2025年外研衔接版必修1物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研衔接版必修1物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、甲；乙两物体均做直线运动；其速度图象如图所示，则下列说法中正确的是（）

A.甲、乙两物体都做匀变速直线运动B.甲、乙两物体做相向的匀速直线运动C.t1时刻甲、乙两物体相遇D.t2时刻甲、乙两物体速度相等2、如图，木块A置于光滑的水平面上，A右侧面上端放置一小木块B，给B施加一水平向左的力F，使A、B保持相对静止一起向左运动，已知木块A、B质量均为m，A、B间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则F的最小值为。

A.μmgB.2μmgC.D.3、许多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法和科学假说法等等。以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是（）A.利用光电门测算瞬时速度是用了放大法B.伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了科学假说法C.在探究合力与分力的关系实验时，采用了控制变量法D.在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法4、如图所示，质量为m1的球1通过轻绳悬挂在车顶，绳与竖直方向成角，质量为m2的物体2放在车厢地板；二者相对车是静止的。下列说法正确的是（）

A.车具有向右、大小为gsin的加速度B.车具有向左、大小为gtan的加速度C.物体2受到大小为m2gsin的静摩擦力D.物体2受到大小为m2gtan的静摩擦力5、一辆汽车从静止开始由甲地出发，沿平直公路开往乙地，汽车先做匀加速运动，接着做匀减速运动，到达乙地刚好停止，其速度—时间图象如图所示，那么在和两段时间内（）

A.时间之比为B.加速度大小之比为C.位移大小之比为D.平均速度大小之比为6、如图，将力F（大小已知）分解为两个分力和和F的夹角小于90°．则关于分力以下说法中正确的是（）

A.当时，肯定有两组解B.当时，肯定有两组解C.当时，有唯一一组解D.当时，无解评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要．以下符合事实的是A.焦耳发现了电流热效应的规律B.库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C.楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D.牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动8、如图所示；在光滑的桌面上有M；m两个物块，现用力F推物块m，使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）

A.B.C.若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为+μMgD.若桌面的摩擦因数为μ，M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力仍为9、如图所示，一根玻璃管抽成真空后竖直固定。在玻璃管外固定两个光电门A和B，与光电门相连的电子计时器（图中未画出）可自动记录遮光时间若测得遮光物体的宽度为可以用近似代表物体通过光电门时的瞬时速度，现将一个直径的小球从玻璃管顶部静止释放，电子计时器记录小球通过光电门A的时间通过光电门B的时间（假设小球球心恰好经过光电门），A、B之间的距离则（）

A.用近似代表物体通过光电门时的瞬时速度运用了极限思想B.小球通过光电门A时的瞬时速度大小为4.96m/sC.小球从光电门A运动到光电门B的时间0.0017sD.可通过题给信息测得当地的重力加速度约为10、一物体自t＝0开始做直线运动，其运动的v－t图象如图所示；下列说法正确的是（）

A.在0～6s内，物体经过的路程为20mB.在0～6s内，物体离出发点最远为17.5mC.物体在4s末离出发点最远D.在4～6s内，物体做单方向直线运动11、某物体从静止开始做直线运动，其a-t图象如下图所示．关于该物体的运动下列说法正确的是。

A.物体在6s时，速度为18m/sB.物体运动前6s的平均速度大于9m/sC.物体运动前6s的平均速度为9m/sD.物体运动前6s的平均速度小于9m/s12、如图所示，物体A叠放在物体B上，B置于光滑水平面上．A、B质量分别为6kg和2kg，A、B之间的动摩擦因数为0.2．在物体A上施加水平方向的拉力F，开始时F＝10N，此后逐渐增大，在增大到45N的过程中，以下判断正确的是（g取10m/s2）（）

A.两物体间始终没有相对运动B.两物体间从受力开始就有相对运动C.当F=16N时，AB之间摩擦力等于4ND.两物体开始没有相对运动，当F＞18N时，开始相对滑动13、几个水球可以挡住子弹？《国家地理频道》实验证实：四个水球就足够！四个完全相同的水球紧挨在一起水平排列；子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动．恰好能穿出第四个水球，则可以判定（）

A.由题目信息可以求得子弹穿过每个水球的时间比B.子弹在每个水球中运动的时间相同C.子弹在每个水球中速度变化量相同D.子弹穿过每个水球过程中，速度变化量依次增大14、如图所示，粗糙地面上有一斜面体，倾角为θ．不可伸长的细绳跨过斜面顶端光滑定滑轮，左端连接静止的大物块，质量为M，右端连着一根光滑轻杆，轻杆铰接在斜面右侧，轻杆顶端用另一根细绳挂着质量为m的小物块．一开始整个装置静止，细绳垂直于轻杆．用手将大物块从A点移动到B点后松手，系统仍然保持静止，且在A点和B点大物块受到的摩擦力大小相等；最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则下列说法中正确的是（）

A.绳子的张力一定减小B.若大物块再向下移动一点距离，则系统一定失去平衡C.在A处时绳子的张力比B处时一定大D.地面给斜面体的作用力一定不变15、如图所示，内壁光滑的半球形容器静止在粗糙水平面上.将一劲度系数为k的轻弹簧一端固定在半球形容器底部O′处(O为球心)，弹簧另一端与质量为m的小球相连，小球静止于P点．已知容器半径为R、OP与水平方向的夹角为θ＝30°．下列说法正确的是（）

A.轻弹簧对小球的作用力大小为B.半球形容器相对于水平面有向左的运动趋势C.半球形容器对小球的弹力和弹簧对小球的作用力的合力竖直向上D.弹簧原长为评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、如图所示为某质点做直线运动的图，由图可知该质点在3s时加速度是________在8s时加速度是________在12s时加速度是________

17、滑动摩擦力方向：总是沿着______，并且跟物体______的方向相反．18、如图所示，物体B的上表面水平，B上面载着物体A，当它们一起沿固定斜面C匀速下滑的过程中，物体A受到________个力．

19、如图所示是小球沿斜面滚下的频闪照片，照片中每两个相邻小球像的时间间隔是0.1s，这样便记录了小球运动的时间．设开始时的位置为0，依次为位置1、2、3、4、5，小球运动的位移可以用刻度尺测量．小球在位置1、2、3、4的速度分别最接近________m/s、________m/s、________m/s、________m/s，小球滚下过程的加速度为________m/s2.(小数点后保留两位数字)

20、如图所示，物体的重力G＝5N，AO绳与顶板间的夹角为45°，BO绳水平．则AO绳所受拉力大小为________N和BO绳所受拉力大小为________N．

21、与水平面倾角成37°的足够长斜面上，一个物体以10m/s的初速度冲上斜面，后又返回到出发点，它与斜面的动摩擦因素为0.5，则整个过程中总共用时_____________s，返回出发点时的速度大小是_____________m/s（sin37°=0.6，cos37°=0.8）。22、有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度．用它测量一小球的直径，如图甲所示的读数是______mm．用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图乙所示的读数是______mm．23、如图所示，质量分别为2m和m的A、B两球用细线悬挂于天花板上且静止不动，两球间是一个轻质弹簧，如果突然剪断悬线,则在剪断悬线瞬间，A、B两球的加速度大小分别为aA=______m/s2；aB=______m/s2(g=10m/s2)

评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)24、如图所示，某人在A点用与水平方向成45°；大小为60N的力斜向左上方拉小车；请作出该力的图示。

25、在图（a）（b）中作出物体A的受力示意图（各力都画在重心上）。

26、如图所示；B物体处于静止状态，画出它的的受力示意图。

27、图中各球均处于静止状态；所有接触面均光滑且已固定，试画出小球的受力示意图。（要求注明力的符号）

评卷人得分五、实验题(共1题，共2分)28、如图1所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a与钩码的质量及小车和砝码的质量对应关系图。钩码的质量为m1，小车和砝码的质量为m2，重力加速度为g。

(1)下列说法正确的是_____；

A．每次在小车上加减砝码时；应重新平衡摩擦力。

B．实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源。

C．本实验m2应远小于m1

D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作图象。

(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，测得作出图像，他可能作出图2中_____(选填“甲”、“乙”、“丙”)图线，此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_____.

A．小车与轨道之间存在摩擦B．导轨保持了水平状态。

C．砝码盘和砝码的总质量太大D．所用小车的质量太大。

(3)实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他测量得到的图像，如图3，设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，则小车与木板间的动摩擦因数____，钩码的质量_____。评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)29、如图图展示了某质点做直线运动的v-t图象．试根据图象求出：

（1）第1s内、第3s内、第5s内的加速度；

（2）前4s内的位移．30、如图所示，有一块木板静止在光滑足够长的水平面上，木板的质量为M=4kg，长度为L=1m；木板的右端停放着一个小滑块，小滑块的质量为m=1kg，其尺寸远远小于木板长度，它与木板间的动摩擦因数为已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：

（1）为使木板能从滑块下抽出来，作用在木板右端的水平恒力F的大小应满足的条件。

（2）若其他条件不变，在F=28N的水平恒力持续作用下；需多长时间能将木板从滑块下抽出。

31、如图，在倾角θ＝足够长的斜面上分别固定着两个相距L＝0.2m的物体A、B，它们的质量mA＝mB＝2kg，A、B与斜面间的动摩擦因数分别为和．在t＝0时刻同时撤去固定两物体的外力后，A物体将沿斜面向下运动，并与B物体发生多次碰撞(碰撞时间极短，没有机械能损失)，(g取10m/s2)．求：

(1)A与B第一次碰撞后B的速率；

(2)从A开始运动到两物体第二次相碰经历的时间及因摩擦而产生的热量．

32、近几年，国家取消了7座及以下小车在法定长假期间的高速公路收费，给自驾出行带来了很大的实惠，但车辆的增多也给道路的畅通增加了压力，因此交管部门规定，上述车辆通过收费站口时，在专用车道上可以不停车拿(交)卡而直接减速通过．若某车减速前的速度为v0＝20m/s，靠近站口时以大小为a1＝5m/s2的加速度匀减速，通过收费站口时的速度为vt＝8m/s，然后立即以a2＝4m/s2的匀加速至原来的速度(假设收费站的前；后都是平直大道)．试问：

(1)该车驾驶员应在距收费站口多远处开始减速？

(2)该车从减速开始到最终恢复到原来速度的过程中；运动的时间是多少？

(3)在(1)(2)问题中，该车因减速和加速过站而耽误的时间为多少？参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【分析】

【详解】

AB．v﹣t图象中；倾斜的直线表示匀变速直线运动，故A正确，B错误；

C．t1时刻甲；乙两物体速度相同；故C错误；

D．t2时刻甲的速度不为0；乙物体速度为0，不相等，故D错误．

故选A．2、C【分析】【详解】

将A、B看成整体，根据牛顿第二定律得：

隔离物体A受力分析，得：其中为B给A的弹力。

解得：

欲使A、B两物块在接触面上无相对滑动，则B物块所受重力和静摩擦力二力平衡，即：．

若为最大静摩擦力，则F最小，即

又

联立方程，解得F的最小值为．

故本题选C．

【点睛】

利用整体法和隔离法，可求出两物块运动过程中接触面上的弹力；以B为研究对象，在竖直方向受力分析，利用二力平衡，可得B受到得静摩擦力和重力相等；若该静摩擦力是最大值，则接触面上正压力最小，外力F最小．3、D【分析】【分析】

【详解】

A．利用光电门测算瞬时速度是用了极限的思想；A错误；

B．伽利略为了说明力不是维持物体运动的原因用了理想实验法；B错误；

C．在探究合力与分力的关系实验时；采用了等效替代法，C错误；

D．在推导匀变速直线运动位移公式时；把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，D正确。

故选D。4、D【分析】【详解】

AB．小球1受力如图所示；由牛顿第二定律可得。

m1gtanθ=m1a1a1=gtanθ

方向水平向右。

AB错误；

CD．球1与物体2相对静止，加速度相等，a1=a2，对物体2则有Ff=m2a2=m2gtanθ

C错误；D正确。

故选D。5、D【分析】【详解】

A．由图可知；这两段时间之比为1：2，故A错误；

B．根据速度图象的斜率绝对值等于加速度，则在0～t0和t0～3t0两段时间内加速度大小之比为

故B错误；

C．根据图象与时间轴所围的“面积”大小等于位移大小，则这两段时间内位移大小之比为

故C错误；

D．根据匀变速直线运动的规律，可知这两段时间内的平均速度大小之比为

故D正确。

故选D。6、A【分析】【详解】

已知合力；一个分力的方向、另一个分力的大小；根据平行四边形定则作图，如图所示。

由于

故一定有两组解。

当时；可能有一解。

当时；无解。

故选A。二、多选题(共9题，共18分)7、A:B【分析】【详解】

A．焦耳发现了电流热效应的规律,故A正确；

B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律；故B正确；

C．奥斯特发现了电流的磁效应；拉开了研究电与磁相互关系的序幕，故C错误；

D．伽利略将斜面实验的结论合理外推；间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动，故D错误；

故选AB8、B:D【分析】【详解】

根据牛顿第二定律，对整体有：a=对M：N=Ma=．故B正确，A错误；根据牛顿第二定律得：对整体有：对M：N﹣μMg=Ma，得：N=μMg+Ma=．故D正确；C错误．

【点睛】

本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象．对于粗糙情况，不能想当然选择C，实际上两种情况下MN间作用力大小相等．9、A:D【分析】【详解】

A．用近似代表物体通过光电门时的瞬时速度运用了极限思想；A正确；

B．小球通过光电门A时的瞬时速度大小为

故B错误；

C．小球通过光电门B时的瞬时速度大小为

则小球的平均速度为

小球从光电门A运动到光电门B的时间

故C错误；

D．可通过题给信息测得当地的重力加速度约为

故D正确。

故选AD。10、A:B【分析】【详解】

A．在0～6s内，物体经过的路程为

故A正确．

BC．0～5s，物体沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为

故B正确，C错误；

D．在4s-6s内，物体先做匀减速直线运动，后做反向的匀加速直线运动，故D错误；11、A:B【分析】【详解】

A.根据a-t图象与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，可知，0-6s内速度的增加量为：m/s

物体的初速度为0，所以物体在t=6s时；速度为18m/s，故A正确；

BCD.假设物体做初速度为0、末速度为18m/s的匀加速直线运动，速度时间图象如图1所示；而题中物体做的是加速度减小的加速运动，其速度时间图象如图2所示：

由图可知，图1在前6s内的平均速度为：m/s

而在图2中速度时间图象围成的面积大于图1中速度时间图象围成的面积，所以物体运动前6s平均速度大于匀加速直线运动的平均速度9m/s，故B正确，CD错误．12、A:C【分析】【详解】

ABD．隔离对B分析，当AB间摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B发生相对滑动，则：．

再对整体：．

知当拉力达到48N时，A、B才发生相对滑动．故A正确；BD错误；

C．当时；两者一起运动；

对整体:

对B：

联立解得

故C正确．13、A:D【分析】【分析】

子弹运动的过程为匀减速直线运动；直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动来解决此题．

【详解】

设水球的直径为d，子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动．因为通过最后1个、最后2个、以及后3个、全部4个的位移分别为d，2d，3d和4d，根据x=at2知，所以时间之比为1：2，所以子弹在每个水球中运动的时间不同；由以上的分析可知，子弹依次穿过4个水球的时间之比为：（2-）：（−）：（−1）：1，故A正确，B错误；子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，则受力是相同的，所以加速度相同，由△v=at可知；运动的时间不同，则速度的变化量不同；由于子弹依次穿过4个水球的时间依次增大，则子弹穿过每个水球过程中，速度变化量依次增大，故C错误，D正确；故选AD．

【点睛】

本题属匀变速直线运动的基本规律应用，只要能掌握运动情景及正确应用匀减速直线运动的逆过程即可顺利求解．14、A:D【分析】【详解】

以绳子结点为研究对象进行受力分析；如图所示；

根据力的三角形和边的三角形相似可得：由于mg和H不变，OP减小，则拉力F减小，故A正确；在A点和B点大物块受到的摩擦力大小相等，但在B点摩擦力是否达到最大不确定，所以若将大物块再向下移动一点距离，则系统不一定失去平衡，故B错误；在A点和B点大物块受到的摩擦力大小相等，但B点绳子拉力小，所以A点摩擦力方向向下、B点摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件可得：在A处：在B处：解得：而在A处时绳子的张力比B处时不一定大2Mgsinθ，故C错误；地面给斜面体的作用力等于总重，所以地面给斜面体的作用力一定不变，故D正确．15、C:D【分析】【详解】

B．以容器和小球整体为研究对象；分析受力可知：竖直方向有：总重力；地面的支持力，容器相对于水平面无滑动趋势，地面对半球形容器没有摩擦力，B错误；

AC．对小球受力分析：重力G、弹簧的弹力F和容器的支持力N；如图所示：

根据平衡条件，容器和弹簧对小球的作用力的合力与重力平衡，竖直向上，结合几何关系可知

A错误；C正确；

D．由胡克定律，弹簧的压缩量为

故弹簧的原长为

D正确；

故选CD。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

在图中；斜率表示物体的加速度，据此可以求解：

[1]在0-3s内，图是为与时间轴平行的平行线；表示知道做匀速直线运动，所以小车的加速度为0；

[2]在6-8s内，图是倾斜的直线，加速度恒定，所以8s时的加速度为：

[3]在10-14s内，图是倾斜的直线，加速度恒定，所以12s时的加速度为：【解析】01.5-4.517、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】接触面相对运动18、略

【分析】【详解】

[1]A物体匀速下滑，所以受力平衡；A一定受重力和支持力；二者相互平衡；由于水平方向没有外力；故水平方向物体不受摩擦力；所以A物体只受重力和支持力两个力的作用．【解析】219、略

【分析】【详解】

[1][2][3][4]从刻度尺中可知小球在相邻相等的时间内经过的位移分别。

x1=7.0cm；x2=9.0cm；x3=14cm；x5=16.0cm；x6=21.0cm；

则由平均速度等于中间时刻的瞬时速度可知，速度依次为

[5]根据【解析】0.801.151.501.853.5020、略

【分析】【分析】

由题意可知考查共点力的平衡问题；根据力的合成计算可得．

【详解】

[1]取O点受力分析，受到竖直向下的拉力，大小等于物体重力G，水平向右的拉力FOB，沿OA方向的拉力FOA三个共点力合力为零，则G与F1两个力的合力和F2等大反向．解直角三角形可得

[2]

【点睛】

取O点受力分析，根据力的合成可求出AO绳所受拉力，BO绳所受拉力．【解析】5N5N21、略

【分析】【详解】

[1][2]．对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律得a1=gsinθ+μgcosθ=10m/s2

根据速度公式

根据位移速度公式得2a1s=v02

解得向上的位移

根据牛顿第二定律可知下滑时a2=gsinθ-μgcosθ=2m/s2

根据位移速度公式得v2=2a2s

解得v=2m/s

向下运动的时间

所以物体运动的总时间为t=t1+t2＝（1+）s【解析】22、略

【分析】【分析】

试题分析：游标卡尺的主尺读数为10mm；游标读数为0.05×10mm=0.50mm，所以最终读数为10.50mm；螺旋测微器的固定刻度读数为1.5mm，可动刻度读数为0.01×23.2mm=0.232mm，所以最终读数为1.732mm（1.729到1.733均可）．

考点：游标卡尺；螺旋测微器。

【名师点睛】螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数；需估读；游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读．

【点睛】

【详解】【解析】10.50mm1.732mm（1.729—1.733都可）23、略

【分析】【详解】

[1][2]悬线剪断前，以B为研究对象可知弹簧的弹力

剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律

对A

得

对B

得【解析】四、作图题(共4题，共32分)24、略

【分析】【详解】

确定标度为在拉力方向画一条带箭头的线段，力的示意图如下。

【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

（a）物体A受到重力G，墙面的支持力N1，挡板的支持力N2三个力的作用，如图（a）所示。

（b）物体A受到重力G，水平推力F，支持力N，摩擦力f四个力的作用，如图（b）所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

对B进行受力分析得。

【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

两球的受力示意图如图所示。

【解析】见解析五、实验题(共1题，共2分)28、略

【分析】【详解】

(1)根据重力沿斜面向下的分力等于物体受到的摩擦力这一原理来平衡摩擦力，即满足即

与质量无关；所以增减砝码后不需要重新平衡摩擦力，A错误；

B．由于实验过程非常短暂；为了得到更多的数据，应先接通电源后释放纸带，B错误；

C．为了保证钩码的重力等于细绳的拉力，钩码的质量应远小于小车和砝码的质量m2；C错误；

D．在用图象探究加速度与质量关系时，为了得出线性关系，应作图象；D正确。

故选D

(2)[2]没有平衡摩擦力；则在钩码有一定质量后，小车才具有加速度，故丙正确。

[3]图线的AB段明显偏离直线；造成此误差的主要原因是砝码盘和砝码的总质量太大，不再满足砝码和砝码盘的质量远小于小车和砝码的质量。

故选C

(3)[4]根据牛顿第二定律可知

结合图象，可得

图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，因此钩码的质量

[5]小车与木板间的动摩擦因数【解析】D丙C六、解答题(共4题，共20分)29、略

【分析】【分析】

由速度图象图线的斜率求解加速度；由“面积”求解位移．

【详解】

（1）第1s内加速度

方向与速度方向相同；

第3s内加速度

第5s内加速度

方向与速度方向相反；

（2）前4s内的位移．

【点睛】

本题是基本的读图问题，抓住图象的数学意义来理解其物理意义：斜率表示加速度，面积表示位移，还要注意加速度的方向．【解析】（1）第1s内加速度