势能的最大值为由能量守恒定律可知

故C正确；

D．小球增加的机械能在数值上等于重力势能和动能的增量，所以小球的机械能增加

故D错误。

故选AC。12、A:C【分析】【详解】

AB．枕形导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布，因此在枕形导体内部出现感应电荷的电场，与点电荷的电场叠加，内部电场强度处处为零，整个导体是一个等势体，所以A、B两点电场强度相等；电势相等，故A正确，B错误；

C．点电荷产生的电场在A点的场强大于在B点的场强，而枕形导体产生的感应电荷的电场与点电荷的电场叠加后合场强为零，所以感应电荷在A点产生的附加电场大于在B点产生的电场；故C正确；

D．当电键K闭合时；枕形导体左端仍然带负电，右端不带电，即电子从大地沿导线移向枕形导体右端，与右端的正电荷中和，故D错误。

故选AC。13、B:C【分析】【详解】

A．将S断开；电容器电量不变，板间场强不变，故油滴仍处于静止状态，A错误；

B．若S闭合，将A板左移，由

可知，E不变，油滴仍静止，根据

可知，电容C变小，电容器极板电量Q＝CU

变小，电容器放电，则有由b→a的电流；故B正确；

C．将A板上移，则

可知，E变小，油滴应向下加速运动，根据

可知，电容C变小，电容器要放电，则有由b→a的电流流过G；故C正确；

D．当A板下移时，板间电场强度增大，油滴受的电场力增加，油滴向上加速运动，根据

可知，C增大，电容器要充电，则有由a→b的电流流过G；故D错误。

故选BC。14、B:D【分析】【详解】

A．处在电容器中的油滴P恰好静止不动时，有mg＝Eq

要使油滴P向上加速运动，只有增大电场强度E；将条形磁铁向左移动靠近磁敏电阻时，磁敏电阻的阻值增大，滑动变阻器R0上分得的电压减小，但由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，电容器两端的电压不变，所以电场强度不变，油滴P不动；A错误；

B．当滑动变阻器的滑片向上移动时，电容器两端的电压增大，由E＝知电场强度增大，油滴P向上加速运动；B正确；

C．当增大平行板电容器两个极板的距离时，电容器不能放电，电容器所带电荷量不变，由Q=CU

可知电场强度

即场强不变，油滴P不动；C错误；

D．当减小平行板电容器两个极板的正对面积时，电容器电容C减小，则带电量应该减小，但是电容器不能放电，电容器所带电荷量不变，由选项C中的结论

可知所以电场强度增大，油滴P向上加速运动；D正确。

故选BD。15、A:D【分析】【详解】

A．电阻箱阻值减小，整个电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律：

可知干路电流增大；通过灯泡的电流增大，灯泡L将变亮，故A正确；

B．干路电流增大，电流表示数增大，根据闭合电路欧姆定律：

可知路端电压减小；通过灯泡的电流增大，分压增大，则电阻箱的分压减小，电压表示数减小，故B错误；

C．根据闭合电路欧姆定律，结合数学推理可知：

则电源两端电压变化量的绝对值小于电压表示数的变化量的绝对值；故C错误；

D．根据闭合电路欧姆定律：

结合数学推理可得：

根据方程可知：电容器并联在灯泡两端，所以电压与灯泡的分压相同，所以电容器的电荷量增加量为：

故D正确。

故选AD。16、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．不存在单独的磁单极子；故A错误；

B．指南针能够指向南北；说明地球具有磁场，地磁场时南北指向的，故B正确；

C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰；是由于铁块被磁化后干扰了附近的地磁场，故C错误；

D．传统的指南针就是有磁性的指针；能够产生磁场，因此可以看做小的条形磁铁，故D正确。

故选BD。三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

定义。

（1）[1]串联电路:把几个导体（用电器）依次首尾连接；接入电路的连接方式。如图甲所示。

（2）[2][3]并联电路:把几个导体（用电器）的一端连在一起，另一端也连在一起，再将两端接入电路的连接方式。如图乙所示。【解析】①.依次首尾②.连在一起③.也连在一起18、略

【分析】【详解】

[1][2]若R1是光敏电阻，则照射R1的光照强度增大时，R1阻值减小，则电路总电阻减小，总电流增大，电源内电压升高，路端电压减小，R2两端电压减小，流过R2的电流减小，流过R1和小灯泡的电流增大，小灯泡的实际功率变大，小灯泡变亮，因此光敏电阻应为R1。【解析】R1见解析19、略

【分析】【详解】

[1]根据电容器的电容公式

可知B板下移，d增大，电容C减小；

[2]带电液滴处于平衡状态，两极板间电势差不变，下极板B向下平移一小段距离，由

可知，电场强度变小，则

液滴将向下运动。【解析】减小向下运动20、略

【分析】【详解】

（1）根据静电感应规律可得；金属板上会感应出于点电荷相等的电量，但是带电性质相异，所以他们之间相当于等量异种电荷的电场分布；

（2）们可以把金属棒上感应出的电荷理解为在A点与板对应的另一点B点存在一个电荷-Q．这样就可以理解成两个点电荷在该点产生的电场，该空间的电场相当于等量异种电荷电场的一半，所以产生的电场为【解析】等量异种电荷21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】导电材料温度小大022、略

【分析】【详解】

(1)[1]图甲中校零时，螺旋测微器的固定刻度为0，可动刻度为

[2]图乙测量时，螺旋测微器的固定刻度为可动刻度为故合金丝的直径为

(2)[3]

【解析】0.006~0.0080.687~0.69023、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]微波通信；卫星通信、光纤通信都是用电磁波来传递信息；故用卫星转播春晚实况是利用电磁波来传递信息的；

[2]声音是由物体的振动产生的，主持人的说话声是靠声带振动产生的。【解析】电磁波振动四、作图题(共1题，共10分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共12分)25、略

【分析】【详解】

[1]小灯泡的额定电压是5V，所以选用电压表V1，将V1串一个电阻，改装成大量程即可，小灯泡的额定电流是1A，选用电流表A1；为了便于操作，准确测量，采用滑动变阻器的分压式接法，如图所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]电压表的最小分度为0.1V；应估读到0.01V，故电压表的示数为2.00V；

[2]电压表的内阻为。

（2）[3]设电压表满偏时电流为则电压表半偏时电流为由闭合电路欧姆定律,可得。

解得。

【解析】2.002200230027、略

【分析】【详解】

（1）[1]由题图1乙知电压表的分度值是0.1V；读数要估读到分度值的下一位，则电压表的读数为2.60V；

[2]电阻箱不需要估读，由题图1丙知电阻箱的读数为0×100Ω＋8×10Ω＋6×1Ω＋3×0.1Ω＝86.3Ω

（2）[3]由闭合电路欧姆定律有

可得

由题图2可知，图线的纵轴截距的倒数等于该电源的电动势值，则E＝2.94V；

[4]由图线的斜率可求得r＝1.47Ω。【解析】2.6086.32.941.4728、略

【分析】【详解】

(1)[1]电源电动势约为，电源最大输出电流为，电路最小电阻约为：

电源内阻约为，则保护电阻应选择H；

(2)[2]电源电动势约为，电压表量程为，如果用电压表测电压实验误差太大，不能用电压表测电压，不能应用伏安法测电源电动势与内阻，应用电流表与电阻箱测电源电动势与内阻，电流表量程为，电源最大输出电流为，应把电流表量程扩大到，电流表并联电阻阻值：

电流表应与电阻并联，电源、电流表、电阻箱与保护电阻组成串联电路，实验电路图如图所示：

(3)[3]为保护电路，闭合开关前电阻箱阻值应调到最大；

(7)[4][5]流过电路的电流：

由图示电路图可知，电源电动势：

整理得：

由图示图象可知：，

解得：，。

【点睛】

本题考查了