2025年外研版高二物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下列关于物体动量和冲量的说法正确的是（）A.物体所受合外力冲量越大，它的动量也越大B.物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变C.物体动量的方向，就是它所受冲量的方向D.物体所受合外力越大，它的动量变化就越大2、在光电效应实验中，先后用两束光照射同一个光电管，若实验所得光电流I与光电管两端所加电压U间的关系曲线如图所示，则下列说法中正确的是（）A.a光频率大于b光频率B.a光波长大于b光波长C.a光强度高于b光强度D.a光照射光电管时产生光电子的最大初动能较大3、如图所示，曲轴上挂一弹簧振子，转动摇把，曲轴可以带动弹簧振子上下振动。开始时不转动摇把，让振子自由振动，测得振动频率为2Hz，然后匀速转动摇把，转速为240r/min，当振子振动稳定后它的振动周期为（）A.0.25sB.0.5sC.2sD.4s4、有一横截面积为S的粗细均匀的铝导线；流经其中的电流为I，电子的定向移动速率为v，设单位长度中有n个自由电子，电子的电荷量为-e（e为元电荷量），在t时间内，通过导线横截面的自由电子数可表示为（）

A.nvSt

B.nvt

C.

D.

5、要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的4倍；下列方法可行的是（）

A.每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍；电荷间的距离不变。

B.保持点电荷的电荷量不变；使两个点电荷的距离增大到原来的2倍。

C.使一个点电荷的电荷量增加1倍；另一个点电荷的电荷量保持不变，同时使。

两点电荷间的距离减小为原来的

D.保持点电荷的电荷量不变，将两点电荷间的距离减小为原来的

6、如图所示，不带电的金属球A

固定在绝缘底座上，它的正上方有B

点，该处有带电液滴不断地自静止开始落下，液滴到达A

球后将电荷量全部传给A

球，设前一液滴到达A

球后，后一液滴才开始下落，不计空气阻力和下落液滴之间的影响，则下列叙述中正确的是：()A.第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，都能到达A

球B.当液滴下落到重力与电场力大小相等的位置时，开始做匀速运动C.所有能到达A

球的液滴在下落过程中所能达到的最大动能不相等D.所有液滴下落过程中电场力做功相等7、水平推力F1

和F2

分别作用于水平面上等质量的AB

两物体上，作用一段时间后撤去推力，物体将继续运动一段时间后停下，两物体的v鈭�t

图象分别如图中OABOCD

所示，图中AB//CD

则(

)

A.F1

的冲量大于F2

的冲量B.F1

的冲量等于F2

的冲量C.两物体受到的摩擦力大小相等D.两物体受到的摩擦力大小不等8、如图所示，EFGH

为边长为L

的正方形金属线框，线框对角线EG

和y

轴重合、顶点E

位于坐标原点O

处.

在y

轴右侧的第I

象限一定范围内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场下边界与x

轴重合，上边界为直线0A

且与线框的EH

边重合.

从t=0

时刻起，线圈以恒定的速度v

沿垂直于磁场上边界0A

的方向穿过磁场区域.

取线框中感应电流沿逆时针方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i

随时间变化的图线是图乙中的(

)

A.B.C.D.9、首先发现电流的磁效应的科学家是()

A.牛顿B.爱因斯坦C.奥斯特D.居里夫人评卷人得分二、填空题(共5题，共10分)10、如图所示，质量为m=0.3kg、边长为d=10cm的均质等边三角形导线框ABC，在A处用细线竖直悬挂于长度为L=30cm的轻杆的左端，轻杆的右端通过弹簧连接在地面上，离杆左端10cm处有一固定的转轴O．现垂直于ABC施加一个水平向里的匀强磁场，磁感应强度B=10﹣2T．在导线框中通以逆时针方向、大小为I=1A的电流，轻杆处于水平状态，则此时AB边所受安培力的大小为____N，弹簧对杆的拉力为____N．

11、如图所示，在真空中用绝缘轻质细线悬挂着M、N两个带等量电荷的小球，电荷量均为q，M带正电．则N球带______电（选填“正”或“负”）．12、把一个电量q=5×10-9C的正电荷放在电场中的A点，测得受到的电场力大小为5×10-4N，方向水平向右，则A点的场强是______N/C，方向______，若将该正电荷移走，A点场强为______N/C．13、如图所示，有四列简谐波同时沿x

轴正方向传播，波速分别是v2v3v

和4vab

是x

轴上所给定的两点，且ab=l.

在t

时刻ab

两点间四列波的波形分别如图所示；则由该时刻起a

点出现波峰的先后顺序依次是图______；频率由高到低的先后顺序依次是图______

14、通过一动滑轮提升质量为1kg

的重物，竖直向上拉绳子，使重物由静止开始以5m/s2

的加速度上升，不计动滑轮及绳子的质量和摩擦，则拉力的大小______N

在第1s

末拉力的瞬时功率______W.

评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)15、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）16、如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．两电子分别从a、b两点运动到c点．设电场力对两电子做的功分别为Wa和Wb，a、b点的电场强度大小分别为Ea和Eb，则Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判断对错）

17、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）18、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）19、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、实验题(共4题，共36分)20、如图，一对对置的枕形导体A和B分别安放在两根绝缘支柱上，AB彼此接触，操作如下：第一步：将带正电荷的物体C移近导体A，然后保持不动，（A或B）端出现负感应电荷，另一端出现正感应电荷。第二步：取一根导线，连接A的左端和B的右端，导线中（有或无）瞬间电流，撤走导线。第三步：把A、B分开，再将物体C移去。第四步：再取一根导线，连接A的左端和B的右端，导线中（有或无）瞬间电流。21、某位同学用下面的方法测量某种液体的折射率。如图所示，他在一个烧杯中装满了某种透明液体，紧贴着杯口竖直插入一根直尺AB，眼睛从容器边缘的P处斜向下看去，观察到A经液面反射所成的虚像A′恰好与B经液体折射形成的虚像重合。他读出直尺露出液面的长度AC、没入液体中的长度BC，量出烧杯的直径d。由此求出这种透明液体的折射率为22、如图，标有直角坐标系Oxy的白纸放在水平桌面上，半圆形玻璃砖放在白纸上，圆心在坐标的原点，直径与x轴重合，OA是画在白纸上的直线，P1、P2是竖直插在直线OA上的两枚大头针，P3是竖直插在白纸上的第三枚大头针，α是直线OA与y轴正方向的夹角，β是直线OP3与y轴负方向的夹角，只要直线OA画得合适，且P3的位置取得正确，测得角α和β，便可求得玻璃的折射率n。某同学用上述方法测量玻璃的折射率，在他画出的直线OA上竖直插上了P1、P2两枚大头针，但在y<0的区域内，不管眼睛放在何处，都无法透过玻璃砖看到P1、P2的像。(1)他应该采取的措施是。(2)若他己透过玻璃砖看到了P1、P2的像，确定了P3位置的方法是。(3)若他已正确地测得了的α、β的值，则玻璃的折射率n=。23、某电阻额定电压为3V(阻值大约为10Ω)．为测量其阻值，实验室提供了下列可选用的器材A．电流表A1(量程300mA，内阻约1Ω)B．电流表A2(量程0.6A，内阻约0.3Ω)C．电压表V1(量程3.0V，内阻约3kΩ)D．电压表V2(量程5.0V，内阻约5kΩ)E．滑动变阻器R1(最大阻值为50Ω)F．滑动变阻器R2(最大阻值为500Ω)G．电源E(电动势4V，内阻可忽略)H．开关、导线若干(1)为了尽可能提高测量准确度，应选择的器材为(只需填器材前面的字母即可)：电流表________．电压表________．滑动变阻器________．(2)该实验要求待测电阻两端的电压可以由零开始调节，请在答题纸上画出实验电路图．评卷人得分五、识图作答题(共3题，共6分)24、下图是雄性激素作用机制示意图。请回答下列问题：（1）雄性激素通过细胞膜的方式是______________。（2）据图可知，雄性激素的受体存在于______________。雄性激素通过影响___________过程而调节生命活动。（3）长期服用雄性激素类的兴奋剂会导致不育，这与性激素分泌紊乱有关（性激素与甲状腺激素分泌的调节机制相似，都存在分级调节和反馈调节）。男运动员长期服用雄性激素类兴奋剂，血液中的雄性激素类物质含量偏高，会抑制__________分泌相关激素，进而导致__________分泌的雄性激素量减少，精子的生成量减少、活性降低，导致不育。25、如图是一个家族中某种遗传病的遗传系谱图（设显性基因为B，隐性基因为b）。(1)此遗传病属于_______（“显”或“隐”）性遗传病，可通过Ⅰ-Ⅱ中_________判定。(2)6号的基因型是_______，9号的基因型是_________，11号的基因型是_____________。(3)11号与一患病男子婚配，生一女孩为正常的概率是_________。(4)8号与11号同为杂合体的概率是_________。(5)要保证9号所生的孩子不患此种病，从理论上说，其配偶的基因型必须是_________。26、某弃置耕地的主要食物链由植物→田鼠→鼬构成。生态学家对此食物链能量流动进行了研究，结果如下表，单位是J/(hm2·a)。（1）此地形成的群落是________演替的结果。（2）用标志重捕法调查田鼠种群密度，在1hm2范围内，第一次捕获并标记30只田鼠，第二次捕获20只，其中有标记的10只，则该种群密度是________只/hm2。若标记的田鼠有部分被鼬捕食，则会导致种群密度估算结果____________(偏小/偏大)。（3）能量沿“植物→田鼠→鼬”的流动是单向的，而且是____________，从田鼠到鼬的能量传递效率是________。（4）田鼠和鼬都是恒温动物，同化的能量中只有3%～5%用于自身的________________，其余能量在呼吸作用中以________的形式散失。（5）鼬能够依据田鼠留下的气味去猎捕后者，田鼠同样也能够依据鼬的气味或行为躲避猎捕。可见，信息能够调节____________________，以维持生态系统的稳定。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、B【分析】解：A；物体所受合外力冲量越大；它的动量变化就越大，不是动量越大，故A错误；

B；合外力的冲量等于物体动量的变化量；物体所受合外力冲量不为零，它的动量一定要改变，故B正确；

C；合外力的冲量等于物体动量的变化量；所以物体动量增量的方向，就是它所受冲量的方向，而动量的方向与所受冲量的方向没有直接关系，故C错误；

D；物体所受合外力越大；加速度就越大，物体速度变化就越快，所以它的动量变化就越快，但不一定越大，故D错误．

故选：B．

根据动量定理可知；合外力的冲量等于物体动量的变化量，据此逐项分析即可求解．

本题考查对冲量、动量、动量的增量三个物理量的理解，抓住三个量都是矢量，从定义、定理理解记忆．【解析】【答案】B2、C【分析】解：A、B、D、光电流恰为零，此时光电管两端加的电压为截止电压，对应的光的频率为截止频率，可知，根据eU截=mvm2=hγ-W，入射光的频率越高，对应的截止电压U截越大．a光、b光的截止电压相等，所以a光、b光的频率相等；则它们的最大初动能也相等；故ABD错误；

C、D、由图可知，a的饱和电流大于b的饱和电流，而光的频率相等，所以a光的光强大于b光的光强；故C正确；

故A；B、D错误；C正确．

故选：C

光电管加正向电压情况：P右移时；参与导电的光电子数增加；P移到某一位置时，所有逸出的光电子都刚参与了导电，光电流恰达最大值；P再右移时，光电流不能再增大．

光电管加反向电压情况：P右移时，参与导电的光电子数减少；P移到某一位置时，所有逸出的光电子都刚不参与了导电，光电流恰为零，此时光电管两端加的电压为截止电压，对应的光的频率为截止频率；P再右移时，光电流始终为零．eU截=mvm2=hγ-W，入射光的频率越高，对应的截止电压U截越大．从图象中看出，丙光对应的截止电压U截最大；所以丙光的频率最高，丙光的波长最短，丙光对应的光电子最大初动能也最大．

解决本题的关键掌握截止电压、截止频率，以及理解光电效应方程eU截=mvm2=hγ-W．【解析】【答案】C3、A【分析】解：匀速转动摇把，转速为240r/min；故转动频率为：

f=n=240r/min=4r/s=4Hz

受迫振动的频率等于驱动力的频率；故振子振动稳定后它的振动为4Hz，故周期为：

T===0.25s；

故A正确；BCD错误。

故选：A。

振子受迫振动的频率等于驱动力的频率；再根据转速求出频率，由频率和周期的关系即可确定振动周期。

解决本题的关键掌握共振的条件，以及知道振子受迫振动的频率等于驱动力的频率，同时明确转速、频率以及周期间的关系。【解析】A4、B|C【分析】

A、B在t时间内，通过导线横截面的自由电子的电量为q=nvte，自由电子数目为n==nvt．故A错误；B正确．

C、D通过导线的电流为I，在t时间内，通过导线横截面的自由电子的电量为q=It，自由电子数目为n==．故C正确；D错误．

故选BC

【解析】【答案】由题，通过导线的电流为I，由公式q=It求出在t时间内通过导线横截面的自由电子的电量．每个电子的电量大小为e，通过导线横截面的自由电子数n=．根据电流的微观表达式I=nveS；也可以求解在t时间内，通过导线横截面的自由电子数．

5、A|D【分析】

根据库仑定律公式F=k则有：

A、每个点电荷的电荷量都增大到原来的2倍，电荷间的距离不变，则F′=故A正确；

B、保持点电荷的电荷量不变，使两个点电荷的距离增大到原来的2倍，则力变为原来的故B错误；

C、使一个点电荷的电荷量增加1倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时使两点电荷间的距离减小为原来的则有F故C错误；

D、保持点电荷的电荷量不变，将两点电荷间的距离减小为原来的则有F′=故D正确；

故选AD．

【解析】【答案】根据库仑定律公式F=k分析．

6、C【分析】试题分析：随着球A

液滴增多；带电量增大，空间产生的场强增强，除第一滴液滴做自由落体运动，以后液滴做变加速运动，不一定能到达A

球；通过分析受力情况，判断液滴的运动情况；当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，但各个液滴动能最大的位置不同，最大动能不等；根据功的公式W=Fl

分析电场力做功关系．

A；第一滴液滴只受重力做自由落体运动；以后液滴将受力向上的电场力作用而做变加速运动，随着球A

液滴增多，带电量增大，空间产生的场强增强，以后液滴所受的电场力增大，这些液滴先加速后减速，就不一定能到达A

球，故A错误．

B；当液滴下落到重力等于电场力位置时；继续向下运动时电场力增大，电场力将大于重力，开始做减速运动，故B错误．

C、当液滴所受的电场力与重力相等时动能最大，则有：mg=mqAqx2x

是动能最大的位置到A

距离，由于A

球的电荷量qA

在不断增大，x

增大，所以第一滴液滴以后的液滴动能最大的位置将不断上移，合外力做功不等，则最大动能不等，故C正确．

D；由于所有液滴下落过程中所受的电场力不等；若能到达A

球，根据功的公式W=Fl

可知，通过的位移相等，电场力做功不相等；若不能到达A

球，液滴将返回到B

点，电场力做功为零，即电场力做功相等，故D错误．

故选：C

．【解析】C

7、C【分析】解：由图；AB

与CD

平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等．

根据动量定理；对整个过程研究得：

F1t1鈭�ftOB=0F2t2鈭�ftOD=0

由图看出，tOB<tOD

则有F1t1<F2t2

即F1

的冲量小于F2

的冲量．

故选：C

由速度图象分析可知；水平推力撤去后，AB

与CD

平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同，两物体的质量相等，说明摩擦力大小相等.

根据动量定理，研究整个过程，确定两个推力的冲量关系．

本题首先考查读图能力，其次考查动量定理应用时，选择研究过程的能力.

中等难度．【解析】C

8、C【分析】解：在F

点运动到O

点过程中；EH

边切割磁感线，根据右手定则可以确定线框中电流方向为逆时针方向，即正方向，电动势均匀减小到0

则电流均匀减小到0

然后FG

边开始切割，感应电流的方向为顺时针方向，即负方向，电动势均匀减小到0

则电流均匀减小到0.

故ABD错误，C正确．

故选：C

．

线圈以恒定的速度v

沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域时；开始EH

边切割磁感线，切割的有效长度均匀减小，当EH

边切割的有效长度刚减为0.FG

边又开始切割，切割的有效长度均匀减小到0

根据右手定则判定感应电动势及感应电流的方向．

解决本题的关键掌握切割产生感应电动势的大小E=BLv

以及会用右手定则判定感应电流的方向，注意EH

边切割时与FG

切割时的电动势大小相等，但方向不同．【解析】C

9、C【分析】【分析】

根据我们对于科学家对于物理所作贡献的了解来作答。

多了解物理学史，了解科学家的贡献，对培养学习物理的兴趣、树立奋斗目标是有帮助的。【解答】最早发现电流周围存在磁场；即电流的磁效应的科学家是奥斯特，故ABD错误，C正确。

故选C。【解析】C

二、填空题(共5题，共10分)10、0.0011.5【分析】【解答】ab边所示安培力大小F=BId=0.01×1×0.1N=0.001N；

由左手定则可知；安培力的方向竖直向上；

由于导线框闭合；所受安培力为零；

因此导线框对杠杆的拉力等于其重力mg；

由力矩平衡条件可得：

则细线对杆的拉力

故答案为：0.001；1.5

【分析】由安培力公式求出安培力大小；由左手定则判断出安培力的方向；

对导线框进行受力分析，然后由力矩平衡条件求出细线拉力的大小11、略

【分析】解：根据同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引，由图可知，两电荷受到库仑斥力作用，因此带同种电荷，即为正电；

故答案为：正。

根据同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引，从而可确定N球带电性；

本题主要考查了同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，熟记即可判断【解析】正12、略

【分析】解：根据电场强度的定义式E=可得A点的电场强度E===105N/C；且场强的方向水平向右；

由于电场强度E与试探电荷的有无、电荷量的大小无关，故将该正电荷移走后，A点场强仍为1.0×105N/C．

故本题的答案为：1.0×105N/C；向右；1.0×105N/C．

根据电场强度的定义式E=可求出A点的电场强度；电场强度E与试探电荷的有无；电荷量的大小无关；由电场本身决定．

电场强度E与试探电荷的有无、电荷量的大小无关，由电场本身决定．【解析】1.0×105；向右；1.0×10513、略

【分析】解：四个图的波长分别是：娄脣a=l娄脣b=l2娄脣c=2l娄脣c=23l

周期分别为Ta=娄脣av=lvTb=l2脳2v=l4vTc=2l3vTd=2l3脳4v=l6v

由该时刻起a

点出现波峰的时间分别为。

ta=14Ta=l4vtb=14Tb=l16vtc=14Tc=l6vtd=34Td=l8v

可见，tb<td<tc<ta.

所以由该时刻起a

点出现波峰的先后顺序依次是图BDCA

．

根据频率与周期的关系f=1T

得到，频率关系为fd>fb>fc>fa

频率由高到低的先后顺序依次是图DBCA

．

故答案为：BDCADBCA

根据波形读出波长；求出周期，分别得到a

点形成波峰的时间，再确定先后顺序.

频率等于周期的倒数．

本题考查波速公式的应用.

根据波形确定波长是基本能力.

基础题．【解析】BDCADBCA

14、略

【分析】解：对于物体；设绳子拉力大小为T

根据牛顿第二定律得：

T鈭�mg=ma

得：T=m(g+a)

则：F=12T=12m(g+a)=12隆脕1隆脕(10+5)N=7.5N

第1s

末物体的速度大小为：v=at=5m/s

手拉力的作用点移动速度：V=2v=10m/s

故第一秒末拉力的功率为：P=Fv=75W

故答案为：7.575

先对物体研究；根据牛顿第二定律求解绳子的拉力，F

是此拉力的2

倍，物体速度是手拉力的作用点移动速度的一半，求得F

和速度大小，然后根据P=Fv

求解瞬时功率．

本题关键在于正确地求解拉力的大小后用P=Fv

求解瞬时功率，难点在于物体的速度和绳子活动端移动的速度不同．【解析】7.575

三、判断题(共5题，共10分)15、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．16、A【分析】【解答】解：图中a、b两点在一个等势面上；

故Uac=Ubc，根据W=qU，有Wa=Wb；

a位置的电场强度较密集，故Ea＞Eb；

故答案为：正确．

【分析】图中a、b两点在一个等势面上，根据W=qU判断电场力做功的大小，根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小．17、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．18、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．19、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、实验题(共4题，共36分)20、略

【分析】试题分析：第一步：将带正电荷的物体C移近导体A，然后保持不动，A端出现负感应电荷，另一端B出现正感应电荷。第二步：取一根导线，连接A的左端和B的右端，因为导体是等势体，导线中无瞬间电流。第四步：再取一根导线，连接A的左端和B的右端，因为此时AB电势不等，有电势差，故导线中有瞬间电流。考点：静电感应.【解析】【答案】A；无；有。21、略

【分析】根据几何知识可得所以透明液体的折射率为【解析】【答案】22、略

【分析】(1)无法透过玻璃砖看到P1、P2的像是因为发生了全反射，减小入射角即可（2）用P3挡住P1和P2的像（3）由折射定律可知折射率为sinβ/sinα【解析】【答案】(1)减小α角（意思正确即可得分）(2)用P3挡住P1和P2的像(3)sinβ/sinα23、略

【分析】试题分析：(1)题目中尽可能提高测量准确度，所以采取分压接法，所以滑动变阻器选择E；根据待测电阻的规格可知，最大电流为0.3A，最大电压为3.0V，所以电压表选择C，电流表选A．(2)测量电路采取分压接法，由于待测电阻较小，所以电流表采取外接法，电路图如下图所示：考点：本题考查了测量电阻的器材选择和电路选择，一般来讲只要题目中要求提高测量精确度就采取分压接法．【解析】【答案】(1)ACE(2)五、识图作答题(共3题，共6分)24、（1）自由扩散。

（2）细胞中基因表达（转录）

（3）下丘脑和垂体睾丸。

【分析】【分析】本题结合图解；考查神体液调节在维持稳态中的作用，要求考生识记体