2025年外研版选择性必修2物理下册阶段测试试卷含答案

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A.图1中，的电阻值大于的电阻值B.图1中，闭合电路稳定后，中电流大于中电流C.图2中，滑动变阻器R接入电路的电阻值与的电阻值不相同D.图2中，闭合瞬间，中电流与变阻器R中电流相等2、如图所示的电路中，灯泡的规格完全相同，自感线圈L的电阻可以忽略；下列说法中正确的是（）

A.当接通电路时先亮，后亮，最后比亮B.当接通电路时和始终一样亮C.当断开电路时和都过一会儿熄灭D.当断开电路时立即熄灭，过一会儿熄灭3、福州一中的同学总是对身边的的事物充满好奇，某同学对智能手机中的电子指南针（电子罗盘）产生了兴趣，通过查资料得知其原理是利用重力传感器和霍尔效应来确定地磁场的方向。如图，某个智能手机中固定着一个导电物质为电子的霍尔元件，各边长度如图所示。元件的上表面与手机平面平行，始终通有从C到D方向的恒定电流I，当手机水平转动时，霍尔元件上下表面A、B之间的电势差也发生改变；不考虑地磁场的磁偏角，小范围内的地磁场可视为匀强磁场，下列说法正确的是（）

A.当C端朝着正西方向时，UAB>0B.当C端朝着正西方向时，仅增大元件的厚度c，则A、B两表面的电势差增大C.CD沿着竖直方向时，A、B两表面的电势差UAB一定为零D.当C端从正西方向缓慢转动90°到正北方向时，A、B两表面的电势差不断减小4、如图所示，在半径为L的圆形区域内有垂直于平面向外的匀强磁场，在x轴与磁场边界的交点P处有一粒子发射源，能沿平面与x轴成任意夹角向磁场区域发射质量为m，带电量为的粒子，且发射速度的大小为在发射的众多粒子中b粒子在磁场中的运动时间恰好为a粒子在磁场中运动时间的两倍。已知a粒子的入射方向与x轴正方向成角；若不考虑粒子间的相互作用力和粒子的重力，下列说法正确的是（）

A.b粒子的入射方向与x轴正方向成45°角B.b粒子的入射方向与x轴正方向成角C.a、b两粒子离开磁场后的运动方向相互平行D.从磁场外沿y轴正方向从不同位置射入的，一群同速率的上述粒子经磁场作用后不一定都过P点5、如图所示；一个矩形线框以竖直向上的初速度进入只有一条水平边界的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，进入磁场后上升一段高度又落下离开磁场，忽略空气阻力，则（）

A.线圈上升过程产生的热焦耳热小于下落过程产生的焦耳热B.线圈上升过程通过截面的电量小于下落过程通过截面的电量C.线圈从开始进入到完全进入磁场所用时间小于线圈从开始飞出到完全飞出磁场所用时间D.线圈上升过程损失的机械能小于下落过程损失的机械能6、随着通信技术的更新换代，无线通信使用的电磁波频率更高，频率资源更丰富，在相同时间内能够传输的信息量更大。第5代移动通信技术(简称5G)意味着更快的网速和更大的网络容载能力，“4G改变生活，5G改变社会”。与4G相比，5G使用的电磁波（）A.光子能量更大B.衍射更明显C.传播速度更大D.波长更长评卷人得分二、多选题(共5题，共10分)7、如图所示，在两个同心的大小圆之间分布着指向圆心的电场，在半径为R的小圆内分布着磁感应强度大小为B、方向垂直于纸面向里的匀强磁场．今在大圆周上的A点从静止开始释放一个质量为m，电荷量为q的带正电的粒子（重力不计）；它将往返于电场和磁场中不断运动．当粒子能够返回A点且在磁场中运动的时间最短时，下列说法正确的是。

A.粒子在磁场中做圆周运动的半径为RB.粒子在磁场中运动的速度大小为C.粒子在磁场中运动的最短时间为D.大圆和小圆间的电势差为8、回旋加速器的工作原理如图所示。形盒半径为盒内匀强稵场的磁感应强度为设氚核的电荷量为质量为不考虑相对论效应，下列说法正确的是（）

A.氚核从碰场中获得能量B.交变电源的周期为C.氚核加速后的最大速度与加速电场的电压无关D.氚核在回旋加速器内的加速次数与加速电压有关9、如图所示为一个回旋加速器的示意图，D形盒半径为R，磁感应强度为B的匀强磁场垂直D形盒底面，两盒间接交变电压。设质子的质量为m、电荷量为q；则下列说法正确的是（）

A.只增大半径R无法增加质子离开D形盒的速度B.只增大磁感应强度B可以增加质子离开D形盒的速度C.交变电压的变化周期为D.其他条件不变，质子被加速的总次数n与R成正比10、如图所示两根相距为L的光滑导轨水平放置，在导轨的左端连接有阻值为R的电阻和理想电压表，在MN和PQ间存在竖直向下，磁感应强度为B的匀强磁场，磁场区域宽度为d，一个“”形工件，在外力作用下，以速度v匀速通过磁场区域，工件ab、cd、ef是边长均为L，电阻均为R的金属细杆，IH、HG边是长为d的绝缘棒；不计其余部分电阻和金属细杆的宽度，则在工件通过磁场的过程中（）

A.电压表的示数为B.电阻R消耗的电功率为C.外力所做的功D.每一根金属细杆的发热量11、有一边长为L、质量为m、总电阻为R的正方形导线框自磁场上方某处自由下落，如图所示。区域I、II中匀强磁场的磁感应强度大小均为B，二者宽度分别为L、H，且H＞L。导线框恰好匀速进入区域I，一段时间后又恰好匀速离开区域II，重力加速度为g；下列说法正确的是（）

A.导线框离开区域II的速度大于B.导线框刚进入区域II时的加速度大小为g，方向竖直向上C.导线框进入区域II的过程产生的焦耳热为mgHD.导线框自开始进入区域I至刚完全离开区域II的时间为评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)12、如图所示，匀强磁场的磁感应强度B＝T，边长L＝10cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r＝1Ω，线圈绕垂直于磁感线的对称轴OO′匀速转动，角速度ω＝2πrad/s，外电路电阻R＝4Ω，从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为e=____________V；电压表的示数为____________V.

13、如图所示是小明设计的一种自动测定水箱内水位的装置，R是一种滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端，从水位表指针所指的刻度就可知道水箱内水位的高低，从图中可知：水位表是由________改装而成．当水面上升时，滑片________（填向上移动或者向下移动），滑动变阻器连入电路电阻________，电流________，水量表示数________．14、与热敏电阻相比，金属热电阻的______________好，测温范围______，但________较差。15、导体棒中带电粒子的定向移动形成电流；电流可以从宏观和微观两个角度来认识，安培力与洛伦兹力也有宏观与微观的对应关系。

如图所示，静止不动的匀强磁场的磁感应强度大小为B，方向竖直向下。一段直导体棒长为L，横截面积为S，单位体积的自由电荷个数为n，自由电荷的电荷量为导体棒中通有恒定电流，自由电荷的定向移动速率为（本题中两问均认为始终不变）。导体棒水平放置处于磁场中（垂直于磁感应强度）。

（1）若导体棒相对磁场静止，电荷定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，在宏观上表现为导体棒所受的安培力。按照这个思路，请你由安培力的表达式推导出洛伦兹力大小的表达式。()

（2）概念学习中，类比与比较是常用的学习方法。我们已经知道，垂直于匀强磁场磁感线的通电导线所受的安培力由此，我们用来定义磁感应强度。同样，运动方向垂直于匀强磁场磁感线的带电粒子所受的洛伦兹力由此也可用洛伦兹力来定义磁感应强度，定义式是_________，把该定义式与电场强度的定义式进行对比，两个定义式（而非物理量）的差别在于：__________________

16、如图所示，是一个按正弦规律变化的交变电流的图像，则该交变电流的周期是_________s，电流的有效值是______A。

17、在示波器一观察到如图所示的稳定正弦波形，已知X偏转电极加载的锯齿波使时基选择开关置于2ms/div时。则在Y偏转电极上加载了____信号波形其周期Ty＝___；当Y电压增益(或衰减)选择开关置于2V/div时，计算Uy（峰~峰值）＝____，Uy（有效值）＝____。

18、在远距离输电中，输送电压为220伏，输送的电功率为44千瓦，输电线的总电阻为0.2欧，在使用原副线圈匝数比为1：10的升压变压器升压，再用10：1的降压变压器降压方式送电时．输电线上损失的电压为______V，损失的电功率为______W．评卷人得分四、作图题(共4题，共32分)19、在图中画出或说明图中所示情形下通电导线I所受磁场力的方向。

20、要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯；电灯由光敏开关和声敏开关控制，光敏开关在天黑时自动闭合，天亮时自动断开；声敏开关在有声音时自动闭合，无声音时自动断开。在下图中连线，要求夜间且有声音时电灯自动亮，插座随时可用。

21、在“探究楞次定律”的实验中；某同学记录了实验过程的三个情境图，其中有两个记录不全，请将其补充完整。

22、如图所示：当条形磁铁向右靠近通电圆环时，圆环向右偏离，试在图中标出圆环中的电流方向___________．评卷人得分五、实验题(共2题，共4分)23、物理研究课上；同学们用可拆变压器探究“变压器的电压与匝数的关系”。可拆变压器如图甲；乙所示：

(1)下列说法正确的是____；

A.为确保实验安全；实验中要求原线圈匝数小于副线圈匝数。

B.变压器的原线圈接低压交流电；测量副线圈电压时应当用多用电表的“直流电压挡”

C.可以先保持原线圈电压；匝数不变；改变副线圈的匝数，研究副线圈匝数对副线圈电压的影响。

D.测量副线圈电压时；先用最大量程试测，大致确定电压后再选用适当的挡位进行测量。

E.变压器开始正常工作后；铁芯导电，把电能由原线圈输送到副线圈。

F.变压器开始正常工作后；若不计各种损耗，在原线圈上将电能转化成磁场能，在副线圈上将磁场能转化成电能，铁芯起到“传递”磁场能的作用。

(2)如图丙所示；某同学自己绕制了两个线圈套在可拆变压器的铁芯上。原线圈接学生电源的交流输出端，副线圈接小灯泡。下列说法正确的是____。

A.与变压器未通电时相比较；此时若将可拆变压器上端的横条铁芯取下将更费力。

B.若仅增加原线圈绕制的圈数；小灯泡的亮度将保持不变。

C.若仅增加副线圈绕制的圈数，学生电源的过载指示灯可能会亮起A.B.C.E.E.24、小明同学将废弃不用的手机充电器拆开；发现内部有一个变压器，他想在不拆变压器绕线的前提下测量其初级线圈的直流电阻，先用多用电表欧姆档测得阻值约400Ω，然后再用伏安法精确测量其直流电阻。现有器材如下：

①电流表A1（量程20mA，内阻r1约为3Ω，读数记为I1）；

②电流表A2（量程5mA，内阻读数记为I2）；

③电压表V（量程15V，内阻Rv约为15KΩ，读数记为U）；

④定值电阻

⑤定值电阻

⑥滑动变阻器R（0~1000Ω）；

⑦蓄电池E（电动势6V；内阻很小）；

⑧开关；导线若干。

(1)小明利用以上的部分器材设计了如图1所示的电路图，请指出此电路设计不妥当的地方：()

(2)请利用提供的器材在图2的方框中画出改进后的电路图，并标出各器材的代号。()

(3)测量初级线圈的电阻表达式为RL=___________。（本结果均用题中所给的字母表示）

(4)关于实验操作说法正确的是___________。

A．接通电路时应先接通K1，电路稳定后再接通K2

B．实验结束拆除电路时应先断开K1，稍等一会儿再断开K2

C．调整滑动变阻器电阻后立刻读出电表读数评卷人得分六、解答题(共1题，共8分)25、如图所示，在xOy平面坐标系中，x轴上方存在电场强度E=1000V/m、方向沿y轴负方向的匀强电场；在x轴及与x轴平行的虚线PQ之间存在着磁感应强度为B=2T、方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁场宽度为d。一个质量m=2×10−8kg、带电量q=+1.0×10−5C的粒子从y轴上(0，0.04)的位置以某一初速度v0沿x轴正方向射入匀强电场；不计粒子的重力。

（1）若v0=200m/s。

①求粒子第一次进入磁场时速度v的大小和方向；

②若该粒子恰好无法穿过磁场区域，求磁场的宽度d；

③求粒子由磁场第一次返回电场时，经过x轴的坐标；

（2）试证明：只要粒子能够返回电场区域，则其在磁场中的轨迹对应x轴上的弦长为一定值；

（3）要使以大小不同的初速度（包括初速度为v0）射入电场的粒子都能经磁场区域后返回电场，求磁场的最小宽度d。参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、A【分析】【详解】

AB.由题意可知，断开开关S1瞬间，L1与A1形成回路，通过灯A1的电流瞬间增大至断开开关前L1中的电流值，所以A1突然闪亮，由此可知闭合S1，电路稳定后，A1中的电流小于L1中的电流，根据欧姆定律可知A1的电阻值大于L1的电阻值；故A正确，B错误；

C.由题意可知，最终通过A2和A3的电流相同，所以滑动变阻器R接入电路的电阻值与L2的电阻值相同；故C错误；

D.闭合S2瞬间，由于L2会产生自感电动势阻碍通过其的电流增大，所以L2中的电流小于变阻器R中的电流；故D错误。

故选A。2、C【分析】【分析】

【详解】

AB.当闭合S时，A2立即亮，而自感线圈对电流的增大有阻碍作用，所以通过A1的电流慢慢变大，由于自感线圈L的电阻可以忽略；最后两灯泡的电压一样大，所以一样亮，AB错误；

CD.当断开S时，通过A2的原来的电流立即消失，由于线圈对电流的减小有阻碍作用，所以通过A1的电流会慢慢变小，并且通过A2；所以两灯泡一起过一会儿熄灭，D错误，C正确。

故选C。3、D【分析】【详解】

A．C端朝着正西方向，地磁场的方向是水平从南到北方向，根据左手定则，电子向A侧面偏转，A表面带负电，B表面带正电，所以B表面的电势高，则A错误；

B．A、B间存在电势差，之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，根据

得

根据电流的微观解释

解得

则

与c无关；B错误；

C．CD沿着竖直方向时，电流方向仍然和磁场方向垂直，带电粒子受洛仑兹力，也会积聚在A、B两表面，不为零；C错误；

D．C端从正西方向缓慢转动90°到正北方向时，磁场的方向和电流的方向夹角逐渐减少，最后磁场的方向和电流的方向平行，不受洛仑兹力，没有电荷在两个极板上集聚，A、B两表面的电势差不断减；D正确；

故选D。4、C【分析】【详解】

ABC．根据

解得

a粒子的轨迹如图。

根据几何关系，a粒子的入射方向与x轴正方向成角，a粒子在磁场中转过的圆心角为根据

b粒子在磁场中的运动时间恰好为a粒子在磁场中运动时间的两倍，则b粒子转过的圆心角为b粒子的轨迹如图。

根据几何关系b粒子的入射方向与x轴正方向成角，a、b两粒子离开磁场后的运动方向相互平行；故C正确，AB错误；

D．根据

解得

根据左手定则粒子向左偏转，粒子沿着y轴正方向从不同位置射入，设射入位置与圆心的连线与x轴的夹角为根据几何关系其轨迹中心的坐标为

根据几何关系，该轨迹中心与P点的距离为

则粒子的轨迹必然经过P点，即粒子经磁场作用后一定都过P点；故D错误。

故选C。5、C【分析】【详解】

ACD．矩形线框上升阶段，从开始进磁场到恰好完全进入磁场，线框受重力和向下的安培力作用，做加速度减小的减速运动，恰好完全进入磁场时，速度设为v0，之后只受重力，做竖直上抛运动。下降阶段，只受重力，在磁场中做自由落体运动，到开始出磁场时，速度也为v0，之后开始出磁场到完全出磁场的过程中，线框受重力和向上的安培力作用，可能匀速出磁场，也可能做加速度减小的加速运动或者加速度减小的减速运动出磁场。无论是哪种情况，由于进磁场过程的末速度v0和出磁场过程的初速度v0相等，故进磁场过程任意时刻的瞬时速度v和瞬时加速度都大于出磁场过程的。由于进出磁场的任意瞬间，瞬时速度为v时，都有

联立得

因此上升过程进磁场时的任意时刻的安培力大于下降过程出磁场时的；上升过程进磁场时的平均速度也大于下降过程出磁场时的。而又因为进磁场过程和出磁场过程的位移相同，因此线圈上升过程克服安培力做的功，或者说产生的焦耳热，也即机械能的损失，大于下降过程的；线圈上升过程从开始进入磁场到完全进入磁场所用时间也小于线圈从开始飞出到完全飞出磁场所用时间，故AD错误，C正确；

B．由法拉第电磁感应定律，闭合电路欧姆定律，电流的定义式

联立得

在本题中；线圈上升过程和下降过程，磁通量的变化量绝对值是的相等，故线圈上升过程通过截面的电量等于下落过程通过截面的电量，B错误。

故选C。6、A【分析】【详解】

A．因为5G使用的电磁波频率比4G高，根据可知5G使用的电磁波比4G光子能量更大；故A正确；

B．发生明显衍射的条件是障碍物（或孔）的尺寸可以跟波长相比；甚至比波长还小；因5G使用的电磁波频率更高，即波长更短，故5G越不容易发生明显衍射，故B错误；

C．光在真空中的传播速度都是相同的；光在介质中的传播速度为

5G的频率比4G高；而频率越大折射率越大，光在介质中的传播速度越小，故C错误；

D．因5G使用的电磁波频率更高，根据

可知波长更短；故D错误。

故选A。二、多选题(共5题，共10分)7、B:D【分析】【详解】

粒子将往返于电场和磁场中不断运动，当粒子能够返回A点且在磁场中运动的时间最短；如图所以。

粒子在磁场中做圆周运动的半径由粒子在磁场中运动的速度大小为

由动能定理可得

大圆和小圆间的电势差为

粒子在磁场中做圆周运动的圆心角为粒子在磁场中运动的最短时间为

故选BD。8、B:C:D【分析】【详解】

A．氚核在磁场中受到的洛伦兹力方向始终与速度方向垂直；洛伦兹力不做功，氚核不从磁场中获得能量，故A错误；

B．根据

氚核在磁场中圆周运动的周期

所以交变电源的周期为故B正确；

C．当加速到最大速度时，根据

氚核加速后的最大速度与加速电场的电压无关；故C正确；

D．氚核最大动能

氚核在回旋加速器中加速一次，增加的动能为qU，设加速次数为n，则

联立解得

氚核在回旋加速器内的加速次数与加速电压有关；故D正确。

故选BCD。9、B:C【分析】【详解】

AB．由

得

当时，最大，为由此可见只增大半径R或只增大磁感应强度B都可以增加质子离开D形盒的速度；A错误，B正确；

C．要使质子经过D形盒间缝隙时都能得到加速，应使交变电压的周期等于质子的回旋周期，有

C正确；

D．质子的最大动能为

由动能定理得

得质子被加速的次数

其他条件不变，质子被加速的总次数n与R的平方成正比；D错误；

故选BC。10、A:C【分析】【详解】

A．当导体棒分别进入磁场时，切割磁感线分别充当电源，其余部分是并联结构，导体棒切割磁感线产生的电动势为

回路中的电流为

电压表的读数为

解得

A正确；

B．电阻R消耗的电功率为

B错误。

C．外力所做的功等于整个回路产生的焦耳热

解得：

C正确；

D．每一根金属细杆的发热量

解得

D错误。

故选AC。11、C:D【分析】【详解】

A．导线框恰好匀速离开区域II，根据平衡条件得

解得

A错误；

B．导线框匀速进入区域I到刚进入区域II之间一直做匀速运动，由平衡关系和电磁感应定律可得

导线框下边刚进入磁场区域Ⅱ时，上下边都切割磁感线，由法拉第电磁感应定律

又

解得I2=

线框所受安培力

由牛顿第二定律有

解得

方向竖直向上；B错误；

C．导线框恰好匀速进入区域I故线框在区域I中以速度v匀速运动；设线框完全离开磁场I时速度为从完全离开磁场I到开始离开区域II的过程中，由动能定理得

导线框进入区域II的过程根据能量守恒可得

联立解得导线框进入区域II的过程产生的焦耳热为

C正确；

D．导线框自开始进入区域I至开始进入区域II过程中，由动量定理得

联立

解得

由题知导线框恰好匀速进入区域I，一段时间后又恰好匀速离开区域II，由于区域I、II中匀强磁场的磁感应强度大小均为B，则导线框刚进入区域II的速度v与导线框刚离开区域II的速度v是相同的，则导线框自开始进入区域II至开始离开区域II过程中，设安培力作用的时间为t，重力作用的时间为t2，由动量定理得

解得

导线框自开始离开区域II至刚完全离开区域II过程中，由动量定理得

联立解得

故

D正确。

故选CD。三、填空题(共7题，共14分)12、略

【分析】【详解】

[1]电动势的峰值为

从图示位置开始计时，转动过程中感应电动势瞬时值表达式为

[2]根据电压分配原理可得，路端电压的峰值为

则电压表示数为【解析】e=10cos2πt13、略

【分析】【详解】

[1]．从图中可知：水位表是由电流表改装而成．

[2][3][4][5]．当水面上升时，滑片向下移动，滑动变阻器连入电路电阻变小，电流变大，水量表示数变大．【解析】电流表向下移变小变大变大14、略

【分析】【详解】

[1][2][3]与热敏电阻相比，金属热电阻的化学稳定性好，测温范围大，但灵敏度较差。【解析】①.化学稳定性②.大③.灵敏度15、略

【分析】【详解】

（1）[1]导线受安培力的大小为

长L的导线内的总的带电粒子数为

又

电荷定向运动时所受洛伦兹力的矢量和，变现为导线所受的安培力，即

联立可以推导出洛伦兹力的表达式为

（2）[2][3]用洛伦兹力来定义磁感应强度，定义式为

两个定义式（而非物理量）的差别在于：磁感应强度是描述磁场力的性质的物理量，它的方向是小磁针静止时N极的受力方向；电场强度是描述电场力的性质的物理量，它的方向与正电荷的受力方向相同。【解析】磁感应强度是描述磁场力的性质的物理量，它的方向是小磁针静止时N极的受力方向；电场强度是描述电场力的性质的物理量，它的方向与正电荷的受力方向相同16、略

【分析】【详解】

[1]由图可知；该交变电流的周期是0.20s；

[2]由图可知，该交变电流的最大值为电流的有效值【解析】0.201017、略

【分析】【详解】

[1]X偏转电极加载的锯齿波只会使图形在水平方向移动；所以图中的竖直方向的正弦图形为在Y偏转电极上加载了正弦信号波形。

[2]由示波器开关置于2ms/div，得横轴每个格时间为2ms，所以周期为

[3]因为Y电压增益(或衰减)选择开关置于2V/div，由图可知波峰到波谷之间一共占用4格，所以峰值为

[4]根据正弦图像的有效值公式有【解析】正弦8ms8V5.656V18、略

【分析】【详解】

根据电压与匝数成正比，有可得升压变压器的输出电压为U2=2200V，根据P=UI，输出电流为：故电压损失为：△U=Ir=20A×0.2Ω=4V，电功率损失为：△P=I2r=202×0.2=80W．【解析】480四、作图题(共4题，共32分)19、略

【分析】【详解】

根据左手定则，画出通过电导线I所受磁场力的方向如图所示。

【解析】20、略

【分析】【分析】

根据题中“要在居民楼的楼道安装一个插座和一个电灯”可知；本题考查交流电的常识，根据开关作用和交流电接线常识，进行连接电路图。

【详解】

晚上；天黑光控开关闭合，有人走动发出声音，声控开关闭合，灯亮，说明两个开关不能独立工作，只有同时闭合时，灯才亮，即两个开关和灯泡是三者串联后连入电路；根据安全用电的原则可知，开关控制火线，开关一端接火线，一端接灯泡顶端的金属点，零线接灯泡的螺旋套；三孔插座通常的接线方式是面对插座，上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；电路图如下图所示。

【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

由第一个图可知：当条形磁铁的N极插入线圈过程中；电流计的指针向右偏转，则有：线圈中向下的磁场增强，感应电流的磁场阻碍磁通量增加，感应电流的磁场方向向上，则指针向右偏，记录完整。

第二个图指针向左偏；说明感应电流的磁场方向向下，与磁铁在线圈中的磁场方向相反，则线圈中磁场增强，故磁铁向下运动，如图。

第三个图指针向右偏；说明感应电流的磁场方向向上，与磁铁在线圈中的磁场方向相同，则线圈中磁场减弱，故磁铁向上运动，如图。

【解析】22、略

【分析】【详解】

当条形磁铁向右靠近圆环时；导线线圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反减同可知，线圈中产生感应电流的方向顺时针（从右向左看），如图所示：

【解析】如图所示五、实验题(共2题，共4分)23、A:C:C:D:F【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]A．为确保实验安全；实验中要求副线圈匝数小于原线圈匝数，使得次级电压较小，故A错误；

B．变压器的原线圈接低压交流电；测量副线圈电压时应当用多用电表的“交流电压挡”测量，故B错误；

C．实验时可采用控制变量法；先保持原线圈电压；匝数不变，改变副线圈的匝数，研究副线圈匝数对副线圈电压的影响，故C正确；

D．测量副线圈电压时；先用最大量程试测，大致确定电压后再选用适当的挡位进行测量，防止烧坏电压表，故D正确；

E．变压器开始正常工作后；通过电磁感应，把电能由原线圈输送到副线圈，故E错误；

F．变压器开始正常工作后；若不计各种损耗，在原线圈上将电能转化成磁场能，在副线圈上将磁场能转化成电能，铁芯起到“传递”磁场能的作用，故F正确。

故选CDF。

(2)[2]A．变压器线圈通电压会产生磁场；而变压器上端的横条相当于磁铁，下端对横条有吸引力作用，因此与变压器未通电时相比较，此时若将可拆变压器上端的横条铁芯取下将更费力，故A正确；

B．仅增加原线圈匝数；次级电压将减小，小灯泡亮度将变暗，故B错误；

C．若仅增加副线圈绕制的圈数；副线圈电压升，小灯泡消耗的功率变大，学生电源输出的功率变大，有可能使学生电源的过载指示灯会亮起，故C正确。

故选AC。24、略

【分析】【详解】

(1)[1]被测线圈两端的最大电压为6V；达不到电压表V量程的一半，测量误差较大，所以不能使用该电压表；

(2)[2]流过被测线圈的最大电流为所以电流表选择A1；如果变阻器选择分压接法，当与被测线圈并联的部分电阻丝阻值达到时（滑片已经滑过了五分之三的区域），