2025年人民版必修3物理下册阶段测试试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人民版必修3物理下册阶段测试试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、下列关于磁铁使用的说法中不正确的是A.磁铁受到撞击会使磁铁磁性减弱B.永磁体在被加热或敲打后，其剩余磁性不会发生改变C.对磁铁加热会使磁铁的磁性减弱D.原先没有磁性的铁块，在长期受到磁铁的吸引后会产生磁性2、如图所示，半径均为r的两个金属球，其球心相距为3r，现使两球带上等量的同种电荷，电荷量都为q，设静电力常量为k。则对两球间的静电力F的判断正确的是（）

A.B.C.D.3、如图所示，等边三角形三个顶点处分别固定所带电荷量相等的点电荷a、b、c，其中a、b为正电荷，c为负电荷。A、B、C三点分别为三条边的中点，取点A为零电势点，现有一带电荷量为的试探电荷；下列说法正确的是（）

A.试探电荷在A、B、C三点的电势能大小关系为B.A、B、C三点处的电场强度大小关系为C.若试探电荷从A移至B，电势能减少则C点的电势为D.若试探电荷从A移至B，电势能减少则其从B移至C，电势能减少4、在如图1所示的电路中，电流表和电压表都可以看做理想电表，调节滑动变阻器R的触头，电压表读数U随着电流表读数I的增大而减小，换用不同的电池1和2，得到图2所示相应的两条U-I图线1和2，根据U-I图线；下面说法正确的是（）

A.电池2的电动势大于电池1的电动势B.电池2的内电阻大于电池1的内电阻C.两电池电动势与其内阻之比相等D.电流相等时，R上消耗的功率相等5、如图所示的电路中，电源电动势E=8V，内阻r=2Ω，电阻R2=6Ω，电容为1μF的平行板电容器水平放置且下极板接地。当滑动变阻器R1的滑片处于b端时，有一带电油滴位于板间正中央P点且恰好处于静止状态。下列说法正确的是（）

A.此时P点电势为6VB.电容器上极板所带电荷量为6×10﹣6CC.若仅将电容器上极板缓慢上移少许，则P点电势不变D.若仅将滑片P从b端向a端缓慢移动少许，则油滴将向下移动6、带电球体的半径为R，以球心为原点O建立坐标轴x，轴上各点电势随x变化如图所示；下列说法正确的是。

A.球体带负电荷B.球内电场强度最大C.B两点电场强度相同D.正电荷在B点的电势能比C点的大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、在如图所示的直流电路中，电压表和电流表均为理想电表，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时；下列说法正确的是（）

A.电压表示数变大B.电压表示数变大C.电流表示数变小D.电流表示数变大8、关于电表，下列说法正确的是：A.利用串联电路中电阻分压原理，可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表B.如果要将电压表量程扩大n倍，则所串的分压电阻应是内阻的n倍C.用同一表头做成的电流表，电流表的量程越大，其内阻越小D.当电流表测某电路的电流时，测量值一定总是小于真实值9、图中a、b是两个点电荷，它们的电量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点，下列哪种情况能使P点场强方向指向MN的左侧()

A.Q1、Q2都是正电荷，且Q1＞Q2B.Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞∣Q2∣C.Q1是负电荷，Q2是正电荷，且∣Q1∣＞Q2D.Q1、Q2都是负电荷，且∣Q1∣＞∣Q2∣10、下列说法与事实相符的是（）。A.富兰克林通过实验发现，雷电的性质与摩擦产生的电的性质相同，并命名了正电荷和负电荷B.库仑用油滴实验测量了电子的电量C.法拉第不仅提出了电场的概念，还用电场线形象地描述电场D.密立根利用扭秤装置提出了真空中静止的点电荷间的作用规律11、如图，水平放置的平行板电容器上极板带正电，所带电荷量为Q，板间距离为d，上极板与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。在两极板正中间P点有一个静止的带电油滴；现将电容器的上极板竖直向下移动一小段距离。下列说法正确的是（）

A.P点的电势不变B.油滴带正电C.油滴向上运动D.静电计指针张角变小12、两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器，极板A与静电计相连，极板B与静电计的外壳均接地．在两板相距一定距离时；给电容器充电，静电计指针张开一定角度．在整个实验过程中，保持极板带电量不变，下列说法中正确的是________

A.将A极板向右移动少许，静电计指针的偏转角将减小B.将B极板向上移动少许，静电计指针的偏转角将减小C.将玻璃板插入A、B极板之间，静电计指针的偏转角将减小D.用手触摸一下B极板，静电计指针的偏转角将减小到零13、某同学按如图甲所示连接电路，利用电压传感器研究电容器的放电过程。先使开关S接1，电容器充电完毕后将开关掷向2，可视为理想电压表的电压传感器将电压信息传入计算机，屏幕上显示出电压随时间变化的U-t曲线如图乙所示。电容器的电容C已知，且从图中可读出最大放电电压U0、图线与坐标轴围成的面积S、任一点的切线斜率k，但电源电动势和内阻、定值电阻R均未知。根据题目所给的信息；下列物理量能求出的是（）

A.电容器放出的总电荷量B.通过电阻R的最大电流C.定值电阻RD.电源的内阻14、如图所示；图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图线，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是（）

A.电源的电动势为50VB.电源的内阻为C.电流为2.5A时，外电路的电阻为15ΩD.输出功率为120W时，路端电压是50V评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)15、能源是有限的。

（1）能源：具有_______的容易利用的储能物质。

（2）能量耗散：使用的能源转化成内能分散在环境中不能_______起来驱动机器做功；这样的转化过程叫作“能量耗散”。

（3）能源的使用过程中虽然能的总量保持不变，但能量的品质下降了，_______减少了。16、如图所示电路，电源内阻不可忽略，电压表、电流表均为理想电表，R1、R2均为定值电阻。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动端向下滑动的过程中，电流表A的变化情况是__________；若电压表V示数变化的绝对值为△U，电流表A示数变化的绝对值为△I，则的变化情况是__________，你判断的理由是：_____________。

17、处于静电平衡状态的导体，其内部的电场强度处处为______.18、概念：振动着的带电微粒的能量只能是某一最小能量值的______，这个最小的能量值ε叫能量子。19、如图甲所示为一测量电解液电阻率的玻璃容器，P、Q为电极，设a＝1m，b＝0.2m，c＝0.1m，当里面注满某种电解液，且P、Q加上电压后，其U－I图线如图乙所示，当U＝10V时，求电解液的电阻为______电阻率是______

评卷人得分四、作图题(共4题，共24分)20、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短21、如图所示是某电场中的电场线，请画出点a点的场强方向和电荷-q在b点所受电场力的方向。

22、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。23、如图1所示，用电动势为E、内阻为r的电源，向滑动变阻器R供电。改变变阻器R的阻值，路端电压U与电流I均随之变化。

（1）以U为纵坐标，I为横坐标，在图2中画出变阻器阻值R变化过程中U-I图像的示意图，并说明U-I图像与两坐标轴交点的物理意义。

（2）请在图2画好的U-I关系图线上任取一点；画出带网格的图形，以其面积表示此时电源的输出功率。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)24、某物理兴趣小组要研究一个小灯泡的伏安特性曲线；小灯泡的额定电压约为4V，额定功率约为2W，实验器材如下：

A．电压表（0~5V；内阻约为10kΩ）

B．电流表（0~100mA；内阻10Ω）

C．滑动变阻器（5Ω；1A）

D．定值电阻R1（4Ω），定值电阻R2（10Ω）

E．电源；开关和导线若干。

（1）实验器材中的电流表量程过小，但可以通过所给的定值电阻R1和R2改变其量程（如图1所示）．如果开关S1接c，电流表的量程可以扩展为______A。由分析可知，要完整测出小灯泡的伏安特性曲线，开关S1应该接______（选填b或c）；

（2）根据实验数据描绘出小灯泡的I-U图像如图2所示，当灯泡的电阻约为6Ω时，小灯泡的实际功率约为______W（保留两位有效数字）；

（3）现取与实验中伏安特性相同的两个小灯泡以及一个定值电阻Ro，组成如图3所的电路，已知电源电动势Eo=3.0V，ro=5.0Ω，Ro=10Ω。则开关S0闭合后，其中一个灯泡的实际功率为______W（保留两位有效数字）。

25、读数。

__________26、在“测定金属的电阻率”的实验中；测定阻值为3Ω～5Ω的金属丝的电阻率，实验中所用的电压表规格为量程0～3V；内阻3kΩ；电流表规格为量程0～0.6A.内阻0.1Ω；还有其他一些器材：

(1)用螺旋测微器测得金属丝的直径如图甲所示，可知金属丝的直径d=__________mm：

(2)图乙为实验中所采用的电路的一部分，请将虚线框中的部分电路连接完整__________：

(3)实验中测得电压表的示数为U，电流表的示数为I，还应测出的物理量是________，则电阻率的计算公式ρ=____(用所测物理量的字母表示，不计电表内阻带来的影响)。27、某同学用图甲所示电路测量电源的电动势和内阻。

（1）图甲电路中定值电阻的作用为__________________。

（2）调节滑动变阻器；记录电压表与电流表示数，作电压电流图线如图乙中曲线①所示。通过检查，发现错把一非定值电阻连在了电路中。

（3）该同学测量了所用非定值电阻的伏安特性曲线如图乙中曲线②所示。

（4）由图乙中给出的数据可得电源的电动势为_________V，内阻为_________

（5）由图乙中给出的数据，若把该电阻直接串接在该电源上，其消耗的电功率为_________W，由于电表有内阻，则该功率测量值_________（填“偏大于”“偏小于”或“等于”）真实值。评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)28、电风扇是一种利用电动机驱动扇叶旋转，来达到使空气加速流通的家用电器。有一台电风扇，其电动机的线圈电阻R=10Ω。当接上U=220V的电压后，电风扇正常工作，通过电动机的电流I=0.3A。求：

（1）电风扇正常工作时消耗的电功率P；

（2）电风扇正常工作时的发热功率P热和输出的机械功率P机；

（3）如果接上220V电压后，电风扇的风叶被卡住，不能转动。请通过计算，分析说明此时电动机的线圈为什么容易被烧毁。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【详解】

A．磁铁受到撞击会使磁铁磁性减弱；选项A正确，不符合题意；

B．永磁体在被加热或敲打后；其剩余磁性会发生改变，选项B错误，符合题意；

C．对磁铁加热会使磁铁的磁性减弱；选项C正确，不符合题意；

D．原先没有磁性的铁块，在长期受到磁铁的吸引后会产生磁性，选项D正确，不符合题意；2、D【分析】【详解】

带同种电荷的两金属球，由于同种电荷相互排斥，所带电量集中在两球的外侧，两带电金属球等效的点电荷间距离大于3r，故由库仑定律可知，库仑力一定小于距离是3r时的库仑力，即

故选D。3、C【分析】【详解】

A.试探电荷从A移至B，电荷a对其不做功，电荷b、c均对其做正功，所以但从B移至C，电荷c对其不做功，由对称性可知，电荷a、b对其做功的代数和为零，所以B、C两点的电势相等，电势能也相等，所以故A错误；

B.电荷c在A点的电场强度大小与电荷b在B点的电场强度大小相等，但电荷a、b在A点的合电场强度为零，而电荷a、c在B点的电场强度合成后不为零，所以B点的合电场强度一定大于A点的电场强度，由对称性可知，B点和C点的电场强度大小相等，故而，故B错误；

CD.由对称性可知，若试探电荷从A移至B，电势能减少试探电荷从A移至C，电势能也减少

可得C点的电势为

试探电荷从B移至C；电场力对其不做功，电势能不变，故C正确，D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

AB．根据U=E-Ir可知，图线在U轴上的截距等于电源电动势；图线的斜率大小等于电源内阻，由图像可知，电池2的电动势小于电池1的电动势，电池2的内电阻小于电池1的内电阻，选项AB错误；

C．电池的电动势与内阻之比等于短路电流

则两电池电动势与其内阻之比相等；选项C正确；

D．由图像可知，电流相等时，R上的电压不等，则根据P=IU可知，电阻R消耗的功率不相等；选项D错误。

故选C。5、B【分析】【详解】

A．由闭合电路的欧姆定律可知：路端电压

那么电容器两极的电势差为6V，又有下端接地，故下端电势为零，那么P点电势为

故A项错误；

B．电容器上极板所带电荷量

故B项正确；

C．移动电容器上极板，电容器两端电势差不变；两极板间距离增大，则电场强度减小；又有P点到下极板的距离不变，故电势差减小，那么P点电势减小。故C项错误；

D．滑片P从b端向a端移动；那么外电路电阻增大，所以，路端电压增大，故两极板电势差增大，极板间场强增大，油滴受到的电场力增大。油滴受重力和电场力作用，由开始时油滴静止可知：电场力方向向上。那么移动滑片后油滴合外力向上，则油滴向上运动。故D项错误。

故选B。6、D【分析】A、从球出发向两侧电势降低，而电场线从正电荷出发，沿着电场线电势降低，故球带正电荷，故A错误；B、球是等势体，故内部任意两点间的电势为零，故场强为零，故B错误；C、A点与点B的电场强度大小相等，但方向相反，故不同，故C错误；D、从B到C；电势降低，故正电荷电势能降低，故D正确；故选D.

【点睛】本题考查电势与电场强度，关键是明确等势体内部场强为零，知道沿着电场线电势降低.二、多选题(共8题，共16分)7、B:C【分析】【分析】

【详解】

C．当滑片向下移动时，滑动变阻器接入电路阻值增大，整个电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流就会减小，所以电流表A1示数变小；C正确；

A．又因R1在干路中；由欧姆定律可知，其两端电压就会减小，A错误；

B．又由于并联电路的总阻值增大，其两端电压增加，R2支路中的电流就会增大，R2两端电压增大，V2示数变大；B正确；

D．又由于干路总电流减小，所以R3支路中电流减小，A2示数减小；D错误；

故选BC。8、A:C【分析】【分析】

由题意可知考查电表改装；根据电表改装原理分析可得．

【详解】

A．利用串联电路中电阻分压原理；可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表，符合客观实际，故A正确．

B．如果要将电压表量程扩大n倍，则所串联的分压电阻应是原电压表内阻的n-1倍；故B错误；

C．用同一表头做成的电流表；电流表的量程越大，并联的电阻越小，其总的内阻越小，故C正确；

D．当电流表测某电路的电流时；测量值可能小于真实值，也可能大于真实值，故D错误．

【点睛】

改装成电压表是在原来基础上串联一电阻，量程越大，需要串联的电阻越大．改装电流表是在原来基础上并联一电阻，量程越大，需要并联的电阻越小．读数大小取决于总电压、总电流，指针偏角大小仅取决于通过表头的电流大小，通过表头的电流越大（越小），偏转角度越大（越小）．9、C:D【分析】【分析】

【详解】

A.当两点电荷均为正电荷时，若电荷量相等，则它们在P点的电场强度方向沿NM方向．当Q1＞Q2时，则b点电荷在p点的电场强度比a点弱；所以电场强度合成后，方向偏右．故A错误．

B.当Q1是正电荷，Q2是负电荷时，b点电荷在P点的电场强度方向沿Pb连线方向，而a点电荷在P点的电场强度方向沿aP连线方向；则合电场强度方向偏右．不论电量大小关系，仍偏右．故B错误．

C.当Q1是负电荷，Q2是正电荷时，b点电荷在P点的电场强度方向沿bP连线方向，而a点电荷在P点的电场强度方向沿Pa连线方向；则合电场强度方向偏左．不论它们的电量大小关系，仍偏左．故C正确；

D.当Q1、Q2是负电荷时，b点电荷在P点的电场强度方向沿Pb连线方向，而a点电荷在P点的电场强度方向沿Pa连线方向，由于|Q1|＞|Q2|，则合电场强度方向偏左，故D正确．10、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．富兰克林通过实验发现；雷电的性质与摩擦产生的电的性质相同，并命名了正电荷和负电荷，选项A正确；

B．密立根用油滴实验测量了电子的电量；选项B错误；

C．法拉第不仅提出了电场的概念；还用电场线形象地描述电场，选项C正确；

D．库仑利用扭秤装置提出了真空中静止的点电荷间的作用规律；选项D错误。

故选AC。11、A:D【分析】【详解】

A．电容器极板所带电荷量不变，则有

可知上极板向下移动后，极板间电场强度不变，由于下极板接地，电势为0V，P点距离下极板距离不变，则由U=Ed可知，P点电势不变；故A正确；

B．极板间电场线竖直向下；带电油滴保持静止，则电场力与重力相平衡，电场力竖直向上，则可知油滴带负电，故B错误；

C．由于电场强度不变，则由F=Eq可知；电场力大小不变，重力大小也不变，则油滴依然静止，故C错误；

D．极板间距离减小，电场强度不变，则由U=Ed可知；极板间电势差减小，则静电计指针张角变小，故D正确。

故选AD。12、A:C【分析】【详解】

静电计和电容器相连电压相等；静电计的张角越大，显示电容器的电压越大；电容器有少量电量转移到静电计上，可忽略不计，故电容器的动态变化时认为电量不变．

A、A极板向右移动，两板的距离d减小，由知电容变大，而电量Q不变，由知电压变小，则指针偏角减小，故A正确．B、B极板向上移动，两板的正对面积s减小，由知电容变小，而电量Q不变，由知电压变大，则指针偏角增大，故B错误．C、插入玻璃板时，相对介电常量变大，电容C变大，电压变小，则指针张角变小，C正确．D、用手触摸一下B极板；电容器带电量没有改变，静电计指针的偏转角将不变，故D错误．则选AC.

【点睛】本题考查电容器的动态分析问题，对于电容器的动态变化问题，关键要抓住不变量，根据电容的定义式和决定式进行分析.13、A:B:C【分析】【分析】

根据题中物理情景描述可知；本题考查电容器，根据电容器充放电的规律，运用图像；电容定义式、电流定义式等，进行分析推断。

【详解】

A．根据图像的含义，U-t图像中，图线与纵轴的交点的纵坐标表示最大放电电压U0，因Q=CU0

可以求出电容器放出的总电荷量；故A正确；

B．由图像可知，图线切线斜率

根据电流的定义可知

故t=0时，放电电流可以求出，这就是通过电阻R的最大电流I，故通过电阻R的最大电流可以求出，B正确；

C．电阻两端的最大电压是最大的放电电压U0，通过选项B分析可知，最大电压和最大电流均可以求出，根据欧姆定律可知，定值电阻

故定值电阻R可以求出，C正确；

D．根据题意可知E=U0

而电源内阻r无法求出，D错误。

故选ABC。14、A:C【分析】【分析】

【详解】

A．根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压

对照U-I图象，当I=0时

故A正确；

B．U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故

故B错误；

C．电流为2.5A时，对照U-I图象，电压为37.5V，故外电路电阻

故C正确；

D．输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为4A，再对照U-I图象；输出电压为30V，故D错误；

故选AC。三、填空题(共5题，共10分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】高品质自动聚集能源16、略

【分析】【详解】

[1][2][3]．由电路图可知，R2与R0并联后与R1串联，电压表测量并联支路的电压，电流表测量R2的电流；当滑动端向下滑动时，滑动变阻器接入电阻减小，总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，R1和内阻r上的电压变大，则并联支路电压减小，即电压表V读数减小，电流表A示数减小；因R2是固定电阻，则

可知不变。【解析】变小不变（U=IR2，U’=I’R2，△U=△IR2,也可根据图像）17、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】018、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】整数倍19、略

【分析】【详解】

[1]根据电阻的定义式可得

[2]根据电阻的决定式

可得电阻率【解析】40四、作图题(共4题，共24分)20、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正确；

C．电源不变，电容器的充电电压不变，电荷量不变，若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的电流将变小，因此放电时间将变长，选项C错误；

D．电源不变，电容器的充电电压不变，若只减小电容器的电容大小，根据可知电容器的电荷量将变小；放电的时间将变短，选项D正确。

故选ABD。【解析】ABDABD21、略

【分析】【详解】

电场线上每一点的切线方向即为该点的电场强度方向；负电荷受电场力的方向与场强方向相反，如图所示。

【解析】22、略

【分析】【详解】

根据电荷属性；点电荷；等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线如下所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

（1）由闭合电路欧姆定律可知

所以图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势；与横轴交点的坐标值为短路电流，如图所示。

（2）电源的输出功率等于路端电压与干路电流的乘积；即所要求的的面积为该点向坐标轴作垂线后与坐标轴围成的面积，如图所示。

【解析】（1）U-I图像如图所示。图像与纵轴交点的坐标值为电源电动势，与横轴交点的坐标值为短路电流；（2）五、实验题(共4题，共24分)24、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2]开关S1接c，电流表的量程为：

过小灯泡最大电流为：

要完整测出小灯泡的伏安特性曲线，开关S1应该接c；

(2)[3]在图中做出电阻R=6Ω的特性曲线，如图红线所示小灯泡的伏安特性曲线与电阻R=6Ω的特性曲线的交点处的电压为：U=2.4V，电流为：I=0.4A，此时小灯泡的功率为：P=UI=2.4×0.4W=0.96W

(3)[4]设灯泡的电压为U，流过灯泡的电流为I，则有

代入数据整理：

在灯泡的I-U图像中画出此关系式的图像，如图蓝线所示，小灯泡的伏安特性曲线与其交点为：U=0.6V，I=0.24A

此时小灯泡的功率为：P=UI=0