2025年冀教新版高三物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教新版高三物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、压敏电阻的阻值R随所受压力的增大而减小．某兴趣小组利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图甲所示．将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体A，电梯静止时电压表示数为U0，电梯在某次运动过程中，电压表的示数变化情况如图乙所示，下列判断中正确的是（）A.电梯可能匀速上升B.电梯可能变加速上升C.电梯可能匀减速下降D.电梯可能匀减速上升2、电子的电量为e，质量为m，进入电场被加速，经过电势差为U的a、b两点；末速度为v，此过程电子增加的动能为（）

A.eU

B.eU+

C.

D.

3、【题文】在水面下面同一深处有两个点光源P、Q，能发出不同颜色的光，当它们发光时，在水面上看到P光照亮的水面区域大于Q光，以下说法正确的是A.P光的频率大于Q光B.P光在水中的传播速度小于Q光C.P光照射某种金属恰能发生光电效应，则Q光照射同种金属也一定能发生光电效应D.让P光和Q光通过同一双缝干涉装置，P光条纹间的距离小于Q光4、【题文】如图所示；理想变压器原线圈接在电压恒定不变的交变电源上，副线圈接有两个灯泡L1；L2

和一个电阻R。开始时；开关S是断开的。现将S闭合，则（）

A.副线圈两端的输出电压减小B.L1变暗C.原线圈的输入电流增大D.交变电源的输出功率将增大5、【题文】单摆的周期在下述情况下会变大的有：（）A.摆锤质量增大B.摆长减小C.单摆从赤道移到北极D.单摆从海平面移到高山6、下列叙述正确的是()A.施力物体同时一定是受力物体B.作用力与反作用力可能是一对平衡力C.一对平衡力一定是同一种性质的力D.物体的速度越大，其惯性越大7、如图所示，电源电动势为E，内电阻为r，平行板电容器两金属板水平放置，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、电荷量为q的油滴处于静止状态，G为灵敏电流计．以下说法正确的是（）A.若滑动变阻器滑动触头向上移动，则油滴仍然静止，G中有a→b的电流B.若滑动变阻器滑动触头向下移动，则油滴向下加速运动，G中有b→a的电流C.若滑动变阻器滑动触头向上移动，则油滴向上加速运动，G中有b→a的电流D.若将S断开，则油滴仍保持静止状态，G中无电流评卷人得分二、双选题(共9题，共18分)8、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C9、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键10、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种11、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}12、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡13、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共6题，共12分)14、质量为4kg的物体以5m/s的初速度沿着斜面向下做匀减速直线运动，经10s滑至最低点，且速度为零，则这个物体所受合外力的大小为____N，方向为____．15、某汽车的质量为5000kg，发动机的额定功率为36kW，在水平公路上匀速行驶时所受阻力为2400N，则汽车行驶中能达到的最大速度为____m/s；此汽车以额定功率启动，速度达到v=10m/s时的加速度大小为____m/s．16、（1）理论联系实际是物理学科特点之一．以下给出的几组表述中，实际应用与相应的物理理论相符合的是____

①干涉法检查平面的平整度应用了光双缝干涉原理。

②伦琴射线管应用了光电效应原理。

③光纤通信应用了光的折射原理。

④光谱分析应用了原子光谱理论。

⑤立体电影应用了光的偏振理论。

A．①②B．②③C．③④D．④⑤

（2）如图1所示，将刻度尺直立在装满某种透明液体的宽口瓶中（液体未漏出），从刻度尺上A、B两点射出的光线AC和BC在C点被折射和反射后都沿直线CD传播，已知刻度尺上相邻两根长刻度线间的距离为1cm，刻度尺右边缘与宽口瓶右内壁间的距离d=2.5cm，由此可知，瓶内液体的折射率n=____（可保留根号）．

（3）如图2所示；一横波的波源在坐标原点，x轴为波的传播方向，y轴为振动方向．当波源开始振动1s时，形成了如图所示的波形（波刚传到图中P点）．试画出波传到Q点时OQ之间的波形．

17、【题文】在匀强磁场中，有一段5cm的导线和磁场垂直．当导线通过的电流是lA时，受磁场的作用力是0.1N，那么磁感应强度B=_______T；18、（2016•徐汇区一模）在“用DIS描绘电场的等势线”的实验中；电源通过正负电极在导电物质上产生的稳定电流分布模拟了由二个等量导种点电荷产生的静电场．

（1）给出下列器材，电源应选用____（选填“6V的交流电源”或“6V的直流电源”），探测等势点的仪器应选用____（选填“电压传感器”或“电流传感器”）．

（2）如图在寻找基准点1的等势点时，应该移动探针____（选填“a”或“b”），若图示位置传感器的读数为正，为了尽快探测到基准点1的等势点，则逐渐将该探针向____（选填“右”或“左”）移动．19、在汤姆孙发现电子后，对于原子中正负电荷的分布的问题，科学家们提出了许多模型，最后他们认定：占原子质量绝大部分的正电荷集中在很小的空间范围内，电子绕正电荷旋转．此模型称原子的有核模型．最先提出原子有核模型的科学家是____．他所根据的实验是____．评卷人得分四、判断题(共3题，共6分)20、电场力大的地方电场强度一定大．____．（判断对错）21、青藏高原测水沸时的温度：应选用水银温度计和酒精温度计．____．（判断对错）22、物体的速度越大，则加速度越大，所受的合外力也越大．____．评卷人得分五、证明题(共3题，共27分)23、电磁弹是我国最新研究的重大科技项目，原理可用下述模型说明．如图甲所示，虚线MN右侧存在竖直向上的匀强磁场，边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上，电阻为R，质量为m，ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界．t=0时起磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B0+kt（k为大于零的常数）．空气阻力忽略不计．

（1）求t=0时刻；线框中感应电流的功率P；

（2）若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框，如图乙所示，在线框上加一质量为M的负载物，证明：载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．24、宇航员驾驶一飞船在靠近某行星表面附近的圆形轨道上运行，已知飞船运行的周期为T，行星的平均密度为试证明（万有引力恒量G为已知，是恒量）25、证明推导题：

试用运动学公式和牛顿定律证明：物体在光滑斜面上下落过程中机械能守恒．评卷人得分六、实验探究题(共1题，共6分)26、图(a)

为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中E

是电池；R1R2R3R4

和R5

是固定电阻，R6

是可变电阻；表头的满偏电流为250娄脤A

内阻为480娄赂.

虚线方框内为换挡开关，A

端和B

端分别与两表笔相连。该多用电表有5

个挡位，5

个挡位为：直流电压1V

挡和5V

挡，直流电流1mA

挡和2.5mA

挡，欧姆隆脕100娄赂

挡。

(1)

图(a)

中的B

端与______(

填“红”或“黑”)

色表笔相连接。

(2)

关于R6

的使用；下列说法正确的是______(

填正确答案标号)

A.在使用多用电表之前；调整R6

使电表指针指在表盘左端电流“0

”位置。

B.使用电压挡时；调整R6

使电表指针尽可能指在表盘左端电压为“0

”位置。

C.使用电流挡时；调整R6

使电表指针尽可能指在表盘右端电流最大位置。

D.使用欧姆挡时；先将两表笔短接，调整R6

使电表指针指在表盘右端电阻“0

”位置。

(3)

换挡开关接1

时；对应的档位是，换挡开关接3

时，对应的档位是______

A.直流电压1V

挡。

B.直流电压5V

挡。

C.直流电流1mA

挡。

D.直流电流2.5mA

挡。

E.欧姆隆脕100娄赂

挡。

(4)

某次测量时该多用电表指针位置如图(b)

所示。若此时B

端是与“1

”相连的，则多用电表读数为______(

结果保留3

位有效数字)

若此时B

端是与“3

”相连的，则读数为______。参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、B【分析】【分析】从U-t图象读出压敏电阻的电压随时间的变化情况，根据压敏电阻的特性，判断压敏电阻所受压力的变化情况，结合超失重的知识，确定加速度怎样变化，来判断电梯的运动状态．【解析】【解答】解：A；电梯匀速上升时；压敏电阻所受压力等于重力不变，其电压不变，与图象反映的情况不符．故A错误．

B；电梯变减速上升时；其加速度向下，根据牛顿第二定律，压敏电阻所受压力小于重力，则其电压逐渐增大，与图象情况相符，故B正确．

C；电梯匀减速下降时；加速度不变，压敏电阻所受压力不变，其电压不随时间而变化，与图象意义不符．故C错误．

D；电梯变减速下降时；压力大于重力，由其特性知，其电压逐渐减小．与图象的意义不相符．故D错误．

故选：B．2、A【分析】

由动能定理可知；带电粒子在电场中动能的改变量等于电场力所做的功，故应等于eU；

故选A．

【解析】【答案】带电粒子在电场中加速；由动能定理可求得电子增加的动能．

3、A|B|D【分析】【解析】分析：在同一深度两光源发光的水面区域不同；则说明它们的临界角不同，从而确定它们的折射率．由c=nv可得两根光线在水中的速度与折射率成反比；再由v=λf得波长与速度成正比的关系．

解答：解：A；由题意可知：P光照亮的水面区域大于Q光；则P的临界角大于Q，所以P的折射率小于Q的，那么P在水中的速度大于Q，P光的频率也小于Q光．故A错误；

B；由题意可知：P光照亮的水面区域大于Q光；则P的临界角大于Q，所以P的折射率小于Q的，那么P在水中的速度大于Q．故B错误；

C；由题意可知：P光照亮的水面区域大于Q光；则P的临界角大于Q，所以P的折射率小于Q的，那么P光的频率小于Q，故P光的能量小于Q，故C正确；

D；由题意可知：P光照亮的水面区域大于Q光；则P的临界角大于Q，所以P的折射率小于Q的，那么P在水中的速度大于Q．则P光的波长比Q长，让P光和Q光通过同一双缝干涉装置，P光的相邻条纹间距大于Q．故D错误；

故选：ABD

点评：在同一深度两光源发光的水面区域不同，从而确定它们的折射率．则可以假设P是红光，Q是紫光，所以利用红光与紫光的特性做出判断．【解析】【答案】ABD4、B|C|D【分析】【解析】理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定的；由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以A错误；

当S接通后，两个灯泡并联，电路的电阻减小，副线圈的电流变大，所以通过电阻R的电流变大，电压变大，那么并联部分的电压减小，所以通过灯泡L1的电流减小；所以B正确；

由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的电阻减小了，输出的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大，所以CD正确；故选BCD．【解析】【答案】BCD5、D【分析】【解析】由单摆周期公式可以看出：周期T只与及g有关，与摆锤质量无关，从赤道到北极，g增大，从海平面到高山，g减小，所以要使周期变大。应选D。【解析】【答案】D6、A【分析】解：A；力的作用是相互的；施力物体同时一定是受力物体，故A正确。

B；作用力与反作用力大小相等；方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，一对平衡力作用在一个物体上，作用力与反作用力不可能是一对平衡力，故B错误。

C；一对平衡力不一定是同一种性质的力；例如物体放在水平地面上，受重力和支持力，这两个力不是同一种性质的力，故C错误。

D；惯性的大小只与物体的质量有关；与速度无关．故D错误。

故选A．【解析】【答案】A7、C【分析】【分析】油滴原来处于静止状态，重力与电场力平衡．G电路稳定时，电容器的电压等于变阻器两端的电压．当滑片P向上移动的过程中，变阻器的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，油滴向上做加速运动．电容器充电，G中有从b到a的电流．当滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，电容器放电，G中有从a到b的电流．将S断开到电路稳定的过程，电容器通过R2和R放电，板间场强逐渐减小，油滴向下运动，G中有从a到b的瞬间电流通过．【解析】【解答】解：A、C、当滑片P向上移动的过程中，变阻器的电阻变大，导致总电流减小，外电压增大，因电阻R1的电压减小，则变阻器的电压增大，且电容器的电压也增大，板间场强增大，油滴向上做加速运动．电容器充电，G中有从b到a的电流；故A错误；C正确；

B、当滑片P向下移动的过程中，油滴向下加速运动，电容器放电，G中有从a到b的电流；故B错误．

D、将S断开到电路稳定的过程，电容器通过R2和R放电，板间场强逐渐减小，油滴向下运动，G中有从a到b的瞬间电流通过；故D错误．

故选：C．二、双选题(共9题，共18分)8、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D9、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}10、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}11、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}12、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}13、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共6题，共12分)14、2沿斜面向上【分析】【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体的加速度，根据牛顿第二定律求出合外力的大小和方向．【解析】【解答】解：物体做匀减速运动的加速度大小为：；方向沿斜面向上．

根据牛顿第二定律得，物体所受的合力为：F合=ma=4×0.5N=2N；方向沿斜面向上．

故答案为：2，沿斜面向上．15、150.24【分析】【分析】当汽车以额定功率行驶时，随着汽车速度的增加，汽车的牵引力会逐渐的减小，所以此时的汽车不可能做匀加速运动，直到最后牵引力和阻力相等，到达最大速度之后做匀速运动．【解析】【解答】解：当牵引力和阻力相等时；汽车的速度最大，由P=FV=fV可得；

最大速度为V=m/s=15m/s；

速度达到v=10m/s时汽车的牵引力为；

F=N=3600N；

由牛顿第二定律可得；

F-f=ma；

所以a=m/s2=0.24m/s2．

故答案为：15；0.24．16、D1.2【分析】【分析】题（1）的关键是明确干涉法检查平面的平整度、伦琴射线管、光纤通信、光谱分析以及立体电影的工作原理；（2）题的关键是根据光路可逆做出折射光路图，再由折射定律即可求解折射率；（3）题的关键是求出波速，然后求出从振动P传到Q所用的时间，从而可知P、Q之间的波形．【解析】【解答】解：（1）①干涉法检查平面的平整度应用了薄膜干涉原理；①错误；

②伦琴射线（x射线）是从伦琴射线管阴极发出的高速电子流打到阳极固体上产生的；而不是光电效应的原理，所以②错误；

③光纤通信是利用了光的全反射原理；③错误；

④光谱分析是利用了原子光谱理论；所以④正确；

⑤立体电影是利用了光的偏振原理；⑤正确．

故选D．

（2）根据光路可逆性，设入射角为i，折射角为r，设B点的对称点为，由几何关系可得：sini===，sinr==

所以折射率n=，代入数据解得n==1.2

（3）当波源开始振动1s时，形成了如图所示的波形（波刚传到图中P点）说明波的周期为T=1s，又λ=4m，所以波速v==4m/s，所以从P传到Q的时间为t==s=1.5s；即PQ之间应有1.5个波形，如图所示．

故答案为：（1）D

（2）1.2

（3）如图17、略

【分析】【解析】

试题分析：由于导线与磁场垂直，所以所受安培力为F=BIL，B=F/IL=

考点：考查安培力的计算。

点评：本题难度较小，在用F=BIL求解问题时要注意B与I的方向是否垂直的问题【解析】【答案】218、6V的直流电源电压传感器b右【分析】【分析】（1）直接测量静电场中电势比较困难；本题抓住静电场与恒定电流场相似，用恒定电流场模拟静电场，两电极模拟两个等量异种点电荷；所以要使用直流电源；

（2）此实验用电流场模拟静电场，导电纸上必须形成电流．根据实验的原理进行判断．【解析】【解答】解：（1）本实验是用恒定电流场来模拟静电场；圆柱形电极A接电源正极；圆环电极B接电源负极，可以在AB之间形成电流，产生恒定的电流场，可以用此电流场模拟静电场．所以要使用低压直流电源，即选择6V的直流电源；

本实验的目的是描绘电场等势线；等势面上各点之间的电势差为0，根据两点电势相等时，它们间的电势差即电压为零，来寻找等势点，故使用的传感器是电压传感器．

（2）为了寻找与该基准点等势的另一点，移动探针b的位置；使传感器的显示读数为零．

由于该实验模拟的是静电场的情况，所以其等势面的分布特点与等量异种点电荷的电场的等势面是相似的，点1离A点比较近，所以探针b的等势点的位置距离A要近一些，近似在点1的正上方偏左一点点．由于图中b的位置在点1的左上方；所以为了尽快探测到基准点1的等势点，则逐渐将该探针向右移动一点点．

故答案为：（1）6V的直流电源，电压传感器；（2）b，右19、卢瑟福α粒子散射实验【分析】【分析】卢瑟福根据α粒子散射实验提出了原子的核式结构．【解析】【解答】解：卢瑟福根据α粒子散射实验提出了原子的核式结构；

故答案为：卢瑟福；α粒子散射实验．四、判断题(共3题，共6分)20、×【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=变形得到F与E的关系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根据电场强度的定义式E=得：F=qE

可知电场力与电场强度和电荷量都有关；则电场力大的地方电场强度不一定大，故该判断是错的．

故答案为：×．21、×【分析】【分析】选择温度计的原则是：温度计内测温物质的凝固点应低于被测物体的温度，同时，温度计内测温物质的沸点应高于被测物体的温度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸点为100℃；在青藏高原水的沸点也有80℃多，而酒精的沸点只有78℃，所以不能选择酒精温度计．该说法是错误的．

故答案为：×．22、×【分析】【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．再由牛顿第二定律可知，F=ma，即加速度与合外力的关系．【解析】【解答】解：根据加速度的定义式a=可知；物体的速度越大，则加速度不一定越大；

再由牛顿第二定律可知；F=ma，可知，当加速度越大时，则合外力越大，故是错误的；

故答案为：×．五、证明题(共3题，共27分)23、略

【分析】【分析】（1）先计算出线框中感应电动势；再代入功率的公式计算出线框中感应电流的功率P；

（2）先计算出n匝线框中感应电动势，从而计算出安培力的大小，再由牛顿第二定