2025年上外版高二物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版高二物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示，矩形线圈abcd与可变电容器C、理想电流表A组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc边匀速转动，转动的角速度ω=100πrad/s．线圈的匝数N=100，边长ab=0.2m、ad=0.4m，电阻不计．磁场只分布在bc边的左侧，磁感应强度大小B=T．电容器放电时间不计．下列说法正确的是（）A.该线圈从图示位置开始转动到离开磁场过程中的电流方向adcbaB.电容器的耐压值至少为50VC.电容器的电容C变大时，电流表的示数变小D.该线圈产生的交流电动势有效值为25V2、关于曲线运动，下列说法中正确的是(

)

A.速度的方向总是沿着曲线的切线方向B.速度的大小时刻在变C.加速度一定在变化D.物体在恒力作用下不可能做曲线运动3、一种测定风作用力的仪器原理如图所示，它的细长金属丝一端固定于悬点O

另一端悬挂着一个质量为m

的金属球.

无风时，金属丝自然下垂，当受到沿水平方向吹来的风时，金属丝偏离竖直方向的角度为娄脠

则风力F

大小与偏角娄脠

小球质量m

之间的关系式正确的是()A.F=mgsin娄脠

B.F=mgcos娄脠

C.F=mgtan娄脠

D.F=mgcot娄脠

4、下列哪组力有可能为平衡力()

垄脵3N4N8N垄脷3N5N1N垄脹4N7N8N垄脺7N9N16N

A.垄脵垄脹

B.垄脹垄脺

C.垄脵垄脺

D.垄脷垄脺

5、如图所示，半径为rr的圆筒，绕竖直中心轴OO隆盲OO隆盲旋转，小物块aa靠在圆筒的内壁上，它与圆筒内壁间的动摩擦因数为娄脤娄脤现要使小物块aa不下落，则圆筒转动的角速度娄脴娄脴至少为()

A.grB.娄脤gC.娄脤grD.g娄脤r

6、下列关于惯性的说法正确的是(

)

A.汽车的质量越大，惯性越大B.汽车的速度越大，惯性越大C.汽车静止时，车上的乘客没有惯性D.汽车急刹车时，汽车有惯性，乘客没有惯性评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)7、如图所示，在直线电流附近有一根金属棒ab

，当金属棒以b

端为圆心，以ab

为半径，在过导线的平面内匀速旋转达到图中的位置时()

A.a

端聚积电子B.b

端聚积电子。

C.金属棒内电场强度等于零D.娄脮

a

>娄脮

b

8、如图所示的电路中，电源的内电阻不能忽略不计.

现闭合开关S

待电路中的电流稳定后，调节可变电阻R

的阻值，电压表的示数增大了鈻�U.

下列判断正确的是(

)

A..

可变电阻R

被调到较小的阻值B..

电阻R2

两端的电压减小，减小量等于鈻�U

C..

通过电阻R2

的电流减小，减小量小于鈻�UR2

D.路端电压增大，增大量小于鈻�U

9、如图所示，在匀强磁场中，一矩形线圈绕垂直于磁感线的轴以角速度ω匀速转动，线圈通过电刷与理想变压器原线圈相连，副线圈接一滑动变阻器R，原、副线圈的匝数分别为n1、n2．要使理想电流表的示数变为原来的2倍，下列措施可行的是（）A.n2和R都增大为原来的2倍B.n2和ω都增大为原来的2倍C.ω和R都增大为原来的2倍D.磁感应强度B增大为原来的2倍10、如图所示，轻质弹簧上端固定，下端与质量为m的圆环相连，圆环套在倾斜的粗糙固定杆上，杆与水平面之间的夹角为α．将圆环从a处由静止释放，环沿杆上滑到b处时的速度为v，滑到d处时速度为零，且弹簧竖直并处于自然长度；接着，圆环又从d处沿杆下滑，滑到b处时速度为零．已知bd=L，c是bd的中点，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A.环上滑经过c点的速度等于下滑经过c点的速度B.环上滑经过c点的速度大于下滑经过c点的速度C.环经过b点时，弹簧的弹性势能是mgLsinα-D.环经过b点时，弹簧的弹性势能是mgLsinα-11、（双选）在“嫦娥一号”卫星对月球探索中，月球土壤里大量存在着一种叫做“氦”的化学元素，是热核聚变的重要原料．科学家初步估计月球上至少有100万吨“氦3（He）”，如果相关技术开发成功，将可为地球带来取之不尽的能源．关于“氦3（He）”与氘核聚变，下列说法中正确的是（）A.核反应方程为He+H→He+HB.核反应生成物的质量将大于参加反应物质的质量C.“氦3（He）”一个核子的结合能大于“氦4（He）”一个核子的结合能D.“氦3（He）”的原子核与一个氘核发生聚变将放出能量12、在图甲、乙电路中，电阻R

和电感线圈L

的电阻都很小.

接通S

使电路达到稳定，灯泡A

发光，则()

A.在电路甲中，断开SA

将渐渐变暗B.在电路甲中，断开SA

将先变得更亮，然后渐渐变暗C.在电路乙中，断开SA

将渐渐变暗D.在电路乙中，断开SA

将先变得更亮，然后渐渐变暗13、如图所示的电路中，三个灯泡L1L2L3

的电阻关系为R1<R2<R3

电感L

的电阻可忽略，D

为理想二极管。电键S

从闭合状态突然断开时，则下列判断正确的是()

A.L1

立即熄灭B.L2

先变亮；然后熄灭。

C.L3

先变亮，然后熄灭D.L2

立即熄灭14、(

多选)

如图所示，光滑绝缘的水平面内存在场强为E

的匀强电场，长度为L

绝缘光滑的挡板AC

与电场方向夹角为30鈭�.

现有质量相等；电荷量均为Q

的甲、乙两个带电体从A

处出发；甲由静止释放，沿AC

边无摩擦滑动，乙垂直于电场方向以一定的初速度运动，甲、乙两个带电体都通过C

处.

则从A

到C

甲、乙两个带电体()

A.发生的位移相等B.通过C

处的速度相等C.电势能减少量都为32EQL

D.所用时间之比为2隆脙1

15、如图，理想变压器原、副线圈的匝数比为2：1，原线圈输入的交流电压有效值为U0=440V，接有理想电流表A；副线圈分别接额定电压为100V的灯泡和电阻值范围是0～100Ω的滑动变阻器。不考虑温度对灯泡电阻的影响，适当调节滑动变阻器的触片位置，使灯泡在额定电压下正常工作，此时电流表A的示数为1.2A，则（）A.滑动变阻器下部分接入的电阻值为50ΩB.滑动变阻器消耗的电功率为240WC.灯泡的额定功率为40WD.灯泡的额定电流为2.4A评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)16、下列现象中，利用共振现象的是______，防止共振产生危害现象的是______()．A．秋千越荡越高B．火车过桥时要慢开C．喇叭常放在音箱内D．建厂房时要考虑厂房的固有频率与机器的固有频率的差别17、如图所示，不带电的枕形导体AB，A段靠近一带正电的导体C时，A端将带______电，B端______（填“不带电”、“带正电”或“带负电”）．用手触摸枕形导体A端后，枕形导体A端______（填“不带电”、“带正电”或“带负电”），B端______（填“不带电”、“带正电”或“带负电”）．18、如图所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，OO′为其对称轴．一导线折成边长为l的正方形闭合回路abcd，回路在纸面内以恒定速度v0向右运动；当运动到关于OO′对称的位置时；

（1）穿过回路的磁通量为______．

（2）回路中感应电动势大小为______．

（3）回路中感应电流的方向为______（填顺时针或逆时针）

（4）ab边所受安培力的方向______．19、图1游标卡尺的读数为______mm；

图2螺旋测微器读数为______mm．

20、(1)

真空中的两个点电荷，它们间的静电力大小为F.

如果保持他们间的距离不变，将其中一个点电荷的电荷量增大为原来的3

倍，则它们间的静电力大小为__________;

如果保持它们的电荷量不变，将两点电荷间的距离减小为原来的一半，则他们间的静电力大小为_________．(2)

下列有关生活中的静电，应用静电的是_________，有害的、要防止的是__________．A.电视荧屏上常有一层灰尘B.

雷雨天高大树木下避雨C.

静电喷漆D.

静电复印E.

静电除尘(3)

三个粒子abc(

不计重力)

以相同的速度射入匀强磁场中，运动轨迹如图所示，其中b

粒子做匀速直线运动，则a

粒子带__________电，c

粒子带_________电．

(4)

电磁铁的应用相当广泛，它是利用电流周围产生磁场的原理工作的，最先发现电流周围存在磁场的科学家是__________．21、如图所示是一列沿x

轴正方向传播的简谐横波在t=0

时刻的波形图，已知波的传播速度v=2m/s.

则x=0.25m

处质点的振动函数表达式为______cm.x=0.25m

处质点在0隆芦4.5s

内通过的路程为______cm

和在t=4.5s

时的位移______cm

．22、(14分)(1)激光具有相干性好、平行度好、亮度高等特点，在科学技术和日常生活中应用广泛．下面关于激光的叙述正确的是()．A．激光是纵波B．频率相同的激光在不同介质中的波长相同C．两束频率不同的激光能产生干涉现象D．利用激光平行度好的特点可以测量月球到地球的距离(2)如图所示，在杨氏双缝干涉实验中，激光的波长为5.30×10－7m，屏上P点距双缝S1和S2的路程差为7.95×10－7m．则在这里出现的应是________(填“明条纹”或暗条纹)．现改用波长为6.30×10－7m的激光进行上述实验，保持其他条件不变，则屏上的条纹间距将________(填“变宽”、“变窄”或“不变”)．23、某学习小组做探究合力的功和物体速度变化关系的实验，如图甲所示，图中小车在一条橡皮筋作用下弹出沿木板滑行，这时橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条；3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时；使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出．

甲。

正确操作的情况下，打在纸带上的点并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的____部分进行测量(根据如图乙所示的纸带回答)．

乙24、如图所示，用绝缘细线拴一个质量为m

的小球，小球在竖直向下的电场强度为E

的匀强电场中的竖直平面内做匀速圆周运动，则小球带____电荷，所带电荷量为____。评卷人得分四、判断题(共3题，共15分)25、只有沿着电场线的方向电势才会降低，所以电势降低的方向就一定是电场强度的方向．（判断对错）26、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）27、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

评卷人得分五、证明题(共2题，共10分)28、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。29、如图，两根劲度系数分别为K1、K2的轻质弹簧与小球相连结，另外一端固定不动。整个装置位于光滑的水平地面上。当小球位于O点时，两弹簧均处于原长状态。今把小球沿弹簧轴线方向拉离O一小段距离后放手。证明小球此后的运动为简谐运动。评卷人得分六、作图题(共2题，共20分)30、图中的均匀杆A处于静止状态；试在图上画出A所受到的弹力的方向．

31、根据磁感应强度B；电流I和安培力F的相互关系；请根据要求作图．

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】解：A、根据楞次定律可知，该线圈从图示位置开始转动到离开磁场过程中的电流方向abcda；故A错误。

B、线圈产生的交流电动势峰值为：Em=NBSω=100××（0.2×0.4）×100π=50V，电容器的耐压值最小为V；故B错误；

C；电容器的电容C变大时；容抗变小，故电流表的示数变大，故C错误；

D、该交流电为正弦式交流电，根据E=E=50V，故D正确；

故选：D．

线圈中产生正弦式交变电流，但只有半个周期有电流；根据Em=NBSω求解最大值；根据热效应求解有效值；电容器的耐压值为电压的最大值；电容越大；容抗越小．

本题关键是明确交流电的最大值、有效值的求解方法，知道电容器的耐压值为最大值，不难．【解析】【答案】D2、A【分析】解：A

在曲线运动中；物体的速度方向总是沿着曲线的切线方向.

故A正确；

B；做匀速圆周运动的物体的速度大小不变；速度大小不变，故B错误．

C；做曲线运动的物体的加速度不一定变化；如平抛运动，故C错误．

D；物体在恒力作用下也可能做曲线运动；如平抛运动.

故D错误．

故选：A

物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上；合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论.

物体的速度方向总是沿着曲线的切线方向．

本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．【解析】A

3、C【分析】本题考查受力分析，平衡状态及力的合成，对小球受力分析，然后根据共点力平衡条件运用合成法，由几何关系求解出分力。对小球受力分析，受到重力、拉力和风力，将拉力和风力合成，合力与重力平衡，如图所示：由几何关系，得到F=mgtan娄脠

故C正确。故选C。【解析】C

4、B【分析】【解析】

试题分析：垄脵3N

和4N

的合力取值范围是1N隆芦7N8N

的力不在这个范围内，三个力合力不能等于零，该物体不能保持平衡；

垄脷3N

和5N

的合力取值范围是2N隆芦8N1N

的力不在这个范围内，三个力合力不能等于零，该物体不能保持平衡；

垄脹4N

和7N

的合力取值范围是3N隆芦11N8N

的力在这个范围内，三个力合力可以等于零，该物体可以保持平衡；

垄脺7N

和9N

的合力取值范围是2N隆芦16N16N

力在这个范围内，三个力合力可以等于零，该物体可以保持平衡；

垄脹垄脺

正确。

故选B

考点：力的合成。

点评：求三个力的合力的最小值是一个难点，解题的有效方法是：找出其中的最大者其他两个力的大小之和为若则三个合力的最小值当时，则三个力合力的最小值．【解析】B

5、D【分析】【分析】要使a

不下落，筒壁对物体的静摩擦力必须与重力相平衡，由筒壁对物体的支持力提供向心力，根据向心力公式即可求解角速度的最小值。物体在圆筒内壁做匀速圆周运动，向心力是由筒壁对物体的支持力提供的，而物体放在圆盘上随着圆盘做匀速圆周运动时，此时的向心力是由圆盘的静摩擦力提供的。【解答】要使A

不下落；则小物块在竖直方向上受力平衡，有：f=mg

；

当摩擦力正好等于最大摩擦力时；圆筒转动的角速度娄脴

取最小值，筒壁对物体的支持力提供向心力；

根据向心力公式得：N=m娄脴2r

而f=娄脤N

联立以上三式解得：娄脴=g娄脤r

故ABC错误，D正确。

故选D。【解析】D

6、A【分析】解：A

惯性是物体固有的属性；惯性之跟质量有关，质量越大，惯性越大，和物体的运动状态无关，故A正确，BC错误；

D；汽车急刹车时；由于惯性人保持向前运动，所以乘客的身体发生倾斜，即人与汽车都有惯性，故D错误．

故选：A

惯性是物体固有的属性；惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小和质量成正比．

考查了学生对惯性的理解，学生要牢固掌握惯性的大小只与质量有关，质量是物体惯性大小的度量【解析】A

二、多选题(共9题，共18分)7、BD【分析】【分析】明确电流右侧产生的磁场方向，再根据右手定则可判断ab

两端电势的高低，即知道哪端聚集了电子了。本题考查了右手定则和导线切割磁感线产生感应电动势，重点是区分前后两次右手定则。【解答】由安培定则可知，电流右侧磁场方向向外，ab

在转动时切割磁感线产生感应电动势，由右手定则可知，a

端电势高，b

端电势低，即娄脮a>娄脮b

故金属棒内电场强度不等于零，b

端将聚集电子，故BD正确，AC错误。故选BD。【解析】BD

8、CD【分析】解：

A；由题；电压表的示数增大，R

和R1

并联的电阻增大，得知R

增大，所以R

被调到较大的阻值.

A错误．

B、CR

增大，外电阻增大，干路电流减小，电阻R2

两端的电压减小，路端电压增大，而路端电压等于外电路总电压，所以电阻R2

两端的电压减小量小于鈻�U

由欧姆定律得知，通过电阻R2

的电流减小，减小量小于鈻�UR.

故B错误；C正确．

D、由于电阻R2

两端的电压减小，所以路端电压的增大量小于鈻�U.

故D正确．

故选：CD

由题意电压表的示数增大了鈻�U

说明R

和R1

并联的电阻增大，知R

增大.R

增大，外电阻增大，干路电流减小，电阻R2

两端的电压减小，根据路端电压的变化，分析电阻R2

两端的电压减小量和鈻�U

的大小；由欧姆定律求出电流减小量的范围．

本题根据部分与整体的关系，采用总量法分析R2

两端的电压减小量和鈻�U

的增加量的大小，即总量增大，增大的量较大．【解析】CD

9、AD【分析】解：交流发电机产生的感应电动势的最大值：Em=NBSω；

变压器的输入电压的有效值：U1=

根据变压比公式，有：=

根据欧姆定律，有：I2=

根据变流比公式，有：=

联立解得：I1=

A、n2和R都增大为原来的2倍，根据I1=电流增加为2倍，故A正确；

B、n2和ω增大为原来的2倍，根据I1=电流增加为8倍，故B错误；

C、ω和R都增大为原来的2倍，根据I1=电流增加为1倍，故C错误；

D、磁感应强度B增大为原来的2倍，根据I1=电流增加为2倍，故D正确；

故选：AD。

根据Em=NBSω求解交流发电机产生的感应电动势的最大值；根据E=求解有效值；根据变压比公式求解输出电压；根据欧姆定律求解输出电流；再根据变流比公式求解变压器的输入电流。

本题关键是明确变压器的变流比公式和变压比公式推导出电流的表达式进行分析。【解析】AD10、BD【分析】解：A、从c到d再到c，重力、弹簧的拉力做功均为零，只有摩擦力做功，由动能定理得：

由于Wf＜0，则vC′＜vC；故A错误，B正确；

C、设从c到d摩擦力做功为Wf，从b到d再到b的过程中，重力、弹簧的拉力做功均为零，只有摩擦力做功，由动能定理得：

解得：

设b处弹性势能为EP，从b到d由动能定理得：其中WG=-mgLsinα，则EP=mgLsinα-故C错误，D正确．

故选：BD

从c到d再到c，重力、弹簧的拉力做功均为零，只有摩擦力做功，由动能定理比较环上滑经过c点的速度和下滑经过c点的速度大小，从b到d再到b的过程中，重力、弹簧的拉力做功均为零，只有摩擦力做功，由动能定理求出从c到d摩擦力做功，设b处弹性势能为EP，从b到d由动能定理列式求解即可．

本题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，能选择合适的研究过程，这样会使复杂问题简单化，难度适中．【解析】【答案】BD11、AD【分析】解：A、该选项中的核反应方程就是为He+H的核聚变的方程，在生成He+H的同时释放大量的能量．故A正确．

B、由于核反应的过程中释放大量的能量，根据爱因斯坦质能方程△E=△mC2；可知生成物的质量小于反应物的质量．故B错误．

C；质量中等的核的比结合能最大；故使重核裂变为两个质量中等的核或使轻核聚变，都可使核更为稳定并放出能量，故一个生成物核子的结合能大于一个反应物的核子的结合能．故C错误．

D；由于质量中等的核的比结合能最大；故使重核裂变为两个质量中等的核或使轻核聚变，都可使核更为稳定并放出能量．故D正确．

故选：AD．

对于A选项；只有记住，没有别的途径．由于质量中等的核的比结合能最大，故使重核裂变为两个质量中等的核或使轻核聚变，都可使核更为稳定并放出能量，故一个生成物的核子的结合能大于一个反应物的核子的结合能．由于轻核的聚变释放能量，根据爱因斯坦质能方程可知生成物的质量小于反应物的质量．

本题主要考查：质量中等的核的比结合能最大，故使重核裂变为两个质量中等的核或使轻核聚变，都可使核更为稳定并放出能量，理解了这一句话，本题就迎刃而解，故要对基本概念加强理解．【解析】【答案】AD12、AD【分析】略【解析】AD

13、CD【分析】【分析】根据线圈对电流有阻碍作用，以及二极管具有单向导电性进行分析。解决本题的关键知道线圈对电流的变化有阻碍作用，以及知道二极管特性。【解答】闭合时，因为R1<R2<R3

所以通过灯泡L1

的电流大于通过L3

的电流，断开电键，原来通过L2

和L3

的电流立即消失，通过L1

的电流由于线圈对电流的变化由阻碍作用，阻碍电流的变化，且与L2L3

构成回路，由于二极管具有单向导电性，所以无电流通过L2

则L2

立即熄灭，由于开始通过L1

的电流大于通过L3

的电流，所以L3

先变亮然后逐渐变暗，L1

逐渐变暗，故CD正确，AB错误。故选CD。【解析】CD

14、AC【分析】【分析】由于粒子起点和终点相同，故发生的位移一定相同；由功能关系分析到达C

点的速度；电势能的减少量等于电场力所做的功；由位移时间公式求甲从A

到C

的时间和乙从A

到C

的时间进行求解。本题主要考查了带电粒子在复合场中的运动，有一定难度。注意分析对称性。【解答】由于粒子起点和终点相同，故发生的位移一定相同，故A正确；由于两粒子初速度不同，但电场力做功相同，故到达C

点的速度不相同，故B错误；电势能的减少量等于电场力所做的功，则W=EqLcos30鈭�=32EqL

故C正确；甲从A

到C

的时间：t录脳=2La1=2LqEsin60鈭�m=4mL3qE

乙从A

到C

的时间：t脪脪=2Lsin60鈭�a2=2Lsin60鈭�qEm=3mLqE

则甲乙从A

运动到C

时间之比为2拢潞3

故D错误。故选AC。【解析】AC

15、AC【分析】解：ACD、根据原副线圈电压之比等于匝数比可知，副线圈电压为U2=V=220V；

根据原副线圈电流之比等于匝数的倒数比可知，副线圈电流I2=2I1=2.4A；灯泡的额定电压为100V；

所以与灯泡串联的电阻值为R2=Ω=50Ω；所以与灯泡并联部分的阻值也为50Ω；

所以通过并联部分滑动变阻器的电流为I′=A=2A；所以通过灯泡的电流为2.4-2A=0.4A；

所以灯泡的功率PL=ULIL=100×0.4=40W；故AC正确，D错误；

B；滑动变阻器消耗的功率为P=100×2+120×2.4W=488W；故B错误。

故选：AC。

根据变压器电压和电流与匝数的关系求出副线圈电压和电流；而灯泡正常发光，所以灯泡两端的电压为100V，根据串并联电路的特点及根据功率公式即可求解。

本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。【解析】AC三、填空题(共9题，共18分)16、略

【分析】当物体发生共振时，驱动力的频率等于物体的固有频率，此时振动物体的振幅最大，能量最大，因此应用共振的是A、C，防止共振的是B、D.【解析】【答案】ACBD17、略

【分析】解：由于静电感应；AB中的负电荷将向A端移动，从而使A端带负电，B端带正电；

用手触摸AB后；用手触摸枕形导体后，由于C为正电荷，故AB电势高于大地的电势，因此大地上电子跑到导体上，将B端的正电荷中和，而A端所受的负电荷增大，B端不带电；

故答案为：负；带正电；带负电；不带电；

根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况；从而可以判断导体带电的情况．

本题考查对感应起电的理解能力，关键根据同种电荷相斥，异种电荷相吸分析感应起电的过程，注意在导体中移动的为电子．【解析】负；带正电；带负电；不带电18、略

【分析】解：（1）当线圈运动到关于OO′对称的位置时；线圈中左侧磁场垂直线圈向外，右侧磁场垂直线圈向内，而且左右的磁通量大小相等，相互抵消，因此磁通量为零．

（2）ab切割磁感线形成电动势b端为正，cd切割形成电动势c端为负，两边产生的感应电动势大小均为E1=BLv0，因此两个电动势串联，回路中感应电动势为E=2E1=2BLv0．

（3）根据右手定则可知；回路中的感应电流方向为逆时针．

（4）根据左手定则可知，回路中ab边与cd边所受安培力方向均向左．

故答案为：（1）0wb；（2）2BLv0；（3）逆时针；（4）水平向左．

根据磁通量的定义；由磁感线的条数可以判断此时磁通量的大小，如图所示时刻，有两根导线切割磁感线，根据右手定则可判断两根导线切割磁感线产生电动势的方向，求出回路中的总电动势，然后即可求出回路中的电流和安培力变化情况．

本题关键要理解磁通量的概念，如有磁场两种方向穿过线圈时，要按抵消的磁感线条数来确定磁通量．要掌握导体切割磁感线感应电动势公式E=BLv，明确两个电动势方向相同时相互串联，要正确选择相关定则判断感应电流的方向和安培力方向，对于这些基本规律要加强理解和应用．【解析】0Wb；2BLv0；逆时针；水平向左19、略

【分析】解：游标卡尺的主尺读数为5.0cm=50mm；游标读数为0.05×3mm=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm．

螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm；可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为：4.5mm+0.200mm=4.700mm，由于需要估读因此在范围4.699-4.703mm内均正确．

故答案为：50.15；4.700

游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数；不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．

解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．【解析】50.15；4.70020、(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

负正

(4)

奥斯特

【分析】(1)

【分析】

当一电量增大为原来的3

倍，根据点电荷库仑力的公式F=kQqr2

可以求得改变之后的库仑力的大小.

同理当将它们之间的距离减小为原来的12

倍，根据点电荷库仑力的公式F=kQqr2

可以求得改变之后的库仑力的大小。本题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同时理解控制变量法的思路。【解答】

由点电荷间库仑力的公式F=kQqr2

可以得到；当一电量增大为原来的3

倍，库仑力将变为原来的3

倍；

当将它们之间的距离减小为原来的12

倍，依据点电荷间库仑力的公式F=kQqr2

可以得到；它们之间静电力的大小将变为4

倍；

故填：3F4F

(2)

【分析】

静电对人类有利的方面要加以利用，对人类有危害的方面要避免和防止；油罐车拖一条铁链、飞机机轮用导电橡胶制成、织地毯时夹一些不锈钢丝都是为了防止静电的危害.

而静电复印是利用静电为人类服务。本题是常识性问题，考查对静电现象的了解程度，小高考的能力要求，比较简单。【解答】

A.电视荧屏上常有一层灰尘，是静电对灰尘的吸引，是有害的;

B.下雨天，云层带电打雷，有静电，不能在高大树木下避雨防止触电，是有害的；C.利用静电吸附；将涂料微粒均匀地喷涂在接地金属物体上，属于静电的应用，是有利的；

D.复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉成在鼓上，属于静电的应用，是有利的；E.利用静电把空气电离；除去烟气中的粉尘，属于静电的应用，是有利的；

故填：ABCDE

(3)

【分析】b

粒子做直线运动，表明b

粒子不受洛伦兹力，b

粒子不带电，根据ac

粒子的偏转方向，由左手定则可判断其带电性。本题考查左手定则，知道磁场方向和粒子运动方向，判断带电性质，基础题。【解答】

b

粒子做直线运动，表明b

粒子不受洛伦兹力，b

粒子不带电；由左手定则可知；a

粒子带负电，c

带正电。

故填：负正(4)

【分析】

奥斯特首先发现了电流的磁效应；根据各位科学家的物理学成就解答。对于物理学家的成就要记牢，不能张冠李戴，这也是考试考查内容之一。【解答】

奥斯特最先发现电流周围存在磁场。故填：奥斯特

【解析】(1)3F4F

(2)ABCDE

(3)

负正(4)

奥斯特

21、略

【分析】解：波长娄脣=2.0m

周期T=娄脣v=1.0s

振幅A=5cm

．

则有：娄脴=2娄脨T=2娄脨rad/s

．

则x=1.0m

处质点振动的函数表达式为：y=5sin2娄脨t(cm)

．

n=tT=4.51.0=4.5

则4.5s

内路程为：s=4nA=90cm

．

x=2.5m

处质点在t=0

时位移为：y=5cm

．

则经过4.5

个周期后该质点位移为：y=5sin2娄脨隆脕0.252=鈭�2.52cm

即t=4.5s

时刻该质点的位移为：y=鈭�2.52cm

．

故答案为：y=5sin2娄脨t90鈭�2.52

．

根据上下坡法知；x=1.0m

处的质点初始时刻向上振动，通过图象得出波长；振幅，根据波速和波长求出周期，从而得出圆频率，写出振动的函数表达式．

抓住质点在一个周期内的路程等于4

倍的振幅求出质点在0隆芦4.5s

内通过的路程.

通过波的周期性；求出t=4.5s

时的位移．

解决本题的关键知道波速、波长、周期以及圆频率的关系，知道波的周期性，以及知道质点在一个周期内的路程等于4

倍的振幅．【解析】y=5sin2娄脨t90鈭�2.52

22、略

【分析】(1)光是横波，选项A错；激光在介质中的波长为λ＝不同介质n不同，所以波长不同，选项B错；产生干涉的条件是频率相同，选项C错；利用激光平行度好的特点可以测量月球和地球之间的距离，选项D正确．(2)因为＝即半波长的奇数倍，所以出现暗条纹．根据条纹间距公式Δx＝λ，当单色光的波长变长时，条纹间距变宽．【解析】【答案】(1)D(2)暗条纹变宽23、GJ【分析】