2025年人教A版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版高二物理下册月考试卷359考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、如图甲所示，Q1、Q2为两个固定点电荷，其中Q1带正电，它们连线的延长线上有a、b两点．一正检验电荷以一定的初速度沿直线从b点开始经a点向远处运动；其速度图象如图乙所示．则（）

A.Q2带正电。

B.Q2带负电。

C.检验电荷从b到a的过程中动能增大。

D.检验电荷从b到a的过程中电势能减小。

2、一木块静止在光滑水平面上，一粒子弹水平射入木块，在这个过程中（）A.子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等。B.子弹的动能损失与木块的动能增加相等。C.子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等。D.子弹与木块之间的相互作用力，对子弹做的功与对木块做的功相等。3、关于电容器和电感线圈对交流电的影响，下列说法中正确的是：A.电容器对于高频交变电流的阻碍作用大于它对低频交变电流的阻碍作用B.电感线圈对于高频交变电流的阻碍作用大于对低频交变电流的阻碍作用C.电容器对于高频交变电流的阻碍作用小于它对低频交变电流的阻碍作用D.电感线圈对于高频交变电流的阻碍作用小于对低频交变电流的阻碍作用4、一个油轮装载着密度为900kg/m3

的原油在海上航行，由于某种事故而使原油发生部分泄漏，设共泄漏9t

则这次事故造成的最大可能的污染面积约为(

)

A.1011m2

B.1012m2

C.108m2

D.1010m2

5、面积是S

的矩形导线框，放在一磁感应强度为B

的匀强磁场中，线框平面与磁场方向平行，如下图所示，则穿过导线框所围面积的磁通量为()A.BS

B.SB

C.BS

D.0

6、用相同导线绕制的边长为L或2L的四个闭合导体框，以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示。在每个线框进入磁场的过程中，M、N两点间的电压分别为Ua、Ub、Uc、Ud。下列判断正确的是：A.Ua<Ub<Uc<UdB.Ua<Ub<Ud<UcC.Ua＝Ub<Uc＝UdD.Ub<Ua<Ud<Uc7、如图所示，在同一水平面内固定有两平行金属导轨，导轨光滑且足够长，间距为d，其左端接阻值为R的定值电阻，整个装置处在竖直向下、磁感应强度为B的匀强磁场中．一质量为m（质量分布均匀）的导体杆ab垂直于导轨放置．现给杆一水平向右的初速度，经过时间t，导体杆ab向右运动了x，在运动过程中，导体杆ab始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体杆ab的电阻．甲；乙两位同学根据以上条件；分别求解在时间t内电阻R放出的热量Q和通过电阻R的电荷量q，具体过程如下：

甲同学：

这段时间内；闭合回路磁通量的变化量为△φ=Bdx

根据法拉第电磁感应定律有

所以=

根据功能原理，这段时间电阻R上放出的热量

乙同学：

这段时间内；闭合回路磁通量的变化量为△φ=Bdx

根据法拉第电磁感应定律有

所以

则这段时间内通过电阻R的电荷量

关于两位同学的解法；下列说法正确的是（）

A.两位同学的解法都正确。

B.两位同学的解法都错误。

C.甲同学的解法正确；乙同学的解法错误。

D.甲同学的解法错误；乙同学的解法正确。

8、在真空中，有两个相距为r的等量同种点电荷，电量都是Q，则在它们连线中点处电场强度的大小为（）A.0B.C.D.评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)9、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10－8C的正点电荷，则A处场强大小EA=______N/C，B处的场强大小EB=______N/C.10、在真空中两个带等量异种电荷的点电荷，电荷量均为2×10-8C，相距20cm，则它们之间的相互作用力为______N，是______（填“引力”或“斥力”）．11、光电效应的实验电路图如图所示；一光电管的阴极用极限波长娄脣0

的钠制成.

用波长为娄脣

的紫外线照射阴极，当光电管阳极A

和阴极K

之间的电势差为U

时，电流表示数达到饱和光电流的值(

当阴极K

发射的电子全部达到阳极A

时，电路中的电流达到最大值，称为饱和光电流)I.

已知电子电量为e

光速为c

普朗克常量h

．

(1)t

秒内由K

极发射的光电子数目______；

(2)

求电子到达A

极时的最大动能______

(3)

如果电势差U

不变，而照射光的强度增到原值的三倍，此时电子到达A

极时的最大动能______；(

用题中给的字母填写)

12、某同学用螺旋测微器测圆柱体的直径时；示数如图甲所示，此示数为______mm

用游标卡尺测量某物体的厚度时，示数如图乙所示，此示数为______cm

．

13、电磁感应现象是英国物理学家__________首先发现的.

探究这个现象应选用如图中_______(

填“甲”或“乙”)

所示的装置进行实验．

14、如图是等离子体发电机示意图，平行金属板间的匀强磁场的磁感强度B=0.5T

两板间距离为20cm

要使输出电压为220V

则等离子体垂直射入磁场的速度v=

____________m/s.a

是电源的____________极．15、有些机床为了安全，照明电灯用的电压是36V，这个电压是把380V的交流电压经变压器降压后得到的。将变压器视为理想变压器，如图所示，如果原线圈是1140匝，则副线圈的匝数是匝，变压器原、副线圈的电流之比为。16、某同学欲测一电阻Rx的阻值（约为300Ω）；可供选择的仪器有：

电流表A1；量程10mA；

电流表A2；量程0.6A；

电压表V1；量程3V；

电压表V2；量程15V；

电源电动势为4.5V，该同学按图接好电路，闭合S1后，把开关S2拨至a时，发现两电表的指针偏转的角度都在满偏的处；再把开关S2拨至b时，发现其中一个电表的指针偏转几乎不变，另一个电表的指针偏转的角度在满偏的处，该同学实验中Rx的较为准确的测量值为______Ω17、如图所示，电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、线圈B、电流计（零刻线在正中位置）及开关S1、S2如图所示连接在一起，在开关S1、S2闭合、线圈A在线圈B中．某同学发现当他将滑动变阻器的滑动片P向左滑动时，电流计指针向右偏转，由此可以推断：将线圈A从线圈B中突然拔出时，电流表指针将______；当开关S1突然断开时，电流表指针将______；当开关S2突然断开时，电流表指针将______（填“左偏”、“右偏”、“不偏”）．评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)18、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）19、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）20、电场线与等势面相互垂直，沿着同一等势面移动电荷时静电力不做功．（判断对错）21、电势差有正有负，所以是矢量，且电场中两点间的电势差随着零电势点的选取变化而变化．（判断对错）22、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）23、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）24、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

25、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分四、识图作答题(共4题，共28分)26、下图中①→⑦为某种哺乳动物的部分生命活动过程，a→k代表该种哺乳动物的不同细胞，细胞b代表精原细胞，请据图分析下列问题。（1）图中左侧方框内的细胞中，基因重组发生于图中的_______（用字母表示）细胞所处的时期。不含同源染色体的细胞有____，含有姐妹染色单体的细胞有____（用字母表示）。方框内各细胞按生理过程的先后排列顺序是____，（用字母和箭头表示），其中细胞e的名称是____，该细胞与细胞b相比，二者核DNA数目之比是____。（2）若细胞b基因型为AaBb，产生的其中一个精细胞为AaB，则另三个精细胞基因型为____。（3）图中细胞b的自我增殖与图中的过程____（用图中的数字表示）相同，同一个体内的细胞j和k形态、结构、生理功能都有较大的差异，其根本原因是这两种细胞内的____分子的种类和数量有较大差异。（4）细胞j和k的凋亡基因的表达最终通过____（填细胞器名称）来实现。与凋亡细胞分解密切相关的细胞器是____。27、下图表示在温度为25℃和一定的CO2浓度条件下，测定某种绿色植物在不同光照强度下氧气释放速率的曲线[单位：mg／（m2·h）]。请分析回答下列问题：（1）在其他条件不变时，若用等质量的花生种子替换该植物，则A点下移。其原因是___________________________。（2）在B点时，该植物的叶肉细胞中的光合作用强度_______（填“大于”“小于”或“等于”）呼吸作用强度。（3）在D点对应光照强度下，对该植物持续进行14小时光照，则一昼夜积累有机物的量为_______mg。（4）从该植物细胞中提取完整的线粒体和叶绿体，制成悬浮液，分别加入到1号和2号两支试管中。在1号试管中加入适量的葡萄糖溶液，在2号试管中加入等量的NaHCO3溶液，给予充足光照，在相同时间内观察气泡产生情况。观察到的现象是：____________。其原因是_____________。28、下图1是某植物细胞有丝分裂的一个细胞周期中核内染色体和DNA相对数目(假设正常体细胞的染色体数目为2N)的变化曲线。分析曲线并回答问题(1)—（4）；下图2是某高等生物细胞局部结构示意图，请据下图回答问题（5）--（7）。图1图2(1)实线ABCDEF表示________的含量变化。(2)表示有丝分裂后期的曲段：实线是_______段。染色单体消失的曲段：实线是________________________________段。(3)观察细胞中染色体的数目最佳时期的曲段实线是_______段。(4)若该植物为低等植物，在BC段细胞中的变化与高等植物不同之处是___________。(5)该生物是高等植物细胞还是高等动物细胞？__________

(6)图中①的主要成分是__________。

(7)该细胞目前处于细胞分裂的________期，_______条DNA，其下一时期有________条染色体。29、粗糙脉孢菌是一种真菌；约10天完成一个生活周期(见下图)，合子先经过减数分裂后再经过一次有丝分裂产生的孢子是按分裂形成的顺序排列的。请分析回答：

（1）从合子到8个孢子的过程中；细胞核内的DNA发生了_______次复制。上图中8个子代菌丝体都是_____________(单倍体，二倍体)。

（2）按顺序排列的8个孢子中；如果第一个与第二个性状不同，原因可能是有丝分裂过程中发生了__________(填选项前的字母)；如果第二个与第三个性状不同，原因可能是合子减数分裂过程中发生了__________(填选项前的字母)。

a．基因突变b．基因重组c．染色体变异。

（3）野生型脉胞菌能在只含水；无机盐、蔗糖和维生素的基本培养基中生长。研究人员用X射线照射野生型脉孢菌孢子；经选择培养，获得了三种营养缺陷型突变菌株(如下图)。

如果培养C突变型脉胞菌，需要在基本培养基中加入____________。评卷人得分五、简答题(共4题，共36分)30、苯乙烯rm{(}rm{(}是生产各种塑料的重要单体，可通过乙苯催化脱氢制得：rm{)}是生产各种塑料的重要单体，可通过乙苯催化脱氢制得：​rm{)}rm{(g)overset{麓脽禄炉录脕}{?}}rm{(g)+H_{2}(g)}已知：。rm{triangleH}化学键rm{C-H}rm{C-C}rm{C=C}rm{H-H}键能rm{/kJ/mol}rm{412}rm{348}rm{612}rm{436}计算上述反应的rm{triangleH=}________rm{kJ隆陇mol^{-1}}rm{(2)500隆忙}时，在恒容密闭容器中，充入rm{amol}乙苯，反应达到平衡后容器内气体的压强为rm{P}若再充入rm{bmol}的乙苯，重新达到平衡后容器内气体的压强为rm{2P}则rm{a}________rm{b(}填“rm{>}”、“rm{<}”或“rm{=}”rm{)}乙苯的转化率将________rm{(}填“增大”、“减小”或“不变”rm{)}rm{(3)}工业上，通常在乙苯rm{(EB)}蒸气中掺混rm{N_{2}(}原料气中乙苯和rm{N_{2}}的物质的量之比为rm{1漏U10}rm{N_{2}}不参与反应rm{)}控制反应温度rm{600隆忙}并保持体系总压为rm{0.1Mpa}不变的条件下进行反应。在不同反应温度下，乙苯的平衡转化率和某催化剂作用下苯乙烯的选择性rm{(}指除了rm{H_{2}}以外的产物中苯乙烯的物质的量分数rm{)}示意图如下rm{垄脵A}rm{B}两点对应的正反应速率较大的是________。rm{垄脷}掺入rm{N_{2}}能提高乙苯的平衡转化率，解释说明该事实___________________________________。rm{垄脹}用平衡分压代替平衡浓度计算rm{600隆忙}时的平衡常数rm{K_{p}=}________。rm{(}保留两位有效数字，分压rm{=}总压rm{隆脕}物质的量分数rm{)}rm{垄脺}控制反应温度为rm{600隆忙}的理由是_______________________________________________________________________________________________。31、有一个阻值为R

的电阻，若将它接在电压为20V

的直流电源上，其消耗的功率为P

若将它接在如图所示的理想变压器的次级线圈两端时，其消耗的功率为P2.

已知变压器输入电压为u=220sin100娄脨t(V)

不计电阻随温度的变化.

求：

(1)

理想变压器次级线圈两端电压的有效值．

(2)

此变压器原、副线圈的匝数之比．32、煤的综合利用对于改善大气质量和能源充分利用有重要的意义。rm{(1)}下列说法正确的是_____________rm{(}填序号rm{)}．rm{a.}煤是由有机物和少量无机物组成的复杂混合物rm{b.}煤在燃烧过程中会生成一氧化碳、二氧化硫、氮氧化物、烟尘等有害物质rm{c.}可利用生石灰、熟石灰、石灰石等固硫剂使煤在燃烧过程中生成稳定的硫酸盐rm{d.}煤的干馏属于化学变化、煤的气化和液化都属于物理变化rm{(2)}煤的气化过程中产生的有害气体rm{H_{2}S}用氨水吸收生成正盐的离子方程式是_____________。rm{(3)}燃煤烟气的一种脱硫方案rm{-}火碱一石灰一石膏法流程图rm{1}如下．

rm{垄脵}常温下，用rm{NaOH}溶液吸收rm{SO_{2}}得到rm{pH=6}的rm{NaHSO_{3}}溶液，该溶液中离子浓度的大小顺序是_____________。rm{垄脷}氢氧化钙与rm{NaHSO_{3}}反应的化学方程式是_____________。rm{(4)}煤的间接液化法合成二甲醚的三步反应如下：Ⅰrm{.2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangleH=-90.8kJ?mol^{-1}}Ⅱrm{.2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}Ⅲrm{.CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}rm{.2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangle

H=-90.8kJ?mol^{-1}}总反应热化学方程式：rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=}_____________；rm{.2CH_{3}OH(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}rm{.CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}rm{垄脵}可分别代表压强或温度rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?

CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=}如图rm{垄脷Y(Y_{1}}表示rm{Y_{2})}一定时，总反应中rm{X}的平衡转化率随rm{.}的变化关系rm{2}判断rm{Y}rm{CO}的大小关系rm{X}______rm{.}填“rm{Y_{1}}”、“rm{Y_{2}}”或“rm{Y_{1}}”rm{Y_{2}(}并简述理由：_____________。rm{>}33、由于温室效应和资源短缺等问题，如何降低大气中的rm{CO_{2}}含量并加以开发利用，引起了各国的普遍重视。目前工业上有一种方法是用rm{CO_{2}}生产燃料甲醇。

rm{(1)}在rm{25^{0}}C、rm{101KPa}时，rm{3.2}克甲醇rm{(CH_{3}0H)}完全燃烧生成rm{CO_{2}}和液态水时放热rm{72.576kJ}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为__________。rm{(2)}为探究反应原理，现进行如下实验，在体积为rm{2L}的密闭容器中，充入rm{2molCO_{2}}和rm{6molH_{2}}一定条件下发生反应：rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}测得rm{CO_{2}(g)+3H_{2}(g)?

CH_{3}OH(g)+H_{2}O(g)triangleH=隆陋49kJ/mol}和rm{CO_{2}}的浓度随时间变化如下图所示。从反应开始到平衡，氢气的平均反应速率rm{H_{2}O(g)}__________rm{v(H_{2})=}

rm{mol/(L隆陇min)^{-1}}评卷人得分六、综合题(共4题，共12分)34、将质量为0.10kg的小球从离地面20m高处竖直向上抛出；抛出时的初速度为15m/s，不计空气阻力，当小球落地时，求：

（1）小球的动量。

（2）小球从抛出至落地过程中受到的重力的冲量．35、(1)(1)关于热力学的有关问题，以下说法正确的是(())A；热量可以自发地从低温物体传到高温物体。

B；不可能从单一热库吸收热量；使之完全变成功，而不产生其它影响。

C；一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行。

D；在任何自然过程中；一个孤立系统的总熵不会增加。

E、不可能通过有限的过程把一个物体冷却到绝对零度(2)(2)如图，上端开口的竖直汽缸由大、小两个同轴圆筒组成，两圆筒中各有一个活塞，两活塞用刚性轻杆连接，两活塞间充有氧气，小活塞下方充有氮气。已知：大活塞的质量为2m

横截面积为2S

小活塞的质量为m

横截面积为S

两活塞间距为L

大活塞导热性能良好，汽缸及小活塞绝热；初始时氮气和汽缸外大气的压强均为p0

大活塞与大圆筒底部相距L/2

两活塞与气缸壁之间的摩擦不计，重力加速度为g

现通过电阻丝缓慢加热氮气，求当小活塞缓慢上升至上表面与大圆筒底部平齐时，氮气的压强。36、(1)(1)图(a)(a)为一列简谐横波在t=0t=0时刻的波形图，PP是平衡位置在x=1.0mx=1.0m处的质点，QQ是平衡位置在x=4.0mx=4.0m处的质点；图(b)(b)为质点QQ的振动图象，下列说法正确的是_____A.波向左传播B.波速为40m/s

C.t=0.10s

时，质点P

向y

轴正方向运动D.从t=0

到t=0.05s

质点P

运动的路程为20cm

E.从t=0

到t=0.25s

质点Q

运动的路程为50cm

(2)

图(

甲)

中的圆是某圆柱形透明介质的横截面，半径为R=10cm

一束单色光沿DC

平行于直径AB

射到圆周上的C

点，DC

与AB

的距离H=52cm

光线进入介质后，第一次到达圆周上的E

点(

图中未画出)CE=10303cm

(i)

求介质的折射率；(ii)

如图(

乙)

所示，将该光线沿MN

平行于直径AB

射到圆周上的N

点，光线进入介质后，第二次到达介质的界面时，从球内折射出的光线与MN

平行(

图中未画出)

求光线从N

点进入介质球时的入射角的大小。37、如图所示，光滑水平细杆MN、CD，MN、CD在同一竖直平面内。两杆间距离为h，N、C连线左侧存在有界的电场，电场强度为E。质量为m的带正电的小球P，穿在细杆上，从M端点由静止向N端点运动，在N、C连线中点固定一个带负电的小球，电荷量为Q。在匀强电场中做匀速圆周运动恰好回到C点，且小球P与细杆之间相互绝缘。

参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、B【分析】

由图乙可知，检验电荷先减速运动，若Q2为正该电荷将一直加速，故Q2为负；故A错误，B正确；

从b到a过程中；由图乙可知，电荷先减速后加速，故电场力先做负功，后做正功，因此电势能先增大后减小，动能先减小后增大，故CD错误；

故选B．

【解析】【答案】根据图乙描述的速度-时间图象可知，检验电荷先减速后加速，由于检验电荷带正电，Q1也带正电，由此可以判断出Q2的电性，后来加速说明Q1形成的电场大于Q2形成的电场，由此可以判断Q1、Q2电量的大小；根据电场力做功情况可以判断电势能的变化．

2、A|C【分析】【解析】试题分析：子弹、木块存在力的作用，所以它们是相互作用的系统，该系统受的外力为零，所以子弹水平射入木块时，系统动量守恒，子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等，故A正确．根据能量转化和守恒定律分析：子弹损失的动能转化为系统的内能和木块的动能．故B错误，子弹动量变化的大小与木块动量变化的大小相等，根据动量定理得子弹与木块之间的相互作用力，对子弹与对木块的冲量大小相等，故C正确．子弹与木块之间有相对运动，所以作用力与反作用力做功大小不等．故D错误．故选AC．考点：动量守恒定律；功能关系．【解析】【答案】AC3、B|C【分析】【解析】试题分析：交流电频率越高，电感线圈对交流电的阻碍作用越大，B正确，D错误交流电频率越高，电容对交流电的阻碍作用越小，故A错误，C正确，故选BC考点：考查了电感和电容对交流电的阻碍作用【解析】【答案】BC4、A【分析】分子直径的数量级是d=10鈭�10m

由d=

、娄脩=

可知：S=

=1011m2

．【解析】A

5、D【分析】略【解析】D

6、B【分析】【解析】试题分析：线框进入磁场后切割磁感线，a、b产生的感应电动势是c、d电动势的一半，而不同的线框的电阻不同，设a线框电阻为4r，b、c、d线框的电阻分别为6r、8r、6r则有：故ACD错误，B正确．故选B．考点：考查了导体切割磁感线运动【解析】【答案】B7、D【分析】

导体棒向右运动，切割磁感线产生感应电流，受到向左的安培力而做减速运动，随着速度的减小，感应电动势和感应电流减小，导体棒所受的安培力减小，导体棒做变减速运动，安培力的平均值是不断变化，不能用W=x求克服安培力做功．故甲同学的解法是错误的．

根据法拉第定律、欧姆定律得到感应电量q=与导体棒的运动情况无关，可以用来求解电量，故乙同学的解法是正确的．故D正确．

故选D

【解析】【答案】本题是导体棒向右做变减速运动，安培力是变化的，不能用W=x求克服安培力做功；可根据法拉第定律；欧姆定律求解电量．

8、A【分析】【详解】

根据可知，两个等量同种点电荷在中点产生的电场强度大小相等，方向相反，则合场强E=0，故A正确，BCD错误．二、填空题(共9题，共18分)9、略

【分析】试题分析：正点电荷在圆周上产生的场强大小为在A点，匀强电场的方向与正点电荷的场强方向相反，所以：在B点，匀强电场的方向与正点电荷的场强方向垂直．所以：．考点：考查电场强度的合成．【解析】【答案】0，10、略

【分析】解：已知真空中两点电荷的电量均为q=2×10-8C，距离r=0.2m；根据库仑定律得电荷间的作用力为：

F=k=9×109×N=9×10-5N

由于是异种电荷；故相互吸引．

故答案为：9×10-5；引力．

根据库仑定律求解与两电荷间的作用力．根据“同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引”判断电荷间是引力还是斥力．

本题要掌握库仑定律的公式要理解公式中各个量的含义，知道同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引．【解析】9×10-5；引力11、略

【分析】解：(1)

设每秒内发射的电子数为n

则：n=Ite

．

(2)

由光电效应方程可知：

Ekm=h娄脥鈭�W0

=hc位鈭�hc位0=hc(1位鈭�1位0)

在AK

间加电压U

时；电子到达阳极时的动能为Ek

Ek=Ekm+eU

=hc(1位鈭�1位0)+eU

．

(3)

根据光电效应规律；光电子的最大初动能与入射光的强度无关．

如果电压U

不变，则电子到达A

极的最大动能不会变，仍然是hc(1位鈭�1位0)+eU

．

故答案为：(1)Ite(2)hc(1位鈭�1位0)+eU(3)hc(1位鈭�1位0)+eU

(1)

根据饱和电流的大小，结合n=Ite

求出每秒内由K

极发射的光电子数目．

(2)

根据光电效应方程求出光电子的最大初动能；结合动能定理求出电子到达A

极时的最大动能．

(3)

入射光的强度影响单位时间内发出光电子的数目；不影响光电子的最大初动能．

解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道光的强度影响单位时间内发出光电子的数目．【解析】Itehc(1位鈭�1位0)+eUhc(1位鈭�1位0)+eU

12、8.473；2.060【分析】解：螺旋测微器的固定刻度读数8mm

可动刻度读数为0.01隆脕47.3=0.473mm

所以最终读数为：8mm+0.0.473mm=8.473mm

由于需要估读，因此在范围8.472隆芦8.474mm

内均正确；

游标卡尺的主尺读数为2cm

游标尺上第12

个刻度与主尺上某一刻度对齐，因此游标读数为0.05隆脕12mm=0.60mm=0.060cm

所以最终读数为：2cm+0.060cm=2.060cm

．

故答案为：8.473(8.472隆芦8.474)2.060

．

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读，螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读.

螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】8.4732.060

13、法拉第；甲。

【分析】【分析】英国物理学家法拉第经过10

年的探索，在1830

年取得突破，发现了利用磁场产生电流的条件和规律，根据这个现象发明了发电机，使人类大规模用电成为了可能，开辟了电气化的时代。本题考查电磁感应现象的发现者；感应电流的方向和发电机的原理；属于基础题，相对比较简单。

【解答】电磁感应现象是英国物理学家法拉第发现的；

电磁感应现象的特点是没有电源而有一个电流表；用来测量产生的电流，故探究这个现象应选用如图中甲所示的装置进行实验；

故填：法拉第；甲

【解析】法拉第；甲。

14、2200;正【分析】解：根据左手定则，正电荷向上偏，负电荷向下偏，所以上板带正电，即a

是电源的正极.

两板上有电荷，在两极板间会产生电场，电荷最终在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡.

有qvB=qUd

．

所以v=UBd=2200.5脳0.2m/s=2200m/s

．

故本题答案为：2200

正．【解析】2200;

正15、略

【分析】试题分析：由于原线圈的电压为380V，副线圈的电压为36V，则原副线圈的匝数之比为故副线圈的匝数n2==108匝；变压器原、副线圈的电流之比为9：95考点：考查了理想变压器工作原理【解析】【答案】108；9：9516、略

【分析】解：电源电动势为4.5V；如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；

电压表读数几乎不变；电流表读数变化明显，说明待测电阻阻值较大，与伏特表相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，而电源电动势只有4.5V，故电流只有几个毫安，故电流表选10mA挡；

闭合S1后，把开关S2拨至a时发现，两电表的指针偏转都在满偏的处；故电流为8mA，电压表读数为2.4V；

再把S2拨至b时发现，其中电压表的指针偏角几乎不变，另一个电流表的指针偏转到满偏的处；故电压表读数为2.4V，电流表读数为7.5mA；

故待测电阻两端电压为2.4V，电流为7.5mA，故待测电阻为R==320Ω；

故答案为：320．

电源电动势为4.5V；如果选择15V档位，偏转五分之四达到12V，超过电源的电动势，故电压表选择的是低档位；电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明电压表分流作用明显，即待测电阻的电阻值与电压表内阻相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，故电流表选10mA挡；再根据比例求出具体的读数，即可根据欧姆定律求出测量值．

本题考查了电流表的改装，知道电流表的改装原理、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题，要注意明确量程的选择和读数的确定．【解析】32017、略

【分析】解：由图示可知；将滑动变阻器的滑动片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，通过线圈A的电流减小，电流产生的磁场减弱，穿过线圈B的磁通量减小，电流计指针向右偏转，由此可知，穿过线圈B的磁通量减少时，电流表指针向右偏，则磁通量减少时，指针向左偏；

如果将线圈A从线圈B中抽出时；穿过线圈B的磁通量减少，电流表指针左偏；

当开关S1突然断开；穿过线圈B的磁通量减小，电流表指针将左偏；

当开关S2突然断开时；因通过A的电流不变，穿过线圈B的磁通量不变，电流表指针不偏；

故答案为：左偏；左偏；不偏．

根据题意确定电流表指针偏转方向与磁通量变化间的关系；然后根据题意判断磁通量如何变化，再判断指针偏转方向．

本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．【解析】左偏；左偏；不偏三、判断题(共8题，共16分)18、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．19、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．20、A【分析】【解答】解：根据电场线的特点可知；沿电场线的方向电势降低；电场线垂直于等势面、同一等势面移动电荷电场力不做功．

故答案为：正确．

【分析】解决本题要根据：电场线是人为假想的曲线，从正电荷或无限远出发，终止于无限远或负电荷，不闭合，电场线疏密描述电场强弱，电场线密的地方，电场强度大，疏的地方电场强度弱，沿电场线的方向电势降低．21、B【分析】【解答】解：电势差类似于高度差；没有方向，是标量，正负表示电势的相对大小．

两点间的电势差等于电势之差；由电场中两点的位置决定，与零电势点的选取无关．由以上的分析可知，以上的说法都错误．

故答案为：错误。

【分析】电势差是标量，正负表示大小；电势差与零电势点的选取无关；沿着电场线方向电势降低；电势反映电场本身的性质，与试探电荷无关．22、B【分析】【解答】解：沿着电场线方向；电势降低，且降低最快；

那么电势降低最快的方向才是电场线的方向；但电势降低的方向不一定是电场线的方向，故错误；

故答案为：错误．

【分析】电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低．23、B【分析】【解答】解：根据静电平衡的特点；导体是等势体，金属导体的内部电场强度处处为零；

由于处于静电平衡状态的导体是一个等势体；则表面电势处处相等，即等势面，那么电场线与等势面垂直；

故答案为：错误．

【分析】金属导体在点电荷附近，出现静电感应现象，导致电荷重新分布．因此在金属导体内部出现感应电荷的电场，正好与点电荷的电场叠加，只有叠加后电场为零时，电荷才不会移动．此时导体内部电场强度处处为零，电荷全部分布在表面，且为等势面，导体是等势体．24、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原理得；则两点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，A点的场强大小为。

EA=E点﹣E匀=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A处场强大小为0

故答案为：正确。

【分析】根据公式E=k求出点电荷在A点处产生的场强大小，判断出场强方向，A点的场强是由正点电荷和匀强电场场强的合成，根据平行四边形定则求解A点处的场强大小及方向．25、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．四、识图作答题(共4题，共28分)26、（1）cec、dd→c→e次级精母细胞1:1

（2）AaB、b、b或B、ab、Ab或B、Aab、b

（3）③④⑤mRNA

（4）核糖体溶酶体。

【分析】【分析】本题结合细胞分裂图，考查细胞有丝分裂和减数分裂、细胞分化，要求考生识记细胞有丝分裂和减数分裂不同时期的特点，掌握有丝分裂和减数分裂过程中染色体和DNA含量变化规律；识记细胞分化的概念，掌握细胞分化的实质，能结合图中信息准确答题。分析题图：图中①②表示减数分裂形成精子的过程；③④⑤表示精原细胞通过有丝分裂增殖；⑥⑦表示细胞分化过程。图中a和b为精原细胞，c处于减数第一次分裂后期，d细胞处于减数第一次分裂前期，e表示减数第二次分裂后期，f为精子，g处于有丝分裂中期，h处于有丝分裂后期。【解答】（1）图中左侧方框内的细胞中，基因重组发生于图中的c细胞所处的时期，即减数第一次分裂后期。图中左侧方框内，c和d细胞都含有2对同源染色体，而e细胞不含同源染色体；c和d细胞都含有姐妹染色单体，而e细胞不含姐妹染色单体。方框内，c处于减数第一次分裂后期，d细胞处于减数第一次分裂前期，e表示减数第二次分裂后期，因此先后排列顺序是d→c→e；细胞e处于减数第二次分裂后期，称为次级精母细胞；e细胞含有4个核DNA分子，此时所含DNA分子与体细胞相同，因此b细胞也含4个核DNA分子，则二者核DNA数目之比是1：1。（2）若细胞b基因型为AaBb，产生的其中一个精细胞为AaB，则另三个精细胞基因型为AaB、b、b或B、ab、Ab或B、Aab、b。

（3）由以上分析可知，图中③④⑤表示细胞b通过有丝分裂方式自我增殖；同一个体内的细胞j和k形态、结构、生理功能都有较大的差异，其根本原因是基因的选择性表达，即这两种细胞内的mRNA分子的种类和数量有较大差异。（4）基因的表达​是基因指导蛋白质的合成过程，细胞j和k的凋亡基因的表达最终通过核糖体来实现。与凋亡细胞分解密切相关的细胞器是溶酶体。【解析】（1）cec、dd→c→e次级精母细胞1:1（2）AaB、b、b或B、ab、Ab或B、Aab、b

（3）③④⑤mRNA（4）核糖体溶酶体。

27、（1）花生种子含脂肪较多，氧化分解时耗氧量多

（2）大于

（3）150

（4）1号无气泡产生，2号有气泡产生线粒体不能直接分解葡萄糖，产生CO2，而叶绿体能利用溶液中的CO2进行光合作用，释放O2【分析】【分析】本题考查光照强度对光合作用的影响，旨在考查学生理解所学知识的要点，把握知识的内在联系，并利用相关知识结合题图对某些生物学问题进行解释、推理、判断、获取结论的能力。分析曲线图看出，本实验探究了光照强度对光合作用的影响，曲线中因变量为净光合速率，净光合速率=总光合速率-呼吸速率。A点表示植物只有呼吸作用，B点表示植物的光合作用强度等于呼吸作用强度。【解答】（1）花生种子中含大量脂肪，脂肪中含H量更高，有氧呼吸消耗的氧气更多，所以在其他条件不变时，若用等质量的花生种子替换该植物，则A点下移。（2）在B点时，整株植物的光合作用强度等于呼吸强度，植物有些部位如根、不见光部位等不能进行光合作用，只进行呼吸作用，叶肉细胞是进行光合作用的主要部位，故B点时叶肉细胞的光合作用强度大于呼吸作用强度。（3）据图观察可知，呼吸速率为5mg／（m2·h），在D点对应光照强度下，净光合速率（氧气释放速率）为15mg／（m2·h），对该植物持续进行14小时光照，则一昼夜积累有机物的量为mg。（4）从该植物细胞中提取完整的线粒体和叶绿体，制成悬浮液，分别加入到1号和2号两支试管中。在1号试管中加入适量的葡萄糖溶液，在2号试管中加入等量的NaHCO3溶液，给予充足光照，由于1号试管中：线粒体不能利用葡萄糖，2号试管中：叶绿体进行光合作用释放氧气，所以观察到的现象是：1号试管中无明显现象，2号试管中有气泡产生。【解析】（1）花生种子含脂肪较多，氧化分解时耗氧量多（2）大于（3）150（4）1号无气泡产生，2号有气泡产生线粒体不能直接分解葡萄糖，产生CO2，而叶绿体能利用溶液中的CO2进行光合作用，释放O228、（1）核DNA

（2）DEDE

（3）CD

（4）中心体发出星射线形成纺缍体

（5）高等动物

（6）DNA和蛋白质

（7）中88【分析】【分析】本题结合曲线图，考查细胞有丝分裂过程及变化规律，要求考生识记细胞有丝分裂不同时期的特点，掌握有丝分裂过程中染色体和DNA含量变化规律，能准确判断图中各区段代表的时期，再结合所学的知识准确答题。分析曲线图：图示是某植物细胞有丝分裂的一个细胞周期中核内染色体和DNA相对数目的变化曲线，其中实线表示DNA含量变化曲线，AB段表示分裂间期，BC段表示前期，CD段表示中期，DE段表示后期，EF段表示末期；虚线表示染色体数目变化曲线，ab段表示有丝分裂间期、前期和中期，bd段表示后期，de段表示末期。【解答】（1）有丝分裂过程中，染色体和DNA数目变化特点（体细胞染色体为2N）：染色体变化后期加倍（4N），平时不变（2N）；DNA变化间期加倍（2N→4N），末期还原（2N）。因此图中实线ABCDEF表示核DNA的数量变化。（2）由分析可知，实线的DE段表示有丝分裂后期，着丝点分裂，染色单体消失。（3）有丝分裂中期，染色体形态稳定、数目清晰，是观察细胞染色体形态和数目的最佳时期，即图中CD段。（4）低等植物与高等植物细胞有丝分裂的区别发生在前期（BC段），低等植物细胞由中心体发出星射线形成纺锤体，而高等植物细胞由细胞两极发出纺锤丝形成纺锤体。（5）图2中中心体发出星射线形成纺锤体，所以是高等动物细胞。（6）图中①染色体的主要成分是DNA和蛋白质。（7）该细胞目前处于细胞分裂的中期，含有8个DNA分子，其下一时期为后期，染色体加倍，即有8条染色体。【解析】（1）核DNA（2）DEDE（3）CD（4）中心体发出星射线形成纺缍体（5）高等动物（6）DNA和蛋白质（7）中8829、(1)两单倍体

(2)a、ca、b、c

(3)精氨酸【分析】【分析】本题主要考查生物的繁殖过程、有丝分裂、减数分裂过程的特点以及突变和基因重组的特点，主要考查学生的识记以及理解能力。【解答】（1）从合子到8个孢子的过程中，进行了一次减数分裂和一次有丝分裂，两次分裂各复制一次，共复制了两次。由成熟生殖细胞单独发育成的个体为单倍体，因而上图中8个子代菌丝体都是单倍体。（2）按顺序前四个孢子应该基因组成相同，因第一和第二个孢子是由同一个母细胞有丝分裂形成的，若性状不同，可能是有丝分裂过程中发生了基因突变和染色体变异，不可能发生基因重组。若第二和第三个孢子性状不同，可能是减数分裂过程中发生了基因突变、基因重组或染色体变异。（3）从图示关系可知，C突变型脉胞菌因合成酶3的基因缺陷，不能合成精氨酸，故在其培养基中要加入精氨酸。

【解析】(1)两单倍体(2)a、ca、b、c(3)精氨酸五、简答题(共4题，共36分)30、（1）+124

（2）＜减小

（3）①B

②正反应方向气体分子数增加，加入N2稀释，相当于起减压的效果

③0.019MPa

④600℃时，乙苯的转化率和苯乙烯的选择性均较高。温度过低，反应速率慢，转化率低；温度过高，选择性下降。高温还可能使催化剂失活，且能耗大【分析】【分析】本题考查化学平衡计算及平衡移动，为高频考点，把握rm{Kp}的计算、化学平衡移动的影响为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，综合性较强，题目难度中等。【解答】rm{(1)}rm{(g)}rm{(g)}rm{(g)+H}rm{(g)+H}rm{{,!}_{2}}反应的rm{(g)}反应物键能总和rm{(g)}生成物键能总和，所以rm{triangleH=348kJ/mol+5隆脕412kJ/mol-(612kJ/mol+3隆脕412J/mol+436J/mol)=+124kJ/mol}故答案为：rm{triangleH}rm{triangleH=}恒容密闭容器中，物质的量与压强成正比，充入rm{-}rm{triangle

H=348kJ/mol+5隆脕412kJ/mol-(612kJ/mol+3隆脕412J/mol+436J/mol)=+124kJ/mol}乙苯，反应达到平衡后容器内气体的压强为rm{+124}若再充入rm{(2)}的乙苯，重新达到平衡后容器内气体的压强为rm{a}则rm{mol}增大压强平衡逆向移动；乙苯的转化率将减小；

故答案为：rm{P}减小；rm{bmol}rm{2P}温度相同，rm{a<b}点乙苯的浓度大，则rm{<}点反应速率大；故答案为：rm{(3)垄脵A}rm{B}正反应方向气体分子数增加，总压不变，加入rm{B}相当于减小压强，平衡正向移动，乙苯的平衡转化率增大；故答案为：正反应方向气体分子数增加，加入rm{B}稀释；相当于起减压的效果；

rm{B}设乙苯起始物质的量为rm{垄脷}rm{N_{2}}rm{N_{2}}

开始rm{垄脹}rm{a}rm{(g)}

转化rm{(g)+H_{2}(g)}rm{a}rm{0}

平衡rm{0}rm{0.4a}rm{0.4a}

分压rm{0.4a}总压rm{0.6a}物质的量分数，则乙苯分压分别为rm{0.4a}rm{0.4a}rm{=}则平衡常数rm{{K}_{p}=;dfrac{0.1MPa隆脕dfrac{;2}{;7};隆脕0.1MPa隆脕dfrac{;2;}{7}}{0.1MPa隆脕;dfrac{3}{7};};=0.019MPa}故答案为：rm{隆脕}rm{0.1MPa隆脕dfrac{3}{7}}rm{0.1Mpa隆脕dfrac{2}{7}}时，乙苯的转化率和苯乙烯的选择性均较高。温度过低，反应速率慢，转化率低；温度过高，选择性下降。高温还可能使催化剂失活，且能耗大；故答案为：rm{0.1MPa隆脕dfrac{2}{7}}时，乙苯的转化率和苯乙烯的选择性均较高。温度过低，反应速率慢，转化率低；温度过高，选择性下降。高温还可能使催化剂失活，且能耗大。

rm{{K}_{p}=;dfrac{0.1MPa隆脕

dfrac{;2}{;7};隆脕0.1MPa隆脕dfrac{;2;}{7}}{0.1MPa隆脕;

dfrac{3}{7};};=0.019MPa}【解析】rm{(1)+124}rm{(2)<}减小rm{(3)垄脵B}rm{垄脷}正反应方向气体分子数增加，加入rm{N}rm{N}稀释，相当于起减压的效果rm{{,!}_{2}}rm{垄脹0.019MPa}时，乙苯的转化率和苯乙烯的选择性均较高。温度过低，反应速率慢，转化率低；温度过高，选择性下降。高温还可能使催化剂失活，且能耗大rm{垄脺600隆忙}31、略

【分析】

根据功率公式求出变压器次级线圈两端的电压的有效值；根据变压器输入电压的瞬时表达式求出最大值，从而求出有效值，再根据电压之比等线圈匝数比求解．

本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解，难度不大，属于基础题．【解析】解：(1)

直流电源的电压U0=20V

设变压器次级线圈两端的电压的有效值为U2

根据题意有：

P2=U22RP=U02R

得：U2=22U0=102V

(2)

变压器输入的电压有效值为：

U1=2202=1102V

根据变压器电压比公式；可得：

n1n2=U1U2=111

答：(1)

理想变压器次级线圈两端电压的有效值为102V

．

(2)

此变压器原、副线圈的匝数之比为111

．32、rm{(1)abc}

rm{(2)H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O篓T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

rm{(3)垄脵c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

rm{垄脷Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}篓TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

rm{(4)垄脵-246.4kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷Y_{1}<Y_{2}}由rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}可知，压强增大，rm{CO}的平衡转化率增大，温度升高，rm{CO}的平衡转化率减小，所以rm{X}代表压强，rm{Y}代表温度；压强一定时，温度越低平衡转化率越大。

【分析】解：rm{(1)a.}煤是由有机物和少量无机物组成的复杂的混合物，主要含有rm{C}元素，故rm{a}正确；

rm{b.}煤中伴有硫元素和氮元素，不完全燃烧时生成一氧化碳、二氧化硫、氮氧化物、烟尘等有害物质，故rm{b}正确；

rm{c.}碳酸钙受热分解为氧化钙，二氧化硫是酸性氧化物，能与氢氧化钙、氧化钙发生反应生成亚硫酸钙，然后被氧气氧化生成稳定的硫酸盐，故rm{c}正确；

rm{d.}煤的干馏、煤的气化和液化都属于化学变化，故rm{d}错误；

故答案为：rm{abc}

rm{(2)H_{2}S}用氨水吸收生成正盐硫化铵和水，离子方程式为：rm{H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O篓T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

故答案为：rm{H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O篓T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

rm{(3)垄脵}常温下，rm{NaHSO_{3}}溶液的rm{pH=6}rm{NaHSO_{3}}溶液呈酸性，rm{NaHSO_{3}}溶液中存在亚硫酸氢根的水解与电离，水解导致其呈碱性，电离导致其呈酸性，据此分析：电离程度大于水解程度，故离子浓度大小为：rm{c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

故答案为：rm{c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

rm{垄脷}氢氧化钙与rm{NaHSO_{3}}反应生成沉淀亚硫酸钙、rm{NaOH}和水，化学方程式为rm{Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}篓TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

故答案为：rm{Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}篓TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}

rm{(4)垄脵}rm{垄脵2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangleH=-90.8kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangleH=-23.5kJ?mol^{-1}}

rm{垄脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangleH=-41.3kJ?mol^{-1}}

由盖斯定律rm{垄脵2H_{2}(g)+CO(g)?CH_{3}OH(g)triangle

H=-90.8kJ?mol^{-1}}得到rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH=-246.4kJ?mol^{-1}}

故答案为：rm{垄脷2CH_{3}OH(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+H_{2}O(g)triangle

H=-23.5kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH<0}正反应气体体积减小，升高温度，平衡逆向移动，rm{垄脹CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)triangle

H=-41.3kJ?mol^{-1}}的平衡转化率减小；增大压强，平衡正向移动；

rm{垄脷+垄脹+垄脵隆脕2}的平衡转化率增大，因此rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangle

H=-246.4kJ?mol^{-1}}代表压强，rm{-246.4kJ?mol^{-1}}代表温度；等压强条件下，温度越高，rm{垄脷3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangle

H<0}的平衡转化率越小，因此rm{CO}

故答案为：rm{CO}由rm{X}可知，压强增大，rm{Y}的平衡转化率增大，温度升高，rm{CO}的平衡转化率减小，所以rm{Y_{1}<Y_{2}}代表压强，rm{Y_{1}<Y_{2}}代表温度；压强一定时，温度越低平衡转化率越大．

rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}煤是由有机物和少量无机物组成的复杂的混合物；

rm{CO}从煤中含有的元素和不完全燃烧分析；

rm{CO}碳酸钙受热分解为氧化钙；二氧化硫是酸性氧化物，能与碱；碱性氧化发生反应；

rm{X}煤的干馏；煤的气化和液化都属于化学变化；

rm{Y}用氨水吸收生成正盐硫化铵和水；

rm{(1)a.}常温下，rm{b.}溶液的rm{c.}rm{d.}溶液呈酸性；说明电离程度大于水解程度；

rm{(2)H_{2}S}氢氧化钙与rm{(3)垄脵}反应生成沉淀亚硫酸钙、rm{NaHSO_{3}}和水；

rm{pH=6}据盖斯定律由已知的热化学方程式乘以相应的数值进行加减；来构造目标热化学方程式，反应热也乘以相应的数值进行加减；

rm{垄脷3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangleH<0}正反应气体体积减小，通过分析升高温度和增大压强导致平衡的移动方向，通过rm{NaHSO_{3}}的平衡转化率的变化判断rm{垄脷}rm{NaHSO_{3}}．

本题考查较为综合，涉及煤的综合利用、化学rm{NaOH}离子rm{(4)垄脵}方程式的书写、离子浓度的大小比较、反应热的计算和化学平衡的移动，题目难度中等，把握电离平衡、水解平衡等化学平衡及其因素为解答的关键，题目难度中等．rm{垄脷3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)triangle

H<0}【解析】rm{(1)abc}

rm{(2)H_{2}S+2NH_{3}?H_{2}O篓T2NH_{4}^{+}+S^{2-}+2H_{2}O}

rm{(3)垄脵c(Na^{+})>c(HSO_{3}^{-})>c(H^{+})>c(SO_{3}^{2-})>c(OH^{-})}

rm{垄脷Ca(OH)_{2}+NaHSO_{3}篓TCaSO_{3}隆媒+NaOH+H_{2}O}rm{(4)垄脵-246.4kJ?mol^{-1}}

rm{垄脷Y_{1}<Y_{2}}由rm{3H_{2}(g)+3CO(g)?CH_{3}OCH_{3}(g)+CO_{2}(g)}可知，压强增大，rm{CO}的平衡转化率增大，温度升高，rm{CO}的平衡转化率减小，所以rm{X}代表压强，rm{Y}代表温度；压强一定时，温度越低平衡转化率越大。

33、（1）2CH3OH(l)+3O2(g)=2CO2(g)+4H2O(l)△H＝-1451.52kJ/mol

（2）0.225

75%；＞；K=

【分析】【分析】本题考查化学平衡的计算，为高频考点，把握化学平衡三段法、转化率计算等为解答的关键，侧重分析与计算能力的考查，注意rm{K}的计算利用平衡浓度；题目难度不大。

【解答】rm{(1)}在rm{25}在rm{(1)}rm{25}rm{{,!}^{0}}时，C、rm{101KPa}时，rm{3.2}克甲醇rm{(CH}克甲醇rm{101KPa}rm{3.2}rm{(CH}完全燃烧生成rm{{,!}_{3}}rm{OH)}完全燃烧生成rm{CO}rm{OH)}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{CO}

故答案为：rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}由图像知从反应开始到平衡，和液态水时放热rm{72.576kJ}则能表示甲醇燃烧的热化学方程式为：的平均反应速率rm{72.576kJ}同一化学反应速率之比等于化学计量数之比，则rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{2CH_{3}OH(l)+3O_{2}(g)=2CO_{2}(g)+4H_{2}O(l)

triangleH=-1451.52kJ/mol}rm{(2)}由图像知从反应开始到平衡，rm{H_{2}O}rm{(2)}rm{H_{2}O}

故答案为：rm{v(H_{2}O)=0.075mol/(L隆陇min)^{-1}}

氢气的平均反应速率rm{v(H}【解析】rm{(1)2CH}rm{(1)2CH}rm{{,!}_{3}}rm{OH(l)+3O}rm{OH(l)+3O}rm{{,!}_{2}}rm{(g)=2CO}rm{(g)=2CO}rm{O(l)triangleH=-1451.52kJ/mol}

rm{{,!}_{2}}

rm{(g)+4H}rm{(g)+4H}rm{K=dfrac{c(CH_{3}OH)c(H_{2}O)}{c(CO_{2})