2025年人教版高三物理下册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教版高三物理下册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、一列火车从张掖开往北京，下列叙述中，指时间的是（）A.火车在早上5点20分从张掖出发B.列车在下午13点20分到达北京站C.列车在9点45分到达中途的南京站D.列车共运行了32小时2、图甲是线圈P绕垂直于磁场的轴在匀强磁场中匀速转动时所产生的正弦交流电压的图象；把该交流电压加在图乙中变压器的A；B两端．图乙中的变压器为理想变压器，已知电压表的示数为4.0V，交流电流表和交流电压表均为理想电表，电阻R=2Ω，其他各处电阻不计，以下说法正确的是（）

A.在t=0.2s和0.4s时，穿过线圈P的磁通量最小B.电流表的示数为0.6AC.变压器原线圈Ⅰ和副线圈Ⅱ的匝数比为2：5D.电流在R上的电功率是8W3、已知拱桥的半径为40m，如果使汽车行驶至桥顶时对桥压力恰为零，则汽车的速度为（）A.10m/sB.20m/sC.15m/sD.30m/s4、如图为包含某逻辑电路的一个简单电路图，L为小灯泡．光照射电阻R′时，其阻值将变得远小于R，小灯泡L发光。则该逻辑门是（）A.与门B.或门C.非门D.与非门5、甲乙两小分队进行代号为“猎狐”的军事演习，指挥部队通过现代通信设备在荧屏观察到两小分队的行军路线如图所示．两小分队从同一位置O同时出发，发最后同时捕“狐”于A处，则（）A.两队行军位移s甲＞s乙B.两队行军平均速度v甲＞v乙C.两队都是直线运动D.两队行军平均速率v甲＞v乙6、下列图示的是磁场B，电流I和安培力F的相互关系，其中正确的是（）A.B.C.D.评卷人得分二、填空题(共9题，共18分)7、（2013•上海模拟）如图所示实验装置可实现原子核的人工转变，当装置的容器内通入气体B时，荧光屏上观察到闪光．图中气体B是____，使荧光屏出现闪光的粒子是____．8、带电粒子（不计重力）以速度v0垂直于电场线方向飞入两带电平行板产生的匀强电场时，受到恒定的电场力作用而做____运动；粒子沿初速度方向做____运动，沿电场方向做____运动．9、一个质点沿x轴运动，开始时位置为x0=2m，第1s末位置为x1=3m，第2s末位置为x2=1m，那么，在第1s内质点的位移为____m，在第2s内质点的位移为____m．10、【题文】如图13所示，轻质杠杆OA的中点悬挂一重G＝60N的物体，在A端施加一竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，则F＝____N。保持F的方向不变，在将杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中，力F将____（变大/不变/变小）

11、从10m高空由静止开始下落的水滴，在下落过程中，水滴重力势能的42%转化为水的内能使水的温度升高，则水滴落下后温度升高____℃．（已知水的比热容c=4.2×103J/kg•℃，g=10m/s2）12、（2011春•山西期中）如图所示的电路中，R=1Ω，B=0.2T，金属杆ab接入电路的电阻为1Ω，用一力F拉着杆以v=10m/s的速度做匀速运动．导轨光滑，两导轨间的距离为0.5m，其它阻力不计，在拉动过程中导线ab所受的安培力为____，金属杆ab两端间的电势差为____．13、人的心脏跳动时会产生一股强度变化的生物电，心电图仪是用来记录心脏生物电变化规律的装置．甲、乙两人在同一台心电图仪上作出的心电图分别如图中的甲、乙所示，医生通过测量后记下甲的心率是60次/分（心率指的是每分钟心脏跳动的次数）．则该心电图仪的图纸移动的速度大小为____mm/s，乙的心率为____次/分．

14、（2013秋•丹寨县校级期中）如图所示，从高出地面3m的位置向上抛出一个小球，它上升5m后回落，最后达到地面，以抛出点为原点，向上方向为正，则小球落地点的坐标X=____m，小球全过程的位移是____m，如果取地面为坐标原点，向上方向为正，小球全过程的位移又是____m．15、在做水波通过小孔衍射的演示实验时，激发水波的振子振动频率为5Hz，水波在水槽中传播速度为0.05m/s，为使实验效果更明显，使用小孔直径d应____m．评卷人得分三、判断题(共5题，共10分)16、电场力大的地方电场强度一定大．____．（判断对错）17、电视机的显象管中电子束每秒进行50场扫描____．18、坐标系都是建立在参考系上的．____．（判断对错）19、液体的饱和汽压随温度的升高而增大，是因为饱和汽的体积随温度的升高而增大．____．（判断对错）20、质点是一个理想化模型，实际上并不存在，所以，引入这个概念没有多大意义．____．评卷人得分四、实验探究题(共4题，共12分)21、某同学在“测定金属的电阻率”的实验中；主要步骤如下：

①用多用电表粗略测量金属丝的电阻值；

②用米尺测量金属丝的有效长度L；

③用螺旋测微器测量金属丝直径d；

④用伏安法测量该金属丝的电阻；

⑤根据测得的数据；计算金属丝电阻率的表达式．

根据题目要求完成下列问题：

（1）步骤③中测量金属丝直径如图1所示，则d=______mm．

（2）步骤④中为了尽可能准确地测量；要使金属丝两端电压从零开始变化，电压表用0～3V量程，电流表用0～0.6A量程（内阻约为10Ω），且采用电流表外接法，请在图2实物图上用笔画线代替导线把电路按要求连接好．

（3）步骤⑤中用测得的金属丝长度L、直径d、金属丝两端电压U、流过金属丝的电流I，计算金属电阻率，其表达式为ρ=______．（用L；d、U、I表示）

（4）步骤④中之所以采用所述方案；是因为该同学在步骤①中已用多用电表粗略测量其阻值，可供选择的操作步骤如下（机械调零已经完成）：

A．观察指针位置；读出电阻阻值。

B．将两表笔直接接触；进行调零。

C．把两表笔与电阻两端接触：

D．将选择开关扳到欧姆挡“×100”处。

E．将选择开关旋到OFF档。

F．将选择开关扳到欧姆挡“×1”处。

请在上述操作中选择需要的步骤并写出合理的顺序：______．22、打点计时器接在50Hz

的交流电源上时，每隔____s

打一个点。做匀变速直线运动的小车拖动纸带穿过打点计时器，纸带上记录的点如图，ABCDE

为5

个计数点，相邻两计数点间有4

个点没标出。已知纸带与A

点相近的一端跟小车相连，由此可知，小车的加速度大小为____m/s2

方向与小车运动方向____(

填“相同”或“相反”)

打C

点时，小车的瞬时速度____m/s(

计算结果均保留三位有效数字)

23、某物理学习小组的同学在研究性学习过程中；用伏安法研究某电子元件R1

的伏安特性曲线．

(1)

首先将多用电表的选择开关旋转到电阻挡“隆脕10

”的位置粗略测量电阻值；电表指针如图1

所示，这时指针所示被测电阻的阻值应为______娄赂.

(2)

现在通过实验描绘这个电子元件的伏安特性曲线；要求多次测量并尽可能减小实验误差，现有电源(

电动势6V

内阻不计)

电流表G(0鈭�500娄脤A

内阻1000娄赂)

定值电阻R0

开关和导线若干，其他可供选用的器材如下：

A.电流表A(0隆芦50mA

内阻约5娄赂)

B.电流表A隆盲(0隆芦0.6A

内阻约为0.2娄赂)

C.滑动变阻器R(0隆芦10娄赂

额定电流1.0A)

D.滑动变阻器R隆盲(0隆芦50娄赂

额定电流0.2A)

垄脵

为了测定该电子元件的电压；可以将电流表G

串联定值电阻的阻值R0=

______娄赂

将其改装成一个量程为6.0V

的电压表；

垄脷

根据题目提供的实验器材，请你设计测量电子元件R1

伏安特性曲线的电路原理图(R1

可用“”表示)(

请画在图2

方框内)

垄脹

为减小测量误差并便于操作，实验中电流表应选用______，滑动变阻器应选用______(

选填器材前的字母)

．24、如图所示，棒AB

的A

端靠在竖直墙壁上，B

端搁在水平地面上，棒长为2m

在棒的中点C

处有一质量m=0.5kg

的小物体被固定在棒上(

小物块和C

点均未画出)

棒的两端可分别沿墙面和地面滑动.

当棒的B

端以v=3m/s

的速度向左匀速滑动，棒与墙面的夹角娄脠

为30鈭�

时；(g=10m/s2)

求：

(1)

此时A

端的速度VA

(2)

此时C

点的速度VC

(3)

此时棒对C

处小物体的作用力有多大？评卷人得分五、证明题(共3题，共30分)25、电磁弹是我国最新研究的重大科技项目，原理可用下述模型说明．如图甲所示，虚线MN右侧存在竖直向上的匀强磁场，边长为L的正方形单匝金属线框abcd放在光滑水平面上，电阻为R，质量为m，ab边在磁场外侧紧靠MN虚线边界．t=0时起磁感应强度B随时间t的变化规律是B=B0+kt（k为大于零的常数）．空气阻力忽略不计．

（1）求t=0时刻；线框中感应电流的功率P；

（2）若用相同的金属线绕制相同大小的n匝线框，如图乙所示，在线框上加一质量为M的负载物，证明：载物线框匝数越多，t=0时线框加速度越大．26、证明推导题：

试用运动学公式和牛顿定律证明：物体在光滑斜面上下落过程中机械能守恒．27、一物体做初速度为v0的匀加速直线运动，加速度为a，经过时间t速度达到vt，试证明物体经过时刻的速度等于这段时间内的平均速度，还等于．参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】时间是指时间间隔，对应的是过程；而时刻是指时间点，对应的是一个瞬间，分析各说法可知正确答案．【解析】【解答】解：A；5点20对应的指火车发车的状态；故5点20为一时刻，故A错误；

B；列车到站是种状态；故13点20分指时刻，故B错误；

C；列车到站是种状态；故9点45分是指时刻，故C错误；

D；列车运行32小时是指过程；故32小时为时间，故D正确；

故选：D．2、D【分析】【分析】电表读数为交流电有效值，不能与瞬时值混淆，输出功率也是用有效值计算P=U2I2．电流表读数可根据公式电流与匝数成反比求得．【解析】【解答】解：A；由图象可知；在t=0.2s、0.4s时，电压最小；此时是磁通量的变化率最小，此时穿过线圈的磁通量最大，所以A错误；

BC、因输入电压有效值为10V，输出电压为4V，故变压器原副线圈的匝数之比为：=；电流表读数：因I2==2A由电流与匝数成反比得I1=×2=0.80A；所以电流表读数为0.80A，所以BC错误；

D、电流在R上的电功率P=I2R=4×2=8W；故D正确；

故选：D．3、B【分析】【分析】压力为零时，重力提供向心力，根据向心力公式即可求解．【解析】【解答】解：当汽车在最高点对拱桥的压力为零时，重力提供向心力，根据牛顿第二定律：mg=m

解得：v=；故B正确．

故选：B4、C【分析】【解析】试题分析：光照射电阻R′时，其阻值将变得远小于R，门电路输入端处于低电势，小灯泡L发光。说明则该逻辑门是非门，选项C正确考点：考查逻辑门电路【解析】【答案】C5、D【分析】【分析】由图象可知两队的行军位移和路程，由平均速度公式可得出平均速度的大小关系．【解析】【解答】解：A；由图可知；两队最终的位置相等，故经过的位移相等，故平均速度相等；而甲的路程比乙的大，故甲的平均速率大于乙的平均速率，故AB错误；D正确；

C；图象描述的是行军路线图；不是直线运动，故C错误；

故选：D．6、B【分析】【分析】熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．【解析】【解答】解：A；该图中电流的方向与磁场的方向平行；电流不受到安培力的作用．故A错误；

B；电流的方向向里；让磁场垂直于掌心选项穿过，根据左手定则可得，安培力的方向垂直于电流斜向下．故B正确；

C；根据左手定则可得；安培力的方向向下．故C错误；

D；根据左手定则可得；安培力的方向垂直于B斜向上，故D错误；

故选：B．二、填空题(共9题，共18分)7、氮气质子【分析】【分析】卢瑟福用α粒子轰击氮核发现质子，并首次实现原子核的人工转变．【解析】【解答】解：该装置是卢瑟福第一次完成了原子核的人工转变并发现了质子的实验装置，图中气体B是氮气，核反应方程为24He+714N→817O+11H；可知使荧光屏出现闪光的粒子是质子．

故答案为：氮气，质子．8、类平抛匀速直线匀加速直线【分析】【分析】带电粒子（不计重力）以速度v0垂直于电场线方向飞入两带电平行板产生的匀强电场时，只受电场力，电场力与初速度垂直，是曲线运动，沿着平行初速度方向和垂直初速度方向正交分解，通过研究分运动来研究合运动．【解析】【解答】解：带电粒子（不计重力）以速度v0垂直于电场线方向飞入两带电平行板产生的匀强电场时；受到恒定的电场力作用而做类似平抛运动；粒子沿初速度方向做匀速直线运动，沿电场方向做匀加速直线运动；

故答案为：类平抛；匀速直线；匀加速直线．9、1-2【分析】【分析】某一段时间内的位移等于末位置的坐标减去初位置的坐标，即△x=x末-x初．正负表示方向．【解析】【解答】解：在第1s内质点位移△x1=x1-x0=3-2m=1m；大小为1m，方向沿x轴的正方向．

在第2s内质点位移△x2=x2-x1=1-3m=-2m；大小为2m，方向沿x轴的负方向．

故答案为：1，-2．10、略

【分析】【解析】分析：（1）在A位置如图；OA；OC为动力F和阻力G的力臂，知道C是OA的中点，也就知道两力臂的大小关系，知道阻力G的大小，利用杠杆的平衡条件求动力F的大小；

（2）在B位置；画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力F的大小变化情况．

解：（1）如图，杠杆在A位置，LOA=2LOC；

∵杠杆平衡；

∴FLOA=GLOC；

∴F==30N．

（2）杠杆在B位置；OA′为动力臂，OC′为阻力臂，阻力不变为G；

∵△OC′D∽△OA′B；

∴

∵杠杆平衡；

∴F′LOA′=GLOC′；

∴F′=．

由此可知当杠杆从A位置匀速提到B位置的过程中；力F的大小不变．

故答案为：30，不变．【解析】【答案】30N不变11、0.0095【分析】【分析】设一滴水的质量为m，故根据水滴的质量得出水滴的重力大小和下落10m所做的功；最后根据转化成的内能和热量的计算公式Q=cm△t算出水滴升高的温度．【解析】【解答】解：设一滴水的质量为m；故一滴水所受的重力为：

G=mg；

下落10m后；重力做的功为：

W=Gh=mgh；

转化成的内能为：

W1=W×40%=0.4mgh；

由公式Q=cm△t得：

△t==≈0.0095℃．

故答案为：0.0095℃．12、0.05N0.5V【分析】【分析】由公式E=BLv求出ab产生的感应电动势，由闭合电路欧姆定律求出电路中电流，由公式F=BIL求出ab所受的安培力．ab两端的电压是外电压，由欧姆定律求解．【解析】【解答】解：ab产生的感应电动势为：E=BLv=0.2×0.5×10=1V

回路中感应电流为I==A=0.5A

导线ab所受的安培力为F=BIL=0.2×0.5×0.5N=0.05N

金属杆ab两端间的电势差等于R两端电压为：U=IR=0.5×1V=0.5V；

故答案为：0.05N，0.5V．13、2575【分析】【分析】由图直接两列波的波长．由甲图求出心电图机图纸移动的速率v．两张图图纸移动的速率v相同，由速率公式求出频率．【解析】【解答】解：甲图，波长λ甲=25mm，心率是f甲=60次/分=1Hz，所以周期T=1s，电图机图纸移动的速率为：v=λ甲f甲=25mm/s．

由于两张图图纸移动的速率v相同；则有：

λ乙=20mm，乙的心率为=75次/分．

故答案为：25，7514、-3-3-3【分析】【分析】根据坐标的设定，确定地面的坐标值；根据位移的矢量性进行判断；位移是由初位置指向末位置．【解析】【解答】解：以抛出点为原点；向上为正；则地面坐标为-3m；

小球全程的位移为-3m；

取地面为坐标原点；物体的位移仍然向下；故位移仍为-3m；

故答案为：-3；-3；-3．15、≤0.01【分析】【分析】本题考查波发生明显衍射的条件，一般直接比较孔的直径d与水波波长λ的关系即可，当d＜λ时肯定发生明显的衍射．【解析】【解答】解：由发生明显衍射现象的条件知，当d≤λ时满足要求，由v=λf得λ==m；因为d≤λ，所以d≤0.01m．

故答案为：≤0.01三、判断题(共5题，共10分)16、×【分析】【分析】根据电场强度的定义式E=变形得到F与E的关系式，再分析即可．【解析】【解答】解：根据电场强度的定义式E=得：F=qE

可知电场力与电场强度和电荷量都有关；则电场力大的地方电场强度不一定大，故该判断是错的．

故答案为：×．17、√【分析】【分析】根据显像原理：显像管尾部的电子枪发射的电子束被加速和控制后呈扫描状轰击屏幕上的荧光粉，使屏幕发光，结合交流电的频率，即可求解．【解析】【解答】解：电子枪发射电子束击在显像管的屏幕上的彩色茧光粉上；它的电子束是逐行扫描的，速度非常的快，肉眼是看不出来的，电子束扫描的方向主是靠显像管管颈上的偏转线圈来控制的，交流电的频率为50赫兹，因此电子束能在1秒内，打在荧光屏上50场画面，所以显象管中电子束每秒进行50场扫描；

故答案为：√．18、√【分析】【分析】建立坐标系的意义是为了定量描述质点的位置变化，要根据问题的实际需要，建立合适的坐标系，沿直线运动建立直线坐标系，在平面上运动，建立平面直角坐标系．【解析】【解答】解：建立坐标系是为了定量描述物体的位置和位置的变化；坐标系都是建立在参考系上的，没有参考系则坐标系无法建立，所以该说法是正确的．

故答案为：√19、×【分析】【分析】与液体处于动态平衡的蒸气叫饱和蒸气；反之，称为不饱和蒸气．饱和蒸气压强与饱和蒸气体积无关！在一定温度下，饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，这个压强叫做饱和蒸气压强．同温下未饱和蒸气压强小于饱和蒸气压强．【解析】【解答】解：在一定温度下；饱和蒸气的分子数密度是一定的，因而其压强也是一定的，与体积无关；故密闭容器中某种蒸汽开始时若是饱和的，保持温度不变，增大容器的体积，稳定后蒸汽的压强不变；液体的饱和汽压随温度的升高而增大，是因为随温度的升高液体蒸发的速度加快．所以该说法是错误的．

故答案为：×20、×【分析】【分析】质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，故实际上并不存在，质点虽然忽略物体的形状和大小但保留了物体其它的性质，故不同于几何中的点，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点，与物体的体积的大小无关．【解析】【解答】解：质点是一个理想化模型；实际上并不存在，质点是人们为了研究问题的方便而忽略物体的形状和大小而人为引入的一个理想化模型，只要物体的形状和大小对研究问题没有影响或者影响可以忽略不计时物体就可以当作质点．故说法错误．

故答案为：×．四、实验探究题(共4题，共12分)21、略

【分析】解：（1）螺旋测微器的固定刻度为0.5mm；可动刻度为18.0×0.01mm=0.180mm，所以最终读数为：0.5mm+0.180mm=0.680mm；

（2）要使金属丝两端电压从零开始变化；则滑动变阻器采用分压式接法，电压表用0～3V量程，电流表用0～0.6A量程（内阻约为10Ω），且采用电流表外接法，连接实物图如图所示；

（3）由金属丝横截面积欧姆定律可得解得ρ=

（4）多用表中利用欧姆表测电阻的步骤是先用选择开关选择倍率；欧姆表调零、开始测量、读出电阻值、最后将欧姆表选择开关旋至OFF档或交流电压最高档；由于步骤④采用电流表外接法；说明金属丝电阻较小，选用欧姆表×1倍率即可；故实验的合理顺序是：FBCAE；

故答案为：（1）0.680；（2）如上图所示；（3）（4）FBCAE．

（1）螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数；在读可动刻度读数时需估读；

（2）根据实验要求连接实物图即可；

（3）应用电阻定律可以推导出金属的电阻率；

（4）欧姆表测电阻的步骤是先用选择开关选择倍率；欧姆表调零、开始测量、读出电阻值、最后将欧姆表选择开关旋至OFF档或交流电压最高档；

螺旋测微器固定刻度与可动刻度的示数之和是螺旋测微器的示数，对螺旋测微器读数时要注意估读；在测量金属丝的电阻时，首先要考虑安全，其次准确，最后操作方便，连接实物图时注意正负极不要接反；熟练掌握多用表的使用，不管测量电流、电压还是电阻都需要进行机械调零，而测量电阻时多了一个步骤：欧姆调零，而且换一个倍率要重新进行欧姆调零，这里特别容易忘记．【解析】0.680；FBCAE22、0.020.740相反0.472​【分析】【分析】根据匀变速直线运动的推论公式鈻�x=aTtrianglex=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上CC点时小车的瞬时速度大小；

要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用。【解答】交流电的频率为50Hz50Hz，则打点周期为0.02s0.02s相邻两计数点的时间为T=0.1sT=0.1s由逐差法得加速度为a=xDE鈭�xAB3T2=0.0361鈭�0.05833隆脕0.01m/s2=鈭�0.740m/s2a=dfrac{{x}_{DE}-{x}_{AB}}{3{T}^{2}}=dfrac{0.0361-0.0583}{3隆脕0.01}m/{s}^{2}=-0.740m/{s}^{2}方向与小车运动方向相反；根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上AB

的中间时刻的瞬时速度大小vtAB2=xABT=0.05830.1m/s=0.583m/s

则在C

点的速度为vC=vtAB2鈭�a(T2+T)=0.583m/s鈭�0.740隆脕0.15m/s=0.472m/s

故答案为0.020.020.7400.740相反0.4720.472【解析】0.020.740

相反0.472

​23、略

【分析】解：(1)

选择开关旋转到电阻挡“隆脕10

”；由图示表盘可知，电阻阻值为：12隆脕10=120娄赂

(2)垄脵

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值：R0=UIg鈭�Rg=6500隆脕10鈭�6鈭�1000=11000娄赂

垄脹

电路最大电流约为：I=UR=6120=0.05A=50mA

则电流表应选A，为方便实验操作，滑动变阻器应选择C

垄脷

待测电阻阻值约为120娄赂

电压表内阻约为12000娄赂

电流表内阻约为：5娄赂

电流表应采用外接法，描绘伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：

故答案为：(1)120(2)垄脵11000垄脷

电路图如图所示；垄脹AC

．

(1)

欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．

(2)

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值；

根据题意确定电流表与滑动变阻器的接法；然后作出电路图；

根据电路最大电力与选择电流表；为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器．

本题考查了欧姆表读数、电压表改装、设计电路图、实验器材的选择问题，要掌握常用器材的使用及读数方法；根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是设计电路图的前提与关键；要掌握实验器材的选择原则．【解析】12011000AC

24、略

【分析】

(1)

由速度的合成与分解可以求出A

点沿墙竖直向下的速度大小；要注意的是关联AB

两点的速度是沿AB

方向的分量是相等的．

(2)

分析可知C

点是以墙角为圆心，以棒长一半为半径r=1m

做圆周运动(

斜边的中线等于斜边的一半)

再由速度的合成与分解从而求出C

点的速度．

(3)

由于求出了C

点此该做圆周运动的速度；从而也求出了此刻的向心加速度，而向心加速是由重力和棒对C

物体的作用合力的分量提供，所以求出向心加速度沿竖直方向的分量，再由牛顿第二定律求出棒对C

物体的作用．

本题的靓点在于：垄脵

当杆沿墙下滑时，AB

两点速度是通过沿杆的分量联系起来的，由速度的合成就能求出A

点下滑的速度.垄脷

令人费解的是C

点的运动是圆周运动，由于C

点到墙角的距离不变，则C

点绕墙角做圆周运动.垄脹

此该C

点速度由同上的方向可以求出，则向心加速度能求出，从而也求出沿竖直方向的分量，在此方向上应用牛顿第二定律就能求出棒对C

物体的作用力．【解析】解：(1)

由运动的合成和分解可知B

点此时沿棒方向速度分量为V1=Vsin娄脠

由杆连接特点可知A

点此时沿棒方向速度分量也为V1=Vsin娄脠

则A

点此时速度VA=VIcos娄脠=Vtan娄脠=33V=3m/s

方向沿竖直墙向下。

(2)

分析可知C

点是以墙角为圆心，以棒长一半为半径r=1m

做圆周运动；VC

方向为该点的切线方。

由杆连接特点可知C

点此时沿棒方向速度分量也为V1=Vsin娄脠

(

或因为B

点始终是匀速运动，则C

点水平方向分速度始终也为V/2)

则可得VC=Vsin娄脠cos娄脠=3m/s

(3)

由于物块随C

做圆周运动