2025年上教版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上教版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、一个电荷量为10-6C的负电荷从电场中A点移到B点，电场力做功2×10-6J，从C点到D点克服电场力做功7×10-6J，已知C点电势比B点高3V，D点电势为0，则（）A.A点的电势为4VB.电荷在B点的电势能为4×10-6JC.电荷从D移到B克服电场力做功4×10-6JD.A点间电势差UCA为5V2、（2015•河西区校级模拟）如图甲，喷出的水做斜抛运动，图乙为斜抛运动的轨迹，对轨迹上的两点A、B下列说法中正确的是（不计空气阻力）（）A.A点的速度方向沿切线向下，合力方向竖直向上B.A点的速度方向沿切线向上，合力方向竖直向下C.B点的速度方向沿切线向上，合力方向竖直向下D.B点的速度方向沿切线向下，合力方向竖直向上3、如图甲所示，放在光滑水平面上的木块受到两个水平力F1、F2的作用下处于静止状态，现保持F1不变，F2仅大小按图乙所示变化．则能描述木块运动情况的v-t图象更接近（）A.B.C.D.4、“蛟龙”号载人潜水器2011年7月30号凌晨4时26分开始进行第四次下潜实验，并在深度5182米的位置成功安放了中国大洋协会的标志和一个木雕的中国龙，如图所示．下潜全程历时8小时57分，于13时2分完成下潜任务后顺利返回到“向阳红09”母船．关于此次潜实验说法正确的是（）A.“5182米”是指位移B.“5182米”是指路程C.“4时26分”、“8小时57分”、“13时2分”是指时间D.“4时26分”、“13时2分”指时刻，“8小时57分”指时间5、如图所示，两个可视为质点的小球a和b，用质量可忽略的刚性细杆相连，放置在一个光滑的半球面内，已知小球a和b的质量分别为m、m．细杆长度是球面半径的倍．两球处于平衡状态时，下列说法正确的是（）A.细杆与水平面的夹角θ=30°B.杆对a、b球作用力的方向不一定沿杆C.杆对a、b球的作用力的大小为mgD.半球面对a、b球的弹力之比为6、一质量为m的带电小球；在匀强电场中，以水平速度抛出．小球的加速度方向竖直向下，大小为g/3，则小球在竖直方向下落H高度的过程中（）

A.小球的动能增加。

B.小球的电势能减少。

C.小球的机械能增加。

D.小球的重力势能减少。

7、甲、乙两纯电阻的伏安特性曲线关系如图所示，把它们混联到电路中，甲和乙的电功率相同，下列说法正确的是（）A.甲的电流大于乙的电流B.甲的电阻大于乙的电阻C.甲的电流等于乙的电流D.乙的电压小于甲的电压8、传感器是一种采集信息的重要器件，如图所示，是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力F作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计和电源串接成闭合电路，那么以下说法正确的是（）A.当F向上压膜片电极时，电容将减小B.若电流计有示数，则压力F一定变化C.若电流计有示数，则压力F一定减小D.若电流计有示数，则压力F一定增大评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)9、一弹簧枪可射出速度为10m/s的铅弹，现对准以6m/s的速度沿光滑桌面迎面滑来的木块发射一颗铅弹，铅弹射入木块后未穿出，木块继续向前运动，速度变为5m/s．如果想让木块停止运动，并假定铅弹射入木块后都不会穿出，则应再向木块迎面射入的铅弹数为____．10、（2012春•泉州校级月考）如图所示用原副线圈研究电磁感应现象；若要求原线圈（Ⅰ）通电时，则使副线圈（Ⅱ）中产生感应电流可采用的方法是：

（1）____；

（2）____．11、质量是60kg的人站在升降机中的体重计上，升降机匀速上升时体重计的读数是____N，升降机以4m/s2的加速度匀加速上升时体重计的读数是____N，升降机以3m/s2的加速度匀减速上升时体重计的读数是____N．（g=10）12、（2014•上海二模）卡文迪许设计扭秤实验测定了万有引力恒量；实验中通过万有引力使石英丝扭转的办法巧妙地测量了极小的万有引力．现有学生研究用某种材料做成的圆柱体在外力矩作用下发生扭转的规律，具体做法是：做成长为L；半径为R的圆柱体，使其下端面固定，在上端面施加一个扭转力矩M，使上端面半径转过一扭转角θ，现记录实验数据如下：

。实验次数M/×10-2N•mL/×10-2mR/×10-4mθ/度11555.1225510.03210519.94210105.05310530.26315544.97420158.9（1）利用上表实验数据，可以采取____法，分别研究扭转角θ与M、θ与L、θ与R的关系，进而得出θ与M、L、R的关系是____．

（2）用上述材料做成一个长为0.4m，半径为0.002m的圆柱体，在下端面固定，上端面受到M=4×10-2N•m的扭转力矩作用下，上端面将转过的角度是____．

（3）若定义扭转系数，则K与R、L的关系是____．

（4）根据上述结果，为提高实验的灵敏度，卡文迪许在选取石英丝时，应选用长度____（选填“长”或“短”）一点、截面____一点（选填“粗”或“细”）的石英丝．13、载人航天飞船在环绕地球的轨道上飞行时，飞船运动所需的向心力由地球对它的____________提供；此时宇航员处于____________(选填“超重”或“失重”)状态．14、（2015•四川一模）小芳同学通过实验探究共点力的平衡条件．如图所示，将一方形薄木板平放在桌面上，并在板面上用图钉固定好白纸，将三个弹簧测力计的挂钩用细线系在小铁环上，两个弹簧测力计固定在木板上，在板面内沿某一方向拉第三个弹簧测力计，当小铁环____时，分别记录三个测力计示数F1、F2、F3的大小和____，并作出力的图示．接着，小方同学按平行四边形定则作出了F2、F3的合力F23，通过比较____的关系，就可以得到共点力F1、F2、F3的平衡条件．15、（2012春•赣榆县校级期中）如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比n1：n2=1：2，加在原线圈两端的电压为220V，副线圈两端的电压为____V，C为额定电流为1A的保险丝，R为接在副线圈两端的可变电阻．要使保险丝不会熔断，则可变电阻的阻值不能小于____Ω．16、一根轻质弹簧上端固定，下端悬挂在质量为0.1kg的小球时，弹簧的伸长量为4cm；当弹簧下端悬挂质量为0.2kg的小球时，弹簧的伸长量为____cm，当弹簧的伸长量为14cm时，弹簧下端悬挂小球的质量为____kg．（弹簧始终未超出弹性限度）评卷人得分三、判断题(共8题，共16分)17、太阳发出的能量来自内部发生的化学反应释放的化学能．____．（判断对错）18、x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律．____．（判断对错）19、狭义相对论认为真空中的光速在不同的惯性参考系中是不同的____（判断对错）20、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）21、平抛运动属于匀变速运动，匀速圆周运动也属于匀变速运动．____．22、分力的大小一定小于合力的大小．____．23、几个不同阻值的电阻并联后，其总电阻等于各电阻之和．____．（判断对错）24、阴离子在阳极放电，阳离子在阴极放电．____（判断对错）评卷人得分四、计算题(共1题，共9分)25、（2016•赤峰校级一模）如图示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，∠A=30°，∠C=90°，三棱镜材料的折射率n=．一条与BC面夹角为θ=30°最终的出射光线与最初的入射光线的夹角是多少？评卷人得分五、作图题(共3题，共6分)26、如图中当电流通过导线；线圈时；小磁针的N极均指向读者．试在图中画出电流方向．

27、作图题．

28、【题文】在图（1）中画出漂浮在水面上的小球的受力示意图。在图（2）中画出物体对斜面的压力的示意图。参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】根据U=求解电势差，计算时各个量均要代入符号；电场力做的功等于电势能的减小量【解析】【解答】解：A、AB间的电势差为：UAB=

CD间的电势差为：

BC间的电势差为：UBC=-3V

AD间的电势差为：UAD=UAB+UBC+UCD=2V

D点电势为0；故A点电势为2V，故A错误。

B、UBD=UBC+UCD=4V

故B点的电势为φB=4V，电势能为；故B错误；

C、DB间的电势差为UDB=-UBD=-4V，电场力做功为W=；故电场力做正功，故C错误；

D、UCA=-UAC=-（UAB+UBC）=-（-2-3）V=5V；故D正确。

故选：D2、B【分析】【分析】对物体以一定的初速度向空中抛出，仅在重力作用下物体所做的运动叫做抛体运动，它的初速度不为0．抛体运动又分为平抛运动和斜抛运动．【解析】【解答】解：抛体运动是曲线运动；曲线运动的速度方向沿着曲线的切线方向；

抛体运动只受重力；故合力竖直向下；

故ACD错误；B正确；

故选B．3、C【分析】【分析】根据牛顿第二定律得出加速度的变化，从而根据加速度方向与速度方向的关系判断出木块速度的变化，确定正确的图象．【解析】【解答】解：根据牛顿第二定律得，木块的加速度a=；知加速度的大小先增大后减小，因为加速度的方向始终与速度方向相同，则木块先做加速度逐渐增大的加速运动，再做加速度逐渐减小的加速运动．故C正确，A；B、D错误．

故选C．4、D【分析】【分析】位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向；路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向．时间和时刻的主要区别就是时刻是时间轴上的点，而时间对应的是时间轴上的一段．具体分析问题时看看问题在时间轴上应该如何表示．【解析】【解答】解：A；5182米是指下潜深度；只有竖直下潜时，5182米才是位移，故AB错误；

C；“4时26分”、“13时2分”；在时间轴上对应的是一个点，是时刻，“8小时57分”在时间轴上对应的是一段，是时间，故C错误，D正确．

故选：D．5、C【分析】【分析】以O为转轴，根据力矩平衡条件求解细杆与水平面的夹角θ．由于杆的质量忽略不计，杆所受的小球的两个作用力必定共线方向，则知杆对a、b球作用力的方向一定沿杆．根据数学知识求出杆对a、b球的作用力的大小．对整体研究，根据平衡条件求解半球面对a、b球的弹力之比．【解析】【解答】解：由题，细杆长度是球面半径的倍，由几何知识得知，oa⊥ob；α=45°．

A、设球面半径为r，以O为转轴，对整体进行研究，根据平衡条件得：magrcos（α+θ）=mbgcos[90°-（α+θ）]；

又，mb=m

代入解得θ=15°．故A错误．

B、由于杆的质量忽略不计，重力不计，则由平衡条件得知，杆所受的两个小球的作用力必定共线方向，所以杆对a、b球作用力的方向一定沿杆．故B错误．

C、由图，根据几何知识得β2=60°，由数学知识得到：=，代入解得，T=．故C正确．

D、两球都受到重力、细杆的弹力和球面的弹力的作用，过O作竖直线交ab于c点，设球面的半径为R，由几何关系可得：=，=

解得：FNa=FNb；故D错误．

故选C6、A|D【分析】

A、根据动能定理：小球动能的变化量等于合力做功，△Ek=F合•h=mah=mgH=mgH＞0；所以动能增加．故A正确．

B、D小球的重力做正功mgH，重力势能减小mgH，动能增加mgH，而动能与重力势能之和等于机械能，根据能量守恒定律得：小电势能增加mgH-mgH=mgH．故B错误；D正确．

C、根据能量守恒得知：小球的机械能减小mgH．故C错误．

故选AD

【解析】【答案】本题根据功与能的关系进行分析．根据动能定理研究动能的变化．电场力做负功；电势能增大，机械能减小，高度下降，重力势能减小．

7、A【分析】【分析】由图象中的斜率可明确电阻大小；再根据功率相等这一条件，利用P=I2R分析可明确电流大小；再由P=UI可求得电压关系．【解析】【解答】解：由图可知；甲的斜率大于乙的斜率，因图象为I-U图象；故甲的电阻小于乙的电阻；

因功率相等，则由P=I2R可知；甲的电流大于乙的电流；由P=UI可知，甲的电压小于乙的电压；故A正确，BCD错误；

故选：A．8、B【分析】【分析】根据电容器的电容与板间距离的关系判断当F向上压膜片电极时电容的变化，再根据电容定义式判断电容器在充电还是放电，从而判断电流计的变化．【解析】【解答】解：A、当F向上压膜片电极时，板间距离减小，由电容的决定式C=得到；电容器的电容将增大，故A错误；

B、当F向上压膜片电极时，又根据电容的定义式C=；电容器两极的电压U不变，电容C增大时，Q将增大，即电容器充电，电流计有示数．故B正确；

C；D、由以上的分析可知；压力增大时，电流计指针向右偏．同理，若压力减小，则电流计指针向左偏，所以若电流计有示数，并不能判断出压力F一定减小，或一定增大．故CD错误．

故选：B．二、填空题(共8题，共16分)9、8【分析】【分析】铅弹与木块组成的系统动量守恒，根据第一颗铅弹射入后木块的速度，应用动量守恒定律求出铅弹质量与木块质量间的关系；以木块与射入木块的全部铅弹组成的系统为研究对象，当系统总动量为零或总动量方向与木块初动量方向相反时，木块停下来或反向运动，由动量守恒定律可以求出射入铅弹的个数．【解析】【解答】解；以木块的初速度方向为正方向，设第一颗铅弹打入后，设铅弹和木块的共同速度为V1；

由动量定恒得：m2v-m1v0=（m1+m2）v1；

即：6m2-10m1=5（m1+m2）；

解得：m2=15m1；

设要使木块停下来或反向运动；总共至少打入n颗铅弹，以铅弹与木块组成的系统为研究对象，由动量定恒得：

m2v-nm1v0≤0，则n≥==9；

即：n≥9；总共至少要打入9颗铅弹．即还需要再打入8个。

故答案为：8．10、原线圈插入副线圈、原线圈从副线圈中拔出变阻器快速移动【分析】【分析】研究电磁感应现象实验时，通过理论分析与多种因素有关，因此通过控制变量的思想来研究问题，从而带来方便．【解析】【解答】解：在实验中分别研究开关断开；闭合；原线圈插入副线圈、原线圈从副线圈中拔出；变阻器快速移动；插入铁芯、拔出铁芯等情况下达到穿过闭合回路磁通量发生变化的目的；从而产生感应电流．

故答案为：（1）原线圈插入副线圈、原线圈从副线圈中拔出；（2）变阻器快速移动；11、600840420【分析】【分析】（1）体重计的读数等于升降机对人的支持力的大小；

（2）升降机匀速上升时；人受力平衡，支持力等于重力；

（3）当升降机以不同的加速度运动时，可根据牛顿第二定律求解．【解析】【解答】解：（1）升降机匀速上升，受力平衡，则FN=mg=600N

（2）升降机加速上升；加速度方向向上，支持力大于重力。

根据牛顿第二定律得：

FN1-mg=ma1

FN1=m（g+a1）=60×（10+4）=840N

（3）升降机加速下降；加速度方向向下，支持力小于重力。

根据牛顿第二定律得：

mg-FN2=ma2

FN2=m（g-a2）=60×（10-3）=420N

故答案为：600，840，420．12、控制变量10°长细【分析】【分析】研究一个变量与多个因素有关时；应该采用控制变量法．根据实验数据找出θ与M；L、R的关系．

根据θ与M、L、R的关系求出上端面将转过的角度，根据表达式换算找出K与R、L的关系．【解析】【解答】解：（1）研究一个变量与多个因素有关时；应该采用控制变量法．

根据实验数据得θ与M、L、R的关系是

（2）做成一个长为0.4m，半径为0.002m的圆柱体，在下端面固定，上端面受到M=4×10-2N•m的扭转力矩作用下；

根据解得10°

上端面将转过的角度是解得10°

（3）根据得。

=

（4）根据上述结果=

为提高实验的灵敏度；卡文迪许在选取石英丝时，应选用长度长一点；截面细一点的石英丝，会导致石英丝更容易转动．

故答案为：（1）控制变量；（或θ∝ML/R2）

（2）10°．

（3）（或K∝R2/L）

（4）长、细13、略

【分析】解：载人航天飞船在环绕地球的轨道上飞行时；飞船运动所需的向心力由地球对它的万有引力充当的，此时宇航员所受万有引力充当向心力，宇航员处于失重状态．

故答案为：万有引力，失重．【解析】万有引力;失重14、平衡方向F23与F1【分析】【分析】共点力作用下物体的平衡条件是合外力为零，三个力合力为零，则任意两个力的合力与第三个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，根据平行四边形定值作出其中两个力的合力，与第三个力进行比较即可得出结论．【解析】【解答】解：本实验探究共点力作用下物体的平衡条件，所以平衡时铁环保持静止状态，此时要记录测力计的示数F1、F2、F3和它们的方向，根据平行四边形定值作出F2、F3的合力，比较F23和F31的关系即可求出结论．

故答案为：平衡；方向，F23与F1．15、440880【分析】【分析】根据电压之比等于线圈匝数比求出副线圈电压，当可变电阻R的阻值变大时，电流变小，副线圈功率变小，则原线圈功率也变小，根据原线圈电路中电流的最大值求出副线圈电流最大值，进而求出可变电阻R的最小值，可变电阻的耗电功率是变化的．【解析】【解答】解：变压器匝数与电压成正比，即

所以输出电压：V；

C为额定电流为1A的保险丝，则输入的最大功率：Pm=Im•U1=1×220W=220W

又Pm=P出

由P=UI，输出电流：A

可变电阻的最小阻值：

故答案为：440，88016、80.35【分析】【分析】当弹簧下端挂的重物时，弹簧的拉力等于重物的重力，根据胡克定律求出弹簧的劲度系数．由胡克定律求出弹簧伸长量和弹簧的拉力，再求质量．【解析】【解答】解：当弹簧下端挂的重物时，弹簧的拉力等于重物的重力，当下端悬挂在质量为0.1kg的小球时，弹簧的伸长量为4cm，据胡克定律得：K=

弹簧下端悬挂质量为0.2kg的小球时，弹簧的伸长量据胡克定律得：x2==0.08m=8cm

当弹簧的伸长量为14cm时；弹簧下端悬挂小球的质量，据胡克定律得：mg=0.14k，代入数据解得：m=0.35Kg

故答案为：8cm；0.35．三、判断题(共8题，共16分)17、×【分析】【分析】太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应，由此分析即可．【解析】【解答】解：根据目前的认识；太阳辐射的能量主要来自太阳内部的聚变反应．所以以上的说法是错误的．

故答案为：×18、√【分析】【分析】位移-时间图象中的曲线反映了物体的位移随时间变化的规律．由此分析即可．【解析】【解答】解：根据x-t图象的意义可知；x-t图象描述了物体的位移随时间的变化规律，所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】根据狭义相对论的两个基本假设：

①物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式．这叫做相对性原理．

②在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度．【解析】【解答】解：根据相对论的两个基本假设可知；在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C．这叫光速不变原理．故以上说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×21、×【分析】【分析】匀变速运动是指加速度恒定的运动；平抛运动的加速度为g，恒定；匀速圆周运动的加速度总是指向圆心，时刻改变．【解析】【解答】解：匀变速运动是指加速度恒定的运动；

平抛运动的加速度为g；恒定，是匀变速曲线运动；

匀速圆周运动的加速度总是指向圆心；时刻改变，是变加速运动；

故答案为：×．22、×【分析】【分析】（1）如果二力在同一条直线上；根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；

同一直线反方向二力的合力等于二力之差．

（2）如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间．【解析】【解答】解：当二力反向时；合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故这句话是错误的；

故答案为：×23、×【分析】【分析】根据并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的读数之和进行判定即可，【解析】【解答】解：因为并联电阻的总电阻的倒数等于个分电阻的倒数之和；所以题干则的说法是错误的．

故答案为：×24、×【分析】【分析】阴极射线是在1858年利用低压气体放电管研究气体放电时发现的．1897年约瑟夫•约翰•汤姆生根据放电管中的阴极射线在电磁场和磁场作用下的轨迹确定阴极射线中的粒子带负电，并测出其荷质比，这在一定意义上是历史上第一次发现电子．【解析】【解答】解：阴极即负极；阴极射线是负极发出的射线，是电子流；同理，阳离子在阳极放电．故该说法是错误的．

故答案为：×．四、计算题(共1题，共9分)25、略

【分析】【分析】画出光路图，利用折射定律求光在BC面上折射角r，由光的反射定律和几何关系求出光在AB面的入射角，再运用折射定律求出从AB边射出时折射角，即可由几何知识求出出射光线与最初的入射光线的夹角．【解析】【解答】解：根据折射定