2025年人教B版选择性必修2物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教B版选择性必修2物理上册阶段测试试卷88考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图，线圈L的自感系数极大，直流电阻忽略不计；D1、D2是两个二极管，当电流从“＋”流向“-”时能通过，反之不通过；R0是保护电阻；则（）

A.闭合S之后，B灯慢慢变亮B.闭合S之后，A灯亮且亮度不变C.断开S瞬时，A灯闪一下再慢慢熄灭D.断开S瞬时，B灯闪一下再慢慢熄灭2、一束带电粒子向M；N两金属极板运动。下列说法正确的是（）

A.正离子向M极偏转，负离子向N极偏转B.正离子向N极偏转，负离子向M极偏转C.正、负离子均向N极偏转D.正、负离子均向M极偏转3、如图电路中，电阻R随温度升高均匀增大；用这个电阻做探头测温，把电流表的刻度改为相应的温度刻度。下列说法正确的是（）

A.低温对应电流较大的刻度上，且温度刻度均匀B.低温对应电流较大的刻度上，且温度刻度不均匀C.高温对应电流较大的刻度上，且温度刻度均匀D.高温对应电流较大的刻度上，且温度刻度不均匀4、有一台理想变压器及所接负载如图所示，在原线圈c、d两端加上交变电流．已知b是原线圈的中心抽头；电压表和电流表均为理想交流电表，电容器的耐压值足够大．则下列说法错误的是。

A.开关S1始终接a，当滑片P向下滑动时电压表V1和V2示数均不变B.开关S1始终接a，当滑片P向下滑动时电流表A1和A2示数均变小C.保持滑片P的位置不变，将开关S1由a改接b，电压表V1和V2示数均变大D.保持滑片P的位置不变，将开关S1由a改接b，电容器所带电荷量的最大值将增大5、如图所示，A点距坐标原点的距离为L，坐标平面内有边界过A点和坐标原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直于坐标平面向里。有一电子（重力不计）从A点以初速度v0平行于x轴正方向射入磁场区域，然后从x轴上的B点射出磁场区域，此时速度方向与x轴的正方向之间的夹角为若将区域内的匀强磁场换成方向竖直向上的匀强电场，电子也能击中B点；则电场强度的大小与磁感应强度的大小的比值为（）

A.B.C.D.6、图是质谱仪的工作原理示意图．带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器．速度选择器内相互正交的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E．平板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1、A2．平板S下方有强度为B0的匀强磁场．下列表述正确的是。

A.该带电粒子带负电B.速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里C.能通过的狭缝P的带电粒子的速率等于D.粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越大7、如图所示，竖直平面内过O点的竖直虚线左右两侧有垂直纸面大小相等、方向相反的水平匀强磁场，一导体圆环用绝缘细线连接悬挂于O点，将导体圆环拉到图示a位置静止释放，圆环绕O点摆动；则（）

A.导体环从a运动到b位置的过程中，有顺时针方向电流B.导体环从b运动到c位置的过程中，电流总是顺时针方向C.导体环在b位置和c位置速度大小相等D.导体环向右最多能摆到与a位置等高的位置8、在匀强磁场中；一个100匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图正弦规律变化，则（）

A.t=0.5s时，线圈平面平行于磁感线B.t=1s时，线圈中的感应电流最大C.t=1.5s时，线圈中的感应电动势最大D.t=2.0s时，线圈中的感应电流方向将改变评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)9、如图所示，在MN右侧区域有垂直于纸面向的匀强磁场，其磁感应强度随时间变化的关系为B=kt（k为大于零的常量）。一高为a、电阻为R的正三角形金属线框向右匀速运动。在t=0时刻，线框底边恰好到达MN处；在t=T时刻；线框恰好完全进入磁场。在线框匀速进入磁场的过程中（）

A.线框中的电流始终为逆时针方向B.线框中的电流先逆时针方向，后顺时针方向C.t=时刻，流过线框的电流大小为D.t=时刻，流过线框的电流大小为10、如图为LC振荡电路中电容器极板上的电荷量q随时间t变化的图线；由图可知（）

A.在t1时刻，电路中的磁场能最小B.从t1到t2这段时间电路中电流逐渐减小C.从t2到t3这段时间电容器处于充电过程D.在t4时刻，电容器的电场能最小11、如图所示，在直角坐标系xOy第一象限内x轴上方存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，在y轴上S处有一粒子源，它可向右侧纸面内各个方向射出速率相等的质量大小均为m，电荷量大小均为q的同种带电粒子，所有粒子射出磁场时离S最远的位置是x轴上的P点。已知粒子带负电，粒子重力及粒子间的相互作用均不计，则（）

A.粒子的速度大小为B.从O点射出的粒子在磁场中的运动时间为C.从x轴上射出磁场的粒子在磁场中运动的最长时间与最短时间之比为9：2D.沿平行x轴正方向射入的粒子离开磁场时的位置到O点的距离为12、一轻质弹簧一端固定在天花板上，另一端连接一条形磁铁静止，磁铁的中点位置为A。一圆环形导体轴线与磁铁的轴线重合；从图示位置由静止释放圆环，圆环下落至磁铁底端的过程中，以下说法正确的是（）

A.圆环中一直有感应电流B.圆环下落至A点前，弹簧弹力大于磁铁重力C.圆环到达A点时，速度最大D.圆环机械能减少13、下列说法中正确的是（）A.赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在B.机械波和电磁波在介质中的传播速度均仅由介质决定C.军队士兵过桥时使用便步，是为了防止桥发生共振现象E.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱玻璃反射光的影响E.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱玻璃反射光的影响评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、如图所示，在某一输电线路的起始端和终点端各接入一个理想变压器，原、副线圈的匝数比分别为n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶50，图中a、b表示电流表或电压表，已知电压表的示数为22V，电流表的示数为1A，每根输电线的电阻为1Ω，则____（选填“a”或“b”）为电流表，输电线上损失的电功率为______，线路输送的电功率为___________。

15、正弦式交变电流的公式和图像可以详细描述交变电流的情况．若线圈通过中性面时开始计时，交变电流的图像是______曲线。16、运动电荷在磁场中受到的力称为______，这个力的方向与电荷运动方向______，和磁感应强度方向______，这个力的方向可以由______来判断，安培力可称作这个力的______表现。17、如图，金属环A用轻线悬挂，与长直螺线管共轴，并位于其左侧．若变阻器滑片P向左移动，则金属环A将向___________（填“左”或“右”）运动，并有___________（填“收缩”或“扩张”）趋势．

18、类比是研究问题的常用方法。如图甲所示，是竖直放置的足够长、光滑的平行长直导轨，其间距为L。是跨接在导轨上质量为m的导体棒，定值电阻的阻值为R。空间存在磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。已知电容器（起初不带电）的电容为C，重力加速度为g。导体棒下落过程中始终保持水平且与导轨接触良好；不计导轨和导体棒的电阻及空气阻力。

（1）情境1：从零时刻开始，开关S接通1，同时释放导体棒其速率v随时间t的变化规律可用方程（①式）描述，求导体棒下落的最大速率vm()，及①式中的k。()

（2）情境2：从零时刻开始，开关S接通2，若导体棒保持大小为的速度下落，则电容器充电的电荷量q随时间t的变化规律，与情境1中物体速率v随时间t的变化规律类似。类比①式，写出电容器充电电荷量q随时间t变化的方程()；并在图乙中定性画出图线。()

（3）分析情境1和情境2中电路的有关情况，完成表格中的填空。情境1情境2通过导体棒电流最大值的计算式________________导体棒克服安培力做功W与回路产生焦耳热Q的比较W________Q（选填“>”、“<”或“=”）W______Q（选填“>”、“<”或“=”）

19、在水平放置的光滑导轨上，沿着导轨方向固定一条形磁铁（如图所示）。现有四个滑块，分别由铜、铁、铝和有机玻璃制成，使它们从导轨上A点以一定的初速度向磁铁滑去，则作加速运动的是__________；作匀速运动的是____________；作减速运动的是________。

评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)20、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

21、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

22、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

23、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共4题，共20分)24、图甲所示是大型机械厂里用来称重的电子吊秤；其中称重的关键元件是拉力传感器，其工作原理是：挂钩上挂上重物，拉力传感器中拉力敏感电阻丝在拉力作用下发生形变，拉力敏感电阻丝的电阻也随着发生变化，再经过相应的测量电路把这一电阻变化转换为电信号（电压或电流），从而完成将重物的重力变换为电信号的过程。

小明找到了一根拉力敏感电阻丝RL；其阻值随拉力变化的图象如图乙所示，小明设计了合适的电路图并按图制成了一个简易“吊秤”。实验室提供了如下器材：

电源E（电动势为15V；内阻约2Ω）；

灵敏毫安表（量程为10mA；内阻约50Ω）；

滑动变阻器R（最大阻值为10kΩ）；

RL接在A、B两接线柱之间；通过光滑绝缘小滑环可将重物吊起；

开关S和导线若干。

（1）请在图丙中帮助小明将设计的实验电路图补充完整________。

（2）小明根据设计好的电路图；连接好实验电路，完成下列操作：

a．滑环下不吊重物时，调节滑动变阻器，当电流表为某一合适示数时，读出电流表的示数I1；

b．滑环下吊上待测重物，测出电阻丝与竖直方向的夹角为θ，保持滑动变阻器滑片位置不变，读出此时电流表的示数I2。

设RL­F图象的斜率为k，待测重物的重力G的表达式为G＝_____________（用物理量的符号表示）。

（3）小明在实验的过程中不慎将灵敏毫安表烧坏，现手头只有量程为2mA、内阻（标称值）为200Ω的电流表，还有定值电阻R1（50Ω）、定值电阻R2（10Ω）可供选择，为了使实验顺利进行，小明决定改装电流表，将2mA的量程扩大至10mA，小明改装的方法是电流表应该和定值电阻________（选填“串联”或“并联”），且定值电阻应选择________（在空格内填写字母代号）。

（4）由于量程为2mA、内阻为200Ω的电流表内阻的真实值比标称值略大，导致改装后的电流表示数与真实示数相比______（选填“偏大”或“偏小”），应该使选择的定值电阻阻值适当______（选填“增大”“减小”或“不变”）。25、为了研究感应电流的产生及影响感应电流方向的因素；某物理兴趣小组做了多个小实验．其中两个成功的小实验分别如图甲；乙所示，试根据所学知识，回答下列问题。

（1）在如图甲所示实验中，磁铁的N极向下，在磁铁插入螺线管时，电流表指针向右偏转，说明此时螺线管中产生了感应电流，此磁铁在穿过螺线管后向下离开螺线管的过程中，电流表的指针将向__________（选填“左”或“右”）偏转，说明磁铁离开螺线管过程中和磁铁插入螺线管过程中感应电流的方向__________（选填“相同”或“相反”）

（2）在如图乙所示实验中，开关S闭合，若将滑动变化器滑片向右滑动时，电流表的指针向右偏转，则将滑片向左滑动时，电流表的指针向__________（选填“左”或“右”）偏转．

（3）在进行图甲所示实验时，有同学将条形磁铁从同一高度迅速和缓慢地插入到线圈中同一位置，将产生的效果进行了比较，条形磁铁迅速插入和缓慢插入线圈中同一位置时指针偏转的__________是相同的，但指针偏转的__________是不同的。

（4）实验后老师提出，感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的变化，感应电流的大小除了跟回路的电阻有关外，还跟____________________有关。26、在“探究变压器原；副线圈电压与匝数的关系”的实验中；如图所示为可拆变压器；

（1）线圈1匝数比线圈2匝数多，则线圈1导线比线圈2导线______；

A．粗一些B．细一些。

（2）下列有关说法正确的是______；

A．实验中铁芯有发热现象是由于线圈和铁芯之间绝缘不好。

B．实验所用电压不超过12V；这样可以随意接触裸露的导线；接线柱。

C．多用电表测量电压时先用小量程挡测试；确定范围后再选择适当量程进行测量。

D．变压器原线圈相对电源而言起负载的作用；副线圈相对负载而言起电源的作用。

（3）变压器的工作原理是利用了______现象；实验过程中“保持原线圈匝数不变，改变副线圈的匝数，研究副线圈匝数对副线圈电压的影响”，这是运用______的方法。27、半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器；其阻值会随压力变化而改变。

（1）利用图甲所示的电路测量一传感器在不同压力下的阻值其阻值约几十千欧，现有以下器材：

压力传感器。

电源：电动势

电流表A：量程250μA，内阻约为

电压表V：量程内阻约为

滑动变阻器R：阻值范围

开关S；导线若干。

为了提高测量的准确性，应该选下面哪个电路图进行测量_________；

（2）通过多次实验测得其阻值随压力F变化的关系图像如图乙所示：

由图乙可知，压力越大，阻值_________（选填“越大”或“越小”），且压力小于时的灵敏度比压力大于时的灵敏度（灵敏度指电阻值随压力的变化率）_________（选填“高”或“低”）；

（3）利用该压力传感器设计了如图丙所示的自动分拣装置，可以将质量不同的物体进行分拣，图中为压力传感器，为滑动变阻器，电源电动势为（内阻不计）。分拣时将质量不同的物体用传送带运送到托盘上，OB为一个可绕O转动的杠杆，下端有弹簧，当控制电路两端电压时，杠杆OB水平，物体水平进入通道1；当控制电路两端电压时，杠杆的B端就会被吸下，物体下滑进入通道2，从而实现分拣功能。重力加速度大小为若要将质量大于的货物实现分拣，至少应该将接入电路的阻值调为_________（结果保留3位有效数字）。评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)28、在纸面平面内有一平面直角坐标系xOy，A为y轴上到O距离为d的点、C为x轴上到O距离为2d的点，在A沿x轴正向以速度v0发射一个带负电荷的带电粒子，粒子质量为m、电荷量为-q。在第一象限内存在沿y轴正方向的匀强电场，在第四象限存在垂直纸面向里、磁场感应强度大小为的匀强磁场，带电粒子从A点发出后，经过x轴上的C点进入磁场，进入磁场经过一段时间后从y轴的下半轴飞出磁场；不计重力，求：

(1)电场场强大小；

(2)带电粒子在电场和磁场中运动的总时间。

29、如图所示，间距L＝1m、足够长的平行金属导轨底端相连，倾角质量m＝2kg的金属棒通过跨过轻质光滑定滑轮的细线与质量M＝1kg的重锤相连，滑轮左侧细线与导轨平行，金属棒电阻R＝1Ω（除金属棒外其他电阻均不计），金属棒始终与导轨垂直且接触良好，二者间的动摩擦因数整个装置处于垂直导轨向上的匀强磁场中，磁感应强度B＝1T。初始时金属棒位于导轨底端，重锤悬于空中。现将重锤竖直向上再举高h＝1.8m（未触及滑轮），然后由静止释放。一段时间后细线绷直（作用时间极短），金属棒、重锤以大小相等的速度一起运动。再经t＝0.55s金属棒运动到最高点。已知重力加速度

（1）重锤从释放到细线刚绷直时的运动时间；

（2）金属棒的最大速度；

（3）全程流过金属棒的电荷量。

30、如图所示，在两根水平的平行光滑金属导轨右端c、d处，连接两根相同的平行光滑圆弧导轨。圆弧导轨均处于竖直面内，与水平轨道相切，半径顶端a、b处连接一阻值的电阻，平行导轨各处间距均为导轨电阻不计。整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度大小一根质量电阻的金属棒在水平拉力F作用下从处由静止开始匀加速直线运动，运动到处的时间此时拉力金属棒运动过程中始终与导轨垂直且接触良好，重力加速度大小求：

（1）金属棒匀加速直线运动的加速度大小；

（2）金属棒做匀加速直线运动时通过金属棒的电荷量q；

（3）若金属棒运动到处，调节拉力F使金属棒沿圆弧导轨做匀速圆周运动至处。计算金属棒从运动至的过程中，拉力做的功（计算结果保留到小数点后两位）

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

AB．闭合S瞬间，A灯二极管正向导通A灯亮，B灯二极管正向不能导通，因此不亮，之后线圈自感阻碍逐渐减小，电流从自感线圈流过的电流逐渐增大，A灯又熄灭；故AB错误；

CD．断开S瞬间，线圈L产生与原电流方向相同的自感电流，可通过D2，故B灯闪一下再慢慢熄灭，而不能通过D1，故A灯不亮；故C错误，D正确。

故选D。2、B【分析】【分析】

【详解】

根据左手定则可以判断正离子受洛伦兹力向下；负离子受洛伦兹力向上，因此正离子向N极偏转，负离子向M极偏转，故ACD错误，B正确。

故选B。3、B【分析】【详解】

根据图示，电路是串联电路，根据题意，当温度高时，电阻R增大，电路中总电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律，电路中的电流减小，即高温对应电流较小的刻度上；当温度低时，电阻R减小，电路中总电阻减小，根据闭合电路的欧姆定律，电路中的电流增大，即低温对应电流较大的刻度上。由题意电阻R随温度升高均匀增大可得R=R0+kt

根据闭合电路得欧姆定律

I与温度t不成线性关系；所以电阻温度计得刻度是不均匀的，所以ACD错误，B正确。

故选B。4、A【分析】【详解】

开关S1始终接a，副线圈电压不变，当滑片P向下滑动时，接入电路的总电阻变大，电流变小，所以电流表的示数均变小，B正确；副线圈电压不变，所以电压表V1的示数不变，电压表V2测量的是滑动变阻器的电压，因为总电流变小，所以定值电阻的分压变小，所以滑动变阻器的分压变大，故V2示数变大，A错误；保持滑片P的位置不变，将开关S1由a改接b，副线圈电压变大，滑动变阻器的分压变大，所以电容器两端电压变大，电荷量增多，CD正确；综上本题选A．5、D【分析】【分析】

【详解】

过A、B点分别作速度的垂线交于点，则点为轨迹圆的圆心；如图。

已知B点速度与x轴夹角为由几何关系得，轨迹圆的圆心角已知得由几何知识得

根据牛顿第二定律，有

解得

由几何关系得只有电场时，在电场中做类平抛运动，根据分运动公式，水平方向有

竖直方向有

解得

故

故选D。6、D【分析】【详解】

A．粒子垂直磁场向下进入磁场；根据左手定则可以知道粒子带正电，所以A错误.

B．粒子带正电；则受电场力向右，由左手定则可判断磁场方向垂直直面向外，故B错误.

C．由：

得：

此时离子受力平衡；可沿直线穿过选择器，所以C错误.

D．由：

知R越小比荷越大，故D正确.7、B【分析】【详解】

A．导体环从a运动到b位置的过程中；磁通量不变，没有感应电流，A错误；

B．导体环从b运动到c位置的过程中；垂直纸面向里的磁场对应的磁通量在减小，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，垂直纸面向外的磁场对应的磁通量在增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，所以电流总是顺时针方向。B正确；

CD．导体环在b位置和c位置速度大小不相等，该过程重力不做功，但是发生电磁感应，动能转化为电能，速度减小。也因此，导体环不能摆到与a位置等高的位置。CD错误。

故选B。8、B【分析】【详解】

A．t=0.5s时；磁通量最大，则线圈平面垂直于磁感线，选项A错误；

B．t=1s时；磁通量为零，线圈平面与磁感线平行，则线圈中的感应电流最大，选项B正确；

C．t=1.5s时；磁通量最大，磁通量变化率为零，则此时线圈中的感应电动势为零，选项C错误；

D．t=2.0s时；磁通量为零，感应电动势最大，此时线圈中的感应电流方向不改变，选项D错误。

故选B。二、多选题(共5题，共10分)9、A:D【分析】【详解】

AB．根据楞次定律可知；穿过线圈的磁通量增加，则线框中的电流始终为逆时针方向，选项A正确，B错误；

CD．线圈的边长为t=时刻，线圈切割磁感线的有效长度为动生电动势

线圈中产生的感生电动势

则流过线框的电流大小为

选项C错误；D正确。

故选AD。10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．由q-t图线可以看出，在t1时刻电容器极板上的电荷量q最大；电容器中的电场最强，此时电路中的电场能最大，电路中的磁场能最小，为零，A正确；

B．从t1到t2，电容器极板上的电荷量q不断减小；可知电容器处于放电过程，电路中电流逐渐增大，B错误；

C．从t2到t3，电容器极板上的电荷量q不断增大；电容器处于充电过程，C正确；

D．t4时刻电容器极板上的电荷量q等于零；此时电容器中的电场能为零，即为最小，D正确。

故选ACD。11、A:C【分析】【详解】

A．粒子射出磁场时离S最远的位置是x轴上的P点,可以画出其轨迹1，可知SP为直径

得到R=d

洛仑兹力提供向心力

代入

A正确；

B．运动周期

得到

由几何知识可得从O点射出的粒子如轨迹3，轨迹所对的圆心角为60°，在磁场中的运动时间

故B错误；

C．运动时间最长的粒子为运动轨迹与x轴相切的粒子（轨迹2），对应的圆心角为270°，得

运动时间最短的粒子为从原点飞出的粒子（轨迹3），此时对应的圆心角为60°，得到

所以

选项C正确；

D．沿平行x轴正方向射入的粒子，圆心在原点处，运动轨迹为四分之一圆，离开磁场时的位置到O点的距离为d；故D错误；

故选AC。12、B:D【分析】【详解】

AC．导体切割磁感线运动时，产生感应电动势，当圆环运动至与A点等高的位置时，速度方向与磁场方向平行，此时没有感应电动势，圆环加速度最大，为g；此时速度向下加速度向下因此还能向下加速速度不是最大，AC错误；

B．圆环到达位置A之前；由楞次定律可知，圆环受到阻碍下落的磁场力，根据牛顿第三定律知，磁铁受到圆环施加的向下的磁场力，条形磁铁向下运动，弹簧形变增大，弹力大于磁铁重力，B正确；

D．由于圆环下落过程中；向上的磁场力对圆环做负功，所以机械能减少，D正确。

故选BD。13、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹第一次用实验证实了电磁波的存在，故A正确；

B．机械波在介质中的传播速度由介质决定；与波的频率无关，电磁波在介质中的传播速度与介质和波的频率均有关，故B错误；

C．军队士兵过桥时使用便步；防止行走的频率与桥的频率相同，桥发生共振现象，故C正确；

D．根据尺缩效应；沿物体运动的方向上的长度将变短，火车以接近光速通过站台时，车上乘客观察到站在站台上旅客变瘦，而不是变矮，故D错误；

E．反射光属于偏振光；加偏振片的作用是减弱玻璃的反射光的强度，故加偏振片的作用是减弱反射光的强度，从而增大透射光的强度，故E正确。

故选ACE。三、填空题(共6题，共12分)14、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]电表b串联在电路中，所以b为电流表；

[2]由

知，输电线上的电流为50A，所以5000W

[3]由

知，输电线起始端的电压为2200V，则线路输送的电功率P=UI=【解析】①.b②.5000W③.110kW15、略

【解析】正弦16、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4][5]运动电荷在磁场中受到的力称为洛伦兹力，方向垂直于电荷运动方向和磁感应强度方向形成的平面；洛伦兹力的方向由左手定则来判断，安培力可称作洛伦兹力的宏观表现。【解析】洛伦兹力垂直垂直左手定则宏观17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2]变阻器滑片P向左移动，电阻变小，电流变大，据楞次定律，感应电流的磁场方向与原电流磁场方向相反，故相互排斥，则金属环A将向左运动，因磁通量增大，金属环A有收缩趋势。【解析】左，收缩18、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]导体棒先做加速运动，当其速率为v时产生的感应电动势为①

导体棒所受安培力大小为②

根据闭合电路欧姆定律可得③

对导体棒根据牛顿第二定律可得④

联立①②③④可得⑤

所以⑥

当导体棒的加速度为零时，速率达到最大，即⑦

解得⑧

（2）[3][4]电容器充电过程中回路中电流为⑨

导体棒保持大小为的速度下落时产生的感应电动势为⑩

电容器两端的电压为⑪

根据闭合电路欧姆定律有⑫

联立⑨⑩⑪⑫可得⑬

由⑬式可知随着电容器电荷量q逐渐增大，q随t的变化越来越慢，当时，电容器电荷量最大，作出q-t图像如图所示。

（3）[5][6]情境1中，当导体棒速度最大时电流也达到最大，此时所受安培力与重力平衡，即⑭

解得⑮

根据功能关系可知⑯

[7][8]情境2中，由q-t图像可知t=0时刻回路中电流最大，为⑰

设电容器储存的电能为EC，根据功能关系可知⑱【解析】=>19、略

【解析】①.铁②.有机玻璃③.铜和铝四、作图题(共4题，共12分)20、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】23、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共4题，共20分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]如图所示。

（2）[2]对待测重物受力分析；由平衡条件得。

2Fcosθ=G由题图乙得。

F=R0=103Ω由闭合电路欧姆定律得。

R0=-（R＋Rg＋r），RL=-（R＋Rg＋r）故。

RL－R0=－联立解得。

G=（3）[3][4]将2mA的电流表的量程扩大至10mA；根据并联分流原理，电流表应该和定值电阻并联，由并联电路电压相等可知。

IgRg=（I－Ig）R′解得。

R′=50Ω故选择R1。

（4）[5]改装的电流表的分流电阻分得的电流偏大；改装后电流表示数比真实值偏小。

[6]根据改装电流表的原理，内阻真实值比标称值大，并联的分流电阻也应比50Ω大，故应适当增大分流电阻的阻值。【解析】并联R1偏小增大25、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]磁铁的N极向下；在磁铁插入螺线管时，穿过线圈的磁通量向下且增大的，则感应电流的磁场方向应向上，在此磁铁向下离开螺线管时，螺线管的磁通量是向下且减小的，则感应电流的磁场方向应向下，与第一阶段感应电流方向相反，则向左偏转。

（2）[3]将滑动变阻器滑片向右滑和向左滑；回路中电流的变化情况是相反的，则螺线管B中磁通量的方向相同，但磁通量的变化情况是相反的，故感应电流的方向相反，即向左偏转。

（3）[4][5]条形磁铁运动的快慢不同；磁通量的情况相同，感应电流的方向相同，通过螺线管的磁通量变化的快慢不同，故产生的感应电流的大小不同。

（4）[6]感应电流的大小除了跟回路的电阻有关外,还跟磁通量的变化率有关。【解析】左相反左方向大小磁通量的变化率26、略

【分析】【详解】

（1）[1]线圈1匝数比线圈2匝数多，电压大电流小，导线对电流的阻碍作用大，由电阻定律

可得；线圈1导线比线圈2导线细一些。

故选B。

（2）[2]A．实验中铁芯有发热现象是由于铁芯在交变磁场作用下发热；A错误；

B．为了实验安全；在实验中不可以随意接触裸露的导线；接线柱，