2025年岳麓版必修1物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年岳麓版必修1物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、两个质点甲与乙；同时由同一地点向同一方向做直线运动，它们的速度——时间图象如右图所示．则下列说法中正确的是：（）

A.在第2s末甲、乙会相遇B.在第2s末甲、乙速度不相等C.在2s内，甲、乙的平均速度不相等D.在第2s末甲、乙加速度相等2、关于物体的下列运动中，不可能发生的是（）A.速度变化量很大，而加速度很小B.加速度方向不变，而速度的方向改变C.加速度和速度都在变化，加速度最大时速度最小；加速度最小时速度最大D.加速度大小不变，方向改变，而速度保持不变3、北京时间2022年11月12日10时03分，天舟五号货运飞船乘坐长征七号遥六运载火箭，从文昌航天发射场奔赴太空。12时10分，天舟五号货运飞船与在轨运行的空间站组合体成功进行自主快速交会对接，仅用2小时07分，创造了世界航天史交会对接历时最短的新纪录。关于飞船与空间站对接，下列说法正确的是（）A.“10时03分”指的是时间B.对接完成后，飞船相对于空间站是静止的C.飞船绕地球飞行一周时，以地心为参考系，位移和路程均为零D.研究飞船与空间站对接情况时，可以将飞船看作质点4、2020年7月；国产大型水陆两栖飞机“鲲龙”AG600在山东青岛附近海域成功实现海上首飞。AG600实际上像是一艘会飞的船，最大起飞重量为53.5吨，最大航程为4500公里，最大平飞速度500km/h，仅用4个小时就可以从三亚到达曾母暗沙海域，大大增强了我国应对突发事态的能力。关于AG600以下说法正确的是（）

A.500km/h表示其平均速率B.研究在海上降落的飞行姿态时可将其看成质点C.加满油后，其一次飞行最大位移可能等于4000公里D.研究从三亚运动到曾母暗沙海域的运动轨迹时不能将其看成质点5、如图所示，有a、b两条图线，则下列说法正确的是（）

A.若横坐标为时间t，纵坐标为位移x，则a做直线运动，b做曲线运动B.若横坐标为时间t，纵坐标为速度v，则a、b两物体运动方向相同C.若横坐标为时间t，纵坐标为位移v，则两图线的交点表示两物体相遇D.若物体在平面上运动，横坐标为水平位置x，纵坐标为竖直位置y，则a、b两物体均做直线运动6、一辆车在水平地面上直线行驶，在0﹣2t时间内做匀加速直线运动，速度由0变为v．在2t～3t时间内做匀减速直线运动，速度由v变为0，在这两段时间内，下列说法正确的是（）A.加速度的大小之比为2：1B.位移的大小之比为2：1C.平均速度的大小之比为1：2D.平均速度的大小之比为2：17、下列说法正确的是()A.形状规则的物体重心一定在几何中心B.运动员将足球踢出,球在空中飞行是因为球受到一个向前的推力C.静止的物体受到的摩擦力一定是静摩擦力D.两个物体发生相互作用不一定相互接触8、如图所示，OA、OB是竖直面内两根固定的光滑细杆，O、A、B位于同一圆周上，OB为圆的直径。每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），两个滑环都从O点无初速释放，用t1、t2分别表B示滑环到达A、B所用的时间，则（）

A.B.C.D.无法比较t1、t2的大小9、如图所示，细绳l1与l2共同作用于质量为m的小球而使其处于静止状态，其中细绳l1与竖直方向的夹角为θ，细绳l2水平，重力加速度为g，不计空气阻力．现剪断细绳l2，则剪断瞬间

A.小球立即处于完全失重状态B.小球在水平方向上的加速度大小为gsin2θC.细绳l1上的拉力大小为D.小球受到的合力大小为mgtanθ，方向水平向右评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)10、2020年2月2日；在2020乒乓球德国公开赛女单决赛中，陈梦以4∶1击败丁宁夺得女单冠军。如图所示，比赛中接触球拍前乒乓球的速度是90km/h，陈梦将乒乓球反方向回击后速度大小变为126km/h，设球与球拍的作用时间为0.002s。对于此次回球过程，下列说法正确的是（）

A.乒乓球的速度变化大小为10m/sB.乒乓球的速度变化大小为60m/sC.乒乓球被击打时的加速度大小为5000m/s2D.乒乓球被击打时的加速度大小为30000m/s211、如图所示，仅上表面光滑的半球形物体放在粗糙水平面上，光滑小环D固定在半球形物体球心O的正上方，轻质弹簧一端用轻质细绳固定在A点，另一端用轻质细绳穿过小环D与放在半球形物体上的小球P相连，DA水平。现将细绳固定点A向右缓慢平移的过程中（小球P未到达半球最高点前且半球体始终不动）；下列说法正确的是（）

A.弹簧变长B.小球对半球的压力不变C.地面对半球体的摩擦力减小D.地面对半球体的支持力减小12、甲；乙两物体在同一直线上；同时由同一位置向同一方向作直线运动，其v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）

A.开始阶段乙运动在甲的前面，20s后乙落在甲的后面B.40s末乙追上甲C.20s末乙追上甲，且甲、乙运动速度相等D.乙在追甲的过程中，20s末两物体相距最远13、如图所示，轻弹簧上端固定，另一端连在置于水平地面a点的小滑块上，弹簧处于压缩状态，小滑块静止。现将小滑块置于b点，小滑块仍能静止于b点，弹簧此时处于伸长状态且与小滑块在a点时形变量相同。则小滑块（）

A.在a点时对地面的弹力等于在b点时对地面的弹力B.在a点时对地面的摩擦力小于在b点时对地面的摩擦力C.在a点时对地面的作用力大于在b点时对地面的作用力D.置于ab间任意一点都受到地面摩擦力14、两小球A、B先后用弹簧和轻杆相连，放在光滑斜面上静止，挡板C与斜面垂直，弹簧、轻杆均与斜面平行，如图甲、乙，A、B质量相等，重力加速度为g，斜面的倾角为θ。在突然撤去挡板的瞬间（）

A.两图中两球加速度均为gsinθB.两图中A球的加速度均为零C.图甲中B球的加速度为2gsinθD.图乙中B球的加速度为gsinθ评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)15、设宇航员在某行星上从高32m处自由释放一重物，测得在下落最后1s内所通过的距离为14m，则重物下落的时间是_________s，该星球的重力加速度是_________m/s2．16、运动与静止。

（1）自然界的一切物体都处于永恒的________中，运动是_______的。

（2）描述某个物体的位置随时间的变化，总是相对于其他物体而言的，这便是运动的________性。17、牛顿第三定律。

（1）实验探究：如图所示，把A、B两个弹簧测力计连接在一起，B的一端固定，用手拉测力计A，结果发现两个弹簧测力计的示数是___________的。改变拉力，弹簧测力计的示数也随着改变，但两个弹簧测力计的示数总是___________的，方向___________。

（2）牛顿第三定律：两个物体之间的作用力和反作用力总是大小___________，方向___________，作用在___________。18、如图所示，在长木板上放有一物体，从水平位置开始慢慢地抬起木板的一端，随着α角的加大，物体所受的摩擦力大小的变化规律是__________。当木板与水平面的夹角时，物体恰好匀速下滑，那么当时，物体下滑的加速度大小是________。

19、三个共点力，F1=5N，F2＝10N，F3＝15N，θ=60°，则它们的x轴分量的合力为______，y轴分量的合力为______，合力大小______，方向与x轴正方向的夹角为______．

20、在同一水平面上的几个力同时作用于质量为m的物体，物体处于静止状态，如果其中一个大小为F的力顺时针转动60°后（不计转动时间），物体的加速度大小为___________，物体运动t时间的位移为___________．评卷人得分四、作图题(共1题，共10分)21、两个共点力的方向如图虚线所示；画出两个力的图示，并用平行四边形定则作图求出合力的大小和方向．

评卷人得分五、实验题(共4题，共40分)22、用如图所示的装置做“研究两个互成角度的共点力的合成规律”实验；主要步骤是：

①在水平桌面上放一块方木板；在方木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在方木板上；

②用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点；在橡皮条的另一端系上两条细绳，细绳的另一端系着绳套；

③用两个弹簧秤分别钩住绳套，互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，橡皮条与细绳的结点到达某一位置O，记下O点的位置及两个弹簧秤的示数F1和F2；

④按选好的标度，分别作出力F1和F2的图示，并用平行四边形定则求出合力F；

⑤只用一个弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数F′，记下F′的方向，按同一标度作出这个力F′的图示；

⑥比较力F′和F的大小和方向；得出结论。

回答下列问题：

（1）步骤③中遗漏的重要操作是______；

（2）步骤⑤中遗漏的重要操作是______；

（3）F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是______；（填字母代号）

A.FB.F′

（4）下列操作有利于减小实验误差的是______（填字母代号）。

A.拴在橡皮条上的两条细绳必须等长。

B.实验前将两弹簧测力计调零后水平互钩对拉；选择两个读数相同的测力计。

C.把橡皮条的另一端拉到O点时；两弹簧测力计间的夹角必须取90°

D.用两弹簧测力计拉橡皮条时，两弹簧测力计的示数必须相同23、某同学用图甲所示的实验装置验证牛顿第二定律：

(1)通过实验得到如图乙所示的图象，造成这一结果的原因是：在平衡摩擦力时木板与水平桌面的夹角___________（选填“偏大”或“偏小”）。

(2)该同学在正确平衡摩擦力后重新进行实验，实际小车在运动过程中所受的拉力将__________砝码和盘的总重力（填“大于”、“小于”或“等于”），为了便于探究、减小误差，应使小车质量与砝码和盘的总质量满足___________的条件。

(3)该同学得到如图丙所示的纸带已知打点计时器电源频率为是纸带上7连续打出的7个点。考虑__________由此可算出小车的加速度_________（加速度结果保留两位有效数字）。

24、在“验证力的平行四边形定则”实验中；应进行的步骤：

A.只用一个弹簧测力计，通过细绳把橡皮条的结点拉到同样位置O，记下弹簧测力计的读数和细线方向，按同样比例作出这个力F′的图示。

B.记下两个弹簧测力计的读数以及结点的位置。

C.作出F1和F2的合力F，比较F和F′

D.通过细绳用两个弹簧测力计互成角度拉橡皮条；橡皮条伸长，使结点到达某一位置。

E.在桌上平放一块方木板，在方木板上垫一张白纸把橡皮条的一端固定在板上的A点；用两根细绳系在橡皮条的另一端。

F.描下两条细绳的方向，在纸上按比例作出两个力F1和F2的图示。

（1）将上述各步骤，按合理操作顺序列出___________（填字母代号）

（2）在实验中，作出如图1所示的图，其中A为橡皮条的固定点，O为橡皮条与线的结点，用F1和F2两个力或用一个力拉橡皮条的结点都要到达O点，这是为了___________，这体现了___________的物理思想。

（3）在操作过程中有如下讨论，其中对减小实验误差有益的说法是___________（填字母代号）

A.两细绳必须等长。

B.弹簧测力计；细绳、橡皮条都应与木板平行。

C.用两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计示数之差应尽可能大。

D.拉檬皮条的细绳要长些；标记同一细绳方向的两点要远些。

（4）如图2所示是某同学完成验证力的平行四边形定则实验操作后得到的数据图，图中的小圆点分别用来记录的是O点的位置以及每次细绳的方向。请你选择合适标度，用力的图示法作图完成该同学未完成的实验数据处理_________。25、(1)如图甲所示的三把游标卡尺，它们的游标尺从上至下分别为9mm长10等分、19mm长20等分、49mm长50等分，它们的读数依次为_____mm，____mm，__mm。

(2)使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图乙所示，则金属丝的直径是______mm。

(3)①图丙使用0.6A量程时，对应刻度盘上每一小格代表________A，图中表针示数是________A；当使用3A量程时，对应刻度盘中每一小格代表________A，图中表针示数为________A。

②图丁使用较小量程时，每小格表示________V，图中表针的示数为________V。若使用的是较大量程，则这时表盘刻度每小格表示________V，图中表针示数为________V。

评卷人得分六、解答题(共2题，共18分)26、渝黔高速公路巴南收费站出入口安装了电子不停车收费系统ETC。甲、乙两辆汽车分别通过ETC通道和人工收费通道（MTC）驶离高速公路，流程如图。假设减速带离收费岛口收费岛总长度为两辆汽车同时以相同的速度经过减速带后，一起以相同的加速度做匀减速运动。甲车减速至后，匀速行驶到中心线即可完成缴费，自动栏杆立即打开；乙车刚好到收费岛中心线收费窗门停下，经过的时间缴费成功，人工栏杆立即打开。随后两辆汽车匀加速到速度后沿直线匀速行驶到相同的目的地；设加速和减速过程中的加速度大小相等。求：

（1）甲车在通过中心线之前匀速的时间；

（2）此次人工收费通道和ETC通道打开栏杆放行的时间差

（3）甲车和乙车在通过中心线后最大的车距；

（4）假设ETC通道有一列车队；在减速带之前匀速行驶时的相邻两车距离为160米，每辆车的收费流程都是一样的，请问该收费站ETC通道每小时最多能通过多少辆车；

（5）假设人工通道有一列车队；每辆车的收费流程都是一样的，要想相邻两车不相撞，在减速带之前匀速行驶时的相邻两车距离至少为多少。

27、如图所示，在倾角的足够长的固定的斜面底端有一质量的物体．物体与斜面间动摩擦因数现用轻细绳将物体由静止沿斜面向上拉动．拉力方向平行斜面向上．经时间绳子突然断了；求：

（1）绳断时物体的速度大小．

（2）从绳子断了开始到物体再返回到斜面底端的运动时间．（已知g取）参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

A.在第2s末甲；乙速度−时间图象相交；则甲乙速度相等。但由图象可知，乙的位移大于甲的位移，故A错误；

B.在第2s末甲；乙速度−时间图象相交；则甲乙速度相等,故B错误；

C.由图可知；前2s内，甲的位移小于乙的位移，故甲的平均速度比乙的小，故C正确；

D.甲做匀加速运动，乙做匀速运动，加速度为零，则两者加速度不相等，故D错误；2、D【分析】【分析】

【详解】

A．速度变化量很大；但是时间很长，则加速度可能很小，选项A不符合题意；

B．加速度方向不变；而速度的方向改变，例如竖直上抛运动到最高点后，选项B不符合题意；

C．加速度和速度都在变化；若加速度和速度反向，则当加速度最大时速度可能最小；若加速度和速度同向，则当加速度最小时速度可能最大，选项C不符合题意；

D．加速度大小不变；方向改变，速度不可能保持不变，选项D符合题意。

故选D。3、B【分析】【详解】

A．“10时03分”指的是时刻；选项A错误；

B．对接完成后；飞船相对于空间站是静止的，选项B正确；

C．飞船绕地球飞行一周时；以地心为参考系，位移为零，路程不为零，选项C错误；

D．研究飞船与空间站对接情况时；飞船的大小不能忽略，不能将飞船看作质点，选项D错误。

故选B。4、C【分析】【详解】

A．500km/h表示其瞬时速率；选项A错误；

B．研究在海上降落的飞行姿态时其形状大小不能忽略不计；不可将其看成质点，选项B错误；

C．最大航程为4500公里；则加满油后，其一次飞行最大位移可能小于等于4500km，即可能等于4000公里，选项C正确；

D．研究从三亚运动到曾母暗沙海域的运动轨迹时；飞机的形状大小可忽略不计，可将其看成质点，选项D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

A．若横坐标为时间t，纵坐标为位移x，则a、b都做直线运动；故A错误；

B．若横坐标为时间t，纵坐标为位移v，则a、b的速度都大于零，跟规定的正方向一致，故a、b两物体的运动方向相同；故B正确；

C．若横坐标为时间t，纵坐标为位移v；则两线的交点表示两物体的速度相等，故C错误；

D．若物体在水平面上运动，横坐标为水平位置x，纵坐标为竖直位置y，则a物体做直线运动，b物体做曲线运动；故D错误。

故选B。6、B【分析】【详解】

根据题意作出v﹣t图象；如图所示：

A、根据图象的斜率等于加速度，可得加速度的大小之比故A错误；

B、位移的大小之比为故B正确；

C、平均速度的大小之比故CD错误．7、D【分析】A项：物体的重心跟物体的形状和质量分布有关；形状规则且质量分布均匀的物体的重心才一定在其几何中心，故A错误；

B项：运动员将足球踢出,球在空中飞行是因为球的惯性；故B错误；

C项：静止的物体受到的摩擦不一定为静摩擦力；也可以是滑动摩擦力，故C错误；

D项：彼此不接触的物体之间也会有力的作用，例如磁铁对铁钉的吸引，故D正确．8、C【分析】【详解】

如图所示。

以O点为最高点，取合适的直径做等时圆，由图可知，从O到C、B时间相等，比较图示位移

可得

故选C。9、B【分析】【分析】

剪断细线瞬间，小球速度为零，则沿着绳子方向的合力为零，根据平衡条件求解L1上的拉力；小球运动到最低点的过程中，根据动能定理求出到达最低点的速度，在最低点，根据向心力公式求解绳子的拉力．

【详解】

A、B项：剪断细线瞬间，小球速度为零，则沿着绳子方向的合力为零，但重力沿与垂直绳l1方向还有分力：加速度为将加速度分解到水平方向和竖直方向，水平方向的加速度为：故A错误，B正确；

C项：剪断细线瞬间，小球速度为零，则沿着绳子方向的合力为零，即故C错误；

D项：剪断细线瞬间，小球速度为零，则沿着绳子方向的合力为零，小球的合外力沿与与垂直绳l1方向斜向下，大小为故D错误．

故应选：B．

【点睛】

本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律、动能定理的基本运用．注意剪断l2线，绳子的拉力发生突变，该瞬间沿绳子方向的合力为零，合力沿垂直绳子方向．二、多选题(共5题，共10分)10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．以末速度方向为正，乒乓球被击打过程的速度变化量为

故B正确；A错误；

CD．加速度

故C错误；D正确。

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

AB．以小球为研究对象，分析小球受力情况：重力G，细线的拉力T和半球面的支持力N，作出N、T的合力F，由平衡条件得知F=G。

由与相似可得

将F=G，代入得

由题缓慢地将小球从A点拉到B点过程中，DO、PO不变，PD变小，可见T变小；N不变。即知弹簧的弹力变小，弹簧变短。由牛顿第三定律知小球对半球的压力N’不变；故B正确，A错误；

CD．对半球体受力分析，设小球对半球体的压力与水平方向夹角为由平衡条件可知

N’大小不变，小球沿半球体表面上移，变大，可知地面对半球体的摩擦力f减小，地面对半球体的支持力FN增大；故C正确，D错误。

故选BC。12、B:D【分析】【分析】

【详解】

ABC．由图知；开始阶段甲的速度大于乙的速度，20s后乙的速度大于甲的速度，而甲；乙两物体同时由同一地运动，在40s末甲乙两物体面积（位移）相同，此时相遇，所以在0-40s内甲一直在乙的前面．故AC错误,B正确．

D．前20s内甲物体速度大；乙的速度小；所以两物体间的距离逐渐增大，20s-40s内，物体乙速度大，两物体间距减小，故20s两物体相距最远，故D正确；

故选BD．

考点：v-t图像；追击及相遇问题13、B:C【分析】【详解】

根据题意，对滑块受力分析，由于滑块在点和点弹簧的形变量相同，则受弹簧的弹力大小相等，设为如图所示。

A．由平衡条件有

由牛顿第三定律可知，在a点时对地面的弹力大于在b点时对地面的弹力；故A错误；

B．由平衡条件有

有题意可知

则有

即在a点时对地面的摩擦力小于在b点时对地面的摩擦力；故B正确；

C．根据题意，由平衡条件可知，地面对滑块的作用力与弹力和滑块重力的合力等大反向，由图可知，在点时，弹力和滑块重力夹角较小，则弹力和滑块重力的合力较大，则地面对滑块的作用力较大，由牛顿第三定律可知，在a点时对地面的作用力大于在b点时对地面的作用力；故C正确；

D．根据题意可知，置于ab间弹簧恢复原长时；滑块与地面间没有摩擦力，给D错误。

故选BC。14、C:D【分析】【详解】

图甲中，撤去挡板前，弹簧的弹力为

撤去挡板的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律得

解得

图乙中，撤去挡板的瞬间，轻杆的弹力等于零，根据牛顿第二定律得

解得

AB错误；CD正确。

故选CD。三、填空题(共6题，共12分)15、略

【分析】【详解】

[1][2]据题意，物体做初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间内通过的位移之比为1︰3︰5︰7︰9，如果第四秒内的位移刚好等于14m，则据

可知重物下落时间刚好是4s，该行星表面重力加速度为【解析】4s4m/s216、略

【分析】【详解】

略【解析】①.运动②.绝对③.相对17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2][3]实验探究：如图所示；把A；B两个弹簧测力计连接在一起，B的一端固定，用手拉测力计A，结果发现两个弹簧测力计的示数是相等的，改变拉力，弹簧测力计的示数也随着改变，但两个弹簧测力计的示数总是相等的，方向相反；

（2）[4][5][6]根据牛顿第三定律的定义可知，两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。【解析】相等相等相反相等相反同一条直线上18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]开始阶段物体静止，是静摩擦力，f随α增大而增大，物体滑动后是滑动摩擦力，f随α增大而减小；

[2]当木板与水平面的夹角时，物体恰好匀速下滑，由平衡条件得

当时，物体加速下滑，根据牛顿第二定律

解得【解析】开始阶段是静摩擦力，f随α增大而增大，物体滑动后是滑动摩擦力，f随α增大而减小19、略

【分析】【详解】

合力在x轴上的分量合力在y轴上的分量为合力合力方向跟x轴正方向的夹角为则有解得

答案：【解析】15N；20、略

【分析】【详解】

物体处于平衡状态，由平衡条件可知，物体所受合力为零，其中一个力为F，其它力的合力大小为F，方向与F的方向相反，其中一个力F顺时针转动60°后，物体受到的合力：F合=2Fcos600=F，对物体，由牛顿第二定律得：物体做初速度为零的匀加速直线运动，在时间t内物体的位移为：【解析】四、作图题(共1题，共10分)21、略

【分析】【详解】

如图；

由图可知，合力大小约为87N.【解析】五、实验题(共4题，共40分)22、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]步骤③中遗漏的重要操作是：未记录力F1和F2的方向。

(2)[2]步骤⑤中遗漏的重要操作是：未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置O。

(3)[3]方向一定沿AO方向的是因为只用一个弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长时，拉力一定与橡皮条在同一直线上，B正确。

故选B。

(4)[4]A．拴在橡皮条上的两条细绳不必等长；A错误；

B．利用相互作用力总是等大；反向的规律；实验前将两弹簧测力计调零后水平互钩对拉，两个测力计读数相同说明都能正常使用，B正确；

C．把橡皮条的另一端拉到O点时；两弹簧测力计间的夹角适当即可，不必选取特殊角，C错误；

D．用两弹簧测力计拉橡皮条时；两弹簧测力计的示数不必相同，D错误。

故选B。【解析】未记录力F1和F2的方向未明确是否把橡皮条与细绳的结点拉到位置OBB23、略

【分析】【详解】

(1)[1]当拉力F等于0时；小车已经产生力加速度，故原因是平衡摩擦力时平衡摩擦力过大，在平衡摩擦力时木板与水平桌面间的倾角偏大。

(2)[2]小车运动过程中；砝码和盘向下做加速运动处于失重状态，砝码和盘对细线的拉力小于其重力，小车在运动过程中受到的拉力小于砝码和盘的总重力。

[3]对整体分析，根据牛顿第二定律得

解得

则绳子的拉力

当即砝码和盘的总质量远小于小车和小车上砝码的总质量时，砝码和盘的总重力在数值上近似等于小车运动时受到的拉力，所以为了便于探究、减小误差，应使小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件。

(3)[4]刻度尺上读出A、D、G三点的位置，可得

[5]计数点间的时间间隔为T，由匀变速直线运动的推论△x=aT2可知，加速度【解析】偏大小于小车质量M与砝码和盘的总质量m满足的条件1.805.024、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]根据实验的目的可得实验的步骤是EDBFAC。

(2)[2]保证两次拉动的效果相同。

[3]验证力的平行四边形实验的原理为等效替代。

(3)[4]A．两根细绳的长度合适即可；不需要长度相等。A错误；

B．弹簧测力计；细绳、橡皮条都应与木板平行；B正确；

C．两弹簧测力计同时拉细绳时两弹簧测力计示数适中即可；C错误；

D．拉檬皮条的细绳要长些；标记同一细绳方向的两点要远些，这样标记的方向更准确。D正确。

故选BD。

(4)[5]如图所示。

【解析】EDBFAC保证两次拉动的效果相同等效BD25、略

【分析】【详解】

(1)[1]最上面图读数：整毫米是17，不足1毫米数是7×0.1mm=0.7mm

最后结果是17mm＋0.7mm=17.7mm.

[2]中间图读数：整毫米是23，不足1毫米