2025年新世纪版高二物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年新世纪版高二物理下册阶段测试试卷264考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一个点电荷，将质量为m、带电荷量为q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在AC圆弧最低点B处的电场强度E的大小为（）A.E=B.E=C.E=D.E=2、质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落直至落地。已知桌面离地高度为h，如图所示。若以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能及小球整个下落过程中重力做的功分别为（地球表面的重力加速度为g）（）A.-mgh，mg（H-h）B.-mgh，mg（H+h）C.mgh，mg（H-h）D.mgh，mg（H+h）3、图中能产生感应电流的是（）A.B.C.D.4、钻石是首饰和高强度钻头、刻刀等工具中的主要材料，设钻石的密度为ρ（单位为kg/m3），摩尔质量为M（单位为g/mol），阿伏加德罗常数为NA．已知1克拉=0.2克，则（）A.a克拉钻石所含有的分子数为B.a克拉钻石所含有的分子数为C.每个钻石分子直径的表达式为（单位为m）D.每个钻石分子直径的表达式为（单位为m）5、在匀强磁场中，一矩形单匝金属线圈绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，如图甲所示，产生的交变电动势的图象如图乙所示，则()

A.t=0.005s

时线圈平面与磁场方向平行B.t=0.010s

时线圈的磁通量变化率最大C.线圈产生的交变电动势频率为100Hz

D.线圈产生的交变电动势的有效值为311V

6、关于波速公式v=λf，下面说法不正确的（）A.适用于一切波B.对同一机械波来说，通过不同的介质时，只有频率f不变C.一列机械波通过不同介质时波速一般会发生变化D.波长2m的声音比波长1m的声音的传播速度大一倍评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)7、四冲程的汽油机一个工作循环对外做功____次，在做功过程中，气缸内高温气体迅速膨胀而推动活塞做功，将____能转化为____能．8、如图所示，A、B为带电量分别是Q和-Q的两个等量异种点电荷，A、B间的距离为r，则AB中点处O点的场强大小为______N/C，方向向______．9、随着人们生活逐渐走向电气化时代，安全用电越来越被大家所重视，你最担心的安全问题是______超负荷，插座板的输电线可能会因为______太大而发热燃烧．10、如图所示，竖直平面内有两根相距为L

电阻不计的光滑平行金属杆轨道，轨道与水平放置的平行金属板相连，极板距离为d

轨道间有垂直轨道平面向里磁感应强度为B

的匀强磁场，一电阻为R

与轨道接触良好的金属杆在轨道上匀速滑动时，极板间一电量为q

质量为m

的带正电粒子恰好静止，则杆的运动方向为_________，速度大小为__________。11、如图是改装并校准电流表的电路图，已知表头的量程为Ig=600?A

内阻为Rg=198娄赂mA

是标准电流表，要求改装后的电流表量程为I=60mA

则图中分流电阻Rp

的阻值为______，改装后的电流表测量电流时，指针指在表盘上原来100?A

处，则被测电流的大小是______mA

．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)12、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）13、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）14、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）15、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）16、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分四、推断题(共2题，共14分)17、rm{隆露}茉莉花rm{隆路}是一首脍炙人口的中国民歌。茉莉花香气的成分有多种，乙酸苯甲酯rm{(}rm{)}是其中的一种，它可以从茉莉花中提取，也可以乙烯和甲苯为原料进行人工合成。其中一种合成路线如下：回答下列问题：

rm{(1)A}rm{B}的结构简式为______________；

rm{(2)}写出反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式rm{垄脷}_____________________rm{;垄脼}_____________________

rm{(3)}上述反应中属取代反应的有______________

rm{(4)}反应______________rm{(}填序号rm{)}原子的理论利用率为rm{100%}符合绿色化学的要求。18、I、（1）含氰废水中的CN－有剧毒。在微生物的作用下，CN－能够被氧气氧化成HCO3－，同时生成NH3，该反应的离子方程式为____。

（2）含乙酸钠和对氯酚（）的废水可以利用微生物电池除去，同时提供电能，其原理如图所示。则A极的电极反应式为：____。

II、锌钡白是一种白色颜料。工业上是由ZnSO4与BaS溶液混合而成：BaS＋ZnSO4＝ZnS↓＋BaSO4↓。请根据以下工业生产流程回答有关问题。ZnSO4溶液的制备与提纯：有关资料：a．菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2(OH)2CO3等；b．Zn(OH)2与Al(OH)3相似，能溶于过量的NaOH溶液生成Na2ZnO2。（1）滤渣1的化学式为____；（2）②中使用的氧化剂最好是下列的____（选填字母代号）。A．Cl2B．浓HNO3C．KMnO4D．H2O2____（3）为了达到综合利用、节能减排的目的，上述流程步骤④中的CO2可以来自于步骤____（选填①、②、③、⑤）。（4）写出步骤④所发生的离子方程式____。评卷人得分五、画图题(共2题，共4分)19、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象20、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象评卷人得分六、综合题(共2题，共16分)21、[

物理隆陇

选修3隆陋3]

(1)

气体分子运动具有下列特点()(

填正确答案标号。)

A.气体分子与容器器壁的碰撞频繁B.气体分子向各个方向运动的可能性是相同的C.气体分子的运动速率具有“中间多，两头少”特点D.同种气体中所有的分子运动速率基本相等E.布朗运动是气体分子运动(2)

使一定质量的理想气体按图甲中箭头所示的顺序变化，图中BC

段是以纵轴和横轴为渐近线的双曲线。试求：已知气体在状态A

的温度TA=300K

求气体在状态BC

和D

的温度各是多少？[

物理隆陇

选修3隆陋4]

(1)

如图是用频闪照相的方法获得的弹簧振子的位移隆陋

时间图象(

水平为x

轴，竖直方向为t

轴)

下列关于该图象的说法正确的是()(

填正确答案标号。)

A.该图象的坐标原点是建立在弹簧振子小球的平衡位置B.从图象可以看出小球在振动过程中是沿t

轴方向移动的C.为了显示小球在不同时刻偏离平衡的位移，让底片沿垂直x

轴方向匀速运动D.图像随时间的推移而发生平移E.图象中小球的疏密显示出相同时间内小球位置变化快慢不同(2)

一列沿x

轴正方向传播的简谐横波在t=0

时刻的波形如图；已知波的传播速度v=2m/s

垄脵

写出从t=0

时刻起x=2.0m

处质点的位移y

随时间t

变化的表达式；垄脷

求出在0隆芦4.5s

内波传播的距离及x=2.0m

处质点通过的路程。22、(1)

近段时间，日本的“核辐射”引起了全球瞩目，下列关于放射线的说法中正确的是()(

多选题)

A、放射线可以用来进行工业探伤B、娄脗

衰变中放出电子，说明原子核内部存在电子C、放射性同位素可以用来做示踪原子D、天然放射性元素衰变时能够放出的三种射线是娄脕

射线、娄脗

射线、娄脙

射线(2)垄脵

卢瑟福利用娄脕

粒子轰击金箔的实验研究原子结构，正确反映实验结果的示意图是：____。

垄脷

这实验娄脕

粒子的大角度散射现象说明了原子是____结构(

填“核式”或者“西瓜”)

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、C【分析】解：设细管的半径为R；小球到达B点时速度大小为v。小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得：

得到：

小球经过B点时；由牛顿第二定律得：

代入得：

Eq=3mg；

故选：C。

小球沿细管滑到最低点B过程中；只有重力做功，小球的机械能守恒．小球到达B点时对管壁恰好无压力，则由重力和点电荷对的电场力的合力提供向心力，根据机械能守恒定律求出小球到达B点时的速度，由牛顿第二定律求出电场力的大小。

本题是机械能守恒定律和牛顿第二定律的综合应用．对于圆周运动，常常不单独出题，会和动能定理、机械能守恒结合应用．【解析】C2、B【分析】解：以桌面为零势能参考平面，地面离零势能点的高度为-h，物体重力势能为：Ep=-mgh；物体下落的高度差为（h+H），所以重力做功为：W=mg（h+H），故ACD错误，B正确。

故选：B。

解决本题需要掌握：重力势能表达式Ep=mgh中；h为物体相对零势能点的高度，因此重力势能大小和零势能点的选取有关；而重力做功和零势能的选取无关，只与物体的初末位置有关。

本题比较简单，直接考查了重力势能和重力做功大小的计算，正确理解公式中物理量的含义是正确应用公式的前提。【解析】B3、B【分析】解：A；线圈是不闭合的；不能产生感应电流．故A错误；

B；线框的面积增大；穿过线框的磁通量增大，能够产生感应电流．故B正确；

C；由于直导线在线圈的直径的上方；所以穿过线圈的磁通量等于0，电流增大，线圈的磁通量仍然是0．故C错误；

D；线圈整体垂直于磁场运动；线圈的磁通量始终是最大，没有发生变化，没有感应电流．故D错误．

故选：B

本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化．据此可正确解答本题．

本题考查感应电流产生的条件，首先要明确是哪一个线圈，然后根据磁通量的公式：Φ=BS找出变化的物理量，从而确定磁通量是否发生变化．基础题目．【解析】【答案】B4、C【分析】解：A、a克拉钻石的摩尔数为则分子数n=．故A；B错误．

C、每个钻石分子的体积V=又联立解得d=．故C正确；D错误．

故选：C．

根据钻石的质量和摩尔质量；求出摩尔数，结合阿伏伽德罗常数求出分子数的大小．根据摩尔质量和阿伏伽德罗常数求出摩尔体积，每个钻石分子可以看成球体，结合球体的体积公式求出直径的表达式．

解决本题的关键知道摩尔质量=密度×摩尔体积；摩尔质量=阿伏伽德罗常数×每个分子的质量；摩尔体积=阿伏伽德罗常数×每个分子的体积．【解析】【答案】C5、A【分析】试题分析：根据图象可知交流电的最大值以及周期等物理量；然后进一步可求出其瞬时值的表达式以及有效值等．

At=0.005s

电动势最大；则线圈平面与磁场方向平行，故A正确。

Bt=0.010s

时电动势为0

则线圈的磁通量变化率为0

故B错误。

C

由图可知周期为0.02

则频率为1T=50Hz

故C错误。

D

线圈产生的交变电动势有效值为3112V

故D错误。

故选：A

【解析】A

6、D【分析】解：A；波速公式v=λf适用一切波；故A正确。

B；C波的频率等于波源的振动频率；由波源决定，与介质无关，而波速由介质决定，由v=λf知，波长与波源的介质均有关，所以对同一机械波来说，通过不同的介质时，只有频率f不变，波速一般会发生变化；故BC正确；

D；声音在同一介质中传播；速度相同，故D错误。

本题选错误的；

故选：D。

波速公式v=λf适用一切波；波的频率与介质无关，波速由介质决定，根据这些知识进行分析即可。

波速公式v=λf是波动部分基本公式，关键要抓住适用条件及各量的决定因素。【解析】D二、填空题(共5题，共10分)7、1内机械【分析】【解答】在内燃机的四个冲程中；只有做功冲程经内能转化为机械能，即对外做功；所以在汽油机的一个工作循环中，对外做功一次．

故答案为：1；内；机械．

【分析】内燃机的一个工作循环包括四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程，只有做功冲程对外做功．8、略

【分析】解：A电荷在O点产生的场强大小为E1==方向水平向右；

B电荷在O点产生的场强大小为E1==方向水平向右；

故O点场强大小为E=E1+E2=方向水平向右．

故本题的答案为：右．

真空中点电荷的电场强度的表达式E=电场强度是矢量，而矢量的运算满足平行四边形定则，但当两个矢量的方向在同一条直线上时就可以利用代数法则进行运算．

电场强度是矢量，而矢量的运算满足平行四边形定则，但当两个矢量的方向在同一条直线上时就可以利用代数法则进行运算．【解析】右9、略

【分析】解：根据公式P=UI，家庭电流中电压为200V，当总功率过大时，从而引起通过插座的电流过大，根据焦耳定律Q=I2Rt；当电流过大时，干路导线会产生大量的热能，使导线温度升高，容易引起火灾．

故答案为：总功率；电流．

由电功率公式P=UI，家庭电流中的电压为220V，始终不变，可判断出总功率过大时，电流的变化情况，在焦耳定律Q=I2Rt中；电流越大时，产生的热量越多．

此题主要是考查学生对家庭电路中电流过大的原因及焦耳定律的理解和掌握，属于识记性内容，比较简单．【解析】总功率；电流10、向左【分析】【分析】由带正电的粒子恰好静止得到平行金属板的带电情况，由右手定则判断金属棒的运动方向；由平衡条件得到速度的大小。本题考查右手定则和物体的平衡，难度不大。【解答】由于极板间一电量为qq质量为mm的带正电粒子恰好静止，知金属板上板带负电，由右手定则得到金属棒向左运动。由平衡条件得：qE=mgqE=mg即qBLvd=mgdfrac{qBLv}{d}=mg故v=mgdqBLv=dfrac{mgd}{qBL}故答案为：向左；mgdqBL

【解析】向左mgdqBL

11、略

【分析】解：分流电阻阻值为：RP篓TIgRgI鈭�Ig=600隆脕10鈭�6隆脕1980.060鈭�600隆脕10鈭�6隆脰2娄赂

原来电流表量程为600娄脤A=0.6mA

改装后电流表量程为60mA

电流表量程扩大了100

倍；分度值扩大100

倍；

指针指在表盘上原来100?A

处；则被测电流的大小为：100娄脤A隆脕100=10000娄脤A=10mA

故答案为：2娄赂10

．

根据并联电路特点与欧姆定律可以求出分流电阻阻值；根据电流表的量程确定其分度值；然后读出其示数．

本题考查了电流表改装、电流表读数，考查了求并联电阻阻值问题，知道电流表改装原理、应用并联电路特点与欧姆定律可以解题．【解析】2娄赂10

三、判断题(共5题，共10分)12、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．13、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．14、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．15、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．16、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．四、推断题(共2题，共14分)17、

（2）2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O

（3）④⑤⑥

（4）①③

【分析】【分析】本题考查有机物的推断与合成，难度不大，注意结合乙醇、氯代烃的性质进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，有利于基础知识的巩固。【解答】rm{(1)}乙醇与氧化铜加热反应生成rm{A}rm{A}为乙醛，甲苯在光照条件下与氯气反应生成rm{B}rm{B}为故答案为：rm{CH_{3}CHO}rm{CH_{3}CHO}rm{(2)}反应rm{垄脷}rm{垄脼}的化学方程式分别为：的化学方程式分别为：rm{垄脷}rm{垄脼}故答案为：rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}反应rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}是乙烯与水发生加成反应，反应rm{(3)}是乙醇发生氧化反应生成乙醛，反应rm{垄脵}是乙醛发生氧化反应生成乙酸，反应rm{垄脷}是甲苯与氯气发生取代反应，反应rm{垄脹}是rm{垄脺}在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成苯甲醇，属于取代反应，rm{垄脻}乙酸与苯甲醇发生酯化反应生成乙酸苯甲酯，属于取代反应；故答案为：rm{B}

rm{垄脼}反应rm{垄脺垄脻垄脼}乙烯与水发生加成反应生成乙醇，反应rm{(4)}乙醛发生氧化反应生成乙酸，符合原子利用率rm{垄脵}故答案为：rm{垄脹}rm{100%}【解析】rm{(2)}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CH_{2}OH+O_{2}}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{2CH_{3}CHO+2H_{2}O}rm{(3)垄脺垄脻垄脼}18、略

【分析】【分析】该题通过水污染的治理和化学工业生产流程，考查了原电池原理的应用和元素及其化合物的性质，判断微生物电池的正负极和分析流程图是本题难点，试题难度较大。I、（1）根据信息：CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3来书写方程式；（2）根据原电池中阳离子的移动方向确定A为正极，发生得电子的还原反应来书写；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，据此解答。【解答】I、（1）CN-能够被氧气氧化成HCO3-，同时生成NH3得出方程式为：2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3；（2）原电池中氢离子的移动方向是从负极流向正极，所以A是正极，发生得电子的还原反应：+2e-+H+═+Cl-；II、由图1流程可知，菱锌矿的主要成分是ZnCO3，含少量SiO2、FeCO3、Cu2（OH）2CO3等，加硫酸，只有SiO2不反应，则滤渣1为SiO2，②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子，再加过量的NaOH，金属离子转化为沉淀，则滤渣2为Fe（OH）3、Cu（OH）2，反应④通二氧化碳将ZnO22-转化为沉淀，则滤渣3为Zn（OH）2，（1）由上述分析可知，滤渣1为SiO2；（2）②中加氧化剂将亚铁离子氧化为铁离子；只有D不会引入新杂质；

（3）步骤④中的CO2气体来自步骤①酸浸反应放出的气体，可以节能减排；（4）步骤④发生的离子反应方程式为ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-。【解析】I、（1）2CN-+4H2O+O22HCO3-+2NH3（2）+2e-+H+═+Cl-II、（1）SiO2（2）D（3）①（4）ZnO22-+2CO2+2H2O=Zn（OH）2↓+2HCO3-五、画图题(共2题，共4分)19、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】20、略

【分析】本题考查楞次定律和法拉第电磁感应定律，当磁感强度均匀变化时磁通量均匀变化，感应电动势、感应电流恒定不变【解析】【答案】六、综合题(共2题，共16分)21、（1）ABC（2）解：p—V图中直观地看出，气体在A、B、C、D各状态下压强和体积为VA＝10L，pA＝4atm，pB＝4atm，pC＝2atm，pD＝2atm，VC＝40L，VD＝20L．根据理想气体状态方程可得由题意TB＝TC＝600K．[物理·选修3—4]（1）ACE（2）解：①波长λ＝2.0m，振幅A＝5cm，周期T＝λ／v＝1.0s，角速度则y＝－5sin（2πt）cm②4.5s内波传播的距离x＝v·Δt＝9mn＝t／T＝4.5，则4.5s内质点通过的路程s＝4nA＝90cm。【分析】【分析】分子动理论的内容包括三点：物质是由分子构成的，分子在永不停息地做无规则的运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力.

明白以上概念，本题的四个选项便不难解决．【解答】A；因为分子永不停息地做无规则的运动；所以分子之间避免不了相互碰撞，故A正确；

B；根据分子运动论的统计规律可知；气体分子沿各个方向运动的机会是相等的，故B正确；

C；根据统计规律可知；气体分子的运动速率具有“中间多，两头少”特点，故C正确；

D、气体分子的运动速率分布具有“中间多，两头少”特点，同种气体中所有的分子运动速率基本不相等，故D错误；E、布朗运动现象为悬浮微粒的运动，实质反映的是液体分子的无规则运动，故E错误；故选ABC。【分析】A

到BB

到CC

到D

过程分别是等压、等温和等压变化，根据吕萨克定律、玻意耳定律求气体在状态BC

和D

的温度。【分析】弹簧振子在x

轴方向做简谐运动，图象的坐标原点是建立在弹簧振子小球的平衡位置.

类似于沙摆实验，为了显示小球在不同时刻偏离平衡的位移，让底片沿垂直x

轴方向匀速运动.

小球的疏密显示出相同时间内小球位置变化快慢不同。【解答】A；B

由图看出；弹簧振子在x

轴方向做简谐运动，小球并不是沿t

轴方向移动，由对称性可知，该图象的坐标原点是建立在弹簧振子小球的平衡位置.

故A正确，B错误．

C；类似于沙摆实验；为了显示小球在不同时刻偏离平衡