2025年冀教新版必修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版必修3物理上册月考试卷521考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、把“能量子”概念引入物理学的物理学家是（）A.普朗克B.麦克斯韦C.托马斯·杨D.赫兹2、用比值法定义物理量是物理学中一种常用方法，以下物理量表达式中不属于比值法定义的是（）A.电源电动势E=B.导体电阻R=C.电容器的电容C=D.电势=3、我国自主研发；电容量超过10000F的“超级电容器”；可反复充放电100万次，能够在10s内完成充电。在如图所示的平行板电容器充电过程中，极板电量随时间变化的图像可能正确的是（）

A.B.C.D.4、一带正电的粒子只在电场力作用下沿轴正方向运动，其电势能随位移变化的关系如图所示，其中0~段是直线，~段是关于直线对称的曲线；则下列说法正确的是（）

A.在0、处，电势的关系为B.粒子在0~段做匀速直线运动C.此粒子从处运动到处，加速度变小，动能也变小D.若一个带负电的粒子从处运动到处，则带负电的粒子动能将增加5、导体中的电流是这样产生的：当在一根长度为l、横截面积为S，单位体积内自由电荷数为n的均匀导体两端加上电压U，导体中出现一个匀强电场产生，导体内的自由电子（-e）受匀强电场力作用而加速，同时由于与阳离子碰撞而受到阻碍，这样边反复碰撞边向前移动，可以认为阻碍电子向前运动的阻力大小与电子移动的平均速率v成正比，即可以表示成kv（k是常数）．当电子所受电场力和阻力大小相等时，导体中形成了恒定电流，则该导体的电阻是（）A.B.C.D.评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)6、如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b与电源E相连，在距离两板等距离的M点有个带电液滴处于静止状态。若将b板向下平移一小段距离；稳定后，下列说法中正确的是（）

A.液滴带负电B.液滴将加速向下运动C.M点电势升高D.带电液滴在M点的电势能增大7、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r。理想电压表V1、V2示数为U1、U2，其变化量的绝对值分别为ΔU1和ΔU2；流过电源的电流为I，其变化量的绝对值为ΔI。当滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）（）

A.小灯泡L3变暗，L1、L2变亮B.ΔU1>ΔU2C.变小D.变大8、某同学利用如图所示的电路做“测定电池的电动势和内阻”的实验，其中P、Q为内电表；则。

A.P为电流表B.P为电压表C.Q为电压表D.Q为电流表9、如图，在与匀强电场方向平行的平面内取一个圆，圆心为半径为为圆周上的三个点，为直径，一群电荷量均为的相同粒子从点以相同的初动能沿纸面向各个方向均匀发射，从圆周上通过的粒子的最大动能为到达点的粒子的动能为沿方向射入的粒子从圆周上的点（未画出）射出；不计粒子重力及粒子间的相互作用，则（）

A.电场强度方向与垂直B.电场强度大小为C.可能没有粒子到达点D.粒子从到过程电势能减少量小于10、如图，正三角形的三个顶点上固定有电量大小都为的点电荷，其中两个带正电、一个带负电，若在正三角形中心处的电场强度大小为则三个电荷在正三角形中心处产生的合场强（）

A.大小为零B.大小为C.方向竖直向下D.方向竖直向上11、如图甲所示，两个等量同种点电荷P、Q固定于光滑绝缘水平面上，电荷量q=+1×10-3C、质量m=0.01kg的小球在该水平面上从a点无初速度释放，沿中垂线运动到电荷连线中点O，其v-t图象如图乙中图线①所示，其中b点处为图线切线斜率最大的点，图中②为过b点的切线；则下列说法正确的是（）

A.P、Q带正电荷B.b点的场强E=10V/m.C.a、b两点间的电势差为45VD.带电小球由a点运动到O点的过程中，电势能先增大后减小12、如图所示，竖直正对的平行板电容器带等量异种电荷，带正电的右板与静电计相连，左板接地。假设两极板所带的电荷量不变，电场中P点固定一带正电的点电荷；下列说法正确的是。

A.若仅将左板上移少许，则静电计指针偏角变小B.若仅将左板右移少许，则静电计指针偏角变小C.若仅将左板上移少许，则P点电势升高D.若仅将左板右移少许，则P的点电荷电势能增大13、如图，绝缘座放在光滑水平面上，间距为d的平行板电容器竖直固定在绝缘座上，A板有小孔O，水平绝缘光滑杆穿过O固定在B板上，电容器、底座和绝杆的总质量为M。给电容器充电后，一质量为m的带正电环P套在杆上以某一速度v0，对准O向左运动，在电容器中P距B板最近的位置为S。OS=若A、B板外侧无电场，P过孔O时与板无接触；不计P对A；B板间电场的影响。则（）

A.P在S处的速度为0B.P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为C.P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为D.P从O至S的过程中，整个系统电势能的增加量为14、为了较精确地测量一只微安表的内阻，按照如图实验电路进行实验，步骤如下：先将滑动变阻器R的滑片移到最右端，调整电阻箱的阻值为零，合上开关S，再将滑片缓慢左移，使微安表上电流满偏；固定滑片不动，调整的阻值，使微安表上读数正好是满刻度的记下此时的电阻为450Ω；则微安表（）

A.内阻的测量值为450ΩB.内阻的测量值为900ΩC.内阻的测量值比真实值偏大D.内阻的测量值比真实值偏小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)15、物理意义：反映了导体对电流的______作用。16、异种电荷相互___________。真空中两个静止点电荷间相互作用力为：若两电荷间距离不变，两电荷电量都增大为原来的3倍，则F增大为原来的___________倍。17、均匀带电正方形框边长为R，所带电量为+Q，若取无穷远处电势为零，则其两条对角线交点处的电势___零，(选填“大于”、“小于”或“等于”)；今在其一边中点挖去一个长为r(r<<R)的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度大小____________18、如图所示，正方形ABCD处在一个匀强电场中，电场线与正方形所在平面平行。已知A、B、C三点的电势依次为则D点的电势=_________V，电场线的方向____________。

19、一电流表允许通过的最大电流（满刻度电流）为表头电阻若改装成量程为的电流表，应_______（填“串联”或“并联”）一个阻值为56.2Ω的电阻。若将改装后的电流表再改装成量程为的电压表，应再_______（填“串联”或“并联”）一个阻值为_______Ω的电阻。20、在如图所示的电路中，小量程电表头的内阻Rg＝100Ω，满偏电流Ig＝1mA，R1＝900Ω，R2＝100Ω.

(1)当S1和S2均断开时，改装所成的表是________表（填“电流”或“电压”，）。量程_______________。

(2)当S1和S2均闭合时，改装所成的表是_____表（填“电流”或“电压”）。量程_____。21、判断下列说法的正误。

（1）电功率越大，表示电流做功越多。____

（2）电功W＝UIt可以用来计算所有电路中电流所做的功。____

（3）电热Q＝I2Rt可以用来计算所有含有电阻的电路中产生的焦耳热。____

（4）电动机消耗的电能，一部分转化为机械能，一部分转化为线圈内阻上的电热。____

（5）焦耳定律的表达式为Q＝I2Rt，此式适用于任何电路。____

（6）三个公式P＝UI、P＝I2R、P＝没有任何区别，它们表达相同的意义，所以三式中P都是电功率。____评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)22、如图所示，磁感应强度大小为的匀强磁场仅存在于边长为的正方形范围内，左右各一半面积的范围内，磁场方向相反。有一个边长为的正方形导线框垂直磁感线方向以速度匀速通过磁场。从边进入磁场算起；规定刚开始时磁通量为正值，画出穿过线框的磁通量随时间的变化图像。

23、连线题：请将下列电路元器件的实物图与其符号相连。

24、试画出点电荷、等量异种点电荷、等量同种点电荷及匀强电场的电场线。评卷人得分五、解答题(共1题，共3分)25、如图所示，两个可视为质点的金属小球A和B质量都是m，都带正电荷，电荷量都是q，如果连接小球的绝缘细线长度都是L，静电力常量为k，重力加速度为g．求：连接A、B的细线张力为多少？

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】【详解】

A．普朗克引入能量子概念；得出黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合的非常好，并由此开创了物理学的新纪元，故A正确；

BCD．麦克斯韦预言了电磁波的存在；赫兹证明了电磁波的存在，托马斯·杨首次用实验观察到了光的干涉图样，故BCD不合题意．

故选A。2、C【分析】【分析】

【详解】

电容C=是电容的决定式；不属于比值法定义。

故选C。3、C【分析】【分析】

【详解】

电容器充电时，开始时充电电流较大，则q-t图像的斜率较大，随时间的增加充电电流减小，则q-t图像斜率减小。

故选C。4、D【分析】【详解】

A．根据电势能与电势的关系有粒子带正电，即可知粒子的电势能越大，粒子所在处的电势越高，所以有故A错误；

B．根据及电场强度与电势差的关系得，由数学知识可知图像切线的斜率在0~段，图像是直线，说明带电粒子受到的电场力不变，粒子在0~段做匀加速直线运动；B错误；

C．从到图像是曲线，图像切线斜率变小，电场力变小；带电粒子的加速度变小，由图像可知，其电势能减小，根据能量守恒定律知，其动能将增加，C错误；

D．如果粒子带负电，则其所在位置的电势越高，其电势能越小，一个带负电的粒子从处运动到处；粒子的电势能减小，根据能量守恒定律知其动能将增加，D正确。

故选D。5、C【分析】【详解】

由题意可知当电场力与阻力相等时形成恒定电流，则有：，解得：，则导体中的电流，则由欧姆定律可得：，故C正确，A、B、D错误；

故选C．

【点睛】

由受力平衡可求得电荷定向移动的速度，由是流的微观表达式可求得电流；再由欧姆定律可求得导体的电阻．二、多选题(共9题，共18分)6、A:B:C【分析】【分析】

【详解】

A.油滴受向上的电场力；上极板为正极，可知油滴带负电，选项A正确；

B．电容器与电源保持相连，电容器板间的电压不变，将b板向下平移一小段距离；根据。

分析得知板间电场强度减小；液滴所受的电场力减小，液滴将加速向下运动．故B正确；

C．由U=Ed知，M与a间的电场差减小，a点的电势为零，M点的电势小于零，则知M点的电势升高；故C正确；

D．由于液滴带负电，则带电液滴在M点的电势能减小；故D错误。

故选ABC。7、A:B【分析】【详解】

A．当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮；变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗．总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮．故A正确；

B．由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以△U1＞△U2

故B正确；

C．由U1=E-I（RL2+r）

得：

不变；故C错误；

D．根据欧姆定律得=R2

不变；故D错误。

故选AB。8、A:C【分析】【详解】

P与滑动变阻器为串联关系，故P为电流表，Q并联在电源两端，故Q为电压表；故AC正确，BD错误；

故选AC。9、B:C【分析】【详解】

A．由动能定理可知

设从圆上点离开动能最大，则

延长到使得过点做圆的切线分别交圆在处；则场强可能是图1和图2两个方向。

如图1，场强方向可能沿方向，对应的是粒子到达圆周上动能最大的位置；如图2，场强可能沿与夹角为斜向右下方，对应的是粒子到达圆周上动能最大的位置；A选项错误；

B．由

B选项正确。

C．若电场为图1情况，粒子不可能达到点；C选项正确；

D．由曲线运动的性质可知沿着方向射入的粒子的运动轨迹应为速度方向与电场力方向所夹的一条曲线如图3，曲线与圆的交点应在圆弧段（不包括两点），从到电场力做功大于电势能变化量的绝对值大于D错误。

故选BC。10、B:D【分析】【详解】

由图可知三个点电荷在中心点的场强大小相等，其中－Q在中心处的电场强度方向竖直向上，两个＋Q点电荷在中心处的场强夹角为则两个＋Q点电荷在中心处的合场强为

方向竖直向上，则总场强为

故选BD。11、B:C【分析】【详解】

A．带正电的小球从a点由静止释放，向上做加速运动，可知小球受到向上的电场力，aO线上的电场方向竖直向上；两电荷带负电，故A错误；

B．图象上斜率表示加速度，在b点可得

根据牛顿第二定律得

联立解得

故B正确；

C．从a到b由动能定理得

由图乙可得

代入解得

故C正确；

D．由图象乙可知，小球速度一直增大，电场力一直做正功，故电势能一直减小，运动到O点时电势能最小；故D错误。

故选BC。12、B:C【分析】【详解】

A.两极板所带的电荷量不变，若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，所以静电计指针偏角θ增大；故A错误；

B.若仅将左板右移少许，d减小，可知，电容C增大，由可知，U减小，由则静电计指针偏角θ变小；故B正确；

C.若仅将左板上移少许，根据可知，电容C减小，由可知，U增大，由可知，E增大；左极板接地，由沿电场线的方向电势降低可知P点的电势为正，根据可得，P点电势升高；故C正确；

D.若仅将左板右移少许，两极板所带的电荷量不变，则E不变，根据可得，P点电势减小，则由可得P的点电荷电势能减小，故D错误；13、C:D【分析】【分析】

【详解】

A．带电圆环进入电场后；在电场力的作用下，做匀减速直线运动，而电容器则在电场力的作用下做匀加速直线运动，当他们速度相等时，带电圆环与电容器的左极板相距最近，取向左为正方向，有系统动量守恒。

可得。

则P在S处的速度不为0；故A错误；

BC．该过程电容器（绝缘座）向左做匀加速直线运动；有。

环向左做匀减速直线运动；有。

由题意可知。

解得。

P从O至S的过程中，绝缘座的位移大小为故C正确，B错误；

D．P从O至S的过程中；带电环减速，动能减少，电容器动能增加，系统动能减少，电势能增加，增加的电势能。

故D正确。

故选CD。14、B:C【分析】【详解】

AB．微安表的内阻远远大于滑动变阻器右半部分电阻，它们并联后的阻值略小于滑动变阻器右半部分电阻，开始时电阻箱的阻值为零，将滑片P缓慢左移，使微安表上电流满偏，通过微安表电流为调整的阻值，使微安表上读数正好是满刻度的通过微安表电流为电阻箱和微安表串联的总电阻增大，它们与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值基本不变，我们可以近似认为电阻箱和微安表串联的电路两端电压基本不变，通过微安表电流为电阻箱和微安表串联的总电阻增大到原来的设微安表的内阻为则有

解得

故A错误；B正确；

CD．电阻箱和微安表串联的总电阻增大，它们与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值略增大，那么电路总电阻略增大，总电流略减小，电阻箱和微安表串联的电路两端电压略增大，电阻箱和微安表串联的总电阻略大于原来的则有

解得

则内阻的测量值比真实值偏大；故D错误，C正确。

故选BC。三、填空题(共7题，共14分)15、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】阻碍16、略

【分析】【详解】

[1]异种电荷相互吸引。

[2]由静电力公式可得

所以若两电荷间距离不变，两电荷电量都增大为原来的3倍，则F增大为原来的9倍。【解析】吸引917、略

【分析】【详解】

[1]均匀带电正方形框；根据对称性可知，其两条对角线交点处的电场强度为零，而正点电荷，电场线是扩散状，根据沿着电场线方向电势降低可知，两条对角线交点处的电势大于零；

[2]在其一边中点挖去一个长为r（r＜＜R）的一小段后，则其两条对角线交点处电场强度等于由r长的电荷在对角线交点处的场强，即【解析】大于18、略

【分析】【详解】

[1][2]匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等，故

解得：

故B；D在一个等势面上；因此电场线垂直于BD连线，由于沿着电场线方向电势降低，所以电场线方向是沿着AC由A指向C。

【点睛】

运用“匀强电场中，沿着任意方向每前进相同的距离，电势变化相等”进行分析计算D点的电势；根据电场线与等势面垂直垂直画出电场线．且沿着电场线方向电势降低。【解析】4沿着AC由A指向C19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]把电流表改装成大量程电流表；需要并联一个阻值为56.2Ω