2025年外研版高二物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年外研版高二物理上册月考试卷445考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示电路，电源内阻不能忽略，R的阻值小于变阻器的总电阻，开始时滑动变阻器的滑片P停在变阻器的中点，稳定后滑片P由中点向上移动至顶端的全过程中：A.电压表的示数先减小后增大B.电压表的示数先增大后减小C.电流表的示数先增大后减小D.电流表的示数先减小后增大2、分枝酸可用于生化研究，其结构简式如图。下列关于分枝酸的叙述正确的是rm{(}rm{)}A.分子中含有rm{2}种官能团B.可与乙醇、乙酸反应，且反应类型相同C.rm{1mol}分枝酸最多可与rm{3molNaOH}发生中和反应D.可使溴的四氯化碳溶液、酸性高锰酸钾溶液褪色，且原理相同3、如图所示，有一带电粒子贴着A

板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1

时，带电粒子沿垄脵

轨迹从两板正中间出；当偏转电压为U2

时，带电粒子沿垄脷

轨迹落到B

板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压比为(

)

A.U1隆脙U2=1隆脙1

B.U1隆脙U2=1隆脙2

C.U1隆脙U2=1隆脙4

D.U1隆脙U2=1隆脙8

4、如图所示的电路中，U=24V

滑动变阻器R2

的最大值为100娄赂R1=50娄赂.

当滑片P

滑至R2

的中点时，ab

两端的电压为(

)

A.8V

B.12V

C.16V

D.4V

5、一个物体以初速度v0

沿光滑斜面向上运动，其速度v

随时间t

变化的规律如图所示，在连续两段时间m

和n

内对应面积均为S

则经过b

时刻的速度大小为(

)

A.(m鈭�n)Smn

B.mn(m2+n2)Sm+n

C.(m2+n2)S(m+n)mn

D.(m2+n2)Smn

6、撑杆跳高是一项技术性很强的体育运动，完整的过程可以简化成三个阶段：持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落。撑杆跳高的过程中包含很多物理知识，下列说法正确的是

A.持杆助跑过程，重力的反作用力是地面对运动员的支持力B.撑杆起跳上升阶段，弯曲的撑杆对人的作用力大于人对撑杆的作用力C.撑杆起跳上升阶段先处于超重状态后处于失重状态D.最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为受到了一个向前的冲力评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、(

多选)

长木板A

放在光滑的水平面上，质量为m=2kg

的另一物体B

以水平速度v0=2m/s

滑上原来静止的长木板A

的表面，由于AB

间存在摩擦，之后AB

速度随时间变化情况如图所示，则下列说法正确的是：()A.木板获得的动能为2J

B.系统损失的机械能为4J

C.木板A

的最小长度为1m

D.B

间的动摩擦因数为0.1

8、一带电粒子沿着图中曲线JK

穿过一匀强电场，abcd

为该电场的等势面，其中娄脮a<娄脮b<娄脮c<娄脮d

若不计粒子受的重力，可以确定(

)

A.该粒子带负电B.从J

到K

粒子的动能增加C.从J

到K

粒子的电势能增加D.粒子从J

到K

运动过程中的动能与电势能之和不变9、下列说法正确的是（）A.光的偏振现象说明光是一种横波B.红光由空气进入水中，波长变长、颜色不变C.光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象D.光纤通信是一种现代通信手段，光纤内芯的折射率比外壳的大10、磁场中某处的磁感线呈弧形；虚线框内有产生以上弧形磁感线的磁场源，它可能是（）

A.条形磁铁B.通电螺线管C.两个静止的等量异种电荷D.水平向右运动的电子束11、反射和折射是光在介质交界面处发生的两种常见光学现象，下列关于这两种现象说法正确的是（）A.光发生反射时，一定伴随着折射现象B.光发生折射时，一定伴随着反射现象C.光发生折射时，与入射光线相比，折射光线可偏折90°D.光发生反射时，与入射光线相比，反射光线可偏折90°12、图a

和图b

是教材中演示自感现象的两个电路图，L1

和L2

为电感线圈.

实验时，断开开关S1

瞬间，灯A1

突然闪亮，随后逐渐变暗；闭合开关S2

灯A2

逐渐变亮，而另一个相同的灯A3

立即变亮，最终A2

与A3

的亮度相同.

下列说法正确的是A.图a

中，A1

与L1

的电阻值相同B.图a

中，闭合S1

电路稳定后，A1

中电流大于L1

中电流C.图b

中，变阻器R

与L2

的电阻值相同D.图b

中，闭合S2

瞬间，L2

中电流小于变阻器R

中电流13、如图所示是一个由电池、电阻R

与平行板电容器组成的串联电路，在增大电容器两板间距离的过程中(

)

A.电阻R

中没有电流B.电容器的电容变小C.电阻R

中有从a

流向b

的电流D.电阻R

中有从b

流向a

的电流14、如图所示，线圈L

与灯泡并联后接到电源上.

先闭合开关S

稳定后设通过线圈L

的电流为I1

通过小灯泡的电流为I2.

断开开关S

下列判断正确的是(

)

A.I1

逐渐减为零B.小灯泡立即熄灭C.小灯泡中的电流逐渐减为零，方向与I2

相反D.小灯泡中的电流逐渐减为零，方向与I2

相同15、如图所示，竖直光滑导轨上端接入一定值电阻R，C1和C2是半径都为a的两圆形磁场区域，其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向外，区域C1中磁场的磁感强度随时间按B1=b+kt（k＞0）变化，C2中磁场的磁感强度恒为B2，一质量为m、电阻为r、长度为L的金属杆AB穿过区域C2的圆心C2垂直地跨放在两导轨上，且与导轨接触良好，并恰能保存静止．则（）A.通过金属杆的电流大小为B.通过金属杆的电流大小为C.定值电阻的阻值为R=-rD.整个电路中产生的热功率P=评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)16、（1）如图1所示为“研究电磁感应现象”的实验装置；请将图中所缺的导线补接完整．

（2）已知一灵敏电流计，当电流从正接线柱流入时，指针向正接线柱一侧偏转，现把它与线圈串连接成如图2所示电路，当条形磁铁按如图2所示情况运动时，以下判断正确的是____．

A．甲图中电流表偏转方向向右。

B．乙图中磁铁下方的极性是N极。

C．丙图中磁铁的运动方向向下。

D．丁图中线圈的绕制方向从上往下看为顺时针方向。

17、某电场中有A、B两点，若取无限远处的电势为零，A点电势为200V，B点电势为100V，则UAB=______伏．18、如图所示，用丝线吊一个质量为m

的带电(

绝缘)

小球处于匀强磁场中，空气阻力不计，当小球分别从A

点和B

点向最低点O

运动且两次经过O

点时小球的动能______，丝线所受的拉力______，小球所受的洛伦兹力______.(

填“相同”、“不同”)

19、原子核发生变化时会释放或____能量，这就是核能．重核裂变时放出的____引起其他重核的裂变，可以使裂变不断进行下去，这就是____反应．20、I

(1)

如图所示，在一个静止的小磁针正上方附近平行地放一条直导线，当导线通电时，小磁针将____偏转(

选填“发生”或“不发生”)

(2)(2)如图所示，一个带正电的小球AA固定在绝缘支架上，另一个小球BB用绝缘细线悬挂于00点，且BB球静止时细线与竖直方向的夹角为娄脠娄脠说明BB球带____((选填：“正电”或“负电”))若减少BB球所带的电荷量，则娄脠娄脠角将____((选填“变大”或“变小”))

II

．(1)(1)不同城市的两个人用手机通话时，是利用____传递信息的((选填“电磁波”或“声波”))(2)

变压器只能改变____的电压(

选填“交流”或“直流”)

如图所示，一台正常工作的理想变压器原线圈与副线圈匝数之比n1:n2=1:2

则此变压器的输入电压与输出电压之比V1:V2=

____(

选填“1:2

”或“2:1

”)

III.

如图所示为某实验的电路图：(1)

其测量电阻的方法称为____(

选填“逆向思维法”或“伏安法”)

(2)

当开关闭合后，图中电压表示数为1.4v

电流表示数为0.1A

且电压表和电流表均可视为理想电表，则待测电阻Rx

的阻值为____娄赂;

若电源的内阻是1娄赂

则电动势为_____v

21、如图所示，实线表示两个相干波源S1S2

发出的波，则图中的__________点为振动加强的位置，图中的______点为振动减弱的位置．22、分)

利用图中所示的装置可以研究自由落体运动.

实验中需要调整好仪器，接通打点计时器的电源，松开纸带，使重物下落，打点计时器会在纸带上打出一系列的小点．

(1)

若实验时用到的计时器为电磁打点计时器，打点计时器的安装要使两个限位孔在同一________(

选填“水平”或“竖直”)

线上，以减少摩擦阻力．(2)

实验过程中，下列说法正确的是________A.

接通电源的同时要立刻释放重物B.

选取纸带时要选取第1

个计数点与第2

个计数点之间的距离接近4mm

且清晰的纸带C.

释放重物之前要让重物靠近打点计时器D.

为了使实验数据更加准确，可取多次测量结果的平均值(3)

为了测得重物下落的加速度，还需要的实验器材有________A.

天平B.

秒表C.

米尺评卷人得分四、判断题(共1题，共8分)23、空间两点放置两个异种点电荷a、b，其所带电荷量分别为qa和qb，其产生的电场的等势面如图所示，且相邻等势面间的电势差均相等，电场中A、B两点间的电势大小的关系为φA＞φB，由此可以判断出a为正电荷，且有qa＜qb．________（判断对错）

评卷人得分五、计算题(共2题，共14分)24、如图所示，单匝线圈在匀强磁场中绕OO′轴从图示位置开始匀速转动．已知从图示位置转过时；线圈中电动势大小为10V，求：

（1）该交变电源电动势的峰值；

（2）该交变电源电动势的有效值；

（3）设线圈电阻为R=1Ω，角速度ω=100rad/s，求线圈由中性面转过过程中通过导线截面的电荷量．25、带电为+3隆脕10鈭�6C

的粒子先后经过电场中的AB

两点；该过程粒子克服电场力做功6隆脕10鈭�4J

已知B

点电势为50V

求。

(1)

该粒子的电势能增加或减少了多少？

(2)AB

间两点间的电势差．

(3)A

点的电势．

(4)

另一电量为鈭�3隆脕10鈭�6C

的电荷在A

点具有的电势能．评卷人得分六、识图作答题(共4题，共36分)26、[生物——选修3：现代生物科技专题]略27、下图为细胞呼吸过程，其中a、b表示物质，①-④表示主要步骤，请回答下列问题：（1）图中a表示的物质是____，b表示的物质是____。（2）图中②、③过程中都有CO2产生，其场所分别是____、____。（3）过程①除能量外，还产生____；在①-④过程中释放能量最多的是____（填序号）。28、某弃置耕地的主要食物链由植物→田鼠→鼬构成。生态学家对此食物链能量流动进行了研究，结果如下表，单位是J/(hm2·a)。（1）此地形成的群落是________演替的结果。（2）用标志重捕法调查田鼠种群密度，在1hm2范围内，第一次捕获并标记30只田鼠，第二次捕获20只，其中有标记的10只，则该种群密度是________只/hm2。若标记的田鼠有部分被鼬捕食，则会导致种群密度估算结果____________(偏小/偏大)。（3）能量沿“植物→田鼠→鼬”的流动是单向的，而且是____________，从田鼠到鼬的能量传递效率是________。（4）田鼠和鼬都是恒温动物，同化的能量中只有3%～5%用于自身的________________，其余能量在呼吸作用中以________的形式散失。（5）鼬能够依据田鼠留下的气味去猎捕后者，田鼠同样也能够依据鼬的气味或行为躲避猎捕。可见，信息能够调节____________________，以维持生态系统的稳定。29、下图为某生物特定部位的细胞结构示意图。请据图分析回答：①将此细胞放入浓度大于11中细胞液浓度的蔗糖液中，此细胞将发生________。②细胞代谢活动的控制中心是[]________。③具有该细胞的生物，在生态系统中的成分是________。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】试题分析：由图可知，R1与滑动变阻器的上端串联后与滑动变阻器的下端并联，并联电路再与R2串联；分析滑片移动时并联部分电阻的变化，由欧姆定律可得出电路中电流的变化及电压表的变化；对R1支路由欧姆定律可得出电流表示数的变化．A、B由题意可知，当滑片向上移动时，并联部分的总电阻先增大后减小，则外电路的总电阻先增大后减小；由闭合电路的欧姆定律可知，干路电流先减小后增大，故内电压先减小后增大，则路端电压先增大后减小；即电压表的示数先增大后减小；故A错误B正确；C、D滑片P由中点向上移动时，干路电流减小过程中，路端电压增大，R与变阻器上部分串联电阻减小，则通过电流表的电流增大；在干路电流增大过程中，路端电压减小，变阻器下部分的增大，通过变阻器下部分的电流减小，则通过电流表的电流增大；故电流表的示数一直增大．故CD错误．故选：B考点：闭合电路的欧姆定律【解析】【答案】B2、B【分析】【分析】A.分枝酸分子中含有羧基、醇羟基、碳碳双键和醚键rm{4}种官能团；故A错误；

B.分枝酸分子中含有羧基和醇羟基，故可与乙醇、乙酸发生酯化rm{(}取代rm{)}反应；故B正确；

C.分枝酸分子中的六元环不是苯环，其分子结构中的羟基为醇羟基，不能与rm{NaOH}发生中和反应，故rm{1mol}分枝酸最多可与rm{2molNaOH}发生中和反应；故C错误；

D.分枝酸使溴的四氯化碳溶液褪色发生的是加成反应；使酸性高锰酸钾溶液褪色发生的是氧化反应，原理不同，故D错误；

故答案选B。【解析】rm{B}3、D【分析】略【解析】D

4、A【分析】解：由图可知；滑片P

滑至R2

的中点时，变阻器下半部分电阻为R脧脗=50娄赂

则R脧脗=R1=50娄赂

．

则下半部分电阻与R1

并联的阻值为R虏垄=12R1=25娄赂

则ab

两端的电压为：Uab=R虏垄R虏垄+R脡脧U=2525+50隆脕24V=8V

故A正确，BCD错误．

故选：A

当滑片P

滑至R2

的中点时，变阻器下半部分电阻与R1

并联后与上半部分电阻串联，根据串联电路电流相等的特点，由欧姆定律采用比例法求出ab

两端的电压．

本题中滑动变阻器采用分压式接法，当滑片位置改变时，ab

端输出电压随之改变，运用比例法求解是常用的方法．【解析】A

5、C【分析】解：设b

点的速度为vb

加速度为a

根据x=v0t+12at2

得：

s=vam鈭�12am2垄脵

s=vbn鈭�12an2垄脷

vb=va鈭�am垄脹

垄脵垄脷垄脹

联立得：vb=(m2+n2)S(m+n)mn

故选：C

图象中面积表示位移；再根据位移时间关系列式求解即可。

本题是图象与运动规律相结合的题目，关键是知道利用图象中的面积表示位移，然后在利用位移时间和速度时间关系列式求解即可【解析】C

6、C【分析】【分析】牛顿第一定律：物体在不受力或受力为零的情况下，总是处于静止或匀速直线运动状态。也就是说物体的运动不需力来维持，力是改变物体运动状态的原因。牛顿第三定律：两个相互作用的物体，它们之间的作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。F=鈭�FF=-F鈥�{{'}}，也进一步说明了力是物体间的相互作用。超重状态：当物体做向上加速运动或向下减速运动时，物体均处于超重状态，即不管物体如何运动，只要具有向上的加速度，物体就处于超重状态。失重状态：当物体做向下加速运动或向上做减速运动时，物体均处于失重状态，即不管物体如何运动，只要具有向下的加速度，物体就处于失重状态。【解答】A.重力的反作用力是物体对地球的引力，故A错误；B.弯曲的撑杆对人的作用力和人对撑杆的作用力，是作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故B错误；C.撑杆起跳上升阶段先向上加速，处于超重状态；后向上减速，处于失重状态，故C正确；D.最高点手已离开撑杆，运动员还能继续越过横杆，是因为惯性，故D错误。故选C。【解析】C

二、多选题(共9题，共18分)7、CD【分析】【分析】由图能读出木板获得的速度，根据动量守恒定律求出木板A

的质量，根据Ek=12mv2

求解木板获得的动能；根据斜率求出B

的加速度大小，根据牛顿第二定律求出动摩擦因数；根据“面积”之差求出木板A

的长度；根据系统克服摩擦力做功求解系统损失的机械能。本题属于木块在木板上滑动类型，既考查读图能力，也考查运用牛顿第二定律、功能关系及动量守恒等处理复杂力学问题的能力。【解答】A、由图示图象可知，木板获得的速度为v=1m/sAB

组成的系统动量守恒，以B

的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv0=(M+m)v

解得：M=2kg

木板A

的质量为M=2kg

木板获得的动能为：Ek=12Mv2=12隆脕2隆脕12J=1J

故A错误；B、系统损失的机械能?E=12mv02鈭�12mv2鈭�12Mv2

代入数据解得：鈻�E=2J

故B错误；C、由图得到：0鈭�1s

内B

的位移为xB=12隆脕(2+1)隆脕1m=1.5mA

的位移为xA=12隆脕1隆脕1m=0.5m

木板A

的最小长度为L=xB鈭�xA=1m

故C正确；D、由图示图象可知，B

的加速度：a=?v?t=1鈭�21=鈭�1m/s2

负号表示加速度的方向，由牛顿第二定律得：娄脤mBg=mBa

代入解得，娄脤=0.1

故D正确。故选CD。【解析】CD

8、ABD【分析】解：A

电势娄脮a<娄脮b<娄脮c<娄脮d

则电场强度的方向从右向左，因为粒子轨迹向右弯曲，可知电场力的方向水平向右，则该粒子带负电.

故A正确．

B；从J

到K

电场力做正功，因此动能增加，电势能减小，故B正确，C错误．

D；由于只有电场力做功；粒子从J

到K

的运动过程中动能和电势能之和保持不变，故D正确．

故选：ABD

．

根据电势的高低得出电场强度的方向；通过粒子的轨迹弯曲得出电场力的方向，从而确定电荷的电性，根据电场力做功判断电势能的高低和动能的变化情况．

本题考查等势面以及带电粒子在电场中的运动问题，解决本题的关键知道等势面与电场线之间的关系，知道电场力做功与电势能的关系，同时能正确应用动能定理分析动能的变化．【解析】ABD

9、ACD【分析】解：A；偏振是横波的特有现象；光的偏振现象说明光是一种横波。故A正确。

B；红光由空气进入水中；频率不变，颜色不变。波速变小，根据波速公式v=λf知，波长变短，故B错误。

C；光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象；减少光的反射，增加透射，故C正确。

D；光纤通信利用了全反射现象；对照全反射的条件分析知道光纤内芯的折射率比外壳的大，故D正确。

故选：ACD。

光的偏振现象说明光是一种横波．红光由空气进入水中；频率不变，波速变小，根据波速公式v=λf分析波长的变化．光学镜头上的增透膜是利用光的干涉现象．光纤通信利用了全反射现象，根据全反射的条件分析内芯与外壳折射率关系．

解决本题的关键是要了解掌握光现象产生的原因和条件，知道实际应用时的工作原理，要注意光的颜色由光的频率决定，与介质无关．【解析】ACD10、AB【分析】解：A条形磁铁外部的磁场从N极指向S极；若左侧是N极则能够满足题意．故A正确；

B；通电螺线管的磁场与条形磁铁的磁场相似；若左侧是N极则能够满足题意．故B正确；

C；两个静止的等量异种电荷不产生磁场．故C错误；

D；根据安培定则；水平向右运动的电子束产生的磁场在该区域的上方是垂直于纸面向里．故D错误．

故选：AB

A结合条形磁铁的磁场的特点判定；

BD根据安培定则首先判断出电流的磁场特点；然后判定；

两个静止的等量异种电荷不产生磁场．

该题考查常见的磁场以及它们的特点，这是该知识点上考查的重点．另外，该题中要注意两个静止的等量异种电荷不产生磁场．【解析】【答案】AB11、BD【分析】解：A；光发生反射时；若是透明介质，可能发生全反射，没有折射，若是不透明介质，只有反射．故A错误．

B；反射是普遍现象；光发生折射时，一定伴随着反射，故B正确．

C；根据折射定律：折射光线、法线和入射光线位于同一平面内；且分居法线的两侧，光发生折射时，光的传播方向偏转一定小于90°．故C错误．

D；光发生反射时；若入射角等于45°，则根据反射定律判断可知光的传播方向偏转90°．故D正确．

故选：BD．

光的反射遵守反射定律；光的传播方向一定改变，反射角等于入射角．折射现象遵守折射定律，光发生折射时，光的传播方向偏转一定小于90°．

解答本题的关键要明确光的反射和折射遵守的规律，由反射定律和折射定律分析即可．【解析】【答案】BD12、CD【分析】【分析】

闭合开关的瞬间，通过L

的电流增大，产生自感电动势，根据楞次定律分析电流的变化，判断通过两灯电流的关系.

待电路稳定后断开开关，线圈产生自感电动势，分析通过两灯的电流关系，判断两灯是否同时熄灭。当通过线圈本身的电流变化时；线圈中会产生自感现象，这是一种特殊的电磁感应现象，可运用楞次定律分析自感电动势对电流的影响。

【解答】

A.图1

中；断开S1

的瞬间，A1

灯闪亮，是因为电路稳定时，A1

的电流小于L

的电流，则可知L

的电阻小于A1

的电阻，故A错误；

B.图1

中；闭合S1

电路稳定后，断开开关S1

瞬间，灯A1

突然闪亮，说明灯泡中的电流小于线圈中的电流，故B错误；

C.图2

中；因为要观察两只灯泡发光的亮度变化，两个支路的总电阻相同，因两个灯泡电阻相同，所以变阻器R

与L2

的电阻值相同，故C正确；

D.图2

中，闭合S2

瞬间，L2

对电流由阻碍作用，LL2中电流小于变阻器RR中电流；故D正确。

故选CD。

【解析】CD

13、BC【分析】解：ACD

电容器与电源相连，电压不变.

增大电容器两板间距离的过程中，电容减小，电量减小，电容器放电.

原来电容器上极板带正电，电路中放电电流方向为顺时针方向，则电阻R

中有从a

流向b

的电流.

故AD错误；C正确．

B

增大电容器两板间距离的过程中；电容减小.

故B正确．

故选BC

电容器与电源相连；电压不变.

增大电容器两板间距离的过程中，电容减小，电量减小，电容器放电.

根据原来极板的带电情况，分析电流的方向．

本题是电容器动态变化分析问题，关键要抓住不变量.

当电容器保持与电源相连时，其电压不变．【解析】BC

14、AC【分析】解：A

迅速断开开关S

时；线圈中电流开始减小，磁通量开始减小产生自感电动势，阻碍电流的减小，则线圈中电流I1

逐渐减小为零.

故A正确．

B；CD

迅速断开开关S

时，灯泡中原来的电流I2

突然减小到零，线圈产生的感应电流流过灯泡，灯泡E

中电流由Il

逐渐减为零，方向与I2

相反.

故C正确，BD错误．

故选：AC

．

当灯泡处于正常发光状态；迅速断开开关S

时，灯泡中原来的电流突然减小到零，线圈中电流开始减小，磁通量减小产生感应电动势，产生自感现象，根据楞次定律分析线圈中电流的变化和电势高低．

自感现象是特殊的电磁感应现象，法拉第电磁感应定律和楞次定律同样适用．【解析】AC

15、BCD【分析】解：A、对金属杆，根据平衡方程得：mg=B2I•2a，解得：I=故A错误。

B、区域C1中磁场的磁感强度随时间按B1=b+kt（k＞0）变化；可知磁感强度均匀增大，穿过整个回路的磁通量增大，由楞次定律分析知，通过金属杆的电流方向为从B到A．故B正确。

C、由法拉第电磁感应定律，则有：回路中产生的感应电动势E==•πa2=kπa2；

且闭合电路欧姆定律有：I=

又I=解得：R=-r．故C正确。

D、整个电路中产生的热功率P=EI=．故D正确。

故选：BCD。

金属杆静止；合力为零．根据受力分析，结合平衡条件与安培力表达式，求解通过金属杆的电流大小；由楞次定律分析通过金属杆的电流方向．根据法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律，结合题意，即可求定值电阻的阻值．由功率公式整个电路中产生的热功率P．

本题是电磁感应与力学知识的综合，掌握法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律和平衡条件的应用，要注意产生感应电动势的有效面积等于C1圆面积，不是整个矩形面积．【解析】BCD三、填空题(共7题，共14分)16、略

【分析】

（1）将电源；电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路；再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，电路图如图所示．

（2）A；由图示可知；条形磁铁向下插入线圈时，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流从电流计的右接线柱流入，电流表指针向右偏转，故A正确；

B；由图示可知；电流计指针向左偏转，说明电流从负接线柱流入，由安培定则可知，感应电流磁场向上，由图示可知，此时条形磁铁离开线圈，原磁通量减小，由楞次定律可知，原磁场方向向下，因此条形磁铁的下端是N极，故B正确；

C；由图示可知；电流计指针向右偏转，说明电流从正接线柱流入，由安培定则可知，感应电流磁场向下，由图示可知，原磁场方向向上，由楞次定律可知，原磁通量应减小，因此条形磁铁应向上运动，故C错误；

D；由图示可知；电流计指针向右偏转，说明电流从正接线柱流入，由图示可知，原磁场方向向下，磁铁离开线圈，穿过线圈的原磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流磁场应向下，由安培定则可知，丁图中线圈的绕制方向从上往下看为顺时针方向，故D正确；

故答案为：（1）电路图如图所示；（2）ABD．

【解析】【答案】（1）注意该实验中有两个回路；一是电源；电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答．

（2）分析图示情景；由楞次定律判断感应电流的方向，然后判断出电流表指针偏转方向，选出正确的选项．

17、略

【分析】解：根据公式UAB=φA-φB得：UAB=200V-100V=100V

故答案为：100

两点之间的电势的差由其定义式U=φA-φB即可求出．

该题考查对电势差的理解与计算，记住公式UAB=φA-φB即可正确解答．【解析】10018、略

【分析】解：由题意可知；拉力与洛伦兹力对小球不做功，仅仅重力作功，则小球机械能守恒，所以小球分别从A

点和B

点向最低点O

运动且两次经过O

点时的动能相同；

由于小球的运动方向不同；则根据左手定则可知，洛伦兹力的方向不同，但大小却相同；

小球的速度大小相等；由于速度方向不同，导致产生的洛伦兹力的方向也不同；根据牛顿第二定律可知，则拉力的大小也不同．

故答案为：相同；不同，不同。

带电小球在重力与拉力及洛伦兹力共同作用下；绕固定点做圆周运动，由于拉力与洛伦兹力始终垂直于速度方向，它们对小球不做功.

因此仅有重力作功，则有机械能守恒.

从而可以确定动能是否相同，并由此可确定拉力与洛伦兹力．

本题考查对小球进行受力分析，并得出力做功与否，根据机械能守恒定律来解题是突破口，同时注意洛伦兹力方向随着速度的方向不同而不同.

最后由牛顿第二定律来考查向心力．【解析】相同；不同；不同19、略

【分析】

原子核发生变化时会释放或吸收能量；该能量就是核能．重核裂变时用中子轰击重核，产生多个中子，中子又会撞击重核，产生更多的中子，使裂变不断进行下去，这就是链式反应．

故答案为：吸收；中子，链式．

【解析】【答案】在核反应的过程中；会释放或吸收能量，重核裂变由称为链式反应．

20、I(1)发生(2)正变小II(1)电磁波(2)交流1:2III(l)伏安法(2)141.5【分析】【分析】本题考查奥斯特实验，库仑力公式，变压器，伏安法测电阻，欧姆定律。奥斯特实验：在一个静止的小磁针正上方附近平行地放一条直导线，当导线通电时，小磁针将发生偏转，说明电流能产生磁场。库仑定律：F=kQqr2F=kdfrac{Qq}{{r}^{2}}理想变压器原线圈与副线圈匝数之比n1n2=U1U2

伏安表测量电阻的方法称为伏安法，根据欧姆定律计算。解题关键是掌握基本知识，难度较低。【解答】I

(1)

在一个静止的小磁针正上方附近平行地放一条直导线，当导线通电时，小磁针将发生偏转，因为电流的磁场对小磁针有力的作用。(2)(2)如图所示，BB球向右偏转，受到斥力，AA球带正电，所以B

球带正电；若减少B

球所带的电荷量，则库仑力减小，故娄脠

角将变小。II

．(1)(1)不同城市的两个人用手机通话时，是利用电磁波传递信息的。(2)

变压器只能改变交流的电压，对直流不能用；原线圈与副线圈匝数之比n1n2=U1U2

故V1V2=1:2

III

．(1)如图所示，其测量电阻的方法称为伏安法。(2)(2)待测电阻RxRx的阻值为Rx=UI=14娄赂{R}_{x}=dfrac{U}{I}=14娄赂电动势为E=U+Ir=1.5VE=U+Ir=1.5V故答案为：I(1)

发生；(2)

正；变小；II

(1)

电磁波；(2)

交流；1:2

III

(l)

伏安法；(2)141.5

【解析】II(1)

发生(2)

正变小II

(1)

电磁波(2)

交流1:2

III

(l)

伏安法(2)141.5

21、ACB【分析】【分析】由于两列波是相干波；而相邻的波峰之间是波谷，所以C

点是波谷与波谷相遇即振动情况相同，A

点是波峰与波峰相遇即振动情况相同，B

点是波谷与波峰相遇故振动情况相反，振动情况相同则振动加强，振动情况相反则振动减弱。

掌握了振动加强和振动减弱的特点就能顺利解出此类题目。【解答】在波的传播过程中波峰和波谷交替出现，由图可知，C

点既是S1

的波谷位置，又是S2

的波谷位置，即为两个波谷的重叠区域，故C点是振动加强位置，同理A

点既是S

11的波峰位置，又是S

22的波峰位置，即为两个波峰的重叠区域，故A点是振动加强位置；而B

点是S1

的波峰位置也是S2

的波谷位置，故B点是振动减弱的位置。故答案为：ACB

【解析】ACB

22、（1）竖直（2）CD（3）C【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项..明确实验中可能面临的误差情况。(1)(1)打点计时器的两个限位孔如果不在在同一竖直线上..纸带运动中就会与限位孔之间有摩擦，重物下落时要克服这个阻力做功，重力势能不能全部转化为动能，实验存在误差..纸带与限位孔之间的摩擦是无法避免的，这样做只能减小纸带与限位孔之间的摩擦。(2)A(2)A应先接通电源，稳定后再释放纸带，故A错误；

B、选择纸带时应选择点迹清楚，前两个点间距接近2mm2mm的纸带，故B错误；

C、释放重物时，应让重物靠近纸带；故C正确；

D、实验中需对多条纸带进行处理即需要多测几次；故D正确。

故选CD。

(3)(3)据运动学公式得：鈻�x=attrianglex=at2，为了测试重物下落的加速度，还需要的实验器材有：米尺，用来测量计数点之间的距离，

该实验中不需要天平，通过打点计时器打点的时间间隔可以计算出计数点之间的时间间隔，所以也不需要秒表。

故选C。本题考查验证自由落体运动的实验，要清楚实验中需要测量的物理量，从中知道需要的仪器和多余的仪器，

知道实验原理，清楚实际情况下存在的误差。【解析】(1)

竖直(2)CD(3)C

四、判断题(共1题，共8分)23、B【分析】【解答】解：若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较；可以得到：靠近正电荷的点电势高，靠近负电荷的点，电势较低．所以，a处为正电荷．

等量异种点电荷电场中的部分等势面图象中的等势面左右对称；无穷远处的电势为0．该图象的左侧的等势线比较密，无穷远处的电势为0，所以无穷远处到两点之间的电势差相比，与a点之间的电势差比较大，所以a点所带的电量就多．

故答案为：错误．

【分析】若把该图象与等量异种点电荷电场中的部分等势面图比较，很容易得出正确的结论．五、计算题(共2题，共14分)24、略

【分析】

（1）先写出瞬时电动势的表达式，根据从图示位置转过时；线圈中电动势大小为10V，求解最大值；

（2）根据有效值与最大值之间的关系求解有效值；

（3）根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律求解电量．

本题是简单的交流发电机的原理，考查综合应用法拉第定律、欧姆定律、楞次定律等电磁学规律分析实际问题的能力．【解析】解：（1）从图示位置开始计时，线圈转动过程中的瞬时电动势表达式e=nBSωsinωt=Emsinωt；

所以Em=V=20V

（2）E有==10V

（3）线圈从初始位置开始；转过90°角的过程中；

感应电动势平均值为

感应电流平均值为

通过导线截面的电量q=

联立得到q==0.2C

答：（1）该交变电源电动势的峰值为20V；

（2）该交变电源电动势的有效值为10V；

（3）线圈由中性面转过过程中通过导线截面的电荷量为0.2C．25、略

【分析】

(1)

粒子克服电场力做功；其电势能应增加，增加的量等于克服电场力做功．

(2)

根据公式UAB=WABq

求解电势差．

(3)

电势差UAB=娄脮A鈭�娄脮B

又娄脮B=50V

即可求解A

点的电势．

(4)

由公式Ep=q娄脮