2025年北师大版选修3物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年北师大版选修3物理下册阶段测试试卷25考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、将相同质量,相同温度的理想气体放入相同容器,体积不同,则这两部分气体（）A.平均动能相同,压强相同B.平均动能不同,压强相同C.平均动能相同,压强不同D.平均动能不同,压强不同2、“恒流源”是一种特殊的电源；其输出的电流能始终保持不变，如图所示的电路中电源是恒流源，当滑动变阻器滑动触头P向左移动时，下列说法中正确的是()

A.R0上的电压变小B.R2上的电压变大C.R1上的电压变小D.R1上电压变化量大于R0上的电压变化量3、一定质量的理想气体从状态a开始，经三个过程后再回到状态a，其图像如图所示，则该气体（）

A.在状态a的内能小于在状态b的内能B.在状态a的密集程度大于在状态b的密集程度C.在过程中，外界对气体做功为0D.由状态a经历三个过程后再回到状态a的过程中，气体从外界吸热4、对于以下教材中配图说明；说法正确的是（）

A.甲图为油膜法估算分子直径的实验图。实验中需将痱子粉撒的尽量厚一些B.乙图为布朗运动产生原因示意图。说明微粒越大，液体分子沿各方向撞击它的数量越多，布朗运动越明显C.丙图为模拟气体压强产生机理实验图。说明气体压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞产生的D.丁图为热机工作时的能流分配图。说明热机的效率可能达到100%5、对电流的正确理解是（）A.通过导体横截面的电荷量越多，电流越大B.导体的横截面越大，电流越大C.导体中的自由电荷越多，电流越大D.单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大6、如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向上，金属棒ab始终保持静止．下列说法正确的是。

A.当B均匀增大时，金属棒ab中的电流增大B.当B增大时，金属棒ab中的感应电流方向由a到bC.当B减小时，金属棒ab中的电流一定减小D.当B不变时，金属棒ab受到水平受向右的静摩擦力7、如图所示，倾角为θ的光滑斜面固定在水平面上，水平虚线L下方有垂直于斜面向下的匀强磁场，磁感应强度为B．正方形闭合金属线框边长为h，质量为m，电阻为R，放置于L上方一定距离处，保持线框底边ab与L平行并由静止释放，当ab边到达L时，线框速度为v0．ab边到达L下方距离d处时，线框速度也为v0，以下说法正确的是（）

A.ab边刚进入磁场时，电流方向为b→aB.ab边刚进入磁场时，线框加速度沿斜面向下C.线框进入磁场过程中的最小速度小于D.线框进入磁场过程中产生的热量为mgdsinθ8、如图所示，交流电流表A1、A2、A3分别与平行板电容器C、带铁芯的线圈L和电阻R串联后接在同一个交流电源上；三个电流表各有不同的读数．下列说法正确的是。

A.增大电源频率，A3读数增大B.增大电源频率，A2读数增大C.抽去线圈中的铁芯，A2读数增大D.增大电容器两极板之间的距离，A1读数增大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、以下说法正确的是（）A.气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，仅与单位体积内的分子数有关B.用amL的纯油酸配制成bmL的油酸酒精溶液，则每1mL此溶液中含有油酸mLC.显微镜下观察到墨水中的小碳粒在不停地做无规则运动，这反映了碳分子运动的无规则性E.体积可变的绝热密闭容器中一定质量的气体体积增大，其内能一定减少E.体积可变的绝热密闭容器中一定质量的气体体积增大，其内能一定减少10、如图，一定质量的理想气体从状态a开始，经历过程①、②、③、④到达状态e，对此气体，下列说法正确的是（）

A.过程①中气体温度升高，外界对气体不做功B.过程④中气体压强增大，放出热量C.状态c、d的内能相等D.状态b的压强比状态c的压强大11、下列说法正确的是（）A.热量可以从低温物体传到高温物体B.液体表面层内分子间的作用力表现为斥力C.理想气体的温度升高，其压强可能保持不变E.温度一定时，饱和汽的体积越大，饱和汽压越大E.温度一定时，饱和汽的体积越大，饱和汽压越大12、如图甲所示，由一根导线绕成的矩形线圈的匝数n＝10匝，质量m＝0.04kg、高h＝0.05m、总电阻R＝0.5Ω、竖直固定在质量为M＝0.06kg的小车上，小车与线圈的水平长度l相同．线圈和小车一起沿光滑水平面运动，并以初速度v0＝2m/s进入垂直纸面向里的有界匀强磁场，磁感应强度B＝1.0T，运动过程中线圈平面和磁场方向始终垂直．若小车从刚进磁场位置1运动到刚出磁场位置2的过程中速度v随车的位移x变化的图象如图乙所示，则根据以上信息可知（）

A.小车的水平长度l＝10cmB.小车的位移x＝15cm时线圈中的电流I＝1.5AC.小车运动到位置3时的速度为1.0m/sD.小车由位置2运动到位置3的过程中，线圈产生的热量Q＝0.0875J13、图中虚线A、B、C、D表示匀强电场的等势面，一带正电的粒子只在电场力的作用下，从a点运动到b点；轨迹如图中实线所示，下列说法中正确的是()

A.等势面A电势最低B.粒子从a运动到b，动能减小C.粒子从a运动到b，电势能减小D.粒子从a运动到b的过程中电势能与动能之和不变14、下列说法正确的是（）A.在摆角很小时单摆的周期与振幅无关B.只有发生共振时,受迫振动的频率才等于驱动力频率C.真空中两列同向运动的光束,以其中一光束为参考系,另一光束是以光速c向前运动的E.两列波相叠加产生干涉现象,振动加强区域与减弱区域应交替出现E.两列波相叠加产生干涉现象,振动加强区域与减弱区域应交替出现15、【物理选修3-4】一束光从空气射向折射率n=的某种玻璃的表面，如图所示，i代表入射角；则_________

A.当入射角i=30°时，折射角B.无论入射角i为多大，折射角r都不会超过45°C.欲使折射角r=30°，应以i=45°的角度入射E.当入射角大于临界角时，会发生全反射E.当入射角大于临界角时，会发生全反射16、如图所示；圆弧虚线表示正点电荷电场的等势面，相邻两等势面间的电势差相等．光滑绝缘直杆沿电场方向水平放置并固定不动，杆上套有一带正电的小滑块(可视为质点)，滑块通过绝缘轻弹簧与固定点O相连，并以某一初速度从M点运动到N点，OM＜ON．若滑块在M；N时弹簧的弹力大小相等，弹簧始终在弹性限度内，则。

A.滑块从M到N的过程中，速度可能一直增大B.滑块从位置1到2的过程中，电场力做的功比从位置3到4的小C.在M、N之间的范围内，可能存在滑块速度相同的两个位置D.在M、N之间可能存在只由电场力确定滑块加速度大小的三个位置评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)17、输入只要有“1”，输出即为“1”的电路是___________门；输入只要有“0”，输出即为“0”的电路是___________门；输入是“1”，输出为“___________”的电路是非门。18、光敏电阻是由半导体材料制成的，受到光照射时，其导电性能显著增强。将其与电磁继电器组合，就可用来自动控制街道路灯的开与关。图中所示是自动控制路灯的工作原理图，当光照暗到一定程度时，路灯能点亮。电阻之一为光敏电阻，另一为定值电阻。当放大电路的输入a端电压升高至某一值时，使经过继电器J的电流增大到受继电器J控制的电键S闭合，路灯就点亮。则_____是光敏电阻，若要提高电路的灵敏度，则_____（选填“增大”或“减小”）定值电阻的阻值。

19、判断下列说法的正误：

（1）一定质量的某种气体，在压强不变时，若温度升高，则体积减小。（____）

（2）“拔火罐”时，火罐冷却，罐内气体的压强小于大气的压强，火罐就被“吸”在皮肤上。（____）

（3）一定质量的气体，等容变化时，气体的压强和温度不一定成正比。（____）

（4）查理定律的数学表达式＝C，其中C是一个与气体的质量、压强、温度、体积均无关的恒量。（____）20、如图，上端带卡环、底部有加热装置的圆柱形气缸竖直放置在水平地面上，质量为m、横截面积为S、厚度不计的活塞到气缸底部的距离为气缸高度的一半，活塞下部封闭有温度为T的理想气体。已知重力加速度为g，外界大气压强恒为忽略一切摩擦。现对封闭气体缓慢加热，则活塞恰好到达气缸上端卡口时气体温度T1=_______；保持封闭气体的温度T1不变，在活塞上表面缓慢倒入沙子，使活塞到气缸底部的距离为气缸高度的三分之一，则倒入沙子的总质量m1=________。

21、马鞍山是一座钢铁城市，马钢工人时常为高炉进行检修．而这时高炉内干燥空气的温度竟达160℃，工人却安全在炉内工作几个小时，是因为________．22、如图所示，小量程电流表的内阻为满偏电流为若把它改装成的两个量程的电压表，那么____________________

23、小涵站在平面镜前0.5m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是______m，她向后退的过程中，像的大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。24、如图所示，一辆质量为M的小车以速度在光滑水平面上向右运动，一质量为m、速度为物体以俯角为θ的方向落到车上并埋在车里的砂中，此时小车的速度为_________________

评卷人得分四、作图题(共3题，共18分)25、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

26、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

27、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共21分)28、在测定电源电动势和内电阻的实验中；实验室提供了合适的的实验器材．

(1)甲同学按电路图a进行测量实验，其中R2为保护电阻；则。

①请用笔画线代替导线在图b中完成电路的连接______；

②根据电压表的读数U和电流表的读数I，画出U-I图线如图c所示，可得电源的电动势E=___________V，内电阻r=___________Ω(结果保留两位有效数字)．

(2)乙同学误将测量电路连接成如图d所示，其他操作正确，根据电压表的读数U和电流表的读数I，画出U-I图线如图e所示，可得电源的电动势E=___________V，内电阻r=___________Ω(结果保留两位有效数字)．

29、在验证动量守恒定律实验时，用图甲所示装置进行验证，在长木板右端下面垫放小木片，平衡好摩擦力．小车P的前端粘有橡皮泥，后端连着纸带．接通电源，轻推小车P使之运动，小车P运动一段时间后，与原来静止的小车Q相碰，并粘合在一起继续运动．((已知打点计时器电源频率为

50Hz)(1)两车碰撞前后打出的纸带如图乙所示．测得小车P的质量mP=0.60kg，小车Q的质量mQ=0.40kg_______，由以上数据求得碰前系统总动量为kg·m／s_______，碰后系统总动量为kg·m／s(结果保留三位有效数字

)(2)__________________________________________________________________实验结论：30、（1）某同学利用测力计研究在竖直方向运行的电梯运动状态，他在地面上用测力计测量砝码的重力，实数是G，他在电梯中用测力计仍测量同一砝码的重力，则测力计的实数小于G，由此判断此时电梯的运动状态能是_________________。

（2）用螺旋测微器测量某金属丝直径的结果如图所示，该金属丝的直径是_________mm。

（3）某同学用大头针、三角板、量角器等器材测量玻璃砖的折射率，开始玻璃砖位置如图中实线所示，使大头针圆心在同一直线上，该直线垂直于玻璃砖的直径边，然后使玻璃砖绕圆心缓缓转动，同时在玻璃砖的直径边一侧观察的像，且的像挡住的像，如此观察，当玻璃砖转到图中虚线位置时，上述现象恰好消失。此时只需测量出______________，即可计算出玻璃砖的折射率，请用你的方法表示出折射率________

（4）某同学测量阻值约为25kΩ的电阻；现备有下列器材：

A．电流表（量程122μA；内阻约2kΩ）；

B．电流表（量程500μA；内阻约300Ω）；

C．电压表（量程15V；内阻约100kΩ）；

D．电压表（量程50V；内阻约500kΩ）；

E．直流电源（20V；允许最大电流1A）；

F．滑动变阻器（最大阻值1kΩ；额定功率1W）；

G．电键和导线若干。

电流表应选_________，电压表应_________。(填字母代号)

该同学正确选择仪器后连接了以下电路；为保证实验顺利进行，并使测量误差尽量减小，实验前请你检查该电路，指出电路在接线上存在的问题：

①_________________________________________.

②_________________________________________.

评卷人得分六、解答题(共4题，共28分)31、如图所示，一束平行光以45°的入射角照射到半圆柱形玻璃砖的上表面上，已知玻璃砖对该平行光的折射率为．

（ⅰ）圆柱面上光线能够射出的区域所对的圆心角θ是多少?

（ⅱ）若用该光进行双缝干涉实验，测得双缝间距为d=0.3mm，双缝到光屏的距离为L=1.2m，第1条亮条纹到第10条亮条纹间的距离为a=22.77mm,求该光的波长．32、为汽车发动机的冷却风扇设计一个控制电路；要求当发动机温度过高时，风扇自动开启，且只有在点火开关闭合时风扇才开启工作。请在图中，用正确的符号组成符合要求的电路。

33、如图，原点O处的质点做简谐振动产生的筒谐横波在均匀介质中沿x轴传播，P、Q为x轴上两点，P、O间距离x1=0.35m，且λ<x1<2λ，λ为该简谐波波长．当O处质点从t0时刻开始由平衡位置向上振动，振动周期T=ls，振幅A=5cm；当波传到P点时；O处质点恰好到达波峰位置；再经过5.25s，Q处质点第一次到达波峰位置．求：

(i)P；Q间的距离；

(ii)t=0开始到Q处质点第一次到达波谷位置过程中；P处质点通过的路程．

34、如图所示，竖直线MN左侧存在水平向右的匀强电场，右侧存在垂直纸面向外的匀强磁场，其磁感应强度大小B=π×10-2T，在P点竖直下方、d=处有一垂直于MN的足够大的挡板．现将一重力不计、比荷=1×106C／kg的正电荷从P点由静止释放，经过△t=1×10-4s，电荷以v0=1×104m／s的速度通过MN进入磁场．求：

(1)P点到MN的距离及匀强电场的电场强度E的大小；

(2)电荷打到挡板的位置到MN的距离；

(3)电荷从P点出发至运动到挡板所用的时间．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、C【分析】【详解】

温度是平均动能的标志，所以温度相同平均动能相同，而根据压强的微观解释可知，压强与分子平均动能和分子数密度有关，质量相同而体积不同，所以分子数密度不同，压强不同，ABD错误C正确2、A【分析】【分析】

由电路图可知，R0与R1串联后再与R2并联，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，然后得出电路中总电阻的变化；因电源输出的电流始终保持不变（即干路电流不变），根据欧姆定律可知电源电压的变化，根据欧姆定律可知通过R2电流的变化，根据并联电路的电流特点可知通过R0和R1支路的电流变化，根据欧姆定律可知R1上的电压变化，根据串联电路的电压特点R0上的电压变化以及R1上电压变化量与R0上的电压变化量的关系．

【详解】

B.由电路图可知，R0与R1串联后再与R2并联；当滑动变阻器滑动触头P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小；

因电源输出的电流始终保持不变(即干路电流不变)，由U=IR可知，电源的电压变小，即R2上的电压变小，R0和R1支路的总电压变小．故B错误；

AC.由I=U/R可知，通过定值电阻R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，R0和R1支路的电流变大，由U=IR可知，R1上的电压变大．R0与R1串联，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源电压增小，R1上的电压变大，所以，R0上的电压变小．故A正确；C错误；

D.因串联电路中总电压减小，且R0两端电压的减少量大于R1两端电压的增加量，即R1上电压变化量小于R0上的电压变化量；故D错误．

故选A．3、D【分析】【详解】

A．状态a与状态b的温度相同；则内能相同，故A错误；

B．状态a到状态b温度不变，压强增大，则体积减小，所以在状态a的密集程度小于在状态b的密集程度；故B错误；

C．在过程中，体积减小，外界对气体做功为

在过程中，压强不变，温度升高，则体积增大，外界对气体做功为

在过程，体积不变，则有

由于所以有

即在过程中；外界对气体做的总功为负功，故C错误；

D．由状态a经历三个过程后再回到状态a的过程中，由热力学第一定律可知

则由状态a经历三个过程后再回到状态a的过程中；气体从外界吸热，故D正确。

故选D。4、C【分析】【分析】

【详解】

A．甲图为油膜法估算分子直径的实验图。实验中需将痱子粉撒的尽量薄一些；油酸滴到痱子粉上能尽可能的散开，故A错误；

B．乙图为布朗运动产生原因示意图。说明微粒越大；液体分子沿各方向撞击它的数量越多，微粒各方向受力比较均衡，布朗运动不明显，故B错误；

C．气体分子永不停息地做无规则的热运动；频繁地碰撞容器的器壁，会对器壁产生压强，丙图为模拟气体压强产生机理实验图。实验说明气体压强是由大量气体分子对器壁频繁碰撞产生的，故C正确；

D．丁图为热机工作时的能流分配图。从高温向低温传递热量时会伴随着对外做功；说明热机的效率不可能达到100%，故D错误。

故选C。5、D【分析】【分析】

根据电流的定义可以分析决定电流的因素．

【详解】

电流的大小取决于电荷量与时间的比值；即单位时间内通过导体横截面的电量越大，电流越大；与横截面的大小及自由电荷无关；故ABC错误，D正确；

故选D．

【点睛】

电流取决于电量与时间的比值，要明确电流的意义．6、B【分析】【详解】

A项：由于磁感应强度均匀增大，不变，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势恒定，则ab中的感应电流不变，故A错误；。

B项：磁感应强度均匀增大，穿过线框的磁通量增大，根据楞次定律得，ab中的感应电流方向由a到b；故B正确；

C项：若B均匀减小，根据法拉第电磁感应定律可知；电流不变，故C错误；

D项：当B不变时；穿过线框的磁通量不变，电路中无电流，金属棒不受安培力，也不受摩擦力作用，故D错误．

故选B．7、D【分析】【详解】

A.根据右手定则可以判断，ab边刚进入磁场时，电流方向为a→b；A错误．

B.当ab边到达L时，线框速度为v0．ab边到达L下方距离d处时，线框速度也为v0；所以线框经历了减速后加速，所以刚进入磁场时减速运动，加速度沿斜面向上，B错误．

C.线框进入磁场时，减速运动，在线框进入磁场过程中，可能已经匀速，可以依然减速，所以线框完全进入磁场时速度最小，有：感应电动势：感应电流安培力：联立解得：C错误．

D.根据能量守恒，D正确．8、C【分析】【详解】

电阻的电阻值与交流电的频率无关，所以频率变大，电路中的电流不变，A3示数不变，故A错误；交流电的频率变大，线圈的感抗变大，电流减小，所以A2数将减小，故B错误；抽去线圈中的铁芯，线圈的感抗变小，A2读数增大，故C正确；增大电容器两极板之间的距离，电容器的电容减小，对交流电的阻碍作用增大，所以电流减小，A1读数减小．故D错误；故选C．

【点睛】

此题考查电容、电感对交变电流的影响，也就是容抗、感抗与交变电流的关系．当交变电流的频率变大时，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小．二、多选题(共8题，共16分)9、B:D:E【分析】【详解】

A．气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数；与单位体积内的分子数有关，还与分子平均速率有关，故A错误；

B．用amL的纯油酸配制成bmL的油酸酒精溶液，则每1mL此溶液中含有油酸V=mL

故B正确；

C．墨水中的碳粒的运动是因为大量水分子对它的撞击作用力不平衡导致向各方向运动；并且没有规则，故C错误；

D．液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离；液体分子间表现为引力，在宏观上表现为液体表面存在表面张力，故D正确；

E．一定量的某种理想气体绝热膨胀过程中体积增大；对外做功，但同时与外界没有热交换，根据热力学第一定律可知气体的内能减小，故E正确。

故选BDE。10、A:C:D【分析】【详解】

A．过程①温度升高；但是体积不变，所以外界对气体不做功，A正确。

B．过程④中气体作等容变化，T减小，p减小，气体体积不变，气体不做功，温度降低，气体的内能减少，根据热力学第一定律知气体向外界放出了热量；故B错误；

C．状态c、d的温度相等，根据一定质量的理想气体的内能只跟温度有关可知，状态c、d的内能相等。故C正确；

D．连接和根据数学知识和理想气体状态方程可知，状态b的值比c点大，则b状态的压强比状态c的压强大；故D正确。

故选ACD。11、A:C:D【分析】【详解】

A．根据热力学第二定律；不可能使热量从低温物体传递到高温物体，而不引起其他变化，但在一定的条件下热量可以从低温物体传到高温物体，如空调，故A正确；

B．液体表面层内的分子之间距离大于平衡距离所以表面层内分子间的相互作用力表现为引力，故B错误；

C．对一定质量的理想气体有

所以当温度升高时；若体积增大，则可能使压强保持不变，故C正确；

D．彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点；故D正确；

E．饱和汽压是指饱和汽的压强；它和温度有关，温度一定时，不论饱和汽的体积大小，饱和汽的分子密集程度一定，所以饱和汽压和体积无关，温度越高，饱和汽压越大，故E错误。

故选ACD。12、A:C【分析】【详解】

A.从位置1到位置2；开始进入磁场，安培力向左，小车减速，全进入磁场后，回路磁通量不再变化，没有感应电流，不受安培力开始匀速，所以根据图像可以看出小车长10cm，A正确。

B.小车的位移x＝15cm时；处于匀速阶段，磁通量不变，回路电流为零，B错误。

C.小车进入磁场过程中：出磁场过程中：而进出磁场过程中电量：进出磁场过程中磁通量变化相同，所以电量相同，所以解得：C正确。

D.从位置2运动到位置3的过程中，根据能量守恒：解得：D错误13、C:D【分析】【详解】

电场线与等势面垂直.正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，曲线运动所受合力指向曲线的凹侧，带正电的粒子只在电场力的作用下从点运动到b点，轨迹如图中实线所示，可画出速度和电场线及受力方向如图.则电场力的方向向右.电场线的方向向右，顺着电场线方向电势降低，等势面A电势最高，故A错误.粒子从运动到b，只受电场力，电场力的方向与运动方向成锐角，电场力做正功，粒子的电势能减小;根据动能定理，电场力做正功，动能增加;只受电场力作用，粒子的电势能与动能之和不变，故B错误，C、D正确.

14、A:C:E【分析】【详解】

单摆周期与振幅无关，A正确；受迫振动的频率等于驱动率的频率，当驱动力的频率接近物体的固有频率时，振动显著增强，当驱动力的频率等于物体的固有频率时即共振，B错误；根据光束不变原理，可知以其中一光束为参考系，另一光束是以光速c向前运动的，C正确；均匀变化的电场产生稳定的磁场，D错误；两列波相叠加产生干涉现象时，振动加强区域与减弱区域间隔出现，这些区域位置不变，E正确．15、B:C:D【分析】【详解】

A.根据折射定律：故A错误；

B.当入射角最大时，折射角最大，最大入射角为90∘，根据折射定律得：解得最大折射角r=45∘；故B正确；

C.欲使折射角r＝30°，根据折射定律解得i=45°；故C正确；

D.设入射角为α时反射光线与折射光线垂直，则折射角为90∘−α,根据折射定律得=tanα,解得α=arctan故D正确；

E.光从空气射入玻璃时；无论入射角多大，都不会发生全反射，故E错误．

故选BCD.16、A:C【分析】【详解】

A、随着滑块由M向N滑动，所受向右的电场力越来越小，如果在N点电场力大于弹簧弹力沿MN的分力；则滑块一直加速，所以A选项正确；

B；1、2与3、4间的电势差相等；电场力做功相等，故B错误；

C、在N点如果电场力小于弹簧弹力沿MN的分力；则滑块先加速后减速，就可能有两个位置的速度相同，C正确；

D、由题意“”和“滑块在M、N时弹簧的弹力大小相等”知滑块在M点受弹簧的推力斜向左下，在N点受弹簧的拉力向左上方．即M点时弹簧是压缩的，N点时弹簧是拉伸的，在弹簧与水平杆垂直和弹簧恢复原长的两个位置滑块的加速度只由电场力决定，故在M、N之间可能存在只由电场力确定滑块加速度大小的有两个位置；故D错误．

点睛：这是一道考查电场中有约束物体运动规律和功能关系的中档次好题．讨论电场力与弹簧水平方向上的分力大小是解决题目的关键，弹簧弹力的方向是的难点．三、填空题(共8题，共16分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]根据门电路特点可知，输入只要有“1”，输出即为“1”的电路是或门；输入只要有“0”，输出即为“0”的电路是与门，输入是“1”，输出为0的电路是非门。【解析】或与018、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由自动控制路灯的工作原理图，当光照暗到一定程度时，路灯能点亮。当放大电路的输入a端电压升高至某一值时，使经过继电器J的电流增大到受继电器J控制的电键S闭合，路灯就点亮。当R2是光敏电阻时，若无光照其阻值变大，从而使a端的电压升高；最终将路灯点亮；

[2]若要提高电路的灵敏度，即当光很弱时路灯可以点亮，即当电阻R2阻值较大时，a端的电压升高到某一值，则定值电阻的阻值变大了。【解析】增大19、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】错误正确正确错误20、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]对封闭气体缓慢加热；则活塞恰好到达气缸上端卡口，对封闭气体处于等压过程，由盖-吕萨克定律可知。

其中。

解得。

[2]未在活塞上表面缓慢倒入沙子前；对活塞列受力平衡。

保持封闭气体的温度T1不变,对封闭气体处于等温过程；由玻意耳定律可知。

对活塞列受力平衡。

其中。

联立可解。

【解析】2T；4m21、略

【分析】【分析】

【详解】

工人能在炉内温度竟达160℃的环境中工作几个小时；是因为在高压炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温．

【点睛】

高压炉内空气温度高，工人容易排汗，温度越高汗液蒸发越快，蒸发吸热，人体温度降低．【解析】在高炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温22、略

【分析】【详解】

[1]由题意知量程时，由

得

[2]量程为时，由

得【解析】4500##5000##23、略

【分析】【详解】

小涵站在平面镜前0.5m；小涵在平面镜中成像，小涵的像和小涵到平面镜的距离相等，所以小涵的像到平面镜的距离也是0.5m。小涵后退远离平面镜，小涵像的大小跟小涵的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小涵的像大小不变。

【点睛】

物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。【解析】0.5；不变；24、略

【分析】【详解】

小球和小车组成的系统水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有

解得【解析】四、作图题(共3题，共18分)25、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】26、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】27、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共21分)28、略

【分析】【详解】

解：(1)①根据原理图可得出对应的实物图；如图所示；

②根据闭合电路欧姆定律可得：则由数学规律可知电动势内电阻

(2)由乙同学的电路接法可知左右两部分并联后与串联，则可知在滑片移动过程中，滑动变阻器接入电阻先增大后减小，则路端电压先增大后减小，所以出现图e所示的图象，则由图象可知当电压为2.5V时，电流为0.5A，此时两部分电阻相等，则总电流为而当电压为2.4V时，电流分别对应0.33A和0.87A，则说明当电压为2.4V时，干路电流为则根据闭合电路欧姆定律可得解得电源的电动势内电阻【解析】2.80.603.00.5029、略

【分析】【详解】

（1）打点周期为0.02s，碰前小车P的速度为碰前系统总动量为：P1=mPv=0.480kg·m／s，碰后的速度碰后系统总动量为：P2=（mP+mQ）v1=0.475kg·m／s；（2）可见，在误差允许的范围内，碰撞前后动量守恒【解析】（1）0.480-0.4820.475（2）在误差允许的范围内，碰撞前后动量守恒30、略

【分析】【详解】

（1）[1]加速度方向向下；物体处于失重状态，故可能是减速上升或加速下降。

（2）[2]螺旋测微器的读数为

（3）[3]由题意可知，当玻璃砖转过某一角度θ时，刚好发生全反射，在直径边一侧观察不到P1、P2的像，做出如图所示的光路图可知，测出玻璃直径边转过的角度θ，根据光路图可知法线转过的角度也为θ，玻璃砖内入射角为θ，临界角为θ，则

所以测出玻璃直径边转过的角度θ；便可计算出玻璃砖的折射率。

[4]根据光路图可知全反射的临界角为θ，则

（4）[5]本题中，待测电阻的阻值约为25kΩ，直流电源电动势为20V，所以经粗略计算电路中最大的